2018年湖南省益阳市中考物理试卷(教师版).docx

《2018年湖南省益阳市中考物理试卷(教师版).docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018年湖南省益阳市中考物理试卷(教师版).docx（23页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2018年湖南省益阳市中考物理试卷（教师版）一、选择题（每小题只有一个选项正确，每题2分，共30分）1（2分）通常情况下，下列都属于导体的一组物质是（）A铁、铜、大地、食盐水B铝、石墨、陶瓷、铅C水银、锡箔、橡胶、镍D铜、塑料、人体、黄金【考点】HJ：导体菁优网版权所有【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。【解答】解：A、铁、铜、大地、食盐水中，铁和铜是金属，属于导体；大地属于导体；食盐水是溶液，属于导体；故A正确；B、铝、石墨、陶瓷、铅中，陶瓷是很好的绝缘

2、体；故B错误；C、水银、锡箔、橡胶、镍中，橡胶是很好的绝缘体；故C错误；D、铜、塑料、人体、黄金中，塑料是很好的绝缘体；故D错误；故选：A。【点评】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。2（2分）大象可以用我们人类听不到的“声音”交流。关于这种“声音”的下列说法正确的是（）A这种“声音”是电磁波B这种“声音”人类听不到，因此没有响度C每头大象发出的这种“声音”的音色相同D这种“声音”的传播需要介质【考点】92：声音的传播条件；9E：超声波与次声波菁优网版权所有【分析】（1）大象可以用我们人类听不到的次声波交流；（2）

3、人耳能够听到的声音的频率范围是2020000Hz，高于20000Hz的叫做超声波，低于20Hz的叫做次声波；（3）不同发声体音色不同；（4）声音的传播需要介质。【解答】解：A、大象可以用我们人类听不到的“声音”交流，这种声音是次声波，不是电磁波，故A错误；B、这种声音是次声波，不在人的听觉范围内，人类听不到，但是有振幅，有响度，故B错误。C、不同大象发出的这种“声音”的音色不相同，故C错误；D、这种“声音”是次声波，次声波传播需要介质，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了有关声现象中的知识，在学习中要注意理解和归类，学会运用。3（2分）下列关于热值的说法正确的是（）A2kg煤的热值大于1kg

4、煤的热值B燃料热值越大，燃烧放出的热量越多C热量燃烧不完全时热值变小D燃料的热值是燃料本身的特性，与其他因素无关【考点】GJ：燃料的热值及其计算菁优网版权所有【分析】1kg某种燃料完全燃烧放出的能量，叫做这种燃料的热值。热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。据此分析判断。【解答】解：A、燃料的热值仅与燃料的种类有关，而与燃料的燃烧程度、质量都无关，故A错误；B、燃料的热值越大，只有在相同质量并且完全燃烧的情况下，放出的热量才越多，质量少、燃烧不完全放出的热量就少，故B错误；C、热值与燃料是否完全燃烧无关，故C错误；D、热值是燃料本身的特性，与燃料的质量无关

5、，不同的物质热值一般不同，故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查的是学生对燃料热值是燃料特性的理解和掌握，常见题目。4（2分）关于热机的效率，下列说法正确的是（）A一般情况下柴油机的效率比汽油机的高B热机的效率越高，在做功同样多的情况下消耗的能量越多C热机的效率越高说明做功越快D热机损失的能量中，废气带走的能量较少，主要是由于机械摩擦损失的【考点】GL：热机的效率菁优网版权所有【分析】柴油机的压缩冲程的压缩程度更大，热量燃烧更充分，效率比汽油机高；在热机中，用来做有用功的那部分能量与燃料完全燃烧放出的能量之比，叫热机的效率；功率是描述热机做功快慢的物理量；热机的工作过程中，燃料燃烧放出的能量

6、，废气的温度很高，带走的热量最多。【解答】解：A、柴油机的效率一般要高于汽油机，多用在重型机器上。故A正确；B、热机效率越高，做有用功与燃料完全燃烧放出的内能的比值越大，即在做功相同的情况下，消耗的燃料较少，或消耗相同的燃料，做功较多。故B错误；C、热机效率是有用能量在燃料完全燃烧放出热量中所占比值，功率是热机做功的快慢，两者没有必然联系。故C错误；D、在热机的各种能量损失中，废气带走的热量最多。故D错误。故选：A。【点评】此题是一道与热机有关的综合题，考查了热机的构造、效率及能量损失的途径。难度不大，熟悉基础知识即可正确解答。5（2分）如图所示，2018年4月2日8时15分左右，天宫一号目标

7、飞行器进入大气层，绝大部分器件在进入大气层过程中烧蚀销毁，剩余部分落入南太平洋中部区域。天宫一号飞行器在这个过程中，下列说法正确的是（）A动能和重力势能都增加B机械能保持不变C内能是通过做功的方式改变的D减少的重力势能全部转化成内能【考点】FN：动能和势能的大小变化；FT：机械能的概念；G9：做功改变物体内能菁优网版权所有【分析】（1）动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，机械能等于动能与势能的总和。结合其运动状态可做出判断。（2）改变物体内能的方法有做功和热传递；对物体做功可将机械能转化为内能。【解答】解：A、天宫一号飞行器在进入大气层过程中，速度虽然变大，但质量因烧蚀

8、在不断减小，所以动能不能确定；同时高度降低，重力势能一定减小，故A错误；B、由于飞行器克服空气的摩擦阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以其机械能减小，故B错误；C、天宫一号飞行器在进入大气层过程中，与空气发生摩擦，是通过做功的方式改变内能的，故C正确；D、在整个过程中，减少的重力势能会有一部分转化为动能，所以不能全部转化成内能，故D错误。故选：C。【点评】了解动能、重力势能、机械能的影响因素，会分析做功对机械能和内能转化的影响是解答本题的关键。6（2分）下列内容中不属于分子动理论基本知识的是（）A物质由大量分子、原子构成的B分子之间存在引力和斥力C热量只能自发地从高温物体转移到低温物体D物质

9、内的分子在不停地做热运动【考点】G1：分子动理论的基本观点菁优网版权所有【分析】分子动理论的基本内容包括：物质是由大量分子组成的；分子在永不停息地做无规则运动；分子间存在着相互的引力和斥力。【解答】解：分子动理论的内容有三条：（1）物质是由大量分子或原子构成的，分子间有间隙；（2）组成物质的分子在不停地做热运动；（3）分子间有相互作用的引力和斥力，故ABD不符合题意；热量只能自发地从高温物体转移到低温物体是热传递知识，与分子动理论无关，故C符合题意。故选：C。【点评】本题考查分子动理论地基本内容，为考查热点，应熟练掌握。7（2分）下列现象是由惯性产生的是（）A篮球从斜坡上滚下时速度越来越快B向

10、上抛出的石头最终落回地面C分子不停地做热运动D在平地上骑自行车时，停止踩脚踏板后仍能前进一段距离【考点】6L：惯性菁优网版权所有【分析】（1）影响动能的因素是质量和速度，影响重力势能的因素是质量和高度；（2）重力的方向是竖直向下的，故抛在高空的物体由于重力的原因会向下运动；（3）一切物质的分子在不停的做无规则运动；（4）惯性指的是物体保持原来运动状态不变的性质。【解答】解：A、篮球从斜坡上滚下时，高度减小，重力势能减小，速度变快，动能变大，重力势能转化为动能，与惯性无关，故A错误；B、向上抛出的石头最终落回地面，这是由于重力的原因，与惯性无关，故B错误；C、一切物质的分子在不停的做无规则运动，

11、与惯性无关，故C错误；D、在平地上骑自行车时，停止踩脚踏板后自行车由于惯性继续向前运动，故D正确。故选：D。【点评】此题考查了对影响动能、势能大小的因素的了解，重力方向，分子的运动、与惯性有关的现象等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大。惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，任何物体都具有惯性。8（2分）下列关于核能说法正确的是（）A核反应堆中发生的链式反应是不可控制的B核电站产生的核废料仍具有放射性，一般深埋在人烟稀少的地方C核反应堆可将核能直接转化成电能D我国已建成可控核聚变反应堆【考点】K5：核电站发电过程中的能量转化；KM：核能的优点和可能带来的问题菁优网版权所有【分析】（1）核电

12、站的核反应堆是进行核反应并能控制和反应速度的装置，它是核电站的核心；（2）核废料具有放射性；（3）核能发电是利用铀原子核裂变时放出的核能来加热水，用产生的高温、高压蒸汽作为动力，推动蒸汽涡轮机转动，从而带动发电机发电的；（4）我国已建成可控核裂变反应堆。【解答】解：A、核电站的核反应堆发生的链式反应是可以控制的，故A错误；B、核污染主要是指核燃料或核废料具有放射性，因此一般埋在人烟稀少的地方，故B正确；C、核能发电的能量传递和转化过程是：核能水和蒸汽的内能发电机转子的机械能电能，故C错误；D、我国已建成可控核裂变反应堆，故D错误。故选：B。【点评】此题考查了核能，核废料的处理，核能发电原理，以

13、及建成的核电站类型，要求学生扩展知识面，灵活运用。9（2分）下列情景中，处于平衡状态的是（）A绕地球匀速运行的卫星B加速追赶猎物的猎豹C下落的苹果D匀速下降的跳伞运动员【考点】6Q：平衡状态的判断菁优网版权所有【分析】解答此题的关键是把握什么状态是平衡状态，静止状态和匀速直线运动状态是平衡状态。【解答】解：物体受到平衡力作用时能保持平衡状态，即静止状态或匀速直线运动状态。A、绕地球匀速运行的卫星，运动方向不断变化，不是平衡状态；故A错误；B、加速追赶猎物的猎豹，速度和运动方向不断变化，不是平衡状态；故B错误；C、在空中下落的苹果，下落速度越来越快，不是平衡状态；故C错误；D、匀速下降的跳伞运动

14、员，处于匀速直线运动状态，是平衡状态。故D正确。故选：D。【点评】此题主要考查学生对平衡状态的理解和掌握。判断方法：静止状态和匀速直线运动状态都是平衡状态；物体受到的力平衡时，物体处于平衡状态。10（2分）杂技演员站在楼梯上处于静止状态，人没与墙面接触，只受到重力和支持力的作用，如图。则人所受重力和支持力的示意图正确的是（）ABCD【考点】6H：力的示意图与图示；7B：重力示意图菁优网版权所有【分析】力的示意图是用一个带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来，线段的长短表示力的大小，箭头表示力的方向，线段起点或终点表示力的作用点。据此按照力的示意图的画法对照各选项图示进行分析，进而

15、做出判断。【解答】解：人所受重力和支持力的作用点在人的重心上，重力的方向竖直向下，支持力的方向竖直向上，因为人处于静止状态，所以，重力和支持力大小相等，故ACD错误，B正确。故选：B。【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边。按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图。11（2分）北斗卫星导航系统是我国自主研制的全球卫星定位与通信系统，已经初步具备区域导航、定位和授时功能。完全建成后可在全球范围内全天候、全天时为用户提供高精度、高可靠定位、导航、授时服务，并具有短报文通信功能。下列关于北斗导航卫星系统说法正确的是（）A北斗卫星导航系统传送信息的速

16、度与光速相同B北斗卫星导航系统的空间段采用光纤传送信息C北斗卫星导航系统采用超声波为汽车导航D北斗卫星导航系统现已全面建成【考点】D2：电磁波的传播与应用；DB：卫星中继通信菁优网版权所有【分析】使用卫星导航系统的都是卫星通信，所谓的卫星通信就是利用卫星作为微波通信的中继站。【解答】解：AB、北斗卫星导航系统是利用电磁波传送信息的，而光属于电磁波，所以电磁波的速度与光速相同，故A正确，B错误；C、北斗卫星导航系统采用电磁波为汽车导航，故C错误；D、根据题意可知，北斗卫星导航系统是我国自主研制的全球卫星定位与通信系统，已经初步具备区域导航、定位和授时功能，完全建成后可在全球范围内全天候、全天时为

17、用户提供高精度、高可靠定位、导航、授时服务，并具有短报文通信功能。说明北斗卫星导航系统现还没有全面建成，故D错误。故选：A。【点评】此题考查的是我们对于卫星通信的了解与掌握，考查的内容是比较简单的，是一道基础题。12（2分）在如图所示电路中，开关闭合后电压表测量的是（）AL1两端的电压BL1和L2两端的电压CL3和电源两端电压D电源两端电压【考点】I3：电压表的使用菁优网版权所有【分析】根据电压表的使用规则，电压表应与被测电路并联，正确分析电路便可得出结论。【解答】解：由图知，三个灯泡串联，电压表与灯泡L1、L2并联，所以测量灯泡L1和L2两端的电压，故B正确。故选：B。【点评】此题考查了电压

18、表的连接，解决此题的关键是分析出电压表与哪段电路并联，此题很容易分析错误。13（2分）甲乙两个轻质泡沫小球用绝缘细线悬挂起来，它们之间的相互作用情况如图所示。下列有关两球带电情况说法正确的是（）A两球都带正电B两球都带负电C若甲带正电则乙一定带负电D若甲带负电，则乙可能不带电【考点】H9：物体带电情况的判断菁优网版权所有【分析】根据电荷间的相互作用规律可做出判断。同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引。【解答】解：读图可知，两只轻质小球靠近时相互吸引，说明两只小球带异种电荷或一个带电、另一个不带电（带电体具有吸引轻小物体的性质）；若甲带正电，则乙带负电或不带电；若甲带负电，则乙带正电或不带电，故D

19、正确。故选：D。【点评】知道同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引，同时要知道，如果是两球相互吸引，则可能是带异种电荷，也可能是有个带电，一个不带电。14（2分）如下图所示，通电螺线管附近放一小磁针，静止后小磁针指向正确的是（）（黑色一端表示小磁针N极）ABCD【考点】CA：通电螺线管的磁场菁优网版权所有【分析】用右手螺旋定则判断出通电螺线管的磁极，再由磁极间的相互作用规律判断小磁针静止时的磁极指向。【解答】解：根据右手螺旋定则，右手握住螺线管，四指弯曲且与螺线管中电流方向一致，则大拇指指向通电螺线管的左端为N极，右端为S极；由“同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引”可知：A、图中小磁针静止时，右端

20、应该为S极，左端为N极，故A错误；B、图中小磁针静止时，左端应该为N极，右端为S极，故B错误C、图中小磁针静止时，左端应该为S极，右端为N极，故C正确。D、图中小磁针静止时，左端应该为S极，右端为N极；故D错误。故选：C。【点评】小磁针北极的指向、螺线管的磁极、电流的方向，知道其中的一者，其他的两者都能进行判断。15（2分）如图所示，发光二极管组成的红旗图案放在凸透镜之前，与凸透镜的距离在一倍焦距和二倍焦距之间，则红旗在光屏上所成清晰的像可能是下图中的（）ABCD【考点】B8：凸透镜成像的应用菁优网版权所有【分析】凸透镜成像的规律和应用概括为：u2f，成倒立缩小的实像，应用是照相机；u2f，成

21、倒立等大的实像，应用是测焦距；fu2f，成倒立放大的实像，应用是投影仪；uf，不成像；uf，成正立放大的虚像，应用是放大镜。【解答】解：发光二极管组成的红旗图案放在凸透镜之前，与凸透镜的距离在一倍焦距和二倍焦距之间，则红旗在光屏上所成清晰的像是倒立的、放大的实像，故ACD错误，B正确。故选：B。【点评】此题是考查凸透镜成像的特点，常见题目。二、填空题（每空2分，共20分）16（4分）为了测量某种合金的密度，用天平测得合金的质量如图所示，则合金的质量为38g；若合金的体积为5cm3，则它的密度为7.6g/cm3【考点】25：质量的测量与天平；2A：密度的计算菁优网版权所有【分析】（1）在天平的正

22、确使用时，测得物体的质量为砝码质量加游码质量；（2）知道合金的质量和体积，根据公式可计算出合金密度；【解答】解：（1）由图天平标尺的分度值是0.2g，所以此时合金的质量：m20g+10g+5g+3g38g；（2）已知合金的体积是5cm3，合金的密度：7.6g/cm3。故答案为：38；7.6。【点评】要会正确的读出天平的示数，并能熟练的利用密度公式进行计算。17（4分）如图所示，轻质杠杆在中点处悬挂重物，在杠杆的最右端施加一个竖直向上的力F，杠杆保持平衡，保持力F方向不变，当将重物向右移动时，要使杠杆保持平衡，力F将变大；将杠杆顺时针方向缓慢转动，力F将不变（两空均填“变大”、“变小”、“不变”

23、）【考点】7Q：杠杆的动态平衡分析菁优网版权所有【分析】（1）分析重物右移后阻力的力臂变化情况，由杠杆的平衡条件分析力F的变化；（2）分析杠杆转动前后动力臂与阻力臂的大小关系，由杠杆的平衡条件分析力F的变化。【解答】解：（1）由题知，杠杆最右端的力F竖直向上（方向不变），当重物向右移动时，重物对杠杆拉力的力臂L2变大，F的力臂L1不变（等于杠杆的长），阻力G不变，由杠杆平衡条件FL1GL2可知，力F将变大；（2）如图：重物悬挂在杠杆的中点，水平平衡时，动力臂和阻力臂的关系：L12L2，保持力F方向不变，杠杆顺时针方向缓慢转动后，由图根据相似三角形知识可知，动力臂和阻力臂的关系：L12L2，物重

24、G不变，动力臂与阻力臂的比值不变，由杠杆平衡条件可知，动力F的大小始终等于G，即力F将不变。故答案为：变大；不变。【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆转动后的力臂并借几何知识确定其关系是关键。18（4分）某建筑工地上一台升降机的箱体连同货物的重量为1500N，在10s内从楼的1层上升到5层，如果每层楼高3m，则升降机电动机至少做1.8104J的功，功率至少1.8103W。【考点】EC：功的计算；FF：功率的计算菁优网版权所有【分析】根据题意，求出1层到5层的高度，由WGh计算电动机至少完成的功，由P计算电功率。【解答】解：物体从1层到5层上升的高度：h43m12m，克服

25、物体重力所完成的功：WGh1500N12m1.8104 J，升降机在工作时，还要克服自身摩擦还要做一部分功，因此要把物体提高到5层，至少要完成1.8104 J的功，升降机的功率：P1.8103W。故答案为：1.8104；1.8103。【点评】本题考查功和功率的简单计算，要明确楼层高度的计算，难度不大。19（4分）我国家庭电路的电压是220V，现在新建居民楼电路中的保险装置一般采用空气开关，空气开关安装在电能表的后面（选填“前面”、“后面”、“前后都可以”）【考点】IQ：家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；IS：熔断器的作用及保险丝的选择方法菁优网版权所有【分析】（1）我国家庭电路的电压为22

26、0V；（2）在家庭电路中，进户线后面依次是电能表、总开关、保险盒、插座和用电器。【解答】解：我国家庭电路的电压是220V；在家庭电路的进户布局中，电能表测家庭电路所消耗的电能，总开关一定要安装在电能表之后。故答案为：220；后面。【点评】本题考查家庭电路以及安全用电知识，只要生活中多积累相关知识即可顺利解答。20（4分）如图，这是电动机（选填“发电机、“电动机”）原理图，若将图中的磁体的S极和N极交换位置，其他保持不变，则线圈ab边所受力的方向改变（选填“改变”、“不改变”、“可能变也可能不变”）【考点】CM：直流电动机的原理菁优网版权所有【分析】（1）图中有电源，是电动机，是利用通电导线在磁

27、场中受力的作用的原理工作的；（2）通电导体在磁场受力而转动，转动方向改变与电流的方向和磁感线的方向有关。【解答】解：（1）图中有电源，是电动机，是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理工作的；（2）通电导体在磁场受力而转动，转动方向改变与电流的方向和磁感线的方向有关，故若将图中的磁体的S极和N极交换位置，改变磁场方向，其他保持不变，则线圈ab边所受力的方向改变。故答案为：电动机； 改变。【点评】此题属于电磁学中比较简单的题目，考查内容较少，主要考查了电动机的原理图和影响导体方向的因素，应重点掌握。三、探究实验题（第21题4分，第22题6分，第23题6分，第24题8分，共24分）21（4分）影响蒸

28、发快慢的因素有液体温度的高低、液体表面积的大小和液体表面上的空气流动速度。某同学想探究蒸发快慢和液体表面积的关系，他拿两件一模一样的衣服充分湿透后，在保证两件衣服所处的环境温度和湿度相同的情况下：（1）他应该将两件衣服C（选填前面的字母），观察衣服干的快慢；A都撑开，都放在通风处B都撑开，一件放在通风处，另一件放在不通风处C一件撑开，一件团在一起，都放在通风处D一件撑开，放在通风处，另一件团在一起放在不通风处（2）蒸发过程是一个吸热（选填“吸热”、“放热”）过程。【考点】1K：蒸发及其现象；1L：影响蒸发快慢的因素菁优网版权所有【分析】（1）影响液体蒸发快慢的因素：液体的温度、液体的表面积、液

29、体表面上方空气的流动这三个方面；在探究时要注意控制变量法的运用；（2）蒸发吸热，有致冷作用。【解答】解：（1）要探究蒸发快慢和液体表面积的关系，应控制液体的温度和液体表面上的空气流动速度相同，改变液体的表面积，因此，应一件撑开，一件团在一起，都放在通风处。故只有C符合要求。（2）蒸发属于汽化现象，是一个吸热过程。故答案为：C；吸热。【点评】本题主要考查了影响液体蒸发快慢的因素的探究过程以及对蒸发吸热的认识，难度不大。22（6分）如图1，测平均速度时，测得小车从斜面的顶端A处由静止开始滑到B处所用时间为t，小车长为S1，斜面长为S2。（1）小车从A到B的平均速度的数学表达式为v（用题中字母来表示

30、）；（2）若小车还没放开之前就已开始计时，则测得的平均速度跟真实值相比偏小；（3）图2中能够准确反应小车运动情况的是C。【考点】6D：变速运动与平均速度菁优网版权所有【分析】（1）根据v表示出小车从A到B的平均速度；（2）若小车还没放开之前就已开始计时，计时早了，时间偏大，根据v判断出速度的偏差；（3）小车下滑过程做加速运动，找出符合题意的图象。【解答】解：（1）由图知，小车从A到B的路程为ss2s1，小车从A到B的平均速度：v；（2）若小车还没放开之前就已开始计时，计时早了，测得的时间偏大，根据v知，测得的平均速度偏小；（3）小车下滑过程做加速运动；A、由图知，在st图象上，s不随时间t的变

31、化而变化，则物体处于静止状态，故A不符合题意；B、由图知，路程s与时间t成正比，则物体做匀速直线运动，故B不符合题意；C、由图知，相同时间内通过的路程逐渐增加，即变大，说明物体做加速运动，故C符合题意；D、由图知，在vt图象上，速度v不发生变化，则物体做匀速直线运动，故D不符合题意。故选C。故答案为：（1）；（2）小；（3）C。【点评】本题考查了测量平均速度的原理、注意事项、图象分析等知识，是一道综合题，其中（3）有一定的难度。23（6分）光从一种介质进入另一种介质时，可同时发生反射和折射。（1）下图是光从空气进入水中的光路图，但没有标明光的传播方向，图中入射光线应该是OB（2）请你设计一个实

32、验来观察光从一种介质进入另一种介质时同时发生反射和折射的现象，可供选择的器材有：光源组：白炽灯、激光笔、蜡烛介质组：玻璃砖、平面镜、盛水的玻璃水槽辅助显示光路的器材：大小合适的光屏、牛奶、烟雾发生器你的做法是：当用激光笔发出的激光从空气斜射入玻璃砖的上表面时，用烟雾发生器在玻璃砖的上表面产生烟雾，观察光的传播现象。【考点】AO：光学实验设计与探究菁优网版权所有【分析】（1）光的折射定律：折射光线、入射光线和法线都在同一平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，而当光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角。（2）用激光笔发出的激光从空气斜射入玻璃砖的上表面

33、，用烟雾发生器在玻璃砖的上表面产生烟雾，观察光的传播现象。【解答】解：（1）根据光的折射定律知：OA和OB在同一种介质中，OC在另一种介质中，故OC一定是折射光线，OA或OB一个是入射光线，一个是反射光线，OA与OB的角平分线是法线；根据“入射光线和折射光线分居法线的两侧”知OA是入射光线，则OB是反射光线；（2）因为光的传播在空气中不易观察，若在空气中充入烟雾，就容易观察光线了，故当用激光笔发出的激光从空气斜射入玻璃砖的上表面时，用烟雾发生器在玻璃砖的上表面产生烟雾，观察光的传播现象。故答案为：（1）OB；（2）用当用激光笔发出的激光从空气斜射入玻璃砖的上表面时，用烟雾发生器在玻璃砖的上表面

34、产生烟雾，观察光的传播现象。【点评】知道入射光线、反射光线和折射光线的关系，会根据光路图识别入射光线、反射光线或折射光线。24（8分）用甲图测小灯泡电阻。灯泡正常发光的电压为2.5V。（1）当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，此时电流表的示数为0.2A，小灯泡的电阻为12.5；（2）若闭合开关，电流表和电压表的指针都发生偏转，而小灯泡不亮。其可能原因是滑动变阻器接入电路的阻值太大（或电源电压太低）（说出一种即可）；（3）若一个电表发生故障，但有已知的定值电阻R0可提供的情况下，下列电路中不能测出小灯泡电阻的是D。【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验菁优网版权所有【分析】（1）根据当小灯

35、泡正常发光时，根据电流表选用小量程确定分度值读数，由欧姆定律求小灯泡的电阻；（2）若闭合开关，电流表和电压表的指针都发生偏转，说明电路为通路，而小灯泡不亮，则说明电路中的电流过小，由欧姆定律分析原因；（3）AD、电路中只有电压表，定值电阻和电压表起到测量电流的作用，据此分析；B、电路中只有电流表，通过开关的转换，电流可测支路电流和总电流，由欧姆定律可求出电源电压，根据并联电路电流的规律求出通过待测电阻的电流，由欧姆定律可求出待测电阻；C、电路中只有电流表，通过开关的转换，使电流表分别测定电阻和串联电阻的电流，根据欧姆定律由电源电压不变可求待测电阻。【解答】解：（1）当小灯泡正常发光时，电流表的

36、示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，此时电流表的示数为0.2A，由欧姆定律，小灯泡的电阻为：R12.5；（2）若闭合开关，电流表和电压表的指针都发生偏转，说明电路为通路，而小灯泡不亮，则说明电路中的电流过小，由欧姆定律，故其可能原因是：滑动变阻器接入电路的阻值太大（或电源电压太低）；（3）A、S断开时，两电阻串联，电压表测待测电阻的电压；S闭合时，R0短路，电压表则电压电压，根据串联电路电压的规律，可得出第1次操作中定值电阻的电压，由欧姆定律可求电路中的电阻，从而得出待测电阻的大小，可求待测电阻大小；B、S断开时，电流表测通过定值电阻的电流，由欧姆定律，可求出电源电压；S闭合

37、时，电流表测并联电路的电流，根据并联电路各支路互不影响，两电阻并联时，通过定值电阻的电流大小不变，故根据并联电路电流的规律，可知通过待则电阻的电流，由欧姆定律可求待测电阻大小；C、S断开时，两电阻串联，电流表测电路中的电流，根据电阻的串联和欧姆定律可得电源电压的表达式；S闭合时，为R0的简单电路，电流表测通过其的电流，由欧姆定律可得电源电压的表达式，根据电源电压不变更方向可求待测电阻，可求待测电阻大小；D、无论开关断开与闭合，电压表都测电源电压，不能测量待测电阻的大小。故选D。故答案为：（1）0.2；12.5；（2）滑动变阻器接入电路的阻值太大或电源电压太低；（3）D。【点评】本题测灯的电阻，

38、考查电流表读数和电阻计算及反常现象的分析、设计实验方案的能力。四、计算题（第25题8分，第26题8分，第27题10分）25（8分）工匠用钢铁打制刀具时，有一个重要流程叫“淬火”，把刚打制成型的刀具放到炉火中充分煅烧，然后将其迅速放入水中骤冷。现有一成型的合金钢刀具的质量为1kg，温度为20，放入836的炉火中煅烧足够长时间，迅速取出放入5kg、20的水中冷却。最后与水达到共同的温度【不计过程中的热量损失，c水4.2103J/（kg），c合金钢0.42103J/（kg）】求：（1）此刀具在火炉中吸收了多少热量？（2）淬火后水的温度为多少摄氏度？【考点】GG：热量的计算；GI：热平衡方程的应用菁优

39、网版权所有【分析】（1）合金钢刀具放入836的炉火中煅烧足够长时间，达到热平衡，温度相同，由此可知合金钢刀具的末温，又知道合金钢刀具的质量、初温以及比热容，根据Q吸cm（tt0）求出刀具吸收的热量；（2）将煅烧后的刀具迅速取出放入20的水中冷却，最后刀具与水达到共同的温度，根据Q水吸Q合放求出淬火后水的温度。【解答】解：（1）合金钢刀具放入836的炉火中煅烧足够长时间，达到热平衡，温度相同，所以，合金钢刀具的末温t836，则此刀具在火炉中吸收的热量：Q合吸c合金钢m合金钢（tt0）0.42103J/（kg）1kg（83620）3.4272105J。（2）将煅烧后的刀具迅速取出放入20的水中冷却

40、，最后刀具与水达到共同的温度，设为t，则有：Q水吸Q合放，即：c水m水（tt0）c合金钢m合金钢（tt），代入数据：4.2103J/（kg）5kg（t20）0.42103J/（kg）1kg（836t），解得：t36。答：（1）此刀具在火炉中吸收了3.4272105J的热量；（2）淬火后水的温度为36摄氏度。【点评】本题考查了学生对吸热公式、放热公式、热平衡方程的掌握和运用，计算时要弄清楚水、合金钢刀具的初温和末温。26（8分）为了节约水资源，公厕用的定时定量冲水装置主要部件如图所示。浮筒底面积为S1100cm2且足够高，略大于出水口的圆形阀门（厚度不计）的表面积为S220cm2，浮筒与阀门用细

41、杆相连，不计浮筒、阀门、轻杆的重量。通常情况下，水龙头以滴漏形式向储水桶供水，当储水罐水位上升到20cm时，浮筒即将通过轻杆将阀门拉起冲水，问即将开始冲水时（g10N/Kg，水1.0103kg/m3）：（1）阀门所受水的压强p为多少？（2）浮筒对阀门的拉力为多大？（3）浮筒浸入水中部分的深度H为多少？【考点】86：压强的大小及其计算；89：液体的压强的计算；8O：阿基米德原理的应用菁优网版权所有【分析】（1）知道水的深度和密度，由液体内部压强公式pgh求解；（2）分析阀门的受力状况，由FpS解题；（3）分析浮筒受力情况，根据阿基米德原理解题。【解答】解：（1）由题可知，当h20cm时，阀门所受

42、水的压强为：pgh1.0103Kg/m310N/kg0.2m2000Pa；（2）阀门刚被拉起时，因为不计重力，故阀门在竖直方向只受到细杆的拉力F和水的压力而平衡。拉力FF压pS2000Pa2103m24N；（3）浮筒刚被拉起时，因为不计重力，故浮筒在竖直方向只受到浮力和细杆的拉力FF4N由力的平衡得FF浮水gV排可得：4N1.0103kg/m310N/kg102m2H，解得H0.04m。答：（1）阀门所受水的压强p为2000Pa；（2）浮筒对阀门的拉力为4N；（3）浮筒浸入水中部分的深度H为0.04m。【点评】本题考查了浮力和液体内部压强的计算，基础性强，难度不大。27（10分）如图甲所示电路

43、，电源电压为6V，滑动变阻器R的阻值变化范围为030，灯泡的“UI”图象如乙图所示，闭合开关S，第一次将变阻器的滑片移到最左端，灯泡正常发光，此时电流表的示数为I11.2A；第二次将变阻器的滑片移至某处时，电流表的示数变为I20.8A；求：（1）灯泡正常发光的电流IL；（2）R0的阻值；（3）第二次灯泡消耗的电功率。【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算菁优网版权所有【分析】（1）滑片在最左端时，变阻器接入阻值为0，灯泡和R0并联，因为灯泡正常发光，可求灯泡的额定电压；由图乙可得，灯泡的额定电流；（2）根据并联电路的电流特点以及欧姆定律可求R0的阻值；（3）当滑片在某处时，灯泡和滑动

44、变阻器串联后与R0并联；由并联电路的特点，I0电流不变，由电流表的示数变为I20.8A可求灯泡的电流，再根据图乙可得灯泡的电压，再根据PUI可求电功率。【解答】解：（1）由电路图可知，滑片在最左端时，变阻器接入的阻值为0，灯泡和R0并联，电流表测干路电流，因为此时灯泡正常发光，所以灯泡的额定电压UL额U0U总6V，由乙图可知，灯泡正常发光时的电流IL0.6A，（2）灯泡正常发光时，根据并联电路的电流特点可得，通过R0的电流：I0I1IL1.2A0.6A0.6A，由I可得R0的阻值：R010，（3）当滑片在某处时，灯泡和滑动变阻器串联后与R0并联，电流表测干路电流；由并联电路的特点可知，通过R0

45、的电流I0不变，此时电流表的示数（总电流）变为I20.8A，则此时通过灯泡的电流：ILI2I00.8A0.6A0.2A；由图乙可知，通过灯泡的电流为0.2A时，其两端的电压为1V，第二次灯泡消耗的电功率：PLULIL1V0.2A0.2W。答：（1）灯泡正常发光的电流IL是0.6A；（2）R0的阻值是10；（3）第二次灯泡消耗的电功率是0.2W。【点评】本题主要考查欧姆定律和电功率的计算，关键是图象的识别，是一道综合题。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2019/12/26 12:11:46；用户：丶沐沙；邮箱：UID_CAE1F67E83831A1C520FA15D4547275E；学号：27665923第23页（共23页）