2018年湖北省荆门市中考数学(教师版).docx

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1、2018年湖北省荆门市中考数学试卷（教师版）一、选择题：本大题共12个小题，每小题3分，共36分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1（3分）8的相反数的立方根是（）A2BC2D【考点】24：立方根；28：实数的性质菁优网版权所有【分析】根据相反数的定义、立方根的概念计算即可【解答】解：8的相反数是8，8的立方根是2，则8的相反数的立方根是2，故选：C【点评】本题考查的是实数的性质，掌握相反数的定义、立方根的概念是解题的关键2（3分）中国的陆地面积和领水面积共约9970000km2，9970000这个数用科学记数法可表示为（）A9.97105B99.7105C9.97106D

2、0.997107【考点】1I：科学记数法表示较大的数菁优网版权所有【分析】科学记数法的表示形式为a10n的形式，其中1|a|10，n为整数确定n的值时，要看把原数变成a时，小数点移动了多少位，n的绝对值与小数点移动的位数相同当原数绝对值1时，n是正数；当原数的绝对值1时，n是负数【解答】解：99700009.97106，故选：C【点评】此题考查科学记数法的表示方法科学记数法的表示形式为a10n的形式，其中1|a|10，n为整数，表示时关键要正确确定a的值以及n的值3（3分）在函数y中，自变量x的取值范围是（）Ax1Bx1Cx1Dx1【考点】E4：函数自变量的取值范围菁优网版权所有【分析】根据被

3、开方数大于等于0，分母不等于0列式求解即可【解答】解：根据题意得x10，1x0，解得x1故选：B【点评】本题主要考查了函数自变量的取值范围的确定，根据分母不等于0，被开方数大于等于0列式计算即可，是基础题，比较简单4（3分）下列命题错误的是（）A若一个多边形的内角和与外角和相等，则这个多边形是四边形B矩形一定有外接圆C对角线相等的菱形是正方形D一组对边平行，另一组对边相等的四边形是平行四边形【考点】O1：命题与定理菁优网版权所有【分析】A、任意多边形的外角和为360，然后利用多边形的内角和公式计算即可；B、判断一个四边形是否有外接圆，要看此四边形的对角是否互补，矩形的对角互补，一定有外接圆；C

4、、根据正方形的判定方法进行判断；D、一组对边平行且相等的四边形是平行四边形【解答】解：A、一个多边形的外角和为360，若外角和内角和360，所以这个多边形是四边形，故此选项正确；B、矩形的四个角都是直角，满足对角互补，根据对角互补的四边形四点共圆，则矩形一定有外接圆，故此选项正确；C、对角线相等的菱形是正方形，故此选项正确；D、一组对边平行且相等的四边形是平行四边形；而一对边平行，另一组对边相等的四边形可能是平行四边形或是梯形，故此选项错误；本题选择错误的命题，故选：D【点评】本题主要考查的是多边形的内角和和外角和，四点共圆问题，正方形的判定，平行四边形的判定，掌握这些定理和性质是关键5（3分

5、）已知直线ab，将一块含45角的直角三角板（C90）按如图所示的位置摆放，若155，则2的度数为（）A80B70C85D75【考点】JA：平行线的性质菁优网版权所有【分析】想办法求出5即可解决问题；【解答】解：1355，B45，43+B100，ab，54100，2180580，故选：A【点评】本题考查平行线的性质，三角形内角和定理，三角形的外角的性质等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型6（3分）如图，四边形ABCD为平行四边形，E、F为CD边的两个三等分点，连接AF、BE交于点G，则SEFG：SABG（）A1：3B3：1C1：9D9：1【考点】S9：相似三角形的判定与

6、性质菁优网版权所有【分析】利用相似三角形的性质面积比等于相似比的平方即可解决问题；【解答】解：四边形ABCD是平行四边形，CDAB，CDAB，DEEFFC，EF：AB1：3，EFGBAG，（）2，故选：C【点评】本题考查平行四边形的性质、相似三角形的性质等知识，解题的关键是灵活运用所学知识解决问题，属于中考常考题型7（3分）已知关于x的不等式3xm+10的最小整数解为2，则实数m的取值范围是（）A4m7B4m7C4m7D4m7【考点】C7：一元一次不等式的整数解菁优网版权所有【分析】先解出不等式，然后根据最小整数解为2得出关于m的不等式组，解之即可求得m的取值范围【解答】解：解不等式3xm+1

7、0，得：x，不等式有最小整数解2，12，解得：4m7，故选：A【点评】本题考查了一元一次不等式的整数解，正确解不等式，求出解集是解答本题的关键解不等式应根据不等式的基本性质8（3分）甲、乙两名同学分别进行6次射击训练，训练成绩（单位：环）如下表第一次第二次第三次第四次第五次第六次甲9867810乙879788对他们的训练成绩作如下分析，其中说法正确的是（）A他们训练成绩的平均数相同B他们训练成绩的中位数不同C他们训练成绩的众数不同D他们训练成绩的方差不同【考点】W1：算术平均数；W4：中位数；W5：众数；W7：方差菁优网版权所有【分析】利用方差的定义、以及众数和中位数的定义分别计算得出答案【解

8、答】解：甲6次射击的成绩从小到大排列为6、7、8、8、9、10，甲成绩的平均数为8（环），中位数为8（环）、众数为8环，方差为（68）2+（78）2+2（88）2+（98）2+（108）2（环2），乙6次射击的成绩从小到大排列为：7、7、8、8、8、9，乙成绩的平均数为，中位数为8（环）、众数为8环，方差为2（7）2+3（8）2+（9）2（环2），则甲、乙两人的平均成绩不相同、中位数和众数均相同，而方差不相同，故选：D【点评】此题主要考查了中位数以及方差以及众数的定义等知识，正确掌握相关定义是解题关键9（3分）如图，在平面直角坐标系xOy中，A（4，0），B（0，3），C（4，3），I是ABC

9、的内心，将ABC绕原点逆时针旋转90后，I的对应点I的坐标为（）A（2，3）B（3，2）C（3，2）D（2，3）【考点】MI：三角形的内切圆与内心；R7：坐标与图形变化旋转菁优网版权所有【分析】直接利用直角三角形的性质得出其内切圆半径，进而得出I点坐标，再利用旋转的性质得出对应点坐标【解答】解：过点作IFAC于点F，IEOA于点E，A（4，0），B（0，3），C（4，3），BC4，AC3，则AB5，I是ABC的内心，I到ABC各边距离相等，等于其内切圆的半径，IF1，故I到BC的距离也为1，则AE1，故IE312，OE413，则I（3，2），ABC绕原点逆时针旋转90，I的对应点I的坐标为：（

10、2，3）故选：A【点评】此题主要考查了旋转的性质以及直角三角形的性质，得出其内切圆半径是解题关键10（3分）某几何体由若干个大小相同的小正方体组成，其主视图与左视图如图所示，则组成这个几何体的小正方体最少有（）A4个B5个C6个D7个【考点】U3：由三视图判断几何体菁优网版权所有【分析】由主视图和左视图确定俯视图的形状，再判断最少的正方体的个数【解答】解：由主视图和左视图可确定所需正方体个数最少时俯视图为：，则组成这个几何体的小正方体最少有5个故选：B【点评】此题主要考查了由三视图判断几何体，根据主视图和左视图画出所需正方体个数最少的俯视图是关键11（3分）如图，等腰RtABC中，斜边AB的长

11、为2，O为AB的中点，P为AC边上的动点，OQOP交BC于点Q，M为PQ的中点，当点P从点A运动到点C时，点M所经过的路线长为（）ABC1D2【考点】KW：等腰直角三角形；O4：轨迹菁优网版权所有【分析】连接OC，OM、CM，如图，利用斜边上的中线性质得到OMPQ，CMPQ，则OMCM，于是可判断点M在OC的垂直平分线上，则点M运动的轨迹为ABC的中位线，然后根据三角形中位线性质求解【解答】解：连接OC，OM、CM，如图，M为PQ的中点，OMPQ，CMPQ，OMCM，点M在OC的垂直平分线上，点M运动的轨迹为ABC的中位线，点M所经过的路线长AB1故选：C【点评】本题考查了轨迹：通过计算确定动

12、点在运动过程中不变的量，从而得到运动的轨迹也考查了等腰直角三角形的性质12（3分）二次函数yax2+bx+c（a0）的大致图象如图所示，顶点坐标为（2，9a），下列结论：4a+2b+c0；5ab+c0；若方程a（x+5）（x1）1有两个根x1和x2，且x1x2，则5x1x21；若方程|ax2+bx+c|1有四个根，则这四个根的和为4其中正确的结论有（）A1个B2个C3个D4个【考点】H4：二次函数图象与系数的关系；H5：二次函数图象上点的坐标特征；HA：抛物线与x轴的交点菁优网版权所有【分析】根据二次函数的性质一一判断即可【解答】解：抛物线的顶点坐标（2，9a），2，9a，b4a，c5a，抛物

13、线的解析式为yax2+4ax5a，4a+2b+c4a+8a5a7a0，故正确，5ab+c5a4a5a4a0，故错误，抛物线yax2+4ax5a交x轴于（5，0），（1，0），若方程a（x+5）（x1）1有两个根x1和x2，且x1x2，则5x1x21，正确，故正确，若方程|ax2+bx+c|1有四个根，设方程ax2+bx+c1的两根分别为x1，x2，则2，可得x1+x24，设方程ax2+bx+c1的两根分别为x3，x4，则2，可得x3+x44，所以这四个根的和为8，故错误，故选：B【点评】本题考查二次函数的性质、二次函数图象上的点的特征、抛物线与坐标轴的交点问题等知识，解题的关键是灵活运用所学知

14、识解决问题，属于中考常考题型二、填空题（每题3分，满分15分，将答案填在答题纸上）13（3分）计算：22|tan303|+20180【考点】2C：实数的运算；6F：负整数指数幂；T5：特殊角的三角函数值菁优网版权所有【分析】直接利用二次根式的性质结合绝对值的性质以及特殊角的三角函数值分别化简得出答案【解答】解：原式2|3|+12+1故答案为：【点评】此题主要考查了实数运算，正确化简各数是解题关键14（3分）已知x2是关于x的一元二次方程kx2+（k22）x+2k+40的一个根，则k的值为3【考点】A1：一元二次方程的定义；A3：一元二次方程的解菁优网版权所有【分析】把x2代入kx2+（k22）

15、x+2k+40得4k+2k24+2k+40，再解关于k的方程，然后根据一元二次方程的定义确定k的值【解答】解：把x2代入kx2+（k22）x+2k+40得4k+2k24+2k+40，整理得k2+3k0，解得k10，k23，因为k0，所以k的值为3故答案为3【点评】本题考查了一元二次方程的解：能使一元二次方程左右两边相等的未知数的值是一元二次方程的解15（3分）如图，在平行四边形ABCD中，ABAD，D30，CD4，以AB为直径的O交BC于点E，则阴影部分的面积为【考点】L5：平行四边形的性质；MO：扇形面积的计算菁优网版权所有【分析】连接半径和弦AE，根据直径所对的圆周角是直角得：AEB90，

16、可得AE和BE的长，所以图中弓形的面积为扇形OBE的面积与OBE面积的差，因为OAOB，所以OBE的面积是ABE面积的一半，可得结论【解答】解：连接OE、AE，AB是O的直径，AEB90，四边形ABCD是平行四边形，ABCD4，BD30，AEAB2，BE2，OAOBOE，BOEB30，BOE120，S阴影S扇形OBESBOE，故答案为：【点评】本题考查了扇形的面积计算、平行四边形的性质，直角三角形中30度角等知识点，能求出扇形OBE的面积和ABE的面积是解此题的关键16（3分）如图，在平面直角坐标系xOy中，函数y（k0，x0）的图象经过菱形OACD的顶点D和边AC的中点E，若菱形OACD的边

17、长为3，则k的值为【考点】G6：反比例函数图象上点的坐标特征；L8：菱形的性质菁优网版权所有【分析】过D作DQx轴于Q，过C作CMx轴于M，过E作EFx轴于F，设D点的坐标为（a，b），求出C、E的坐标，代入函数解析式，求出a，再根据勾股定理求出b，即可请求出答案【解答】解：过D作DQx轴于Q，过C作CMx轴于M，过E作EFx轴于F，设D点的坐标为（a，b）则C点的坐标为（a+3，b），E为AC的中点，EFCMb，AFAMOQa，E点的坐标为（3+a，b），把D、E的坐标代入y得：kab（3+a）b，解得：a2，在RtDQO中，由勾股定理得：a2+b232，即22+b29，解得：b（负数舍去）

18、，kab2，故答案为：2【点评】本题考查了勾股定理、反比例函数图象上点的坐标特征、菱形的性质等知识点，能得出关于a、b的方程是解此题的关键17（3分）将数1个1，2个，3个，n个（n为正整数）顺次排成一列：1，记a11，a2，a3，S1a1，S2a1+a2，S3a1+a2+a3，Sna1+a2+an，则S201863【考点】37：规律型：数字的变化类菁优网版权所有【分析】由1+2+3+n结合+22018，可得出前2018个数里面包含：1个1，2个，3个，63个，2个，进而可得出S201811+2+3+63+263，此题得解【解答】解：1+2+3+n，+22018，前2018个数里面包含：1个1

19、，2个，3个，63个，2个，S201811+2+3+63+21+1+1+63故答案为：63【点评】本题考查了规律型中数字的变化类，根据数列中数的排列规律找出“前2018个数里面包含：1个1，2个，3个，63个，2个”是解题的关键三、解答题（本大题共7小题，共69分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）18（8分）先化简，再求值：（x+2+），其中x2【考点】6D：分式的化简求值菁优网版权所有【分析】先根据分式混合运算顺序和运算法则化简原式，再将x的值代入计算可得【解答】解：原式（+），当时，原式【点评】本题主要考查分式的化简求值，解题的关键是熟练掌握分式混合运算顺序和运算法则19（9分）

20、如图，在RtABC中，ACB90，BAC30，E为AB边的中点，以BE为边作等边BDE，连接AD，CD（1）求证：ADECDB；（2）若BC，在AC边上找一点H，使得BH+EH最小，并求出这个最小值【考点】D5：坐标与图形性质；KD：全等三角形的判定与性质；KK：等边三角形的性质；PA：轴对称最短路线问题菁优网版权所有【分析】（1）只要证明DEB是等边三角形，再根据SAS即可证明；（2）如图，作点E关于直线AC对称点E，连接BE交AC于点H则点H即为符合条件的点【解答】（1）证明：在RtABC中，BAC30，E为AB边的中点，BCEA，ABC60DEB为等边三角形，DBDE，DEBDBE60，

21、DEA120，DBC120，DEADBCADECDB（2）解：如图，作点E关于直线AC对称点E，连接BE交AC于点H则点H即为符合条件的点由作图可知：EHHE，AEAE，EACBAC30EAE60，EAE为等边三角形，AEB90，在RtABC中，BAC30，BH+EH的最小值为3【点评】本题考查轴对称最短问题、等边三角形的判定和性质、全等三角形的判定和性质等知识，解题的关键是学会利用轴对称解决最短问题，属于中考常考题型20（10分）文化是一个国家、一个民族的灵魂，近年来，央视推出中国诗词大会、中国成语大会、朗读者、经曲咏流传等一系列文化栏目为了解学生对这些栏目的喜爱情况，某学校组织学生会成员随

22、机抽取了部分学生进行调查，被调查的学生必须从经曲咏流传（记为A）、中国诗词大会（记为B）、中国成语大会（记为C）、朗读者（记为D）中选择自己最喜爱的一个栏目，也可以写出一个自己喜爱的其他文化栏目（记为E）根据调查结果绘制成如图所示的两幅不完整的统计图请根据图中信息解答下列问题：（1）在这项调查中，共调查了多少名学生？（2）将条形统计图补充完整，并求出扇形统计图中“B”所在扇形圆心角的度数；（3）若选择“E”的学生中有2名女生，其余为男生，现从选择“E”的学生中随机选出两名学生参加座谈，请用列表法或画树状图的方法求出刚好选到同性别学生的概率【考点】VB：扇形统计图；VC：条形统计图；X6：列表法

23、与树状图法菁优网版权所有【分析】（1）由A栏目人数及其所占百分比可得总人数；（2）总人数乘以D栏目所占百分比求得其人数，再用总人数减去其他栏目人数求得B的人数即可补全图形，用360乘以B人数所占比例可得；（3）列表得出所有等可能结果，然后利用概率的计算公式即可求解【解答】解：（1）3020%150（人），共调查了150名学生（2）D：50%15075（人），B：150307524615（人）补全条形图如图所示扇形统计图中“B”所在扇形圆心角的度数为（3）记选择“E”的同学中的2名女生分别为N1，N2，4名男生分别为M1，M2，M3，M4，列表如下：N1N2M1M2M3M4N1（N1，N2）（N

24、1，M1）（N1，M2）（N1，M3）（N1，M4）N2（N2，N1）（N2，M1）（N2，M2）（N2，M3）（N2，M4）M1（M1，N1）（M1，N2）（M1，M2）（M1，M3）（M1，M4）M2（M2，N1）（M2，N2）（M2，M1）（M2，M3）（M2，M4）M3（M3，N1）（M3，N2）（M3，M1）（M3，M2）（M3，M4）M4（M4，N1）（M4，N2）（M4，M1）（M4，M2）（M4，M3）共有30种等可能的结果，其中，恰好是同性别学生（记为事件F）的有14种情况，【点评】本题考查读频数分布直方图的能力和利用统计图获取信息的能力以及求随机事件的概率；利用统计图获取信

25、息时，必须认真观察、分析、研究统计图，才能作出正确的判断和解决问题21（10分）数学实践活动小组借助载有测角仪的无人机测量象山岚光阁与文明湖湖心亭之间的距离如图，无人机所在位置P与岚光阁阁顶A、湖心亭B在同一铅垂面内，P与B的垂直距离为300米，A与B的垂直距离为150米，在P处测得A、B两点的俯角分别为、，且tan，tan1，试求岚光阁与湖心亭之间的距离AB（计算结果若含有根号，请保留根号）【考点】TA：解直角三角形的应用仰角俯角问题菁优网版权所有【分析】过点P作PDQB于点D，过点A作AEPD于点E，利用直角三角形的性质和三角函数解答即可【解答】解：过点P作PDQB于点D，过点A作AEPD

26、于点E由题意得：PBD，PAE，AC150，PD300，在RtPBD中，AEDEDCACD90，四边形EDCA为矩形，DCEA，EDAC150，PEPDED300150150，在RtPEA中，在RtACB中，（米）答：岚光阁与湖心亭之间的距离AB为450米【点评】此题考查了俯角的定义注意能借助俯角构造直角三角形并解直角三角形22（10分）随着龙虾节的火热举办，某龙虾养殖大户为了发挥技术优势，一次性收购了10000kg小龙虾，计划养殖一段时间后再出售已知每天养殖龙虾的成本相同，放养10天的总成本为166000，放养30天的总成本为178000元设这批小龙虾放养t天后的质量为akg，销售单价为y元

27、/kg，根据往年的行情预测，a与t的函数关系为a，y与t的函数关系如图所示（1）设每天的养殖成本为m元，收购成本为n元，求m与n的值；（2）求y与t的函数关系式；（3）如果将这批小龙虾放养t天后一次性出售所得利润为W元问该龙虾养殖大户将这批小龙虾放养多少天后一次性出售所得利润最大？最大利润是多少？（总成本放养总费用+收购成本；利润销售总额总成本）【考点】HE：二次函数的应用菁优网版权所有【分析】（1）根据题意列出方程组，求出方程组的解得到m与n的值即可；（2）根据图象，分类讨论利用待定系数法求出y与P的解析式即可；（3）根据Wyamtn，表示出W与t的函数解析式，利用一次函数与二次函数的性质求

28、出所求即可【解答】解：（1）依题意得，解得：；（2）当0t20时，设yk1t+b1，由图象得：，解得：yt+16；当20t50时，设yk2t+b2，由图象得：，解得：，yt+32，综上，；（3）Wyamtn，当0t20时，W10000（t+16）600t1600005400t，54000，当t20时，W最大540020108000，当20t50时，W（t+32）（100t+8000）600t16000020t2+1000t+9600020（t25）2+108500，200，抛物线开口向下，当t25，W最大108500，108500108000，当t25时，W取得最大值，该最大值为108500元

29、【点评】此题考查了二次函数的应用，待定系数法确定函数解析式，熟练掌握二次函数的性质是解本题的关键23（10分）如图，AB为O的直径，C为O上一点，经过点C的切线交AB的延长线于点E，ADEC交EC的延长线于点D，AD交O于F，FMAB于H，分别交O、AC于M、N，连接MB，BC（1）求证：AC平分DAE；（2）若cosM，BE1，求O的半径；求FN的长【考点】M2：垂径定理；M5：圆周角定理；MC：切线的性质；T7：解直角三角形菁优网版权所有【分析】（1）连接OC，如图，利用切线的性质得OCDE，则判断OCAD得到13，加上23，从而得到12；（2）利用圆周角定理和垂径定理得到，则COEFAB

30、，所以FABMCOE，设O的半径为r，然后在RtOCE中利用余弦的定义得到，从而解方程求出r即可；连接BF，如图，先在RtAFB中利用余弦定义计算出AF，再计算出CE3，接着证明AFNAEC，然后利用相似比可计算出FN的长【解答】（1）证明：连接OC，如图，直线DE与O相切于点C，OCDE，又ADDE，OCAD13OAOC，23，12，AC平方DAE；（2）解：AB为直径，AFB90，而DEAD，BFDE，OCBF，COEFAB，而FABM，COEM，设O的半径为r，在RtOCE中，cosCOE，即，解得r4，即O的半径为4；连接BF，如图，在RtAFB中，cosFAB，AF8在RtOCE中，

31、OE5，OC4，CE3，ABFM，54，FBDE，5E4，12，AFNAEC，即，FN【点评】本题考查了切线的性质：圆的切线垂直于经过切点的半径若出现圆的切线，必连过切点的半径，构造定理图，得出垂直关系也考查了垂径定理、圆周角定理和相似三角形的判定与性质24（12分）如图，抛物线yax2+bx+c（a0）与x轴交于原点及点A，且经过点B（4，8），对称轴为直线x2（1）求抛物线的解析式；（2）设直线ykx+4与抛物线两交点的横坐标分别为x1，x2（x1x2），当时，求k的值；（3）连接OB，点P为x轴下方抛物线上一动点，过点P作OB的平行线交直线AB于点Q，当SPOQ：SBOQ1：2时，求出点

32、P的坐标（坐标平面内两点M（x1，y1），N（x2，y2）之间的距离MN）【考点】HF：二次函数综合题菁优网版权所有【分析】（1）先利用对称轴公式得出b4a，进而利用待定系数法即可得出结论；（2）先利用根与系数的关系得出，x1+x24（k1），x1x216，转化已知条件，代入即可得出结论；（3）先判断出OB2PQ，进而判断出点C是OB中点，再求出AB解析式，判断出PCAB，即可得出PC解析式，和抛物线解析式联立解方程组即可得出结论【解答】解：（1）根据题意得，抛物线解析式为yx2+x；（2）直线ykx+4与抛物线两交点的横坐标分别为x1，x2，x2+xkx+4，x24（k1）x160，根据根与

33、系数的关系得，x1+x24（k1），x1x216，2（x1x2）x1x2，4（x1x2）2（x1x2）2，4（x1+x2）24x1x2（x1x2）2，416（k1）2+64162，k1；（3）如图，取OB的中点C，BCOB，B（4，8），C（2，4），PQOB，点O到PQ的距离等于点Q到OB的距离，SPOQ：SBOQ1：2，OB2PQ，PQBC，PQOB，四边形BCPQ是平行四边形，PCAB，抛物线的解析式为yx2+x，令y0，x2+x0，x0或x4，A（4，0），B（4，8），直线AB解析式为yx+4，设直线PC的解析式为yx+m，C（2，4），直线PC的解析式为yx+2，联立解得，（舍）或，P（2，2+2）【点评】此题是二次函数综合题，主要考查了待定系数法，一元二次方程的根与系数的关系，平行四边形的判定和性质，等高的两三角形面积的比等于底的比，判断出OB2PQ是解本题的关键声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2019/12/9 12:01:47；用户：初中数学；邮箱：sx0123；学号：30177373第24页（共24页）