2021年山东省泰安市肥城一中高考物理模拟试卷 含解析.pdf

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1、2021年山东省泰安市肥城一中高考物理模拟试卷一、选择题：本 大 题 共8小题:每小题6分:在每小题给出的四个选项中：有的只有一项符合要求:有的多项符合题目要求,全部选对的得6分:选对但不全的得3分:有错选 的 得0分，1,质 量 为2.5吨的货车在平直大路上运动：其 运 动 的v t,图象如图所示，由此可求A,0:10s内货车的平均速度B,10:15s内货车所受的阻力C,15:25s内货车的加速度D,0:25s内合力对货车做的总功2,如图所示:质量为m的小球系于轻质弹簧的一端:且套在光滑直立的圆环上:弹簧的上端固定于环的最高点A：小球静止时处于圆环的B点:此时？AOB=60?：弹簧伸长量为L

2、,现用该弹簧沿水平方向拉住质量为2 m的物体:系统静止时弹簧伸长量也为L,则此时物体所受的摩擦力(A,等于零B,大 小 为0.5mg：方向沿水平面对右C,大 小 为mg：方向沿水平面对左D,大 小 为2mg：方向沿水平面对右3,“探路者”号宇宙飞船在宇宙深处飞行过程中：发 觉A、B两颗天体各有一颗靠近表面飞行的卫星：并测得两颗卫星的周期相等：以下说法中正确的是(A”通过题目所给信息可分别求出天体A、B的质量B,通过题目所给信息可分别求出两颗卫星的质量C,通过题目所给信息可以确定两颗卫星的线速度确定相等D,通过题目所给信息可以确定天体A、B的密度确定相等4,质 量 为2 k g的物体静止在足够大

3、的水平面上:物体与地面间的动摩擦因数为0.2：最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等，从t=0时刻开头:物体受到方向不变、大小呈周期2性变化的水平拉力F的作用:F随时间t的变化规律如图所示，取重力加速度g=10m/s：则物体在t=0到t=6s这段时间内的位移大小为(A,4 mB,8 mC,10mD,12m5,从地面上以确定初速度竖直向上抛出一小球:经过一段时间后：小球落回到地面，在不计空气阻力和计空气阻力两种状况下做一对比：下列说法正确的是(A,在上升过程中：小球的加速度不计空气阻力时的大于计空气阻力时的 B,在下降过程中：小球运动的时间不计空气阻力时的小于计空气阻力时的 C,从抛出到落回地面整

4、个运动过程的位移:不计空气阻力时的等于计空气阻力时的 D,返回到原抛出点的速率:不计空气阻力时的小于计空气阻力时的6,如图所示:物块m随转筒一起以角速度3 做匀速圆周运动：如下描述正确的是TA,物块受到重力、弹力、摩擦力和向心力的作用B,若 角 速 度 3 增大而且物块照旧随转筒一起做匀速圆周运动:那么木块所受弹力增大C,若 角 速 度 3 增大而且物块照旧随转筒一起做匀速圆周运动：物块所受摩擦力增大 D,若 角 速 度 3 增大而且物块照旧随转筒一起做匀速圆周运动:物块所受摩擦力不变7,如图所示:质量相同的三个小球均可视为质点：处于同一水平面上,A球以初速度vo竖直上抛：B球以与水平面成0角

5、、大 小 也 是v的初速度斜向右上抛出：C球沿倾角为00的足够长斜面以初速度V上滑，上述运动过程中均不计空气阻力和一切摩擦：以下关于 三0个小球上升的最大高度的比较正确的是(A,H,H,HB,H,H=HC,H,H,HD,H,ABCABCABCBH=HAC8,如图所示:一质量为m的物体在沿斜面对上的恒力F作用下：由静止从底端向上做匀加速直线运动,若斜面足够长:表面光滑:倾角为6,经 时 间t恒 力F做 功80J：此后撤 去 恒 力 F：物体又经时间t 回到动身点:且回到动身点时的速度大小为v：若以地面为重力势能的零势能面:则下列说法中正确的是（A.,物体回到动身点时的机械能是80 J23B,在

6、撤 去 力 F 前的瞬间：力 F 的 功 率 是 mgvsin0C,撤 去 力 F 前的运动过程中：物体的重力势能始终在增加:撤去力F 后的运动过程中物体的重力势能始终在削减D,撤 去 力 F 前的运动过程中:物体的动能始终在增加:撤去力F 后的运动过程中物体的动能始终在削减二、非选择题：第 2 2 题 每 空 4 分:共8 分，第 2 3 题 4 分 悌 2 4 题 1 4 分 悌 2 5 题2 1 分,2 6 题第（1（问 6 分:第（2（问 9 分:共1 5 分，合 计 6 2 分，9,为了测定气垫导轨上滑块的加速度：滑块上安装了宽度为d=3.0 c m 的遮光板:滑块在牵引力作用下先后

7、匀加速通过两个光电门：配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为？t=0.30s：通过其次个光电门的时间为？t=0.10s：遮光板从开头遮住第一个12光电门到开头遮住其次个光电门的时间为？t=4.00s,则滑块通过第一个光电门的平均速度是 m/s：由于遮光板宽度很小:过光电门得时间很短:所以我们可以把滑块通过光电门的平均速度近似看成是滑块的瞬时速度，据此我们可以估算出滑块的加速度是2m/s,10,验证机械能守恒定律试验中：依据纸带算出相关各点的速度V：量 出 下 落 距 离h：则以为纵轴：以h为横轴画出的图线应是下图中的（A,AB,C,D,三、解答题（共2小题:满分3 5分（11,一

8、物体从静止动身做匀加速直线运动:物体所受合力的方向始终与运动方向相同,在第一段时间间隔内：合 力 的 大 小 为F：在接下来的相同时间间隔内：合力的大小增加了一倍：即 大 小 为2F,求:物体在这两段时间间隔内走过的位移之比，12,如图所示：光滑圆弧轨道与光滑斜面在B点平滑连接：圆 弧 半 径 为R=0.4m：一半径很小、质 量 为m=0.2 kg的小球从光滑斜面上A点由静止释放:恰好能通过圆弧轨 道 最 高 点D,求：（1（小球最初自由释放位置A离 最 低 点C的 高 度h,（2（小球运动到C点时对轨道的压力N的大小，（3（若斜面倾斜角与图中9相等:均为53?:小 球 从 离 开D点至第一次

9、落回到斜面上运动了多长时间，四、解答题（共2小题:满分1 5分（物理-选 修3-413,如图甲所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图：P是离原点x=2 m的一个介质质点:Q是 离 原 点x=4 m的一个介质质点:此时离原点x=6m的 介 质 质123点刚刚要开头振动，图乙是该简谐波传播方向上的某一质点的振动图象（计时起点相同（，由此可知,（A,这列波的波长入=4mB,这列波的周期T=3sC,这列波的传播速度v=2m/sD,这列波的波源起振方向为向上E,乙图可能是图甲中质点Q的振动图象n/314,如图所示:半圆玻璃砖的半径R=10cm：折射率为:直径A B与屏幕垂直并接触于A点

10、:激光a以 入 射 角i=30?射向半圆玻璃破的圆心0：结果在水平屏幕M N上毁灭两个光斑:求两个光斑之间的距离L,2021年山东省泰安市肥城一中高考物理模拟试卷参考答案与试题解析一、选择题：本 大 题 共8小题:每小题6分:在每小题给出的四个选项中：有的只有一项符合要求:有的多项符合题目要求,全部选对的得6分:选对但不全的得3分:有错选 的 得0分，1,质 量 为2.5吨的货车在平直大路上运动：其 运 动 的vt,图象如图所示，由此可求A0：1 0 s内货车的平均速度B,1 0:1 5 s内货车所受的阻力C 1 5：2 5 s内货车的加速度D,0:2 5 s内合力对货车做的总功考点:匀变速直

11、线运动的图像,牛顿其次定律，功的计算，专题：计算题，分析:速度图象的斜率代表物体的加速度，F f =m a,：其 中F表示拉力:f表示阻力，速度图象与时间轴围成的面积等于物体发生的位移，合外力对物体做的功等于物体动能的变化量，解答:解：货 车 在0:1 0 s内的位移s=1 0 x2 0?2 =1 0 0 m1 0 01 0 v故 货 车 在0：1 0 s内的平均速度=1 0 m/s：故A正确，货 车 在1 0:1 5 s内做匀速直线运动：其所受的阻力等于其所受的拉力：由于拉力大小未知：故无法知道阻力的大小，故B错误，3 0 -2 02 5-1 5 怎2货车在1 5:2 5 s内的加速度a =

12、l m/s故C正确，依据动能定理可知0:2 5 s内合力对货车做的功1 2 12mv 23 2 6 W =x2.5 x i o X 3 0 =1.1 2 5 X 1 0 J故D正确,故 选A、C、D,点评:这是一道综合性很强的题目：但只要我们把握好了基础学问：这些题目就能顺当解决:所以平常耍多留意基础学问的训练，2,如图所示:质量为m的小球系于轻质弹簧的一端:且套在光滑直立的圆环上:弹簧的上端固定于环的最高点A：小球静止时处于圆环的B点:此时?AOB=60?:弹簧伸长量为L,现用该弹簧沿水平方向拉住质量为2 m的物体:系统静止时弹簧伸长量也为L,则此时物体所受的摩擦力(A,等于零B,大 小 为

13、0.5mg：方向沿水平面对右C,大 小 为mg：方向沿水平面对左D,大 小 为2mg:方向沿水平面对右考点:共点力平衡的条件及其应用，物体的弹性和弹力，分析:平衡状态下物体的受力分析:在夹角为特殊角时物体受力的特点，解答:解:对B进行受力分析可以知道:物体受到重力、弹簧的弹力和圆环对物体的支持力：由于三角形OAB是一个等边三角形:利用平行四边形定则做出重力、弹力的合力的平行四边形会发觉:重力、弹力和支持力会处在同一个三角形中并且这个三角形是等边三角形：由此我们判定弹簧的弹力与物体的重力相等都是mg：此时弹簧伸长量为L:当该弹簧沿水平方向拉住质量为2 m的物体时弹簧伸长量也为L:由此可知两次弹簧

14、的弹力是一样的即为mg：由于质量为2 m的物体处于静止状态：即受力平衡:在水平方向上是弹簧的弹力和物体所受的摩擦力平衡:所以物体所受的摩擦力大小即为mg：方向与弹簧的弹力方向相反即为水平面对左：故 只 有C正确，故选:c,点评:利用平行四边形:找出物体受到重力、弹簧的弹力和圆环对物体的支持力三者的关系:这是本题的重点:找出它们的关系：弹簧的弹力就好确定了：从而可以求出物体所受的摩擦力，3,“探路者”号宇宙飞船在宇宙深处飞行过程中：发 觉A、B两颗天体各有一颗靠近表面飞行的卫星：并测得两颗卫星的周期相等：以下说法中正确的是(A,通过题目所给信息可分别求出天体A、B的质量B,通过题目所给信息可分别

15、求出两颗卫星的质量C,通过题目所给信息可以确定两颗卫星的线速度确定相等D,通过题目所给信息可以确定天体A、B的密度确定相等考点：万有引力定律及其应用，专题:计算题，分析:争辩卫星绕天体做匀速圆周运动：依据万有引力供应向心力：列出等式，依据已知量求出未知量，解答:解:A、争辩卫星绕天体做匀速圆周运动：依据万有引力供应向心力：列出等式4兀刀2r 3G M1rT2,T2 2T GT r=mr 得：M=?由于卫星靠近天体表面飞行:所以r为天体半径:T为周期：依据题意不能求出天体A、B的质量，故A错误，B、通过题目所给信息无法求出两颗卫星的质量：故B错误，C、依据圆周运动学问得：2冗rTv=:其 中r为

16、天体半径:由于不知道天体A、B的半径关系:所以两颗卫星的线速度不愿定相等：故C错误,D、依据密度公式得：MVP=?433 体积 V=nr?：由？得：3兀GT2p=:故D正确，故 选D,点评:靠近天体表面飞行的卫星的轨道半径可以认为是天体半径，4,质 量 为2 k g的物体静止在足够大的水平面上:物体与地面间的动摩擦因数为0.2：最大静摩擦力和滑动摩擦力大小视为相等，从t=0时刻开头:物体受到方向不变、大小呈周期2性变化的水平拉力F的作用:F随时间t的变化规律如图所示，取重力加速度g=10m/s：则物体在t=0到t=6s这段时间内的位移大小为(A4 mB,8 m C 10m D 12m考点:牛顿

17、其次定律，匀变速直线运动的位移与时间的关系，专题：牛顿运动定律综合专题，分析:先求出滑动摩擦力：然后结合图象求出各个时间段的合力：再求的各段的加速度:最终依据速度时间公式求各个时刻的速度以及各个时间段的位移状况，解答:解:最大静摩擦力f=|jmg=0.2x20=4 N 当拉力大于最大静摩擦力时:物体才会 由 max静止开头运动：所 以 在 t=2 s 时才开头运动，F-f _ 6-4ID 一 222:4 s 时:F,f：物体由静止开头做匀加速直线运动:有:a=l m/s：max4s 末的速度为:v=at=lx2=2 m/s：务 1X42 位移为:x=at=2 m：i,F-f 2-4a-m 22

18、4:6 s 时：lm/s,6s 末的速度为:v二 v+at=21x2=0,：v 24：6 s 过程中的位移为：x=2则物体的总位移是：x=x+x=2+2=4 m,i2故选:A,点评:本题考查同学的读图的力气:要能够依据Ft,图象分析物体的运动状况:需要留意 的 是 在 0:2 s 时拉力小于最大摩擦力：此时的物体还不会运动，5,从地面上以确定初速度竖直向上抛出一小球:经过一段时间后：小球落回到地面，在不计空气阻力和计空气阻力两种状况下做一对比：下列说法正确的是(A,在上升过程中：小球的加速度不计空气阻力时的大于计空气阻力时的B.,在下降过程中：小球运动的时间不计空气阻力时的小于计空气阻力时的

19、C,从抛出到落回地面整个运动过程的位移：不计空气阻力时的等于计空气阻力时的 D,返回到原抛出点的速率:不计空气阻力时的小于计空气阻力时的考点:牛顿其次定律，匀变速直线运动的位移与时间的关系，分析：（1（在上升过程中空气阻力的方向向下：合力向下且大于重力:依据牛顿其次定律即可推断有无阻力时的加速度大小，（2（在下降过程中空气阻力的方向向上:合力向下且小于重力：故有阻力时的加速度小于无阻力时的加速度:依据位移，时间公式即可比较时间的大小，（3（从抛出到落回地面整个运动过程的位移为零：与有无空气阻力无关，（4（可通过对整个过程运用动能定理求得返回到原抛出点的速率：即可推断有无阻力时的返回到原抛出点的

20、速率的大小，mg+f fm ir解答:解:A,上升过程中有空气阻力时：加速度的大小为=9+：不计空气阻力时加速度大 小 为g：故A错误，mg-f fm ir在下落过程中有空气阻力时:加速度的大小为=g,：不计空气阻力时加速度大小为g：下落的位移相同：依 据h=可知:加速度大的时间就小：所以小球运动的时间不计空气阻力时的小于计空气阻力时的：故B正确，有无空气阻力时从抛出到落回地面整个运动过程的位移都为零:相等:故C正确 依 据 动 能 定 理 得：=W+W：初速度相同:重力做的功都为零:G f1 2 _ 1 2-2v 21 1 1Vo无空气阻力时：末速度等于初速度，有空气阻力时：空气阻力做负功:

21、末速度小于初速度:所以返回到原抛出点的速率:不计空气阻力时的大于计空气阻力时的：故D错误，故选BC,点评:该题是牛顿其次定律和动能定理的直接应用：解题时留意空气阻力方向始终与速度方向相反:所以空气阻力始终做负功:大小跟速度有关:实际上是个变力，6,如图所示:物块m随转筒一起以角速度3 做匀速圆周运动：如下描述正确的是(X-x-)R泄一-s-I_ _ _ _ A.,物块受到重力、弹力、摩擦力和向心力的作用B,若 角 速 度 3 增大而且物块照旧随转筒一起做匀速圆周运动:那么木块所受弹力增大C,若 角 速 度 3 增大而且物块照旧随转筒一起做匀速圆周运动：物块所受摩擦力增大 D,若 角 速 度 3

22、 增大而且物块照旧随转筒一起做匀速圆周运动：物块所受摩擦力不变考点:打算向心力大小的因素，分析:本题需先进行受力分析:然后再依据运动分析各个力之间的关系解答:解：由于物块始终随物体做匀速圆周运动:所以物体受重力、摩擦力：筒壁的支持力：故A错:如图所示：由于在竖直方向等效于处于静止状态:所以受力平衡:所以2f=G：始终不变:故D对:C错:由,N =mrw：当w增大时:N增大:故B对,故选:B、I，1.p ,点评:此题主要考查受力分析:某一方向上受力平衡：向心力的来源等,7,如图所示:质量相同的三个小球均可视为质点：处于同一水平面上,A 球以初速度vo竖直上抛:B 球以与水平面成6 角、大 小 也

23、 是 v 的初速度斜向右上抛出：C 球沿倾角为 00的足够长斜面以初速度V 上滑，上述运动过程中均不计空气阻力和一切摩擦：以下关于 三 0个小球上升的最大高度的比较正确的是（A,H,H,HB,H,H=HC,H,H,HD,H,ABCABCABCBH=HAC考点:机械能守恒定律，分析:A B C 三个球的机械能都守恒:到达最高点时:依据机械能守恒定律分析对比可以得出结论，解答:解:对于A、C 两个球:达到最高点时:A、（：两个球的速度均为零:物体的动能全部转化为重力势能:所以A、C 的最大高度相同，对 于 B 球来说：由 于 B 是斜抛运动:在水平方向上有一个速度:这个分速度的动能不会转化成物体的

24、重力势能:所以B 球在最高点时的重力势能要比A C 两球的小:所以高度 要 比 A C 两球的高度小:所以D 正确，故 选 D,点评：B 球做的是斜抛运动:水平方向的分速度是不能转化成物体的重力势能的：所以B 的高度最低，8,如图所示:一质量为m的物体在沿斜面对上的恒力F 作用下：由静止从底端向上做匀加速直线运动,若斜面足够长:表面光滑:倾角为6,经 时 间 t 恒 力 F 做 功 80J:此后撤 去 恒 力 F：物体又经时间t 回到动身点：且回到动身点时的速度大小为V：若以地面为重力势能的零势能面:则下列说法中正确的是(A,物体回到动身点时的机械能是80 J23B,在 撤 去 力 F 前的瞬

25、间：力 F 的 功 率 是 mgvsinQC,撤 去 力 F 前的运动过程中：物体的重力势能始终在增加:撤去力F 后的运动过程中物体的重力势能始终在削减D,撤 去 力 F 前的运动过程中：物体的动能始终在增加:撤去力F 后的运动过程中物体的动能始终在削减考点:机械能守恒定律,功率、平均功率和瞬时功率，专题:机械能守恒定律应用专题，分析:依据物体的运动的特点:在拉力F 的作用下运动时间t 后:撤去拉力F 之后又运动 时 间 t 返回动身点:依据物体的这个运动过程:列出方程可以求得拉力和撤去拉力时物体的速度的大小:从而可以求得拉力F 的功率的大小，解答:解:A、依据能量守恒：除了重力之外的力对物体

26、做正功时:物体的机械能就要增加:增加的机械能等于外力作功的大小：由于拉力对物体做的功为80J：所以物体的机械 能 要 增 加 80J:撤去拉力之后:物体的机械能守恒:所以当回到动身点时：全部的能量都转化为动能:所以动能为80J：重力 势 能 为 0:所以物体回到动身点时的机械能是80J:故 A 正确，B、设 撤 去 力F前 和 撤 去 力F后的运动过程中物体的加速度大小分别为:a和a,12122这两个过程的位移大小相等:方向相反:取沿斜面对上为正方向：则有:at=,(at t,11122at(：2则得：a：a=1：3,12由于物体先做匀加速直线运动:初速度为0：由牛顿其次定律可得：Fmgsin

27、6=ma,：i撤 去 恒 力F后是匀变速运动：且 加 速 度 为a=g sin&又a：a=l：32i243联立上两式得：F=mgsin813设 刚 撤去拉力F时物体的速度大小为v：则v=at=gsin6ti对于从撤去到返回的整个过程:有:,v=vgsin6 t,：_ 12解得:v=v23所以可得在撤去力F前的瞬间：力F的功率：P=Fv=m gvsin0：故B正确，C、撤 去F后：物体先向上减速:速度为零之后向下加速运动:撤去力F后的运动过程中物体的重力势能先增大后减小，故C错误，D、撤 去 力F前的运动过程中：物体加速运动:物体的动能始终在增加:撤去力F后先向上减速后向下加速:所以撤去力F后的

28、运动过程中物体的动能先减小后增大，故错误,故选:A B,点评:分析清楚物体的运动的过程:分析物体运动过程的特点：是解决本题的关键:撤去拉力之前和之后的路程的位移大小相等、方向相反是本题隐含的条件，二、非选择题：第 2 2 题 每 空 4 分:共8 分，第 2 3 题 4 分，第 2 4 题 1 4 分，第 2 5 题2 1 分,2 6 题第（1（问 6 分:第（2（问 9 分:共1 5 分，合 计 6 2 分，9,为了测定气垫导轨上滑块的加速度:滑块上安装了宽度为d =3.0 c m的遮光板:滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门：配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为？t

29、=0.3 0 s：通过其次个光电门的时间为？t =0.1 0 s：遮光板从开头遮住第一个1 2光电门到开头遮住其次个光电门的时间为？t =4.0 0 s,则滑块通过第一个光电门的平均 速 度 是，,0.1 0,m/s：由于遮光板宽度很小:过光电门得时间很短:所以我们可以把滑块通过光电门的平均速度近似看成是滑块的瞬时速度，据此我们可以估算出滑块的加速度是 0.0 52 m/s,考点:测定匀变速直线运动的加速度，专题:试验题，分析:先依据平均速度公式求出滑块通过第一个光电门和其次个光电门的平均速度：由于遮光板宽度很小:过光电门的时间很短:所以我们可以把滑块通过光电门的平均速度近似看成是滑块的瞬时速

30、度:再依据速度时间公式求出加速度，解答:解：由于遮光板宽度为3 c m：故滑块通过第一个光电门的平均速度-0.0 3A tl 0.3v=0.1 0 m/s i滑块通过其次个光电门的平均速度r -0.0 3t2 0.1v=0.30 m/s2故加速度0,3-0 14 At2a=0.05m/s故答案为:0.10:0.05,点评：本题关键在于瞬时速度的测量方法：即用极短时间内的平均速度代替瞬时速度,由于遮光板宽度很小:过光电门得时间很短:所以我们可以把滑块通过光电门的平均速度近似看成是滑块的瞬时速度，10,验证机械能守恒定律试验中：依据纸带算出相关各点的速度v：量 出 下 落 距 离h：则以为纵轴：以

31、h为横轴画出的图线应是下图中的(考点:机械能守恒定律,专题:机械能守恒定律应用专题,/j 2分析:依据需要验证的方程mgh=：得到,h的关系式:再依据数学学问选择图象,解答:解:本试验需要验证的方程是mgh=:得到=gh：依据数学学问可知,h图象是过原点的直线，故C正确，2 2,v v J 22 2-2mV故选：C,点评:解决本题要理解并把握验证机械能守恒定律试验原理:通过图象来处理数据，图象往往从数学角度来理解物理意义，三、解答题（共2小题:满分3 5分（11,一物体从静止动身做匀加速直线运动:物体所受合力的方向始终与运动方向相同,在第一段时间间隔内：合 力的大小为F：在接下来的相同时间间隔

32、内：合力的大小增加了一倍：即 大 小 为2F,求:物体在这两段时间间隔内走过的位移之比，考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系，牛顿其次定律，专题：计算题，分析:要求两段时间内的位移之比需要求出每段时间内的位移:要求位移：需要求出每段时间内的加速度：以及每段时间内的初速度，FIT解答:解:在第一段时间t内物体的加速度a=：i1 F 2有 七2物体走过的位移为s=at=nF-tIDt秒末物体的速度v=at=i2FID在 其 次 段 t内物体的加速度a =20 2F t 2 F t 1 2 2 F 2in 1112 a2 t 2mt则在其次段时间内走过的位移为S=Vt+=+=4s故 S：S=1:4

33、 2 1 1 2 答:物体在这两段时间内走过的位移之比为1:4,点评:娴熟把握匀变速直线运动的位移公式:速度公式以及加速度的公式是求解此类问题的前提和基础，1 2,如图所示:光滑圆弧轨道与光滑斜面在B点平滑连接：圆 弧 半 径 为 R=0.4 m：一半径很小、质 量 为 m=0.2 k g 的小球从光滑斜面上A 点由静止释放:恰好能通过圆弧轨 道 最 高 点 D,求：（1（小球最初自由释放位置A 离 最 低 点 C的 高 度 h,（2（小球运动到C点时对轨道的压力N 的大小，（3（若斜面倾斜角与图中0相等:均为5 3?:小 球 从 离 开 D点至第一次落回到斜面上运动了多长时间，考点:机械能守

34、恒定律，平抛运动，向心力，分析：（1（小球恰好能通过圆弧轨道最高点D：说明此时恰好是物体的重力作为向心力：由向心力的公式可以求得在D点的速度大小：从 A 到 D 的过程中：物体的机械能守恒:从而可以求得小球释放时离最低点的高度，(2(在C点时:对物体受力分析:重力和支持力的合力作为向心力：由向心力的公式可以求得小球受得支持力的大小:再由牛顿第三定律可以知道对轨道压力的大小,(3(离开D点小球做平抛运动：依据水平方向的匀速直线运动：竖直方向上的自由落体运动可以求得小球运动的时间，解答:解:(1(在D点时：设小球的速度为V：DVDR,mg=m?v=2m/SD由A运 动 到D点：由机械能守恒可得12

35、2 ,mg(h2R,(=mvD?h=lm所以小球最初自由释放位置A离 最 低 点C的 高 度h是1m,(2(由A运 动 到C点：由机械能守恒可得122,mgh=mvc在C点：由牛顿其次定律和向心力公式可得反R,F,mg=mN?F=12NN由牛顿第三定律可知：小 球 运 动 到C点时对轨道的压力N的 大 小 是12N,（3（设撞到斜 面 上E点 离B点的距离为X：飞行时间为t：由平抛运动规律可得水平方向，Rsin53?+xcos53?=vtD122 竖直方向,R+Rcos53?xsin53?=.gt415由上面两式解得,t=s?0.27s,所以小球从离开D点至第一次落回到斜面上运动的时间是0.2

36、7s,点评:小球的运动过程可以分为三部分:第一段是匀加速直线运动:其次段的机械能守恒：第三段是平抛运动：分析清楚各部分的运动特点:接受相应的规律求解即可,四、解答题（共2小题:满分1 5分（物理-选 修3-413,如图甲所示是一列沿x轴正方向传播的简谐横波在t=0时刻的波形图：P是离原点x=2 m的一个介质质点:Q是 离 原 点x=4 m的一个介质质点:此时离原点x=6m的 介 质 质123点刚刚要开头振动，图乙是该简谐波传播方向上的某一质点的振动图象（计时起点相同（，由此可知,（A,这列波的波长A=4mB,这歹U波 的 周 期T=3sC,这列波的传播速度v=2m/sD,这列波的波源起振方向为

37、向上E,乙图可能是图甲中质点Q的振动图象考点:横波的图象,波长、频率和波速的关系，专题:振动图像与波动图像专题，T分析：由甲读出波长入：由图乙读出周期T：由 丫 =求 出波速，波源的起振方向与x=6m3的 质 点t=0时刻的振动方向：由波的传播方向推断，依 据 图 乙t=0时刻质点的位置和速度方向：在图甲中选择对应的质点，入T解答:解:A、B、C、由甲读出波长入=4m：由图乙读出周期T=2s：波 速v=2m/s,故A C正确：B错误，D、波源的起振方向与x=6 m的 质 点t=0时刻的振动方向：简 谐 波 没x轴正方向传播:则知3x=6 m的质点在t=0时刻的振动方向向下：则波源的起振方向向下

38、，故D错误,3E、由图乙看出：t=0时亥ij:质点经过平衡位置向上:而图甲中：Q点也经过平衡位置向上运动:故乙图可能是图甲中质点Q的振动图象，故E正确，故选:ACE点评:本题考查基本的读图力气：由波动图象读出波长：由波的传播方向推断质点的振动方向：由振动图象读出周期:推断质点的振动方向等等都是基本功:要加强训练:娴熟把握，14,如图所示:半圆玻璃砖的半径R=10cm：折射率为:直径A B与屏幕垂直并接触于A点:激光a以 入 射 角i=30?射向半圆玻璃豉的圆心0：结 果 在水平屏幕M N上毁灭两个光斑:求两个光斑之间的距离L,考点:光的折射定律，专题：光的折射专题，分析:激光a射向半圆玻璃砖的

39、圆心0：在A B面上产生了折射和反射:结果在水平屏幕M N上毁灭两个光斑:作出光路图，依据折射定律求出折射角，依据反射定律求出反射角：由几何学问求出两个光斑之间的距离L,解答:解：画出如图光路图设 折 射 角 为r：依据折射定律得代入解得,r=60?由几何学问得:？0 P Q 为直角三角形：?APO=r=60?,依据反射定律和几何学问得知:？AQ O =i=30?所 以 两 个 光 斑 P Q 之间的距离,L=PA+AQ=Rtan30?+2Rsin60?解得,，4073L=2 3.1cm3答:两个光斑之间的距离L 为 23.1cm,点评:本题是几何光学问题:作出光路图是关键:是光的折射定律、问反射定律与几何学的综合应用,