2021届高考物理模拟预热卷（湖北地区专用）.pdf

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1、2021届高考物理模拟预热卷（湖北地区专用）学校：姓名：班级：考号：注意事项：1、答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2、请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1 .己知四个氢核可聚变成一个氢核，同时放出两个正电子，若未来核电站能使氢完全聚变，则一座1 0 0 万千瓦的核电站每年（r =3.1 5 x l 07s ）大约需要消耗的氢的质量为（氢核的质量为1.0 0 7 8 u,氢核的质量为 4.0 0 2 6 u,1 u 为 1.6 6 x 1 0 2 kg,=6.0 2*1（）2 3 moL）（）A.2 0 k g B.5 0 k g C.1 5 0 k g D.2 0 0 k g2 .如

2、图所示，弹 性 绳（遵循胡克定律）的一端固定在天花板上的。点，另一端悬挂一质量为机的小球，静止时小球位于8点，A 点固定一光滑的小定滑轮，OA=J,AB=l。现对小球施加一沿8 c方向的拉力凡使小球沿B C 缓慢运动到C 点。已知4 B、C 三点刚好组成一个正三角形，D 为B C 的中点，重力加速度为g,则（）*DRA.小球在C 点受到的拉力尸等于小球重力的百 倍B.在D点时弹性绳的弹力大小为:c.该弹性绳的原长为D.从。到 C 的过程中拉力尸可能先减小后增大3.六根通电长直导线垂直纸面平行固定，其截面构成一正六边形，。为六边形的中心，通过长直导线 a、b、c、d、e、/的 电 流 分 别 为

3、%、I,.I”、/$、I6,a、c、e中通过的电流大小相等，尻 小/中通过的电流大小相等，电流方向如图所示。已知通电长直导线在距导线r 处产生的磁感应强度大小为8 =%，,此时。点处的磁感应强度大小为6 8 ,导线。在。处产生的磁感应强度为rB,则移除e 处导线后，e 处的磁感应强度大小为（）A.O B.B C#B D.2B4.如图所示，4 B 两带电小球，带电荷量大小分别为。.、QB,质量分别为叫和啊。用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于。点，静止时A、B 两球处于同一水平线上，NO8A=37。，Z O A B=5 3 ,C 是 4 3 连线上一点且在。点的正下方，C 点的场强为零，A、B 两带电

4、小球均可视为点电荷，sin530=0.8,则下列说法正确的是（）A.A、8 两球的质量之比为9:16B.A、B两球的带电荷量之比为81:256C.同时剪断连接两小球A、B 的细线，A 小球一定先落地D.若在O 点放一带电荷量适当的负电荷，能在两球不动的情况下使两细线的拉力同时为零5.一物块以4m/s的初速度从固定在水平地面上的斜面底端，在沿斜面向上的外力尸作用下运动，物块的动能纥随上滑位移x 的关系如图所示，x=4 m 时撤去外力，以地面为重力势能零势能面,已知斜面倾角。=37。，重力加速度g=10m/s2,则（）A.02 m 内外力尸大小为16N B.物块与斜面间的动摩擦因数为0.75C.0

5、-6 m 内物块机械能最大为64 J D.物块的机械能先增大再不变后减小6.如图所示为初速度沿直线运动的物体的速度图象，其末速度为丫，在时间f 内，物体的平均速度;和加速度”是（）A-咤 空,随,减 小-V+V.B.v=-,”恒;C.u%：v,a 随 f 减小 D.无法确定27.如图所示，倾角为。=30。的斜面上，一质量为67的物块经跨过定滑轮的细绳与一质量为m的小球相连，现将小球从水平位置静止释放，小球由水平位置运动到最低点的过程中，物块和斜面始终静止。运动过程中小球和物块始终在同一竖直平面内，则在此过程中（）A.细绳的拉力先增大后减小 B.物块所受摩擦力逐渐减小C.地而对斜面的支持力逐渐增

6、大 D.地面对斜面的摩擦力先减小后增大缁验证力的平行四边形定则的实验中，某兴趣小组使用传统的木板、图钉、白纸、橡皮条、细绳和弹簧测力计等工具，把木板平放在水平桌面上来做实验。（1）下 列 不 必 要 的 实 验 要 求 是。A.弹簧测力计应在使用前校零B.拉绳方向应与木板平面平行C.为了更方便地验证力的平行四边形定则，最好使两个力小 鸟间的夹角为90D.改变拉力，进行多组实验，每次都要使结点静止在同一位置（2）下 列 实 验 操 作 合 理 的 是。A.记录结点的位置时，应该在结点正下方描一个清晰且尽量大的点B.记录细绳方向时一，应该在细绳正下方相距较远的位置上点两个较小的点C.为了方便操作和

7、作图，可将其中一个弹簧测力计中拉力的方向固定下来，改变另一个弹簧测力计的示数和拉力的方向D.为了减小实验误差，在不超出量程的情况下，应该使弹簧测力计的示数尽量大些（3）兴趣小组在水平放置的木板上很快做完了实验，想尝试在倾斜木板上做实验，（填“能”或“不能”）有效验证力的平行四边形定则。9.传感器是把非电学量（如速度、温度、压力等）的变化转换成电学量的变化的一种元件，在自动控制中有着相当广泛的应用。某研究性学习小组设计了一种温度控制装置，温控开关可采用热敏电阻来控制。（1）先通过实验探究某一热敏电阻的阻值R,随温度f的变化关系。已知该热敏电阻在常温下的阻值约100。现提供以下实验器材：A.控 温

8、 箱（用以调节热敏电阻R,的温度）；B电压表V（量程3 V,内阻约l.O kC）；C.电流表A1（量程50 m A,内阻4=100。）；D.电流表A 2（量 程1 00 m A,内阻为约为40。）；E.滑动变阻器R（阻值变化范围为010。，允许通过的最大电流为2 A）；F.直流电源E（电动势为12 V,内阻很小）；G.开关一只，导线若干。要求用上述器材尽可能精确地测出热敏电阻在不同温度下的阻值，且尽可能多测几组数据，请在图甲虚线框中画出符合要求的实验电路图，并标明所选择器材的符号。（2）学习小组测得热敏电阻的阻值随着温度变化的规律如图乙所示。图甲 图乙 图丙根 据 图 乙 求 出 热 敏 电

9、阻 阻 值 随 温 度 变 化 的 函 数 关 系 为。（3）如图丙所示，当1、2两端所加电压增大至2 V时、控制开关会自动启动加热系统进行加热，请利用下列器材设计一个简单电路，给1、2两端提供电压，要求当温度达到80 时启动温控系统。（不考虑控制开关对所设计电路的影响）提供的器材如下：热敏电阻与（阻值随温度变化规律如图乙所示）；直流电源 （电动势3 V,内阻不计）；定值电阻用=180C,=260。,6=5 2 0。（限选其中之一并在图中标出）；开关S及导线若干。定 值 电 阻 应 选，在图丙虚线框内完成电路原理图。三、计算题10.如图所示，上下粗细不一样的汽缸被轻绳通过活塞竖直吊在空中，汽缸

10、底面积为S,活塞横截面积为9,汽缸上下两部分的长度相同。汽缸侧壁有一个小孔与装有水银的u形轻质细玻璃管相通。2最 初 室 温 为 时，活塞恰好在汽缸上下两部分的分界处，玻璃管内左右水银液面高度差为(U 形管内的气体体积、质量不计)。已知大气压强为为，水银的密度为夕，重力加速度g。不计活塞与汽缸的摩擦。(1)求汽缸的质量M；(2)现对汽缸里的气体缓慢加热，试判断玻璃管内左右两侧水银液面高度差A 是否变化？(3)若继续对汽缸里的气体缓慢加热，请通过计算确定活塞与汽缸分离的临界温度。1 1 .如图所示，粗糙程度不均匀的水平面A B C与半径为R的竖直光滑半圆轨道CDM相切于C点，CM 为半圆的直径，

11、。为圆心，。点是弧CM 的中点，在半圆CDM 下半部分有水平向左的匀强电场，场强大小=臂(g 为重力加速度)。现把可视为质点、质量为2 用的小物块尸置于水平面的A点，并在水平恒力尸(大小未知)的作用下由静止向左运动，运动到8点撤掉水平恒力F,小物块 P恰好运动到C点静止。现把与小物块P材料相同、质量是小物块P质量一半、带电荷量为飞的绝缘小物块。同样置于4点，在同样水平恒力尸作用下也从静止开始向左运动，到 8点撤掉水平恒力F,带电小物块。离开水平面BC后沿着圆弧轨道CO M 运 动 恰 好 能 过 最 高 点 求：(1)小物块Q经过水平面C点时的速度大小；(2)小物块。在半圆轨道CO M 上运动

12、过程中对轨道的最大压力；(3)小物块Q在运动过程中所受摩擦力做的功。1 2 .空间存在间距为L的两边界2 2、M N,M N 为一收集板，在尸。上有一点O,可同时向右侧平面内沿各个方向均匀发射个速度大小为%、质量为机、电荷量为q的带正电粒子。如图甲所示,在边界间加一个方向垂直的匀强电场，电压为。=皿；在边界内加一以。为圆心、半径为qL的匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里，如图乙所示，粒子在磁场中运动的轨迹半径为且L,其3中某个粒子A 出磁场时的速度方向恰好平行于收集板N。不考虑粒子重力和粒子间的相互作用。（1）情况下，要 使 所 有 粒 子 都 被 收 集 到，收 集 板 至 少 有 多 长；（2

13、）情况下，收集板足够大，求先于粒子A飞出磁场的粒子个数以及收集板上的收集效率；（3）情况下，仅改变磁感应强度大小，收集板足够大，求收集板M N 上的收集效率与磁感应强度B的关系式。四、多选题1 3 .如图所示，一玻璃柱体的横截面为半圆形。单色光束从空气射到柱体的0点（半圆的圆心）,产生反射光束1 和折射光束2。已知玻璃柱的折射率为6,入射角为4 5。（相应的折射角为2 4。）。现保持入射光束不变，将半圆柱绕通过。点垂直于纸面的轴线顺时针转过1 5。,如图中虚线所示，则（）WA.光 束 1 转 过 1 5 B.光 束 1 转过3 0 C.光束2 转过的角度小于1 5 D.光束2 转过的角度大于1

14、 5 1 4 .如图所示，两带电荷量均为+4 的点电荷分别固定在A、B两 点,。为 A、B连线的中点，C、D为 4 B连线垂直平分线上的两点，且。点到C、。两点的距离与其到尔B两点的距离相等。以无穷远处电势为零，将一带电荷量也为+口的点电荷。从无限远处移到。点，该电荷电势能增加了W,然后将其沿。C移动到C点并固定，再将一电荷量为-2 q 的点电荷/，从无限远处移动到。点，则（）TC+q一BDA.。、b移入之前，C、。两点的场强大小相等B.从。沿。C移动到C点的过程中，电场力对a做的功为零3 WC.将。固定在C点后，。点电势为丁D.点电荷b从无限远处移到0点的过程中，电势能减小了 L5W15.如

15、图所示，竖直杆A fi在4 B两点通过光滑较链连接两等长轻杆AC和BC,4 c和BC与竖直方向的夹角均为仇轻杆长均为3在C处固定一质量为机的小球，重力加速度为g,在装置绕竖直杆筋转动的角速度”从0开始逐渐增大过程中，下列说法正确的是（）A.当。=0时，AC杆和B C杆对球的作用力都表现为拉力B.AC杆对球的作用力先增大后减小C.一定时间后，AC杆与BC杆上的力的大小之差恒定D.当。时，BC杆对球的作用力为0V L cosd16.2020年7月3 1日，北斗闪耀，泽沐八方。北斗三号全球卫星导航系统（如图甲所示）建成暨开通仪式在北京举行。如图乙所示为55颗卫星绕地球在不同轨道上运动的Ig T-lg

16、 r图象，其 中7为卫星的周期，r为卫星的轨道半径，1和2为其中的两颗卫星。已知引力常量为G,下列说法正确的是（）图甲图乙A.卫 星1和2运动的线速度大小之比为西：x2 B.地球的半径为七C地球质量为4/1铲GD.卫 星1和2向心加速度大小之比为10%:1021参考答案1.答案：B解析：四个氢核聚变成一个氢核亏损的质量约为=4x 1.0078 u-4.0026 u=0.0286 u,释放的能量约为A=A/?-c2=4.27x10*j,1 kg氢含有的氢原子个数为6.02x1026个，全部发生聚变释放的能量约为 =幽心A=6.43xl0 J,则发电站每年大约消耗的氢的质量为4109 X 3.15

17、X107 r m i v t G n T r#tn=-kg=49 kg,则选项 B 正确。6.43 xlO142.答案：C解析：小球在C 点时，结合几何知识对小球进行受力分析可知，此时小球受到的拉力尸=机 8，选项 A 错误；设小球在D点时弹性绳的弹力大小为FT,对小球进行受力分析并沿水平和竖直方向正交分解可得 Fr sin 30=Feos30,Fr cos30+Fsin 30=m g,两式联立可解得 FT=mS，选项 B错误；设弹性绳的原长为/。，则当小球在B 点时，由胡克定律可得A g/-/o)=，咫，在。点时有吟1 +；_。釜两式联立可解得/。=：，选项C 正确；从。到 C 的过程中，设

18、 A 点下方的弹性绳与水平方向的夹角为明 对小球受力分析并沿水平和竖直方向正交分解，在水平方向上有Fcos30=%c o s a,解得F=竿 外 0,因此过程中弹性绳的伸长量越来越大，由 写=履可知弹性绳的弹力用越来越大，而 a 由60。逐渐减小到30,cos。越来越大，可知拉力F 也越来越大，选项D 错误。3.答案：A解析：结合题图可知各导线在。点产生的磁场方向如图1所示，以。、e 中通过的电流大小相等，且 到。点的距离相等，。、c、e 三条导线在。点产生的磁感应强度大小均为B,合磁感应强度大小为 2 3,则 从 小 f 三条导线在。点的合磁感应强度大小为4 3,结合上述分析可知，从 d、f

19、 三条导线中的电流大小是a、&e 三条导线中电流大小的2 倍；去掉e 导线后剩余导线在e 点产生的磁场方向如图2 所示，由8=可知，区=其=2 3,夹 角 为 120,B；=B；力B,夹角为60。，r3B；=B,由平行四边形定则求得e 点的合磁感应强度为0,A 正确。解析：设两小球间库仑力大小为F,对 A球，F =W J|g ta n3 7,对 8球，F =g g ta n5 3 0,两者联立可知 =选项A错误；两个点电荷A、8在 C点的合场强为零，则加 2 9k e 0 八2=k S R，得 察=（辔哆）2=（勿，选 项 B正确；同时剪断连接两小球A、5的细线，在竖直方向两小球A、8均做自由

20、落体运动，两小球是同时落地，选项C错误；若0 A 细线拉力为零，。点放置电荷2,则 左 静 C OS 5 3 =尸，若。8细线拉力为零，。点放置电荷C Z riQ?,则 发 绘 c os3 7 =/,可 得 圣=界，选项D错误。5 .答案：B解析：根据初始时物块的速度和动能可得出物块的质量，=1 kg,x=4m时撤去外力，对物块根据牛顿第二定律有必咫8$6 +,四5 泊6 =,加，根据线-x 图象的斜率表示物块所受合力可知4 6 m内，物块所受合力大小K=m =12N,联立解得=0.7 5,选项B正确；0 2 m内，物块所受合外力为耳=8N,根据受力分析有尸=片+招，解得尸=20N,选 项 A

21、错误；根据线-*图象可知,物块在x=4m处机械能最大，Em=4 m-mgsin0+Ek 4,可得En,=4 8 J,选项C错误；物块的机械能先增大后减小，选项D错误。6 .答案：A解析：图像如图所示：图线的斜率逐渐减小，知加速度随时间减小。连接图线首末两点，该直线表示物体做匀加速直线运动，平均速度1=为 著，因为变加速直线运动图线与时间轴围成的面积大于匀加速直线运动图线与时间轴围成的面积，即变加速直线运动的位移大于匀加速直线运动的位移，时间相等，则平均速度大于匀加速直线运动的平均速度，即:风 署 故A正确，B.C.D错误。2故选A.7.答案：B解析：A.小球向下摆动的过程中，对小球的拉力一直增

22、大，故A错误；B.开始阶段物块所受的摩擦力沿斜面向上，根据平衡条件可得摩擦力大小f =6,叫3 1 1 3 0。=3 8；设滑轮到小球的距离为R,当物块在最低点时,根据动能定理可得，型/?=3初声,根据牛顿第二定律可得尸/咫=加匕，解得在最低点绳子拉力为F=3?g ,此时物块的摩擦力大小为0,所以斜面对物块R的摩擦力一直减小，故8正确；CD,对物块和斜面组成的整体分析可知，拉物体的绳子拉力在竖直方向的分力一直增大，在水平方向的分力一直增大，地面对斜面的支持力一直减小，摩擦力一直增大，故C D错误。故选：B。8.答案：（1）CD（2）BCD（3）能解析：（1）根据仪器使用常识，弹簧测力计在使用前

23、需校零，A项是必要的；实验中力必须与木板在同一平面内，B项也是必要的；要验证平行四边形定则，夹角不应该选取特殊角度，C项不必要；在同一组实验中，要使两次拉力的作用效果相同，结点的位置必须相同，但在下一组实验验证时，结点的位置与上组实验中结点位置可以不同，所以不需要固定结点位置，D项不必要。（2）实验中记录描点时，点描得越小，带来的实验误差会越小，故描点要尽量小且清晰，A项操作是不合理的，B项操作是合理的；为了方便作图，可将其中一个弹簧测力计中拉力的方向固定下来，这样提前就可以将其中一个力的方向固定下来，改变另一个弹簧测力计的示数和拉力的方向，直到将结点拉至与一个弹簧测力计拉橡皮条时结点相同的位

24、置为止，就可以在保证其中一个拉力方向不变时，得到多组实验数据，故C项操作是合理的；为了减小实验误差，在不超出弹簧测力计量程的情况下，弹簧测力计的示数越大，读数误差越小，故D项是合理的。（3）无论在哪个平面做实验，只要满足在该平面内两次力的作用效果相同，在操作无误的情况下，即可验证力的平行四边形定则，因此在倾斜的木板上做实验，也能够有效验证力的平行四边形定则。9.答案：（1）如 图1所示图 1(2)R,=(1 0 0 +2 f)。（3）&；如图2 所示图2解析：（1）要求尽可能精确地测出热敏电阻在不同温度下的阻值，且尽可能多测几组数据，所以采用分压式电路；因为电压表量程太小，且具体内阻不知，会导

25、致测量值有较大的误差，所以用已知内阻的电流表A 1 作为电压表，电流表A z外接可以消除系统误差。（2）根据图象可知6=（1 0 0 +2。（3）温度达到8 0 时，热敏电阻R,=2 6 0。，根据闭合电路欧姆定律可得，当定值电阻等于5 2 0。时，1、2 两端电压恰好为2 V,所以定值电阻应选择用。1 0.答案：（2）不变化3 尹解析：（1）设汽缸内封闭气体的压强为P，对汽缸受力分析，由 平 衡 条 件 有 夕 +皈=%又有 P=P-Pgh解得 对汽缸内气体缓慢加热时，汽缸始终受力平衡，大气压强不变，汽缸重力恒定，所以内部压强不变，可知U形玻璃管内左右两侧水银液面高度差不变。(3)继续对汽缸

26、内气体缓慢加热，活塞没离开汽缸时，汽缸内部压强不变，由盖-吕萨克定律有qr cLS+L-LS _ 2工=z3解得1 1.答案：(1)小物块。在最高点M 由牛顿第二定律得V；mg=R。到 M的过程中，对。由动能定理得qER一mg 2R=解得 vc 43gR(2)根据题意并结合受力分析知，小物块。运动到与圆心的连线与竖直方向之间的夹角为45。的位置时，对轨道的压力最大，此位置小物块。对应的速度设为心根据动能定理得八 、1 9 1 7qER sin 45-mgR(-cos 450)=mv-m 唾2此 位 置 对 应 有 外-苦=箸解得“=(3 0 +1)叫由牛顿第三定律得，小物块Q对轨道的最大压力为

27、F=(3A/2+l)mg(3)设小物块。从 A到 C过程中所受摩擦力做的功为叼，对小物块P由功能关系得WF+2Wf=0对小物块。有+吗1 3解得吗 =m vc=mgR解析：1 2.答案：(1)粒子从。点 在 1 8 0。范围内沿不同方向进入匀强电场，其中沿。尸和。方向进入电场的粒子在电场中做类平抛运动，且打在收集板上的位置最远。由类平抛知识得为=卬，L=at2,=ma联立解得明=亚乙故收集板M N 的长度至少为d=2ym=2V2L(2)出磁场时的速度方向恰好平行于收集板M N的粒子A 的轨迹如图所示，设粒子A 射入时与。间的夹角为仇由几何知识可得，粒子A 轨迹所对圆心角为。=120。，故粒子A

28、 入射方向与。成6=60角斜向下经分析可知，从 尸。边界上。、P 间离开的粒子将早于粒子A 离开磁场，而其余的粒子在磁场中运动的时间与粒子A运动的时间相同根据几何知识可知从。点进入、从 P 点射出时，粒子入射方向与。P 边所成的夹角为夕=60。，故满足题目要求的粒子个数为白 =g n入射方向在。方向和粒子A 入射方向之间的粒子会打到收集板MN上，故 此 时 收 集 板 上 的 收n集效率 T J=3 X1OO%=33.3%(3)当沿。方向射入磁场的粒子刚好打到MN上，则由几何关系可知该粒子轨迹半径4由牛顿第二定律有=竺上解得8=与qL(i)若 8一 广，即半径r L,粒子均不能打到MN上，”=

29、。qL 2(i i)若B晔,即半径，设从磁场边界圆弧上射出的粒子在磁场中运动圆弧对应的圆qL 2L心角为 由几何关系可知而2 =夏=幽，M N上的收集效率=X1OO%=2 r 2mv0 71o.qBL7r-2arcsm-2mv)xlOO%71解析：13.答案：BC解析：转动前，光 束 1（反射光）与入射光线间的夹角为A=45Ox2=90。,光束2（折射光）与入射光线间的夹角为8=45。-24。=21。;转动后，反射光与入射光的夹角A=60 x2=120。,根据折射定律=有得/=30。,则折射光线与入射光线间的夹角为8=60。-30。=30，得1M =A-A=30,sinr B=8-8 =9。,

30、故 B、C 项正确。14.答案：AC解析：由于C、。两点到A、8 两点的距离相等，由E=k乌及矢量合成法则可知C、。两点的场强厂大小相等、方向相反，选项A 正确；由等量同种电荷周围电场线的分布特点和沿电场线方向电势逐渐降低可知。、C 两点的电势不相等，故 由%c=4（%-%）可知电场力对点电荷 做的功不为零，选项B 错误；当点电荷。从无限远处移动到O 点时,由题意可知电场力做的功为-卬，故有W-W=q（0-%）,解 得%=,因 A、B 两处的电荷为等量同种电荷，且到。点的距离相等，故可_1W得 A（或 B）处点电荷在。点产生的电势为3=彳 =丁，故将点电荷a 固定在C 点后，O 点的电2 2q

31、3 W势 为 必=3勿=,选 项 C 正确；当将点电荷由无限远处移动到O 点时，电场力做的功为W=-2g（0-娠）=3W,故其电势能应减小3W,选项D 错误。15.答案：CD解析：当。=0 时，由于小球在水平方向受力平衡，因此AC杆对小球的作用力表现为拉力，B C杆对小球的作用力表现为支持力，且大小相等，选项A 错误；当 3逐渐增大时，AC杆对小球的拉力逐渐增大，BC杆对小球的支持力逐渐减小，当8 c 杆的作用力为0 时，有mg tan 0 =nuo2 L sinO,解得。=J 一，当 3继续增大时，4 c 杆对小球的拉力继续增大，B CV L eos3杆对小球的作用力变为拉力，且逐渐增大，选

32、 项 B 错误，D 正确；一定时间后，AC杆和BC杆的作用力都变为拉力，拉力的竖直分力之差等于小球的重力，即 片cos。-8 cos。=/，则F 居=生,因此AC杆与BC杆上的力的大小之差恒定，选项C 正确。COS，16.答案：CD解析：设地球质量为由万有引力提供向心力有6 粤=皿Mf r,两边同时取对数，整理可得Y Tlg7=|l g r-l l g 1,当lgT=0 时，有 103.=警，为并不代表地球半径，选项B 错误；对比图2 2 47r 47r象可知L g丝=6,解 得 =竺”，选项C正确；由 丫 =2 0 4兀2 G_ _ _ _ _ _ _ _ _ 迎图 可 得 工=E=!i,选项A7 r“2,前错误；根据。=G 以及图乙可求得，卫 星I和2向心加速度之比为102-：102，选项D正确。