2021年福建省百校联合中考物理二模试卷（附答案详解）.pdf

《2021年福建省百校联合中考物理二模试卷（附答案详解）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021年福建省百校联合中考物理二模试卷（附答案详解）.pdf（31页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2021年福建省百校联合中考物理二模试卷1.下列用电器中，主要利用电流热效应工作的是（）A.洗衣机 B.电热毯 C.电冰箱 D.笔记本电脑2.我省首座“光充储”电动汽车充电站已投入使用，该充电站利用清洁能源，通过屋顶发电板发电，这种能源是（）A.石油B.天然气 C.太阳能3.如图所示，日唇是我国古代利用号针影子测量时间的一种计时仪器，导针影子的形成原理是（）A.光的直线传播B.光的反射C.光的折射D.光的色散D.风能4.谚 语“雪水化成河，粮食千万夔”中，雪水化成河发生的物态变化是（）A.液化B.凝固C.凝华 D.熔化5.同学们进入图书馆都会自觉地轻声细语，从物理的角度分析，这样做的目的是（）

2、A.减小声音的响度B.降低声音的音调C.改变声音的音色D.减小声带振动的频率7.最早通过实验测出大气压值的物理学家是（）A.伽利略 B.牛顿 C.托里拆利 D.阿基米德8.关于家庭电路和安全用电，下列选项中正确的是（）A.在未断开电源的情况下更换灯泡B.家用电器的金属外壳不一定要接地C.在插座板上可以同时使用多个大功率用电器D.家庭电路中控制用电器的开关一定要接在火线上9.位于医用口罩中层的过滤层是由经过静电驻极工艺处理的熔喷无纺布制成，能够吸附飞沫。下列事例的原理与熔喷无纺布吸附飞沫原理相同的是（）A.拍打脏衣服除灰尘B.梳过头发的塑料梳子可吸起碎纸屑C.客车行驶时窗帘被吸出窗外D.削平的铅

3、柱挤压后会粘在一起10.如图所示，白鹭在飞离平静水面的过程中，其在水面所成的像（）A.是倒立的实像B.会逐渐变小C.到水面的距离逐渐变大D.与看到的水里的鱼的成像原理是相同的11.某手机电池上标有电压为3.8V,容量为4500nM 八，若待机时间为72力，则待机功率为（）A.0.2375力B.17.1WC.62.5勿12.如图所示，单摆中的小球在ABC间不停地往复运动。如果不考虑阻力的影响，小球（）A.在A、C处的重力势能最大B.运动到C处时绳子没有发生形变C.由A到8过程中，动能转化为重力势能D.237.5WD.在A处受到的重力和绳子拉力是一对平衡力13.为杜绝操作工手指损伤事故的发生，某厂

4、家设计制造的切纸机，必需将两只手同时分别按住左、右开关，切纸机才能正常工作。下列电路设计中符合要求的是（）第 2 页，共 31页左 开 关 右 开 关o cJ电源1 4.如图所示，电路的两灯泡L 和解分别标有“3.8V 0.24”和“3.8U 0.34”字样,闭合开关后两灯均发光。假设灯泡的电阻丝长度相同，且不受温度影响，下列判断正确的()A.灯人更亮B.灯42的电阻丝更粗C.公测的是灯的电流D.电流表4 的示数为0.5A1 5.两次水平拉动同一物体在同一水平面上做匀速直线运动，两次物体运动的路程一一时间图像如图所示，则根据图像分析可知1()0 1 2 3 4 5 6A.两次物体运动的速度：/

5、F2C.0 4s两次拉力对物体所做的功：叫 P216.如图甲所示的电路，电源电压U=18K恒定不变），=1 2 0,闭合开关S 后，彩表的示数为12匕把甲电路中的两个电压表换成两个电流表，如图乙所示，闭合开关S 后，4 表的示数为2.44。下列说法正确的是（）甲A.电阻&的阻值为200C.乙电路中4 表的示数为1.1254B.甲电路消耗的总功率为6.75WD.乙电路中消耗的功率为43.2卬17.吃八宝粥是“腊八节”的习俗。在熬腊八粥的过程中，是通过 的方式改变腊八粥的内能：闻到腊八粥的香味是由于分子在不停地做18.2020年 12月 6 日，嫦娥五号上升器成功与轨道器和返回器组合体交会对接，如

6、图所示，对接过程中的信息传递主要利用 波。在对接过程中，以轨道器为参照物，上升器是。（选 填“运动”或“静止”）的。19.如图所示为一束光射向空气与水分界面后发生反射与折射现象，由图可知，折射角是 度，界面的（选 填 上”“下”“左”或“右”）侧是空气。20.如图所示是我国自主研发的深海无人潜水器，可下沉到11000”?的深海进行探测。潜水器在水面下匀速下潜过程第 4 页，共 31页中（海水的密度不变），受 到 的 浮 力（选 填“变大”、“不变”或“变小”），潜水器在水下1 0 0 0 0，”处受到的海水压强是 P a（p 海水=1.0 3 X 1 03f c 5/m3）o2 1 .图示实验

7、装置中，磁体和导体棒均水平放置，将开关的接线柱1 与 2 接通，保持磁体不动，使导体外向右水平运动，灵敏电流计G指针向左偏转：若要使G的指针向右偏，可使导体棒向 运动。开关的接线柱1 与 3 接通，导体棒能运动起来，依 此 可 制 成。（选 填“电动机”或“发电机”）。2 2 .甲、乙两个实心均匀正方体的边长分别为，/、I乙,密度p 尹 ”“/?2,两灯泡并联，其两端电压相等，由P =?可知，灯泡5的实际功率小于灯泡J的实际功率，则灯乙 2 更亮，故 A错误、C正确；B、已知由于灯丝的材料相同，长度相同，乙 2 电阻小于人电阻，所以G 灯丝就较粗，故B正确；。、由图知，两节干电池串联，则电源电

8、压为3 匕 如果两灯能正常发光，则出 的示数为0.2 4 +0.3 4 =0.5 4 由于电源电压小于两灯泡的额定电压为3.8V,所以此时两灯泡都不能正常发光，则&的示数应小于0 3 4,故。错误。故选：B C。(1)根据电流流向法，找出电流的路径，可判断电路的连接方式，根据/=乡公式变形可求得其电阻，假设灯泡的电阻不受温度影响，由p=9可知其实际功率大小，灯泡的亮度取决于其实际功率大小；(2)根据影响电阻大小的因素分析得到两灯灯丝的粗细关系。会识别电路的串并联，同时可以根据电流流向法判断电流的路径，是正确解答的关键。1 5 .【答案】D【解析】解：A、由图像可知，在相同时间内，物体第一次通过

9、的路程大于第二次通过的路程，所以故A错误；8、同一物体，则重力不变，对水平面的压力不变；在同一水平面上运动，则接触面的粗糙程度相同，故两次拉动物体时，物体受到的摩擦力相等；由图像可知，两次物体都做匀速直线运动，说明物体受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，所以，两次物体所受的拉力：Fl=F2=故8错误；C、由图像可知，04s物体第一次通过的路程大于第二次通过的路程，又知两次拉力相等，根据勿=Fs可知叫 叫；故C错误；D、04s，时间相同，且卬1 叫：根据P=:可知，0-4 s两次拉力对物体做功的功率：Pi P2；故。正确。故选：Do(1)比较相同时间内物体两次通过的路程，或者比较物体通过相

10、同路程两次所用时间得出速度的大小：(2)根据力的平衡和摩擦力大小的影响因素分析两次物体所受的拉力的大小；(3)从图中得出04s物体两次通过的路程的大小关系，然后利用W=Fs分析两次拉力对物体所做的功的大小；(4)知道做功大小，利用P=?分析两次拉力对物体做功的功率大小。根据图像或图表探究物质的规律是近两年来出现较多的题目，图像可以使我们建立更多的感性认识，从表象中去探究本质规律，体验知识的形成过程。此题涉及到的知识点较多，综合性很强。16.【答案】B【解析】解：A、图乙中三个电阻并联，电流表必测量/?2和R3中的电流，电流表4测量R1和/?2中的电流，并联电路各支路两端电压相等，由欧姆定律可得

11、，通 过 的 电 流：/2=2 =黑=L 5 4r(2 1 Z J z并联电路干路电流等于各支路电流之和，则通过/?3的电流：/3=-=2.44-1.54=0.94根据欧姆定律可得，的阻值：R 3=2O0,图甲中三个电阻串联，串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时电路中的电流：/=-=12=0.3754,ALiHj I uJ 匕 外 R2+R3 120+20。串联电路总电压等于各部分电压之和，根据串联电路电压的特点可得两端的电压：Ur=U-UV2=18 V-12 V=6 V,第18页，共31页由欧姆定律可得：%=，=苔=1 6 0,故A 错误；B、甲电路消耗的总功率：P=UI=18 Vx 0.3

12、754=6.7 5 W,故B正确；C、已知乙电路中公表的示数为2.4 4,故 C错误；。、乙电路中心消耗的功率：Pi=5 =写 字=20.25，故。错误。R I 16/2故选：B o4、图乙中三个电阻并联，电流表为测量/?2和/?3中的电流，电流表4 测量R1和R2中的电流，根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算通过/?2的电流，根据并联电路电流特点计算通过/?3的电流，根据欧姆定律计算/?3的阻值，图甲中三个电阻串联，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算此时电路中的电流，根据串联电路电压规律计算r两端的电压,根据欧姆定律计算R1的阻值；B、根据P=U/计算甲电路消耗的总功率；C、已知乙电路中必

13、表的示数；D、根据P=?计算乙电路中先消耗的功率。本题考查串联电路特点、并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，综合性强。17.【答案】热传递 无规则运动【解析】解：(1)熬制过程中，腊八粥吸收热量，是通过热传递的方式增加谷物的内能；(2)闻到腊八粥的香味是由于分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。故答案为：热传递；无规则运动。(1)改变内能有两种方式：做功和热传递。做功是能量的转化，热传递是能量的转移；(2)扩散现象说明一切物质的分子都在不停地做无规则运动。本题以熬腊八粥为背景，考查了热传递改变物体的内能，分子的热运动现象，属基础知识的考查。18.【答案】电磁静止【解析】解：电磁波能

14、传递信息，电磁波可以在真空传播。对接过程中的信息传递是通过电磁波传递的；在对接过程中，以轨道器为参照物，上升器的位置不发生变化，是静止的。故答案为：电磁；静止。(1)电磁波能够传递信息，也能传递能量。广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的；(2)在研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物，判断一个物体相对于那一个物体在运动，就要看这个物体相对于那个物体位置发生变化。本题考查了电磁波的传播与应用、运动和静止的相对性，属于基础题。1 9.【答案】3 8上【解析】解：由于反射角等于入射角，所以由图可知A O、0 C中应是入射光线和反射光线，则MN为法线，P Q为界面，而入射光线和折射光线分居

15、法线的两侧，故0 8是折射光线，A 0是入射光线；入射角为1 0 M =9 0。-3 0。=6 0。，折射角4 B 0 N =3 8。，小于入射角，故界面的上方是空气，下方是水。故本题答案为：3 8；上。光线从一种介质斜射向另一种介质时，在界面将发生反射和折射，入射光线和反射光线具有对称性，在界面的同侧，入射光线和折射光线不对称，分别在界面的两侧。当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射。光的反射中，反射角等于入射角；当光从空气斜射入玻璃中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即入射角大于折射角2 0 .【答案】不 变1.0 3 x 1 08【解析】解：(1)潜水器在水面下匀速下潜，海

16、水的密度不变，潜水器浸没在海水中，其排开海水的体积不变，根 据?浮=。海 水 可 知，潜水器受到的浮力不变。(2)潜水艇下潜到1 0 0 0 0优深处时，受到的海水压强：P=P海水gh=1.0 3 x 1 03 kg/m3 X 10N/kg X 1 0 0 0 0 m=1.0 3 X 1 08P a 故答案为：不变；1.0 3 x 1 0 8。(1)浮力的大小与液体密度和物体排开液体的体积有关，因此判断浮力的大小，关键是判断液体密度和物体排开液体的体积发生怎样的变化；第20页，共31页(2)根据液体压强公式p=pg/i计算潜水器在水下10000,”处受到的海水压强。本题考查了对浮力大小的判断，

17、液体压强的计算，难度不大。21.【答案】左电动机【解析】解：图示实验装置中，磁体和导体棒均水平放置，将开关的接线柱1与2接通，保持磁体不动，使导体/向右水平运动，灵敏电流计G指针向左偏转：产生感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关,若要使G的指针向右偏，可使导体棒向左运动。开关的接线柱1与3接通，导体棒能运动起来，通电导体在磁场中受力运动，依此可制成电动机。故答案为：左；电动机。(1)掌握产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动；产生感应电流的方向与导体运动方向和磁场方向有关；(2)“通电导体在磁场中受力”必须要有电源，据此判断，利用电能转化成机械能制成电动机。此题是

18、探究电磁感应现象的实验，考查了学生对产生感应电流条件的掌握及影响感应电流大小的因素。同时还考查了电磁感应实验与“探究磁场对通电导体的作用”实验的不同，这是两个相似度较高的实验，应对比记忆。22.【答案】【解析】解：甲、乙为实心均匀正方体，各截去相同高度的一部分，剩余部分对地面的压力相等，由F=G=mg=pVg=pShg可得出：P甲甲一 h)g-P乙心。乙一 h)g,由于P尹PN，则4。甲一八)耳。乙一八)，即 尹 故$尹$乙，剩余部分对地面的压强为p剩=(,而 尹=尸 乙，S甲 S乙,则P用剩Pz,被切割掉的部分的压强为P =P9h,而P用 P乙,则P用勿P z奶切割前，甲、乙对面的压强为：P

19、=PJ+PJ,故切割前对地面的压强为：P甲 P乙。故答案为：;。(1)甲、乙为实心均匀正方体，各截去相同高度的一部分，剩余部分对地面的压力相等，利用F =G =m g =p U g分别表示出甲、乙剩余部分对地面的压力，利用已知的密度大小关系，即可分析出两个正方体边长的关系；（2）已知甲、乙的边长关系，即可知道底面积的关系，利用p =可分析出甲、乙剩余部分对地面的压强大小关系，利用p =p g h可分析出甲、乙被切掉部分的压强大小关系，故切割前甲、乙对地面的压强就等于剩余部分对地面的压强与被切掉部分的压强之和，据此可判断甲、乙被切割前的压强大小关系。本题是典型的柱状固体的压强问题，要根据已知条件

20、，灵活选用压强计算式p =5和=p g h（适用于实心柱体对支撑面的压强）进行分析解答。2 3.【答案】解：木球漂浮在水面上，重力和浮力是一对平衡力，二者大小相等、方向相反、作用在同一直线上；过木球的重心分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F浮表示，注意这两条线段长度应相等，如下图所示：【解析】木球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于木球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等。画力的示意图时要考虑到物体的运动状态，当物体处于静止或匀速直线运动时，受到的力就是平衡力。2 4.【答案】解：螺线管的左端为N极，右端为N S极，根据安培

21、定则可知电流的方向是向上的；利用同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，右侧的小磁针左端为N极,右端为S极，如图所示：t r （t l nN（）eV V V V第22页，共31页【解析】利用安培定则，先判断出通电螺线管的极性，再根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引确定小磁针的N、S极。本题考查了安培定则的使用：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极。2 5.【答案】答：任意选择两个即可。(1)提问：火箭喷出高温、高压的火焰，火箭升空的原因是什么？解释：火箭给高温、高压的燃气一个竖直向下的力，根据物体间力的作用是相互的，燃气给火箭一个竖直向上的力，这个力推动火

22、箭升空。(2)提问：火箭升空时，火箭的动能如何变化？解释：火箭升空时，火箭的质量不变，速度不断增加，火箭的动能不断增加。(3)提问：火箭升空时，火箭的重力势能如何变化？解释：火箭升空时，火箭的质量不变，高度不断增加，火箭的重力势能不断增加。(4)提问：大水池周围为什么会出现大量的白气？解释：高温、高压的燃气冲向水池，水池的水先汽化成水蒸气，水蒸气在上升过程中遇到温度低的空气液化成小水珠，形成白气。【解析】可以从火箭升空的原因、动能变化、重力势能变化，白气产生的原因进行提问和解答。本题通过火箭发射考查了物体间力的作用是相互的，考查了物态变化，体现了物理在高科技领域内的广泛应用。2 6.【答案】乙

23、C为了避免实验的偶然性，通过探究得出重力和质量的普遍关系，使结论更具普遍性质量【解析】解：(1)因为重力方向竖直向下，使用弹簧测力计必须沿竖直方向，甲图手拿弹簧测力计的后面没有使测力计在竖直方向上测量重力，而乙图弹簧测力计在竖直方向上测量重力，故乙正确；(2)从表格中数据知，重力和质量的比值不变，质量增大几倍，物体的重力也增大几倍。所以可知，物体的重力与质量成正比；故重力随质量的变化关系图像为过原点的直线，故选C；(3)本实验需要多次测量，是为了避免实验的偶然性，通过探究得出重力和质量的普遍关系，使结论更具普遍性；(4)从表中知：g值可能与地球纬度有关，纬度越高，g值越大，质量相同的物体在不同

24、地点重力可能不同。由于质量是物体的属性，不随形状、状态、位置的变化而变化，所以在往来的货物运输中，发货单上所标示的“货物重量”，实质上应该是货物的质量。故答案为：(1)乙；(2)C；(3)为了避免实验的偶然性，通过探究得出重力和质量的普遍关系，使结论更具普遍性；(4)质量。(1)因为重力方向竖直向下，使用弹簧测力计必须竖直方向；(2)根据物体所受的重力跟它的质量成正比分析；(3)此实验中多次测量，是为了得出重力和质量的正比例关系，使结论更具普遍性；(4)质量是物体的属性，不随形状、状态、位置的变化而变化。此题是探究重力和质量的关系，考查了学生分析数据总结结论的能力。因为重力与质量有关，当分析重

25、力与其它量之间的关系时，应保持质量不变。2 7.【答案】1 0.0缩 小 照 相 机 左【解析】解:(1)由焦距的概念知，f=2 0.0 c m -1 0.0 c m =1 0.0 c m；(2)由图乙可知，此时u 2/,成倒立缩小的实像，应用为照相机；(3)在图乙中烛焰和凸透镜之间放一近视眼镜的镜片，近视镜片是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，会延迟光的会聚，此时为了使像成在光屏上，可以增大物距或减小像距，所以需要将将蜡烛向左移动或光屏向右移动才能再次看到清晰的像。故答案为:(1)1 0.0；(2)缩小；照相机；(3)左。(1)从焦点到凸透镜的距离叫做焦距；(2)凸透镜成实像时，当u，成倒立

26、缩小的实像，应用为照相机；(3)近视眼镜片时凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用。此题是探究凸透镜成像的规律实验，考查了焦距的测量及实验器材的调节，掌握成像特点及物距、像距之间的关系及应用，同时自己做一些总结，更有利于对成像规律的理解和掌握。2 8.【答案】相 同 通 电 时 间b a h比热容【解析】解：(1)图中两电阻丝串联，通过的电流和通电时间相同，由焦耳定律Q =产 可知，要控第24页，共31页制相同时间两电热丝放出的热量相同(两液体吸热才能相同)，实验中选用的两根电阻丝的阻值应相同；根据转换法，实验中，用通电时间间接反映液体吸收热量的多少；(2)如果质量和初始温度均相同的“、匕两种液体，

27、吸热后它们的温度随时间变化的图像如图乙所示，由图可以看出，液体的温度升高得较快，升高相同的温度时，匕 液体需要加热的时间长，所以。液体吸收热量多，b的比热容大；质量相等的匕两种液体,在吸收相同热量时，由于。的比热容小，则。温度升高的多；因质量相等的加 两种液体，在升高相同温度时，6吸热多，b的吸热能力强，比热容大，故从ab中选一种液体作为发动机冷却液，则应选择仇(3)因为水的比热容比较大，在吸收或放出相同的热量时，水的温度变化小，因此生物体内水的比例很高，有助于调节生物体自身的温度，以免温度变化太快对生物体造成损害。故答案为：(1)相 同;通 电 时 间;(2)Z ；a；b；(3)比热容。(1

28、)由串联电路电流的规律结合焦耳定律分析；我们使用相同加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；(2)质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容大的温度升高的少；(3)水的比热容比较大，在相同质量、升高相同的温度的情况下，水可以吸收更多的热量。本题考查了比热容大小的探究实验，分析时利用好控制变量法是解决本题的关键。2 9.【答案】定值电阻R断 路3电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比 2.7 2 0 A【解析】解：(1)滑动变阻器的滑片尸向A端移动，电路中电流变大，说明电阻变阻器接入电路的电阻变小，故变阻器左下接线柱串联入电路中，如下图所示：（2）串联电路只有一条电流的路径

29、，电流表几乎没有示数，说明电路中某处断路，电压表有示数，说明电压表与电池正负极之间的电路是接通的，则故障为定值电阻K断路;（3）图乙是小组根据测得的实验数据绘制的电流/随电阻R变化的图像，由图像可知R两端的电压为：UR=IR=0.64 x 50=0.2A x 150=3V；由图像可知：电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；（4）由图丙可知电压表量程为03 V,分度值0.1 V,电压表的示数为2.7V；设此时电阻为R,此时滑动变阻器两端的电压为：U/=U-UR=4.5V-2.7V=1.8V,Rf UR，2.7V 3 o根据串联电路的分压特点可知此时二=I=T =2所以R=三R滑,更换电阻前

30、，H两端的电压UR=31/不变，动变阻器两端的电压滑=。-4 =4.5，一3V=1.5K,R UR 3V 2设拆下的电阻为R，则根据串联电路的分压特点可知嬴=才=工1=”所以R=2R滑,由题意，选用250、200、150、100、50的定值电阻R由大到小依次正确接入电路，可知R=R-5。，即 潘=2/?潘一50,解得：R滑=io。，所以R=2R济=2 x 100=2 0 0,即刚拆下电阻R的阻值为20。；移动滑动变阻器滑片尸到某处时，电压表的示数为2.7人 小 于3匕 所以要提高定值电阻R两端的电压，根据串联电路的分压特点，需要减小滑动变阻器接入电路的电阻，即应将滑片P向A端移动。故答案为：（

31、1）见解析；（2）定值电阻R断路；（3）3；电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；（4）2.7；20；Ao第26页，共31页(1)根据滑动变阻器的滑片P 向4 端移动，电路中电流变大确定变阻器左下接线柱连入电路中与电阻串联，据此连接电路图；(2)根据串联电路特点及电表示数情况确定定值电阻R的故障情况；(3)由图乙求出电流与电阻之积即为R两端电压；根据反比例图像得出结论；(4)电表读数应先确定电表的量程和分度值；更换电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片即滑动变阻器的阻值保持不变，根据串联电路的电压特点以及电压分配规律分别求出更换电阻前后电阻和滑动变阻器的阻值之间的关系式，进而求出更换电阻前电阻

32、R 的阻值；要使定值电阻R两端的电压增大到3匕 应减小滑动变阻器的接入电阻，由滑动变阻器的接法可知滑片的移动方向。此题考查了探究电流与电阻关系的实验过程，包括实物图的连接、电路故障的判断、实验器材的选择和串联电路电压规律的应用，是一道综合题。3 0.【答案】水 平 零 刻 度 线 77 3.85 x 103将小瓷杯浸没在水中，液面刻度为y(吃-匕)P，k3 的一匕)不变【解析】解：(1)天平调平之前，应先放在水平工作台上，并将游码移到标尺左端零刻度线上，然后根据指针偏转方向，调节平衡螺母使横梁平衡；左盘物体质量等于右盘所有祛码总质量加上游码所对的刻度值，故小石块的质量为：m=50g+20g+5

33、g+2g=77g；量筒中原有60,让 水，放入石块后，量筒液面上升到80,因此石块体积为：V=80mL 60mL=20mL=20cm3；小石块的密度为：P=高*=3.85g/cm3=3.85 x 103kg/m3；(2)先在量筒内装入适量的水，液面刻度为匕；使小瓷杯浮于水面，液面刻度为l，瓷杯处于漂浮时，由二力平衡知：G =F浮,根据阿基米德原理可知：产 浮=。捌所以，G=G排,则小瓷杯质量为：加=7 7 1 舜=。次(彩一匕)：要测瓷杯密度，还需知小瓷杯体积，故第步骤为：将小瓷杯浸没在水中，液面刻度为匕,再将小瓷杯浸没于水中，液面刻度为七；则小瓷杯的体积为：U =匕一匕，所 以 小 瓷 杯

34、密 度 为 一 条 号=5箸。瓷杯内的水受到的浮力等于自身重力，排开水的体积也等于自身体积，所以，无论水是在杯内还是在杯外，量筒内水的液面都不会变化，故所测结果不会变化。故答案为：(1)水平；零刻度线；7 7；3.8 5 x 1 03；(2)将小瓷杯浸没在水中，液面刻度为七；竽 绛；不变。(卜3-匕)(1)天平使用时，放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻度线上，再根据指针指向进行调平；称量时，天平的分度值为0.2 g,左盘物体质量等于右盘所有祛码总质量加上游码所对的刻度值；根据排水法原理，小石块的体积为量筒中液面的两次读数之差，根据密度定义公式求小石块密度；(2)小瓷杯的质量是借助漂浮条件得出

35、的，即根据漂浮时浮力等于重力，结合阿基米德原理可推知小瓷杯的质量等于其排开水的质量；利用排水法得出小瓷杯浸没时排开水的体积，即为瓷杯陶瓷的体积，然后利用密度公式即可计算小瓷杯的密度。根据小瓷杯密度的表达式分析小瓷杯内的水未倒干净对所测结果的影响。本题是常规方法和特殊方法测量固体的密度，考查漂浮的条件、阿基米德原理、重力公式和密度公式等知识，重点是特殊方法中利用漂浮得质量，浸没得体积，然后根据密度公式即可求得密度。3 1.【答案】解：(1)由2=口可得，灯泡L正常发光时的电流：r/；=PL =6W =1A；L UL 6V(2)开关S i闭合、S 2断开时，只有灯泡L工作，且正常发光，则电源电压等

36、于其额定电压，即U =6 V；开关S i、S 2均闭合时，灯泡和电阻并联，电流表测量干路电流，根据并联电路的电流特点可得，通过电阻R的电流：IR=l-lL=1.5 4 -1A =0.5 4,根据欧姆定律可得，电阻R的阻值：/?=-=1 2 0。1R 0.54答：(1)灯泡L正常发光时的电流为L 4；第28页，共31页(2)电阻R 的阻值为120。【解析】(1)根据P=W求出灯泡的额定电流；(2)开关Si闭合、52断开时，只有灯泡入工作，且正常发光，电源电压等于其额定电压；开关&、S2均闭合时，灯泡和电阻并联，电流表测量干路电流，根据并联电路的电流特点求出通过电阻的电流，在根据欧姆定律求出电阻的

37、阻值。此题主要考查的是学生对欧姆定律和并联电路电流特点的理解和掌握，难度不大，弄明白电路结构是解决此题的关键。32.【答案】解：(1)由滑轮组结构可知n=2,则绳子自由端向下移动的距离为：s=2h=2 x 2m=4m,拉力做功为：WF=Fs=200/V X 4m=8007；(2)对小明进行受力分析，可知其受到竖直向下的重力、绳子施加的向上的拉力以及地面施加的向上的支持力，则小明对地面的压力为：F乐=F支=G -F=600/V-200/V=400N,对地面的压强为：p=_ =1 x 104Pa;l S 400X10-4nl2(3)提升物体过程中做的有用功为：W有=G/=mgh=28kg x IO

38、N/kg x2m =560/,则该滑轮组的机械效率为：?=x 100%=随x 100%=70%1 WF 800/答：(1)拉力尸做的功为800J；(2)小明对地面的压强为1 x 104Pa；(3)该滑轮组的机械效率为70%。【解析】(1)由滑轮组的结构可知n=2,利用s=n/i求出绳子自由端下降的距离，再利用W=Fs求出拉力做的功；(2)对小明受力分析，可知其受到竖直向下的重力、绳子施加的向上的拉力以及地面施加的向上的支持力，由平衡力的关系以及相互作用力可求出小明对地面的压力大小，再利用P=9求出小明对地面的压强；W有(3)利用W=Gh=mg力 求出有用功，再利用=iX 100%求出该滑轮组的

39、机械效率。总本题考查了压强公式、功的公式、功率公式和机械效率公式及力的平衡、力的相互性的运用，要注意人对地面的压力等于自身的重力减去绳子的拉力。3 3.【答案】解：(1)压力传感器和定值电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，由表格可知当平板空载时，压力传感器的阻值为7 0。，串联电路总电压等于各部分电压之和，串联电路各处电流相等，由欧姆定律可得：*=学，即 异=1与产,解KQ K KQ/USi得：R0=i o n；(2)平板上物体对平板的压力：FB=G =1 2 0/V,由题知，A B：OB=5：I,贝I J。4 OB =6：1,由杠杆平衡条件&XOA=FBX O B得杠杆A点受到的压

40、力：FA=FB=x 1 2 0/V=6 62 0N,由于力的作用是相互的，压力传感器受到的压力为2 0 M由表格可知压敏电阻的阻值：R =2 0。，串联电路总电阻等于各分电阻之和，此时电压表的示数；Uo =IR0=0.3 4 x 2 0 0 =6 V；(3)电源用久后电压变小，电路中电流变小，若要求此时平板上重为1 2 0 N的物体对应的电流表示数和电源电压为1 2 V的情况下相同，则需减小压力传感器的电阻，就要增大压力传感器受到的压力，其它条件不变，由杠杆平衡条件可知，需向右移动2触点，设调节距离为L此时压力传感器阻值为R，可得：/=/?/=/(R +R。)，即，9 U=0.3 4 x (R

41、 +2 0 0),解得=1 2,5/2,由表格可知可知传感器受到的压力为2 3 N,由于力的作用是相互的，杠杆A点受到的压力为：/y =2 3 N,由杠杆平衡条件可得：FA x O A =FBX(OB+L),2 3 N x 1.2 m =1 2 0/V x (|x 1.2 m +L),解得：L=0.0 3 m =3 c m。答：(1)定值电阻飞)的阻值为1 0 0；(2)当平板空载时，电压表的示数为6 H(3)如果只水平调节杠杆上触点8的位置，则触点B应向右移动，移动3 c%【解析】(1)压力传感器和定值电阻串联接入电路，电压表测定值电阻两端的电压，由表格可知当平板空载时压力传感器的阻值，根据

42、串联电路电压规律和电流特点，结合欧第30页，共31页姆定律计算定值电阻区 的阻值；(2)平板上物体对平板的压力等于自身的重力，根据杠杆平衡条件可得杠杆B 点受到的压力，由力的作用是相互的可知压力传感器受到的压力，由表格可知此时压敏电阻的阻值，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律计算此时通过电路的电流，进一步计算此时电压表的示数：(3)电池组用久后电压变小，电路中电流变小，要增大电路中电流，需减小压力传感器的电阻，就要增大压力传感器受到的压力，其它条件不变，由杠杆平衡条件可知，需向右调节B 触点，设调节距离为L此时压力传感器阻值为R，利用欧姆定律求其大小；从图象可知传感器受到的压力，由于力的作用是相互的，可求杠杆A 点受到的压力，利用杠杆平衡条件求L 的大小。本题为力学、电学综合计算题，考查了欧姆定律、串联电路的特点、力的相互性、杠杆平衡条件的应用，利用好压力传感器的电阻与压力的关系图像是关键。