2022年安徽省泗县刘圩高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，四个等量异种的点电荷，放在正方形的四个顶点处。4、B、C、。为正方形四个边的中点，。为正方形的中心，下列说法正确的是（）A.A、C 两个点的电场强度方向相反B.。点电场强度等于零C.将一带正电的试探电荷从8

2、 点沿直线移动到。点，电场力做正功D.O 点的电势低于A 点的电势2、如图所示,重型自卸车装载一巨型石块，当利用液压装置使车厢缓慢倾斜到一定角度,车厢上的石块就会自动滑下.以下说法正确的是（）A.石块没有下滑时，自卸车车厢倾角变大,石块对车厢的压力不变B.石块没有下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块对车厢的摩擦力变大C.石块开始下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块对车厢的作用力变大D.石块开始下滑时，自卸车车厢倾角变大，石块受到的合力不变3、质量相等的A、B 两个物体放在同一水平面上，分别受到水平拉力用、耳的作用而从静止开始做匀加速直线运动,经过时间小和 4%，A、B 的速度分别达到2%和时，分别撤去

3、月和工，以后物体继续做匀减速直线运动直至停止,两个物体速度随时间变化的图象如图所示，设 月 和 F?对 A、B 的冲量分别为乙和乙，”和 工，对 A、B 做的功分别为“和 明，则下列结论正确的是A.叱 区B./1 C.IX I2,WX I2,Wtl,则 W 1W 1.故 选 B.吗危$2 5点睛：解决本题的关键通过图象得出匀加速运动和匀减速运动的加速度，根据牛顿第二定律，得出两个力的大小之比,以及知道速度-时间图线与时间轴所围成的面积表示位移.4、B【解析】由题可知，某种频率的光照射处于基态的氢原子后，处于激发态的氢原子能辐射出三种不同频率的光子，表面氢原子激发后处于n=3的激发态，辐射出的光

4、子中，两种频率较高的光子能量为hvi=Ej-Ei=12.09eV,hv2=E2-E!=10.2eV,由于这两种光子中有一种光子恰好能使该金属发生光电效应，由此可知，该金属的逸出功为10.2 e V,则打出的光电子的最大初动能为Ek=12.09 eV-10.2 eV=1.89 e V,故 B 正确，ACD错误。故选B。【点睛】解决本题的关键知道能级间吸收或辐射的光子能量等于两能级间的能级差，掌握光电效应方程，并能灵活运用。5、B【解析】发生光电效应的原因是入射的光子能量R超过了金属表面电子逸出的逸出功乜，若不能发生光电效应，说明入射光子能量过小，频率太低，应该换用频率更高的入射光，对照选项B对.

5、6、C【解析】A B.自行车做匀减速直线运动：1 2X=V g f C lt整理形式：X 17 =%丁根据图像可知：v0=1 0 m/s；又根据图中斜率求解加速度：-a-m/s2=-2 5 m/s22 4解得：a =5 m/s2 A B错误；c.自行车匀减速至0,逆过程视为初速度为0的匀加速直线运动，根据：%=at解得刹车时间：r =2 s,根据：1 2x=at2解得：x =1 0 m,C正确；D.刹车最后1 S通过的位移：X.=I x 5-x 1 2 m=5 m1 2 2刹车前I s通过的位移：，八 5 15x,=10m m=m-2 2刹车前I s和最后I s通过的位移比为3:1,D错误。故

6、选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共2 0分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。7、BC【解析】A.总功率:E-U E E2PE=EI=EX-=-/+,r r R可知尸片U 图象对应图线用 由数学知识得知，图象。的斜率大小:,E 9.K 3;r 3当 U=0时，E2PE=；=9,联立解得E=3V,r=ll,故 A 错误;B.内阻消耗的功率:(I)r由数学知识可知，巳-。图象的对应图线故 B 正确;C.根据功率关系可得:PR=PR+Pr，则IF由数学知识可知，E-u 图象的对应图线C,故 C 正确;D.当内外

7、电阻相等时，电源的输出功率最大,即当外电路电阻为1。时，输出功率最大，最大输出功率为2PmRE24r 4x132，W=2.25W故 D 错误。故选：BCo8、BCD【解析】A.物体的内能增大，温度不一定升高，如冰块融化时，分子势能增加，内能增加，温度不变，A 错误；B.热量不能自发地从低温物体传给高温物体，但在引起其他变化的情况下可以由低温物体传给高温物体，B 正确；C.液晶是一种特殊的物态，它既像液体一样具有流动性，又跟某些晶体一样具有光学性质的各项异性，C 正确；D.“用油膜法估测分子的大小”的实验中，油酸分子直径等于纯油酸体积除以相应油酸膜的面积，即：SD 正确；E.绝热汽缸中密封的理想

8、气体在被压缩过程中，根据热力学第一定律：U=Q+W2 =0,外界对气体做功，所以内能增大，温度升高，气体分子运动剧烈程度增大，E 错误。故选BCD.9、ABC【解析】A.在竖直方向上两小球做初速度为零的匀加速直线运动，三条等势线间距相等，设间距为d,则两小球在竖直方向1,上位移大小相等，又同时到达两等势线，运动时间相同，根据1=7。厂可得两小球在竖直方向的加速度大小相同，小球 3 加速度方向竖直向上，重力方向竖直向下，则电场力方向一定向上，小球3 带负电荷，所以匀强电场的电场强度方向竖直向下，故 A 错误，符合题意；B.在竖直方向上，根据牛顿第二定律，对小球B有qE-mBg=mBa对小球A 有

9、qE+mAg-mAa两式联立得mAmH故 B 错误，符合题意；C.竖直方向上根据速度公式u=，在/时刻两小球竖直方向的速度大小相等，水平方向速度相同，合速度的大小相等，A 球的质量大于3 球的质量，则 A 球的动量大于3 球的动量，故 C 错误，符合题意；D.两小球在竖直方向的加速度大小相同，加八 加B，则小球A 所受的合力大于小球8 所受的合力，小球A 从等势线到达c 等势线和小球8 从。等势线到达等势线两个过程中竖直方向的位移相等，则合力对小球A 做的功大于合力对小球8 做的功，根据动能定理，在时间f 内小球A 动能的增量大于小球B 动能的增量，故 D 正确，不符合题意。故选ABC.10

10、CD【解析】A.导体棒获得向右的瞬时初速度后切割磁感线，回路中出现感应电流，导体棒ab受到向左的安培力向右减速运动,由B-Iv-=maR+r可知导体棒速度减小，加速度减小，所以导体棒做的是加速度越来越小的减速运动，A 项错误;B.导体棒减少的动能73心 上k 2 2 m 2m根据能量守恒定理可得Ek。总又根据串并联电路知识可得。氏=R+r 0总=2m(R+r)故 B 项错误；C.根据动量定理可得-BiLt=O-mv,I=mv,q=i、t可得Iq=-BLC 项正确;D.由于q=ibt=LtBLxR+r R+r将 4=二 代 入 等 式，可得导体棒移动的位移BL/(R+r)B-I3D 项正确。故选

11、CD.三、实验题：本 题 共2小 题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B左 D 3.87 3.90 0.12-0.17【解 析】(D 口|由题知，该 锂电池的最大放电电流850m A,故 电 流 表A应 选 择B；由 题 知，回路中的最大电阻4.2-ft-24.7ft0.17故 滑 动 变 阻 器 选 择G(2)网按照设计电路完成实物电路的连接，如图所示(3)4因滑动变阻器是限流式接法，为保护电路，故 在 闭 合 开 关S前，滑动变阻器的阻值要最大，故应将滑动变阻器滑片尸移到左端;闭 合 开 关 后，发现电压表指针有偏转，而电流表指针不偏转，说明电流表所在支

12、路存在某处断路，在不断开电路的情况下，应选择多用电表的直流电压档进行检查电路故障，又该电源的最大电动势为4.2V,故 应 选 择 直 流 电 压10V档进行检查电路故障，故D正 确，ABC错 误。故 选D。(4)6由题知，U1图象的纵截距表示电源的电动势，则由图可得 =3.88V(3.87 3.90)7由U/图象，可得图象的斜率,3.88-3.5=1.15由电路图分析可知，斜率k=r+R、解得r=0.15C(0.12-0.17)12,6 50.60 1.2004小于-D R【解析】口 开关旋至电阻挡“xl”挡位，故电阻为6 Q。3 游标卡尺读数为L=50mm+0.05 x 12mm=50.60

13、mm螺旋测微器读数)=1 mm+0.01 mm x 20.0=1.200mm(3)4 根据电路图可知，连线如下(4)5 因为cd间电阻小于必间电阻，则电压表分流更小，带来的误差更小，测量c、d 之间电阻值的相对误差小于测量。、6 之间电阻值的相对误差。(5)6根据R=p-=p S L D可知4p=-D R5四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。L【解析】小球竖直上抛到达最高点，由运动学公式：h4n=2 gg弹簧瞬间自动弹开后小球A,3的速度分别为必、心，由动量守恒：叫 4 =m2P2第一次弹簧水平弹开，两小球均做平抛运

14、动，芭=uxtx2=u2tX,+x2=L第二次弹簧竖直弹开，小球A在下以速度以下落,1 2h=uti+-gti小球3在上以度%上升,1 2%=一卬2+/两小球落地的时间差A Z=，2 1联立解得：A/=1 4、(1)-v,方 向 水 平 向 右(2)L=3 g R2 v-(3)v0-d 3 g R-v23 3 g 3 V【解析】(1)对于滑块M和物块，组成的系统，物块沿轨道滑下的过程中，水平方向动量守恒，物块滑出时，有mv=M V滑 块M的速度V =v =-v,方向向右.M 3(2)物块滑下的过程中，物块的重力势能，转化为系统的动能和内能，有g m v2+g M V2+/nmgL=m g R解

15、得3gR-2V2L-3Hg(3)物块以速度uo冲上轨道，初速度越大，冲上圆弧轨道的高度越大.若物块刚能达到最高点，两者有相同的速度V i,此为物块不会越过滑块的最大初速度.对于M 和，组成的系统，水平方向动量守恒，有mv()-(m +M)V相互作用过程中，系统的总动能减小，转化为内能和重力势能，有1 ,1 2mvj-(M+m)Vy=/dmgL+m g R解得：要使物块机不会越过滑块，其初速度vo W 9 3 g R-v 215、见解析【解析】(1)小物体A 在 P1、尸 2区间上方运动时，假设A 相 对 B 静止，对 A、B、C 整体，由牛顿第二定律有：3mgsin6-出 3mg-cosO-m

16、 g =Ama代入数据解得：cz=0.5m/s2隔离A,有：mgsinO-f =m a代入数据得：f=5.5m而 A、B 间的最大静摩擦力fm=mgcosO=6 m所 以f fm,假设成立，A、B、C 一起运动。小物体A 进入Pi、P2区间上方运动时加速度为：a=0.5m/s2当小物体A 进 入 R、P2区间内，隔离A,有:F+mgsind f =ma得 户 6.5/般为，即 A 相对于B 向下滑动。对 A 有：F+mgsinO-乩mgcosB=ma代入数据解得：a=lm/s2(2)小物体A 刚到P2时，A、B、C 速 度 满 足 v02=2as代入数据解得：vo=lni/s当小物体A 进入尸

17、1、尸 2区间内时，对 B、C 整体，有：2mgsin+m gcosd-/2-3mgeos-mg=3ma:代入数据解得：2/2a,=m/s一 3当小物体A 刚到B 时，小物体速度满足v)2 v()2=2%L)代入数据解得：W =3 m/s小物体A 从 P2到 P1运动时间为:A -V v0 3-1-=-s=2s14B、C 速度为:2 7v2=%+%=1+x2=(m/s)此过程中B 运动距离为：1+-1 nM+%4 C 10-A=x2m =m2 1 2 3因此当小物体A 刚过P i时，小物体A 离平板B 下端距离为:Ax=5-(L2-/)=13m7此 时 B 刚好与挡板P 发生碰撞且绳断，此后A 将以速度町=3m/s向下匀速运动，B 将向上以彩=m/s做匀速运动。隔离B,有：2mgsin。+mgcosG+必,3mgeos-mg-lma3代入数据解得:a3=12mzs2对 A、B,有：A x=v1 2tt2+v2t2-a3t2解得：_ 8-屈-S18此时平板B 速度为:泻4 s此后A 滑离平板B,B 继续向上匀减速，对 B,有:ImgsinO+出 2mgcos0-mg=2ma4代入数据解得:a4=8m/s2平 板 B 向上运动到最高点时速度减为零，运动时间为:_vf i_ 2746-93 4 24因此平板B 与挡板P 碰后到最高点时间为:tH=t2+t3=W1+72