2022-2023学年重庆市三峡名校联盟高二（上）联考物理试卷（附答案详解）.pdf

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1、2022-2023学年重庆市三峡名校联盟高二（上）联考物理试卷1.下列表述符合物理学史事实的是（）A.牛顿发现了万有引力定律B.点电荷模型的建立运用了等效替代法C.库仑用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究D.库仑最早测出了元电荷e的数值2.某电场的电场线如图中实线所示。带电粒子仅在电场力作用下由M点运动到N点，其运动轨迹如图中虚线所示，下列判断正确的是（）A.粒子带负电B.粒子在M点的电势能大于在N点的电势能C.粒子在M点的电势能小于在N点的电势能D.粒子在M点的加速度小于在N点的加速度3.如图所示，一小车停在光滑水平面上，车上一人持枪向车的竖直挡板连续平射，所有子弹全部

2、嵌在挡板内没有穿出，当射击持续了一会儿后停止，则小车（）A.速度为零 B.将向射击方向作匀速运动C.将向射击相反方向作匀速运动 D.无法确定4.质量相等的五个物块在一光滑水平面上排成一条直线，且彼此隔开一定的距离，具有初速度处的第5号物块向左运动，依次与其余四个静止物块发生碰撞，如图所示，最后这五个物块粘成一个整体，则它们最后的速度为（）,%1 2 3 4 5A.vB.最0C-TD-T5.如图所示，直角三角形MP。的NP=90。，直角边MP=2a、QP =3 a,在M点固定一条长直导线，电流方向垂直纸面向里。在。点固定一条长直导线，电流方向垂直纸面向外。两导线中的电流大小均为I,己知无限长的通

3、电直导线产生的磁场中某点的磁感应强度大小可用公式8=是常数、/是导线中的电流强度、，是该点到直导线的垂直距离）表示，则尸点磁M0感应强度的大小为（QQc旧必D 8 td,6a6.如图所示，在匀强电场中，有边长为5cs的等边三角形ABC,三角形所在平面与匀强电场的电杨线平行.。点为该三角形的中心，三角形各顶点的电势分别为a=IV,WB=3V、（pc=5 K,下列说法正确的是（）A.0点电势为4yB.匀强电场的场强大小为8017m,方向由A指 向CC.在三角形4 8 c的内切圆的圆周上的。点电势最低D.将电子由点移到F点，电子的电势能增加了 eV7.如 图 所 示，质量为?的一价正离子从4点射入水

4、平方向的匀强电场，初速度方向与水平方向的夹角。=60.当离子运动到电场中的P点时速度最小（P点未画出），且最小速度为.不计离子重力，下列说法正确的是（）A.电场方向水平向左，UA P=-B.电场方向水平向左，UAP=-nr Ze nr beC.电场方向水平向右，UA P=-D.电场方向水平向右，外=挈8.如图所示，直线A为某电源的U-/图线，曲线B为某小灯泡L的U-/图线的一部分，用该电源和小灯泡L串联起来组成闭合回路时小灯泡L恰能正常发光，下列说法错误的是（）A.此电源的内阻为0.670B.由图可知小灯泡L的额定功率小于6WC.小灯泡心的电阻随两端电压的增大而增大D.把小灯泡心换成阻值恒为1

5、0的纯电阻，电源的输出功率将变小，效率将变低9.平行板电容器充电之后，右侧极板带正电，左侧极板带负电，将右侧极板固定到绝缘支架上，左侧极板接地，手持左侧极板上的绝缘手柄，移动左侧极板，下面说法正确的是（）A.保持正对面积不变，增大两极板间距离，场强减小B.保持正对面积不变，增大两极板间距离，右极板电势升高C.保持两极板间距离不变，减少正对面积，场强变大D.保持两极板间距离不变，减少正对面积，右极板电势降低1 0.如图所示，水平向右的匀强电场中有一绝缘轻杆，带等量异种电荷的小球a、b固定在轻杆两端，两球质量相同。现将两小球从图示实线位置由静止释放，在静电力作用下，两小球绕轻杆中点。转到水平位置。

6、取。点的电势为0,不考虑两小球间相互作用和一切摩擦。该过程中（）A.任意时刻，球”的电势能等于球6的电势能B.球。的电势能增加，球6的电势能减少C.静电力对两小球均做负功D.两小球的总动能增加1 1.用半径相同的两个小球A、B的碰撞验证动量守恒定律，实验装置示意图如图所示，斜槽与水平槽圆滑连接.实验时先不放8球，使4球从斜槽上某一固定点C由静止滚下，落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹.再把8球静置于水平槽前边缘处，让A球仍从C处由静止滚下，4球和B球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹.记录纸上的O点是重垂线所指的位置，若测得各落点痕迹到。点的距离：OM=2.68cm,OP=8.62cm,ON

7、=11.50cm,并知A、8 两球的质量比为2：1,则未放B 球时A 球落地点是记录纸上的 点，系统碰1 2.在一次课外活动中，某物理兴趣小组为了测量电池的电动势和内阻设计了如图（a）所示的两个电路，并在实验室寻找到了下列器材：图（a）电压表U（量程01 5 V,内阻约15k。）；电流表4（量程。0.6 4 内阻约1.00）；电流表人 2（量程01机4内阻40。）；电阻箱&（阻值范围09999。）；滑动变阻器/?2（阻值范围0200，额定电流24）；导线、开关若干。（1）甲同学要测的电池电动势约为3 V,因电压表的量程过大，测量不精确，可用电流表改装。要将电流表改装成0 3U量程的电压表，甲同

8、学选用电流表/，将 其 与 电 阻 箱&（选填“串联”或“并联”），此时电阻箱&的阻值应调至_ _ _ _0。（2）乙同学想要测量某电池的电动势（约3Q 和内阻（约20000。选用合适器材后，应选择最优电路（选 填 A”或B”）进行测量。（3）丙同学测量一节干电池的电动势和内阻，选择合适的电路（电路B）以及器材后进行了测量,得到的一条实验数据拟合线如图的）所示，则该电池的电动势E=V（保留3位有效数字图(b)1 3 .高空作业须系安全带.如果质量为，的高空作业人员不慎跌落，从开始跌落到安全带对人刚产生作用力前人下落的距离为九(可视为自由落体运动).此后经历时间f安全带达到最大伸长，若在此过程中

9、该作用力始终竖直向上，求：(1)整个过程中重力的冲量；(2)该段时间安全带对人的平均作用力大小.1 4 .如图所示是欧姆表的原理示意图，其中，电流表的满偏电流为3 0 0 4 电阻R g =1 0 0 0,调零电阻最大值R =50 k。，串联的定值电阻&=1 0。，电源电动势E =1.5V,内阻r =2 D。(1)欧姆调零后，求接入电路中的电阻R的阻值：(2)当电流是满偏电流的六分之五时，用它测得的电阻是多少？1 5.如图，倾角。=3 0。的足够长光滑绝缘斜面固定在水平向右的匀强电场中，一质量为加、电荷量为+q的小滑块A放在斜面上，恰好处于静止状态。质量也为m的不带电小滑块B从斜面上与4相距为

10、L的位置由静止释放,下滑后与A多次发生弹性正碰，每次碰撞时间都极短，且没有电荷转移，已知重力加速度大小为g。求：(1)斜面对A的支持力大小和匀强电场的场强大小;(2)两滑块发生第1次碰撞到发生第2 次碰撞的时间间隔；(3)在两滑块发生第1次碰撞到发生第5 次碰撞的过程中，A 的电势能增加量。答案和解析1.【答案】A【解析】解：4牛顿在开普勒行星运动研究的基础上发现了万有引力定律，故4正确；8.点电荷模型的建立运用了理想化物理模型法，不是等效替代法，故B错误；C.法拉第用电场线和磁感线形象地描述电场和磁场，促进了电磁现象的研究，故C错误；D密立根通过油滴实验最早测出了元电荷的数值，故。错误.故选

11、：Ao本题根据牛顿、法拉第、密立根的科学发现和理想模型法，即可解答。本题考查学生对基本物理方法、物理学史的掌握，比较基础。2.【答案】B【解析】解：人 由粒子的运动轨迹可知，粒子的受力沿着电场线的方向，所以粒子为正电荷，故A错误；B C、粒从M点到N点的过程中，电场力做正功，故粒子在M点电势能大于在N点的电势能，故C错误，8正确；D、电场线越密的地方电场强度越大，故可得粒子在点的加速度大于在N点的加速度，。错误。故选：B。曲线运动所受合力指向轨迹的凹面；粒从M点到N点的过程中，电场力做正功，电势能减小；电场线密的地方电场的强度大。此题根据物体做曲线运动的条件，掌握住电场线的特点，即可解决本题，

12、特别注意若电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加，难度不大，属于基础题。3.【答案】A【解析】解：整个系统水平方向上不受外力，系统在水平方向动量守恒，由于初动量为零，因此当子弹向右飞行时，车一定向左运动，当子弹簧向入档板瞬间，车速度减为零，因此停止射击时，车速度为零，故A正确，BCD错误；故选：A。以所有子弹和车组成的系统为研究对象，根据动量守恒定律可求得当射击持续了一会儿后停止时小车的速度。子弹从枪口射出到射入挡板的过程中，车向左会发生位移。本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚物体的运动过程是解题的前提，只要分析一颗入射挡板的情况应得到答案，运用动量守恒定律进行分析。4

13、.【答案】B【解析】解：以整体为研究对象，水平方向不受外力，系统在水平方向动量守恒。取向左为正方向，根据动量守恒定律可得：m v0=5mv解得：v=,故 B 正确、AC。错误。故选：B。以整体为研究对象，取向左为正方向，根据动量守恒定律列方程求解。本题主要是考查了动量守恒定律，解答时要首先确定一个正方向，利用碰撞前系统的动量和碰撞后系统的动量相等列方程求解。5.【答案】D【解析】P 点所受的合磁感应强度如图所示:根据磁感应强度公式B=弓，导线M 在 P处 产 生 的 磁 感 应 强 度=3,导线。在 P 处产生的磁感应强度与=根据平行四边形定则，尸点的合磁感应强度协=J/+B尹J 号 尸+勃

14、2=警,故ABC错误，）正确。故选：Do6.【答案】D【解析】解：A、根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，AC中点尸的电势为：pF=空”=3 V,与 B 点电势相等，又/4BC是等边三角形可知，BOF连线与AC垂直，即如=3乙故 4 错误；B、根据BO尸为等势线且垂直AC可知，AC为电场线；根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知，电场方向由C指向A；根据匀强电场中。=Ed可知，E=8 0 V/m,故 8 错误；C、根据沿着电场线方向电势逐渐降低可知，4 点电势最低，故 C错误；D、过 E 点作垂直于A C,交于G 点的线段，如图所示：A由几何关系可得：CG=C，cos60=2.5cm

15、 x 1=1.25cmG F=CF-CG =2.5cm 1.25cm=1.25cm=0.0125m根据=q E xG F 可得：W =-l e V,电场力做负功，电势能增加le匕 故。正确；故选：Do根据匀强电场电势随距离均匀变化（除等势面）的特点，A C 中点的电势为3匕 则 8。尸为一条等势线，C 4 连线即为一条电场线，由A C 间的电势差，由公式U=Ed求出场强大小、方向；根据沿着电场线方向电势逐渐降低，可以判断电势最低点；由电场力做功与电势能的关系，求势能变化。本题考查对匀强电场中两点电势差与两点沿电场方向的距离成正比U=Ed与运用公式勿=qU求解电场力做功的能力，注意平时的积累。7

16、.【答案】B【解析】解：若电场方向水平向右，则正离子受电场力水平向右，初速度方向与力的方向夹角为60。是锐角，离子将一直加速，不会出现在P 点速度最小，故电场方向一定水平向左。如图所示，设粒子的初速度为北，离子做类斜抛运动，电场力沿x 轴正方向，离子的运动可分解为 x 轴方向的匀减速直线运动，分减速到零时离子的速度最小，）轴方向做匀速直线运动，轨迹如图已画好，P 点速度最小。离子从A 到 P 过程中，由动能定理得eU”=2771/-g m 诏把代入式解得 p=-噂故 B 正确，AC。错误。故选：B。离子在匀强电场中做类斜抛运动，离子的运动分解为水平方向的匀减速直线运动，竖直方向的匀速直线运动，

17、根据平行四边形定则求出初速度，用动能定理求解。速度最小时速度方向沿电场的垂直方向，可以把电场力看作重力，离子的运动看成质点的斜上抛运动，方便理解。8.【答案】ABD【解析】解：A、根据闭合电路欧姆定律：U=E-I r,对应电源的U-/图像可得，电源的电动势为E=4叭 内阻为r=一普=一 笈 0=0.5 0,故 A 错误；Zl/Uo8、图像中直线A 与曲线8 的交点表示小灯泡L 与电源连接时的工作状态，由于灯泡正常发光，则知灯泡的额定电压Ui=3 V,额定电流。=2 A,则额定功率为P=UJi=3 x 2W=6 W,故 8错误；C、曲线8 为某小灯泡L 的U-1 图线的一部分，根据欧姆定律可知，

18、此图像上的点与坐标原点的连线的斜率等于灯泡的电阻值，可得小灯泡L 的电阻随两端电压的增大而增大，故 C 正确；D、正常发光时灯泡L 的电阻：R=%=勿=1.50。把灯泡工换成阻值恒为10的纯电阻，可知更换后外电阻更接近电源的内阻，根据电源输出功率与外电阻的关系，可知电源的输出功率将变大；更换后外电阻变小，则电源的路端电压变小，根据电源的效率为：4=x 100%=2x100%,可知效率将变低，故。错误。本题选择说法错误的，故选：ABD.根据电源的U-/图线直接读出电源的电动势，由图线的斜率求出电源的内阻；电源的17-/图线与灯泡的U-/图线的交点表示该灯泡与该电源连接时的工作状态，由图可读出灯泡

19、L的额定电压和额定电流，从而可算出灯泡的额定功率；把灯泡L换成阻值恒为10的纯电阻，分析路端电压的变化，判断电源的输出功率与效率如何变化。本题考查闭合电路欧姆定律和欧姆定律的应用，解决这类问题的关键在于从数学角度理解图象的物理意义，抓住图象的、截距、交点等方面进行分析，更加全面地读出图象的物理内涵。9【答案】BC【解析】解：A、平行板电容器充电之后，电容器带电量不变，根据C=号、C=照、可得U 4nkd a.E=弊，可知增大两极板间距离，场强不变，故A错误；6r38、保持正对面积不变，增大两极板间距离，场强不变，由（/=Ed知电容器两极板间的电势差增大，由于右极板电势比左极板电势高，左极板电势

20、为零，则右极板电势升高，故8正确；C、持两极板间距离不变，减少正对面积，Q不变，由后=当 可知，场强变大，故C正确；。、保持两极板间距离不变，减少正对面积，场强变大，由 =Ed知电容器两极板间的电势差增大，由于右极板电势比左极板电势高，左极板电势为零，则右极板电势升高，故。错误。故选：BCo平行板电容器充电之后，增大两极板间距离，根据C=g、C=品、E=推导出E的表达式，再分析场强E的变化，由（/=Ed分析板间电势差的变化，从而判断右极板电势的变化。保持两极板间距离不变，由E的表达式分析场强的变化，由。=Ed分析右极板电势的变化。对于电容器动态变化分析问题，关键要根据电容的决定式C=/、定义式

21、C=号和场强与电势差的关系式E=:相结合进行分析，同时要抓住不变量,要知道电容器充电后与电源断开电荷量不变。a10.【答案】A D【解析】解：A、如图所示根据。点的电势为0,两小球所在位置水平方向关于。点对称，两点电势一正一负，绝对值相等，两小球带异种电荷，根据Ep=q UB=0,第 1 次碰撞后，A匀速下滑，B匀加速下滑，发生第1 次碰撞到发生第2次碰撞的过程中两滑块下滑的位移相等，所用时间为小 有解得由：(八2)可=4知g，；第 2 次碰撞前瞬间B的 速 度 为 加=un+at,即第2次碰撞前瞬间，两滑块速度分别为：VAI=J gL,V B 1=2ygL,碰撞后速度交换，可得：V A 2=

22、2 匹，J gL，发生第2次碰撞到发生第3 次碰撞的过程中两滑块下滑的位移相等，所用时间为及，有：卜2,2=口32+|a玲VB2=UB2-Clt2.解得：f 2=4与 VB2=即第3 次碰撞前瞬间，两滑块速度分别为%2=2 JgL,VB2=3 JgL,碰撞后速度交换：以3=3 痴 1,如3=2 痴 1,以此类推，每次碰撞后A的速度分别为VA=VA2=2 匹，W3=3yfgL,VAn=nyfgL,相邻两次碰撞的时间间隔7 均相等，且T=出所以，在两滑块发生第1 次碰撞到发生第次碰撞前的过程中,A 的位移为s =VAT+VA IT+-v?l(n -1)T,代入数据得：s=2n(n-l)L(n 2)

23、A的电势能增加量为4E =qE s c o s。，解得4E =m g n(n-l)L(n 2),所以在两滑块发生第1 次碰撞到发生第5 次碰撞的过程中，A 的电势能增加量4E =m g -n(n-1)L=2 0 7n g L。答：(1)斜面对A的支持力大小和匀强电场的场强大小分别为竽m g 和 誓；(2)两滑块发生第1 次碰撞到发生第2 次碰撞的时间间隔为4(3)在两滑块发生第1 次碰撞到发生第5 次碰撞的过程中，A的电势能增加量为2 0,移心【解析】(1)对滑块A受力分析，根据共点力平衡求得支持力和场强；(2)发生碰撞时，根据动量守恒和机械能守恒求得碰撞后的速度，结合运动学公式求得运动时间；(3)每次碰撞后4 8 交换速度，根据运动学公式求得A下滑的位移，根据电场力做功判断出电势能的增加量。本题主要考查了碰撞过程中的动量定理和机械能守恒，明确滑块A和 8 的运动过程，结合运动学公式即可求解。