2021年甘肃省兰州市中考数学试卷(a卷)(解析版).docx

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1、2021年兰州市初中学业水平考试数学（A）一、选择题：本大题12小题，每小题3分，共36分每小题只有一个正确选项1. 若，则的余角为（ ）A. 30B. 40C. 50D. 140【答案】C【解析】【分析】根据余角的定义，90减去即可求得的余角【详解】，的余角为故选C【点睛】本题考查了求一个角的余角，理解余角的定义是解题的关键若两角之和为90，则称这两个角“互为余角”，简称“互余”2. 如图，该几何体的主视图是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】从正面看，注意“长对正，宽相等、高平齐”，根据所放置几何体判断出主视图图形即可【详解】从正面看所得到的图形为 故选【点睛】考查几何

2、体的三视图的知识，从正面看的图形是主视图，从左面看到的图形是左视图，从上面看到的图象是俯视图掌握以上知识是解题的关键3. 计算：（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据单项式乘以多项式运算法则计算即可【详解】解：，故选：D【点睛】本题考查了单项式乘以多项式，熟练运用运算法则是解本题的关键4. 关于的一元一次不等式的解集在数轴上表示为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】求出不等式的解集，并表示出数轴上即可【详解】解得将表示在数轴上，如图故选B【点睛】本题考查了解一元一次不等式，并将不等式的解集表示在数轴上，数形结合是解题的关键5. 因式分解：（ ）A. B

3、. C. D. 【答案】C【解析】【分析】先提公因式，进而根据平方差公式因式分解即可【详解】故选C【点睛】本题考查了综合运用提公因式和公式法因式分解，掌握因式分解的方法是解题的关键6. 在平面直角坐标系中，点关于轴对称的点的坐标是（ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】根据关于y轴对称的点的横坐标互为相反数，纵坐标相等，可得答案【详解】解：点P（-3，4）关于y轴对称的点的坐标是（3，4），故选：D【点睛】本题考查了关于y轴对称点的坐标，明确关于y轴对称的点的横坐标互为相反数，纵坐标相等是解题的关键7. 二次函数图象的对称轴是（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【分

4、析】将二次函数写成顶点式，进而可得对称轴【详解】解：二次函数的图象的对称轴是故选A【点睛】本题考查了二次函数的性质，将一般式转化为顶点式是解题的关键8. 如图，将一个棱长为3的正方体表面涂上颜色，再把它分割成棱长为1的小正方体，将它们全部放入一个不透明盒子中摇匀，随机取出一个小正方体，只有一个面被涂色的概率为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】由在27个小正方体中选一个正方体，共有27种结果，满足条件的事件是取出的小正方体表面只有一个面涂有颜色，有6种结果，根据几何概率及其概率的计算公式，即可求解【详解】解：解：由题意，在一个棱长为3cm的正方体的表面涂上颜色，将其分割成2

5、7个棱长为1cm的小正方体，在27个小正方体中，恰好有三个面都涂色有颜色的共有8个，恰好有两个都涂有颜色的共12个，恰好有一个面都涂有颜色的共6个，表面没涂颜色的1个，可得试验发生包含的事件是从27个小正方体中选一个正方体，共有27种结果，满足条件的事件是取出的小正方体表面有一个面都涂色，有6种结果，所以所求概率为故选：B【点睛】本题考查几何概率的计算，涉及正方体的几何结构，属于基础题9. 如图，点在反比例函数图象上，轴于点，是中点，连接，若的面积为2，则（ ）A. 4B. 8C. 12D. 16【答案】B【解析】【分析】根据三角形中线的性质得出，然后根据反比例函数的几何意义得解【详解】解：点

6、C是OB的中点，的面积为2，,轴于点，,，故选：B【点睛】本题考查了反比例函数的几何意义以及三角形中线的性质，熟知反比例函数的几何意义是解本题的关键10. 如图，小明探究课本“综合与实践”板块“制作视力表”的相关内容：当测试距离为时，标准视力表中最大的“”字高度为，当测试距离为时，最大的“”字高度为（ ）mmA. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据题意，得、，结合相似三角形的性质，通过相似比计算，即可得到答案【详解】根据题意，得，且 故选：C【点睛】本题考查了相似三角形的知识；解题的关键是熟练掌握相似三角形的性质，从而完成求解11. 如图，将图1中的菱形纸片沿对角线剪成4个直角三

7、角形，拼成如图2的四边形（相邻纸片之间不重叠，无缝隙）若四边形的面积为13，中间空白处的四边形的面积为1，直角三角形的两条直角边分别为和，则（ ）A. 12B. 13C. 24D. 25【答案】D【解析】【分析】根据菱形的性质可得对角线互相垂直平分，进而可得4个直角三角形全等，结合已知条件和勾股定理求得，进而根据面积差以及三角形面积公式求得，最后根据完全平方公式即可求得【详解】菱形的对角线互相垂直平分，个直角三角形全等；，四边形是正方形，又正方形的面积为13，正方形的边长为，根据勾股定理，则，中间空白处的四边形的面积为1，个直角三角形的面积为，故选D【点睛】本题考查了正方形的性质与判定，菱形的

8、性质，勾股定理，完全平方公式，求得是解题的关键12. 如图，菱形的对角线与相交于点，点在上，连接，则（ ）A. 4B. 3C. D. 2【答案】A【解析】【分析】根据菱形的性质以及已知条件，可得是等边三角形，可得，进而根据，可得，进而可得,根据， ，即可求得【详解】四边形是菱形，,，是等边三角形，即，故选A【点睛】本题考查了菱形的性质，等边三角形的性质与判定，解直角三角形，等腰直角三角形的性质，综合运用以上知识是解题的关键二、填空题：本大题4小题，每小题3分，共12分13. 九章算术中注有“今两算得失相反，要令正负以名之”大意为：今有两数若其意义相反，则分别叫做正数与负数若水位上升记作，则下降

9、记作_【答案】-2【解析】【分析】根据正负数的意义即可解答【详解】解：下降记作-2m故答案为：-2【点睛】本题考查了正负数的意义，正确理解正负数的意义是解题的关键14. 将一副三角板如图摆放，则_，理由是_【答案】 . . . 内错角相等，两直线平行【解析】【分析】根据三角板的角度可知，根据内错角相等，两直线平行判断即可【详解】解：一副三角板如图摆放，（内错角相等，两直线平行），故答案为：；内错角相等，两直线平行【点睛】本题考查了平行线的判定，熟知平行线的判定定理是解本题的关键15. 如图，传送带的一个转动轮的半径为，转动轮转，传送带上的物品被传送，则_【答案】108【解析】【分析】根据传送的

10、距离等于转动了的圆弧的长，进而即可求得【详解】解得故答案为：【点睛】本题考查了弧长的公式的应用，牢记弧长公式是解题的关键16. 如图，在矩形中，以点为圆心，以不大于长为半径作弧，分别交边，于点，再分别以点，为圆心，以大于长为半径作弧，两弧交于点，作射线分别交，于点，；分别以点，为圆心，以大于长为半径作弧，两弧交于点，作直线交于点，则长为_【答案】【解析】【分析】由作图步骤可知AG是的角平分线，MN是CQ的垂直平分线，则BQ=AB=1，利用勾股定理可得AQ=QG=，因为ADBQ，所以，则，即，解得OQ=，所以OG=OQ+QG=【详解】由题意可知：AG是的角平分线，MN是CQ的垂直平分线，=45，

11、 BQ=AB=1，在中， ADBQ， ，即，解得OQ=， OG=OQ+QG=【点睛】本题主要考查了角平分线、垂直平分线的作图方法，相似三角形判定，勾股定理，解题的关键是掌握角平分线、垂直平分线的作图方法以及找准相似三角形进行线段计算三、解答题：本大题共12小题，共72分解答时应写出必要的文字说明、证明过程或演算步骤17. 计算： 【答案】【解析】【分析】根据二次根式的性质进行乘法运算后，再化为最简二次根式进行合并同类项即可【详解】=【点睛】本题考查了二次根式的运算，熟练掌握二次根式的性质及其运算法则是解题的关键18. 先化简，再求值：，其中【答案】，【解析】【分析】先将除法转化为乘法，因式分解

12、，约分，分式的减法运算，再将字母的值代入求解即可【详解】当时，原式【点睛】本题考查了分式化简求值，掌握因式分解是解题的关键19. 解方程 【答案】【解析】【分析】先把方程移项变形为，配方得到，然后开方求解即可.【详解】，移项得：，配方得：，开方得：，解得，或.【点睛】本题考查了利用配方法解一元二次方程，解题的关键是熟练掌握配方法解一元二次方程的步骤.20. 如图，点，在线段上，求证：【答案】见解析【解析】【分析】由可得，进而根据AAS证明，即可证明【详解】，在与中，（AAS），【点睛】本题考查了三角形全等的性质与判定，掌握三角形全等的性质与判定是解题的关键21. 如图，一次函数与反比例函数，图

13、象分别交于，与轴交于点，连接，（1）求反比例函数和一次函数的表达式；（2）求的面积【答案】（1），；（2）12【解析】【分析】（1）把点A的坐标代入m的值，得出A的坐标代入，求出一次函数的解析式，进而求得点B的坐标，利用B点的坐标求得的解析式；（2）根据一次函数解析式求得点C的坐标，再将y轴作为分割线，求得AOB的面积；【详解】解：（1），在函数的图象上，m=5，A(-2，5)，把A(-2，5)代入得：，b=4，一次函数的表达式为：，在函数的图象上，n=2，把代入得：2=，k=8，反比例函数的解析式为：；（2）C是直线AB与y轴的交点，直线AB：，当x=0时，y=4，点C（0，4），即OC=4

14、，A(-2，5)，=42+44=12；【点睛】本题考查了反比例函数与一次函数的交点问题，用待定系数法求一次函数与反比例函数的解析式，根据题意求出C点坐标是解题的关键22. 避雷针是用来保护建筑物、高大树木等避免雷击的装置如图，小陶同学要测量垂直于地面的大楼顶部避雷针的长度（，三点共线），在水平地面点测得，点与大楼底部点的距离，求避雷针的长度（结果精确到参考数据：，）【答案】【解析】【分析】根据，然后根据即可得出答案【详解】解：，即，解得：m，即，解得：m，m 【点睛】本题考查了解直角三角形的实际应用，正确构造直角三角形，将实际问题转换为解直角三角形的问题是解答此题的关键23. 小军到某景区游玩

15、，他从景区入口处步行到达小憩屋，休息片刻后继续前行，此时观光车从景区入口处出发的沿相同路线先后到达观景点，如图，分别表示小军与观光车所行的路程与时间之间的关系根据图象解决下列问题：（1）观光车出发_分钟追上小军；（2）求所在直线对应的函数表达式；（3）观光车比小军早几分钟到达观景点？请说明理由【答案】（1）6；（2）；（3）观光车比小军早8分钟到达观景点，理由见解析【解析】【分析】（1）由图像可知，的交点，即为两者到达同一位置，所以在21分钟时观光车追上小军，而观光车是在15分钟时出发的，所以观光车出发6分钟后追上小军；（2）设所在直线对应的函数表达式为，将经过两点（15,0）和（21,180

16、0）带入表达式，得；（3）由图像可知，到达观景点需要3000m路程，小军到达观景点的时间为33min，通过所在直线对应的函数表达式，可知，观光车到达观景点的时间为，因此观光车比小军早到达观景点【详解】解：（1）由图像可知，在21min时，相交于一点，表示在21min时，小军和观光车到达了同一高度，此时观光车追上了小军, 观光车是在15min时出发,观光车出发6分钟后追上小军；（2）设所在直线对应的函数表达式为，由图像可知，直线分别经过（15,0）和（21,1800）两点，将两点带入函数表达式得：解得：函数表达式为；（3）由图像可知，到达观景点需要3000m的路程，小军到达观景点的时间为33mi

17、n，观光车函数表达式为，将带入，可知观光车到达观景点所需时间为，观光车比小军早8分钟到达观景点答：（1）观光车出发6分钟追上小军；（2）所在直线对应的函数表达式为；（3）观光车比小军早8分钟到达观景点，理由见解析【点睛】本题考查了一次函数的应用，熟练掌握待定系数法求出函数解析式是解答本题的关键24. 2021年2月25日，习近平总书记在全国脱贫攻坚总结表彰大会上庄严宣告中国脱贫攻坚取得了全面胜利，完成了消除绝对贫困的艰巨任务，创造了又一个彪炳史册的人间奇迹，根据2021年4月7日人民日报刊登的“人类減贫的中国实践”的相关数据进行收集和整理，信息如下：信息一：脱贫攻坚以来中国农村年度贫困人口数量

18、信息二：脱贫攻坚以来财政专项扶贫资金投入信息三：脱贫攻坚以来贫困地区农村居民和全国农村居民年人均可支配收入及增长率年份、统计量名称20132014201520162017201820192020平均数贫困地区农村居民年人均可支配收入/元607968527653845293771037111567125889117贫困地区农村居民年人均可支配收入增长率/全国农村居民年人均可支配收入增长率/请根据以上信息，解决下列问题：（1）2019年底中国农村贫困人口数量为_万人（2）2013年底至2020年底，贫困地区农村居民年人均可支配收入的极差为_元（3）下列结论正确的是_（只填序号）脱贫攻坚以来中国农村

19、贫因人口数量逐年减少，最终全部脱贫；脱贫攻坚以来我国贫困地区农村居民人均可支配收入年平均增长率为，增长持续快于全国农村；20162020年各级财政专项扶贫资金投入连续5年超过中央财政专项扶贫资金1000亿元【答案】（1）551；（2）6509；（3）【解析】【分析】（1）根据信息一：脱贫攻坚以来中国农村年度贫困人口数量的条形统计图即可求得；（2）根据信息三中的表格数据，以及极差的定义即可求得，极差：一组数据中最大值与最小值的差叫做这组数据的极差；（3）根据信息一可得正确，根据信息三中的表格数据，求得平均年增长率，并且观察每一年的数据贫困地区农村居民人均可支配收入增长率快于全国农村的可支配收入增

20、长率，即可判断，根据信息二：脱贫攻坚以来财政专项扶贫资金投入，计算20162020年各级财政专项扶贫资金投入减去中央财政专项扶贫资金即可判断【详解】（1）根据信息一：脱贫攻坚以来中国农村年度贫困人口数量的条形统计图即可知：2019年底中国农村贫困人口数量为551万人；故答案为：551（2）故答案为：（3）根据信息一，可得，脱贫攻坚以来中国农村贫因人口数量逐年减少，最终全部脱贫，故正确；，且每一年的我国贫困地区农村居民人均可支配收入年增长率持续快于全国农村；故正确；2016年:，2017年：，2018年：，2019年：，2020年：，20162020年各级财政专项扶贫资金投入连续5年超过中央财政

21、专项扶贫资金1000亿元故正确故答案为：【点睛】本题考查了求极差，平均数，折线统计图，条形统计图，从表格或统计图获取信息是解题的关键25. 在中，将绕点顺时针旋转，角的两边分别交射线于，两点，为上一点，连接，且（当点，重合时，点，也重合）设，两点间的距离为，两点间的距离为小刚根据学习函数的经验，对因变量随音自变量的变化而变化的规律进行了探究下面是小刚的探究过程，请补充完整（1）列表：下表的已知数据是根据，两点间的距离进行取点，画图，测量分别得到了与的几组对应值；012345678请你通过计算补全表格：_；（2）描点、连线：在平面直角坐标系中，描出表中各组数值所对应的点，并画出函数关于的图像；（

22、3）探究性质：随着自变量的不断增大，函数的变化趋势；（4）解决问题：当时，的长度大约是_（结果保留两位小数）【答案】（1）；（2）见解析；（3）随着自变量的不断增大，函数不断减小；（4）【解析】【分析】（1）根据题意画出图形，证明，根据相似三角形性质可得结果；（2）描点连线画出图形即可；（3）根据（2）画出图像判断增减性即可；（4）根据，可得，画出与（2）中图像交点即为所求【详解】解：（1）当时，即两点之间的距离为，旋转至如图所示时：此时点和点C重合，故答案为：；（2）函数图像如下图：；（3）根据图像可知：随着自变量的不断增大，函数不断减小；（4），如图：与（2）中函数图像交点即为所求，即的长

23、度大约是：cm，故答案为：【点睛】本题考查了相似三角形的判定与性质，旋转的性质，动点问题的函数图像，读懂题意，运用数形结合的思想解题是关键26. 如图，内接于，是的直径，为上一点，延长交于点，（1）求证：是的切线；（2）若，求的长【答案】（1）见解析；（2）【解析】【分析】（1）根据，可得，根据对顶角相等可得，进而可得，根据，可得，结合，根据角度的转化可得，进而即可证明是的切线；（2）根据，可得，设，则，分别求得，进而根据勾股定理列出方程解方程可得，进而根据即可求得【详解】（1），是直径，是的切线；（2），设，则，在中，即，解得（舍去），【点睛】本题考查了切线的判定，勾股定理解直角三角形，正切

24、的定义，利用角度相等则正切值相等将已知条件转化是解题的关键27. 已知正方形，为平面内两点【探究建模】（1）如图1，当点在边上时，且，三点共线求证：；【类比应用】（2）如图2，当点在正方形外部时，且，三点共线猜想并证明线段，之间的数量关系；【拓展迁移】（3）如图3，当点在正方形外部时，且，三点共线，与交于点若，求的长【答案】（1）见解析；（2）；理由见解析（3）【解析】【分析】（1）根据正方形性质以及题意证明即可得出结论；（2）根据已知条件证明，然后证明为等腰直角三角形即可得出结论；（3）先证明，得出为等腰直角三角形，根据勾股定理以及等腰直角三角形的性质求出的长度，即可得出结论【详解】解：（1

25、）四边形是正方形，三点共线，,，,在和中，,;（2），四边形是正方形，,，,在和中，,为等腰直角三角形，,即；（3）过点D作于点H，连接BD，,，在和中，,，且,为等腰直角三角形，在中，,是正方对角线，,为等腰直角三角形，,在中，,【点睛】本题考查了正方形的性质，全等三角形的判定与性质，勾股定理，等腰直角三角形判定与性质，熟知性质定理是解本题的关键28. 如图1，二次函数的图象交坐标轴于点，点为轴上一动点（1）求二次函数的表达式；（2）过点作轴分别交线段，抛物线于点，连接当时，求的面积；（3）如图2，将线段绕点逆时针旋转90得到线段当点在抛物线上时，求点的坐标；点在抛物线上，连接，当平分时，直

26、接写出点P的坐标【答案】（1）；（2）；（3）或；或【解析】【分析】（1）根据点的坐标以及已知条件，将的坐标代入即可求得的值，进而求得抛物线的解析式；（2）依题意根据（1）的解析式求得的坐标，进而求得，据此求得，根据进而求得的坐标，根据即可求得的面积；（3）过作轴，分点在轴上方和下方两种情况讨论，证明，设，将点的坐标代入（1）中抛物线解析式中即可求得点的坐标情形2，方法同情形1；分当不平行于轴和轴两种情况讨论，当当不平行于轴时，过点作交于点,过点作于点，证明进而可得的坐标，当轴时，结合已知条件即可求得的坐标【详解】（1）二次函数的图象经过解得（2）由，令解得当时，,则；（3）如图，当点在轴下方

27、时，过点作于点，由，令，解得，将线段绕点逆时针旋转90得到线段，设，点在抛物线上，解得（舍）当点在轴上方时，如图，过点作于点，设同理可得点在抛物线上，解得（舍去），综上所述，或；当不平行于轴时，过点作交于点,过点作于点，如图，平分，,，当不平行于轴时，重合， 当轴时，如图，此时则综上所述，当平方时，点的坐标为或【点睛】本题考查了待定系数法求二次函数解析式，二次函数与坐标轴交点，正切的定义，三角形全等的性质与判定，分类讨论是解题的关键本试卷的题干、答案和解析均由组卷网（）专业教师团队编校出品。登录组卷网可对本试卷进行单题组卷、细目表分析、布置作业、举一反三等操作。试卷地址：在组卷网浏览本卷组卷网是学科网旗下的在线题库平台，覆盖小初高全学段全学科、超过900万精品解析试题。关注组卷网服务号，可使用移动教学助手功能（布置作业、线上考试、加入错题本、错题训练）。 学科网长期征集全国最新统考试卷、名校试卷、原创题，赢取丰厚稿酬，欢迎合作。钱老师QQ：537008204曹老师QQ：713000635