2017年新疆乌鲁木齐市中考物理试卷及解析.docx

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1、2017年新疆乌鲁木齐市中考物理试卷一.选择题1（3分）下列家用电器中，工作电流最小的是（）A空调器B洗衣机C微波炉D电子钟2（3分）人类在电磁领域的重大发现中，下列哪一项是法拉第首先发现的（）A电磁波B磁生电C电生磁D超导体3（3分）家用放大镜（凸透镜）成放大的像时（）A一定是实像B一定是虚像C像距一定大于物距D像距一定小于焦距4（3分）海豚能够发出超声波，老虎能够发出次声波下列关于超声波和次声波的说法中正确的是（）A超声波听起来比较高亢B次声波听起来比较低沉C次声波可以传递信息也可以传递能量D超声波可以传递信息但不能传递能量5（3分）目前我国已将发动机研发列为国家重大科技专项下列我国“陆、

2、海、空、天”装备中动力机械不属于热机（利用内能做功的机械）的是（）A中国高铁交流异步牵引电动机B052D型导弹驱逐舰燃气轮机C歼20战机涡扇15煤油发动机D长征五号火箭液氢液氧发动机6（3分）2017年4月，我国天舟一号货运飞船从文吕发射场升空，飞行过程中与太空中的天宫二号实现交会对接（成为一体）并完成补给任务则从发射到完成补给的过程中，天舟一号（）A始终具有质量和惯性B与天宫二号间无万有引力C相对天宫二号始终是静止的D相对天宫二号始终是运动的7（3分）我国自主建造的世界上压力最大的8万吨多向模锻压机锻造大型工件时，对工件的压力为8108N，与工件的接触面积为4m2，则工件承受的压强相当于（）

3、A2km高水柱产生的压强B4km高水柱产生的压强C8km高水柱产生的压强D20km高水柱产生的压强8（3分）如图所示，水平面上分界线MN左侧区域光滑，不计摩擦，右侧区域粗糙，且粗糙程度相同一小球先从A点以3m/s的初速度运动到B点时的速度为2m/s，然后再使小球从B点以3m/s的初速度运动到A点若小球从A点运动到B点所用的时间比从B点运动到A点少0.8s，则A点到分界线MN的距离为（）A3.0mB3.6mC4.2mD4.8m9（3分）如图所示电路，电源电压不变，AB为铅笔芯，开关闭合后，当滑片M在某一位置时，电路的总功率为P，电流表A1，A2的示数分别为I1、I2；当滑片M滑到另一位置时，电路

4、的总功率仍为P，电流表A1的示数变为I1，且I1=I1，此时电流表A2的示数变为I2，则（）AI22I2BI22I2CI22I2DI2=2I210（3分）一盛有水的长方体容器置于水平桌面上，现将内部含有一合金球的冰球投入容器中，冰球漂浮在水面上，刚投入时，冰球的体积（含合金球）为1200cm3，冰球露出水面的体积为79cm3，当冰全部熔化后，合金球对容器底部的压力为0.4N，已知冰的密度为0.9103kg/m3，则合金球的密度为（）A9103kg/m3B8103kg/m3C6103kg/m3D5103kg/m3二.填空题11（16分）特高压输电是构建能源互联网的关键正在建设中的新疆准东皖南特高

5、压输电工程是目前世界上电压等级最高、输送容量最大、输送距离最远、技术水平最先进的输电工程（1）准东皖南特高压输电输送的电能是由准东火电厂通过煤的燃烧获得的煤属于 （填“化石”或“非化石”）能源，由于煤的燃烧会产生大量二氧化碳加剧地球的 效应，故准东火电厂采用了先进技术以达到低排放环保要求新疆的清洁能源风能和太阳能也十分丰富，风能属于 （填“可再生”或“不可再生”）能源；太阳能路灯的能量转化方式属于 （填“光热”、“光电”或“光化”）转换（2）准东皖南特高压输电线路上，一座座铁塔矗立在沿线的大地上，在阳光的照射下，铁塔在地面上的影子清晰可见影子是由于光的 形成的，从日出到日落，铁塔在地面上的影子

6、在缓慢的 （填“顺”或“逆”）时针转动输电线路跨越河流时，从平静的水面上看到的“铁塔”是由于光的 （填“反射”或“折射”）形成的，河水中的鱼看到的“铁塔”高度比铁塔的实际高度 （填“高”或“低”）（3）准东皖南特高压输电为直流输电输电电流稳定时，在输电导线周围会产生 场， （填“会”或“不会”）形成电磁波安全用电常识告诉我们不能靠近特高压输电设备，否则容易发生 （填“电弧”或“跨步电压”）触点为了防雷，特高压输电线路安装了用 （填“导体”或“绝缘体”）材料做成的避雷线（4）准东皖南特高压输电电压为1.1106V当输送的电功率为1.11010W时，输电电流为 A1h输送的电能为 度，若此时输电导

7、线上消耗的电功率为5.5108W，则输电导线的总电阻为 ，当输送的电功率不同时，若输送的电功率用P输表示，输电导线上消耗的电功率用P耗表示，则P耗与P输的 （填“一”或“二”）次方成正比12（14分）2017年5月5日，凝聚着国人梦想的国产大飞机C919首飞成功（1）C919首飞时，由于发动机的 而产生的轰鸣声是通过 （填具体介质）传入人耳C919返回首飞现场时，现场见证者心情越发激动，随着声音的 （填“响度”或“频率”）越来越大，飞机开始着陆，最终首飞取得圆满成功十年心血，终于破茧成蝶，现场C919研发专家们流下了激动和幸福的泪水，对于他们来说，C919发动机的轰鸣声属于 （填“乐音”或“噪

8、音”）（2）若不计飞机质量的变化，当C919在水平跑道上加速滑行时，其机械能的增加量 （填“大于”、“小于”或“等于”）动能的增加量，跑道对飞机的支持力 （填“大于”、“小于”或“等于”）飞机的重力；当C919腾空加速上升时，其机械能的增加量 （填“大于”、“小于”或“等于”）动能的增加量，此时飞机受力 （填“平衡”或“不平衡”）（3）C919首飞成功后，将进入适航认证阶段，其中非常重要的一项就是结冰试验飞机表面结冰是由于飞机飞行过程中过冷水滴或降雨碰到机体后 （填物态变化过程）而形成的，也可由水蒸气在机体表面 （填物态变化过程）而成，上述两个过程都是 热过程飞机表面结冰后，会破坏其空气动力学

9、外形，使飞机升力减小，阻力 ，影响飞机的稳定性和操控性（4）C919为了减重，使用了大量新型合金材料飞机某合金部件由甲、乙两种金属构成，已知甲、乙按质量比2：1混合后的密度与甲、乙按体积比3：4混合后的密度相等，则甲、乙的密度之比为 若该合金部件传统上全部使用金属甲时重量减少了50%，则该合金部件中甲、乙的质量之比为 三、作图题13（2分）一束光从空气射入玻璃时的反射光线如图所示，请画出入射光线和大致的折射光线14（2分）请在图中画出均匀木棒OA的重力示意图以及力F的力臂15（2分）请在图中标出通电螺线管的N极以及静止在P点的小磁针N极的指向（用“”表示）四.实验题16（4分）在“探究水沸腾时

10、温度变化的特点”实验中，将热水倒入烧杯中后，在水银温度计示数上升过程中，温度计示数显示的是 （填“水银”或“水”）的温度水加热至沸腾后温度计的示数一直为98，则该地区的大气压 （填“大于”或“小于”）一个标准大气压水汽化过程中水分子间的距离 （填“增大”或“减小”）若水银温度计内水银的质量为1g，则水银温度计每升高1，水银吸收的热量为 J（水银的比热容c=0.14103J/（kg）17（5分）小明在实验室里测量一金属圆柱体的密度（1）在调节托盘天平横梁平衡时，小明发现指针在分度盘中央刻线右侧摆动，他应向 端调节平衡螺母，依据的原理是 （填“杠杆”或“二力”）平衡（2）天平平衡时，右盘中砝码和游

11、码的位置如图甲所示，则圆柱体的质量是 g，将圆柱体放入盛有70cm3水的量筒中，量筒中的水面如图乙所示，则圆柱体的密度是 kg/m3，若圆柱体与量筒底部接触紧密，圆柱体放入量筒后水对量筒底部的压力 （填“大于”、“小于”或“等于”）圆柱体放入量筒前水对量筒底部的压力18（5分）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V（1）正确连接电路后，闭合开关前应将滑动变阻器的阻值调到最 ；闭合开关后，发现电压表和电流表中只有一只电表有示数，小灯泡亮度一般，说明 表发生了断路（2）排除故障后，根据测得的实验数据做出小灯泡电压在1.5V2.5V之间的IU图象如图所示，则小灯泡的额定功率是

12、W小灯泡电压为1.5V时的电阻 （填“大于”、“小于”或“等于”）小灯泡电压为2.5V时的电阻若小灯泡电压为1.5V、2.0V、2.5V时小灯泡的功率分别为P1、P2、P3，则P2 （P1+P3）（填“”、“”或“=”）五.计算题19（5分）如图所示电路，电源电压U=6V，R1=2，闭合开关后，电流表度数为1.0A求（1）R1两端的电压；（2）R2在1min内消耗的电能20（5分）如图所示装置是实验室在用轻绳绕成的滑轮组悬挂的重物G=4.8N，当重物静止于任意位置时，手对轻绳的拉力均为F1=1.8N；当重物匀速上升时，手对轻绳的拉力为F2=2.0N，且物重上升过程中动滑轮恰好转过1圈已知动滑轮

13、周边凹槽的周长C=0.3m，求（1）动滑轮的重力；（2）重物上升过程中的有用功、总功以及滑轮组的机械效率 2017年新疆乌鲁木齐市中考物理试卷参考答案与试题解析一.选择题1（3分）【考点】HG：电流的大小【分析】空调、洗衣机、微波炉三个用电器正常工作时电压为U=220V，电压U一定，由P=UI知功率P越小，电流I越小，根据家用电器的功率可知哪种用电器电流最小再和电子钟的工作电流比较得出谁的工作电流最小【解答】解：空调的功率在1000W以上，洗衣机的功率在400W左右，微波炉的功率在1000W左右，这些电器的工作电压为220V，由P=UI可知洗衣机的工作电流I=1.8A，则空调、洗衣机、微波炉的

14、工作电流都在1.8A以上；而通过电子钟的电流比通过实验用小灯泡的电流还要小，小于0.3A；由此可知，电子钟的工作电流最小故选D【点评】对于每个用电器的电流大小是多少，我们是有些陌生，不过我们可以借助我们比较熟悉的电功率来进行分析家用电器的功率值平常要注意积累，在命题时这些数据是不会告诉的2 （3分）【考点】2R：物理常识。【分析】根据对物理学家及其成就的了解作答【解答】解：A、法国物理学家赫兹最早发现电磁波故A不符合题意；B、磁生电也就是电磁感应现象，最早是英国物理学家法拉第发现的故B符合题意；C、电生磁现象最早由丹麦科学家奥斯特发现故C不符合题意；D、1911年，荷兰科学家卡末林昂内斯最早发

15、现导体的零电阻现象超导现象故D不符合题意故选B【点评】此题考查的是我们对物理学家及其成就的了解情况，属于识记性知识的考查，比较简单，容易解答3（3分）【考点】B8：凸透镜成像的应用【分析】凸透镜成像的规律：u2f，成倒立、缩小的实像，2fvfu=2f，成倒立、等大的实像，v=2f2fuf，成倒立、放大的实像，v2fuf，成正立、放大的虚像vu【解答】解：A、由凸透镜成像规律可知，uf，成正立、放大的虚像，故A错误；B、当u2f时，成倒立、缩小的实像，u=2f，成倒立、等大的实像，2fuf，成倒立、放大的实像，故B错误；CD、当2fuf，成倒立、放大的实像，v2fuf，成正立、放大的虚像vu，由

16、此可得凸透镜成放大的像时，像距一定大于物距故C正确、D错误故选C【点评】此题主要考查了凸透镜成像规律的应用，关键是记熟成像规律并能做到举一反三4（3分）【考点】9E：超声波与次声波【分析】（1）人耳能听到的声音的频率范围是2020000Hz，低于20Hz的叫次声波，高于20000Hz叫超声波；超声波和次声波都是人耳听不到的（2）次声波和超声波都是声波既可以传递信息也可以传递能量【解答】解：AB、人耳能听到的声音的频率范围是2020000Hz，低于20Hz的叫次声波，高于20000Hz叫超声波；由于超声波、次声波的频率都不在人的听觉频率范围，所以人听不到，故AB错误；CD、次声波和超声波都是声波

17、，声波既可以传递信息也可以传递能量，故C正确，D错误故选C【点评】本题考查了超声波和次声波的特点和应用，属于基本内容，比较简单5（3分）【考点】GK：热机【分析】热机是把内能转化成机械能的装置，分析各选项能量转化，找出符合要求的答案【解答】解：燃气轮机、煤油发动机和火箭都是热机，工作时把内能转化成机械能，而电动机是把电能转化成机械能，不符合热机的特点，故A正确故选A【点评】本题考查了学生对热机的认识，把握住热机的能量转化是解题的关键6（3分）【考点】6L：惯性；22：质量及其特性；52：参照物及其选择；GH：分子间的作用力【分析】（1）所有的物体都具有质量、惯性，有质量就有惯性；（2）任何物体

18、间都有万有引力；（3）研究机械运动时，假定不动的物体叫参照物，与参照物相比，物体位置有变化，说明物体在运动；物体位置没有变化，说明物体处于静止状态【解答】解：A、从发射到完成补给的过程中，天舟一号始终具有质量和惯性，故A正确；B、天舟一号与天宫二号间有万有引力，故B错误；C、D、从发射到完成补给的过程中，天舟一号相对天宫二号先是有位置的变化，是运动的，对接后无位置的变化，是静止的，故C、D错误故选A【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物；所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同，这就是运动和静止的相对性7（3分）【考点】8A：液体压强计算公式的应用；86：压强的大小及其计

19、算【分析】（1）固体能够传递压力，知道对工件的压力，与工件的接触面积，可利用公式p=计算工件承受的压强；（2）利用公式p=gh计算水的深度【解答】解：（1）对工件的压力为8108N，与工件的接触面积为4m2，则工件承受的压强p1=2108Pa；（2）若水产生的压强p2=p1=2108Pa，由p=gh得：h=2104m=20km；故ABC错误故选D【点评】本题考查了固体压强的计算，液体压强公式的应用，要知道固体能够传递压力，大小不变，关键是分清接触面积8（3分）【考点】6U：力与运动的关系【分析】小球先从A点以3m/s的初速度开始运动，由于分界线MN左侧区域光滑，不计摩擦，小球从A点到分界线MN

20、以3m/s的速度做匀速直线运动；右侧区域粗糙，其粗糙程度相同，小球从分界线MN到B点做减速运动；接着小球从B点以3m/s的初速度减速运动到分界线MN，速度变为2m/s，然后小球以2m/s的速度匀速运动到A点【解答】解：小球先从A点以3m/s的初速度开始运动，由于分界线MN左侧区域光滑，不计摩擦，小球从A点到分界线MN以3m/s的速度做匀速直线运动；右侧区域粗糙，其粗糙程度相同，小球从分界线MN到B点做减速运动；接着小球从B点以3m/s的初速度减速运动到分界线MN，速度变为2m/s，然后小球以2m/s的速度匀速运动到A点，故小球前后两次经过右侧区域的时间相同，小球从A点运动到B点所用的时间比从B

21、点运动到A点少0.8s，其实就是小球第一次通过左侧区域的时间比第二次通过左侧区域的时间少0.8s，根据公式t=可知，=0.8s，解得s=4.8m；故选D【点评】正确分析物体在不同时段所处的状态是解决本题的关键所在，同时会根据速度公式v=进行计算9（3分）【考点】IH：欧姆定律的应用；J9：电功率与电压、电流的关系【分析】由电路图可知，铅笔芯电阻AM部分和BM部分并联，电流表A1测通过AM部分电阻的电流，电流表A2测通过BM部分电阻的电流，当滑片M在某一位置和另一位置时，电路的总功率相等，根据P=UI=可知两种情况下的总电阻关系，根据电阻的并联得出它们的电阻关系，根据电源的电压不变和欧姆定律表示

22、出前后电流表A1的示数之比即可得出AM部分的电阻变化关系，然后求出BM部分的电阻变化关系，再根据欧姆定律求出电流表A2示数的变化关系【解答】解：由电路图可知，铅笔芯电阻AM部分和BM部分并联，电流表A1测通过AM部分电阻的电流，电流表A2测通过BM部分电阻的电流，因滑片M在某一位置和另一位置时，电路的总功率相等，所以，由P=UI=可知，两种情况下电路的总电阻相等，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻之和，所以，当滑片位于M点时，电路的总电阻：R=，同理可得，滑片M滑到另一位置时，电路中的总电阻：R=，则=，即RAMRBM=RAMRBM，因并联电路中各支路两端的电压相等，其电源的电压不变，所以，

23、由I=可得，=，即RAM=2RAM，代入RAMRBM=RAMRBM可得，RBM=RBM，电流表A2前后的示数之比：=，即I2=2I2故选D【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，利用好铅笔芯的总电阻不变和两种情况下电路的总功率不变是关键10（3分）【考点】8S：物体的浮沉条件及其应用；2A：密度的计算；8O：阿基米德原理【分析】冰球的体积为已知，由于冰球内部含有一合金球，则设合金球的体积为V金，则冰的体积为V冰=VV金；根据漂浮的特点和阿基米德原理得出漂浮时重力和浮力的等式；当冰全部熔化后，球沉入水底时，根据合金球对容器底部的压力，利用阿基米德原理得出球的重力与浮力的等式

24、，最后解之即可【解答】解：设合金球的体积为V金，则冰的体积为V冰=VV金；冰球漂浮在水面上时，V排=VV排=1200cm379cm3=1121cm3=1.121103m3，根据漂浮条件可知冰球（含合金球）的重力：G冰+G金=F浮=水gV排=1103kg/m310N/kg1.121103m3=11.21N；所以，冰gV冰+金gV金=11.21N；即：1103kg/m310N/kg（1.2103m3V金）+金10N/kgV金=11.21N当冰全部熔化后，合金球沉到底部，则对容器底部的压力F=G金F浮金，所以，金gV金水gV金=F=0.4N；即：金10N/kgV金1103kg/m310N/kgV金=

25、0.4N解得：金=5103kg/m3故选：D【点评】本题考查物体的漂浮条件和阿基米德原理的应用，难度较大，由于未知量较多需要列方程解答二.填空题11（16分）【考点】JA：电功率的计算；A3：光直线传播的应用；A6：光的反射；AM：光的折射现象及其应用；C9：通电直导线周围的磁场；D1：电磁波的产生；E5：能量的转化和转移；IU：触电危害及常见的触电类型与预防；J3：电功的计算；J9：电功率与电压、电流的关系；K2：能源的分类【分析】（1）能够短时间从自然界得到补充的是可再生能源，不能得到补充的是不可再生能源煤完全燃烧产生的二氧化碳使“温室效应”加剧；根据能量转化过程中消耗的能量与获得的能量可

26、对能量的转化做出判断同时会根据定义区分可再生能源与非可再生能源能（2）在生活中，激光准直、小孔成像、影子的形成、日食月食的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的（3）电磁波是由变化电磁场产生的，变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，逐渐向外传播，形成电磁波高压线或高压设备所带的高电压，有可能击穿它们与人体之间

27、的空气，发生放电现象，在电流通过人体时，造成电烧伤，甚至死亡，这就是高压电弧触电；高压输电铁塔最上面的两条导线是避雷线，避雷线主要起防雷击作用；（4）根据P=UI可求得输电电流，根据P=可求得1h输送的电能，根据P=I2R可求得输电导线的总电阻；输电线上的电流I=，则P损=I2R=R，由此可得出结论【解答】解：（1）煤是化石能源，属于不可再生能源，煤完全燃烧产生的二氧化碳加剧地球的温室效应；风能、水能和太阳能属于可再生能源；太阳能利用可以光热转换、光化转换或光电转换，能量转化过程中总量保持不变，太阳能路灯的能量转化方式属于光电转换；（2）影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体

28、挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子；从日出到日落，根据光的直线传播可知，铁塔在地面上的影子在缓慢的顺时针转动；平静水面上铁塔的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的；河水中的鱼看见岸上的铁塔，是铁塔的反射的光斜射到水面时发生折射，水中的折射光线靠近法线，进入鱼的眼睛，而鱼逆着光的方向看上去形成的虚像，所以比实际位置高；（3）稳定电流在周围空间可以产生稳定的磁场，变化的磁场产生电场，变化的电场产生磁场，逐渐向外传播，形成电磁波；所以电流稳定时不会形成电磁波高压线和高压带电设备在正常运行时，所带电压常常是几千伏，几万伏甚至是几十万伏，在人体离它们较近时，高压线或高压设备所带的高电压，

29、有可能击穿它们与人体之间的空气，发生放电现象，在电流通过人体时，造成电烧伤，甚至死亡，这就是所谓的高压电弧触电高压输电铁塔最上面的两条导线是用导体材料做成的避雷线，防止雷直接击到输电线上，这两条线一般与铁塔相连，将电流引入大地（4）由P=UI可得，输电电流I=1104A，由P=可得，1h输送的电能：W=Pt=1.1107kW1h=1.1107kWh，若此时输电导线上消耗的电功率P=5.5108W时，由P=I2R可得输电导线的总电阻：R=5.5；当输送的电功率不同时，输电线上的电流I=，输电线上消耗的功率：P耗=I2R=R=R，由此可知，P耗与P输的 二次方成正比，与输送电压的二次方成反比故答案

30、为：（1）化石；温室；可再生；光电；（2）直线传播；顺；反射；高；（3）磁；不会；电弧；导体；（4）1104；1.1107；5.5；二【点评】本题考查了能源的分类、电功的计算、电功率的计算等多个知识点，涉及到新开发的太阳能路灯使用时的能量转化，注重了物理和生活的联系，应认真审题，明确题目中的物理情景，合理选用物理规律求解12（14分）【考点】2J：空心、混合物质的密度计算；1A：凝固与凝固放热特点；1R：生活中的凝华现象；6Q：平衡状态的判断；8K：流体压强与流速的关系；91：声音的产生；92：声音的传播条件；9G：响度与振幅的关系；9J：噪声及来源；FN：动能和势能的大小变化。【分析】（1）

31、声音是由物体振动产生的；声音的传播需要介质；从环保角度来看，凡是妨碍人们正常的学习、休息和工作的声音，都属于噪声（2）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能；流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小，由此分析地面对飞机的支持力；静止和匀速直线运动的物体受到平衡力作用；（3）物质由液态变成固态叫凝固；物质由气态变成固态叫凝华；（4）根据密度公式，由按不同质量比和体积比混合后的密度相等计算两金属的密度比；该合金部件比传统上全部使用金属甲时重量减少了50%，由此根据密度公式计算甲乙质

32、量比【解答】解：（1）C919首飞时，由于发动机的振动而产生的轰鸣声是通过空气传入人耳；响度与振幅、距离发声体的距离有关，C919返回首飞现场时，现场见证者与飞机距离越来越近，所以响度越来越大，飞机开始着陆；现场研发专家们流下了激动和幸福的泪水，对于他们来说，C919发动机的轰鸣声是他们想听到的声音，所以属于乐音（2）若不计飞机质量的变化，当C919在水平跑道上加速滑行时，高度不变，重力势能不变，速度增大，动能增加，所以机械能的增加量等于动能的增加量；C919加速滑行时，飞机上方的空气流速大于下方空气的流速，因而飞机上方气体的压强小于下方气体的压强，从而对飞机产生升力，使得跑道对飞机的支持力小

33、于飞机的重力；当C919腾空加速上升时，速度增大，高度增大，动能和重力势能都增大，所以其机械能的增加量大于动能的增加量；由于飞机运动状态在发生变化，所以此时飞机受力不平衡（3）飞机飞行过程中过冷水滴或降雨碰到机体后结冰属于凝固过程；水蒸气变成冰是凝华过程，这两个过程都是放热过程；飞机表面附有冰后，破坏了飞机的空气动力学外形，使飞机升力减小，阻力变大，影响飞机飞行的稳定性和飞行员操作困难；（4）由题知，甲、乙按质量比2：1混合时，m甲=2m乙，由密度公式可得混合后密度：=，甲、乙按体积比3：4混合时，V甲=V乙，由密度公式可得混合后密度：=甲+乙，混合后的密度相等，所以：=甲+乙，解得：=或=（

34、不合题意舍去）合金部件比传统上全部使用金属甲时重量减少了50%，即m合=M甲，使用合金和传统上使用甲制作该部件的体积应相等，所以合=甲，由密度公式有：=甲，解得：=故答案为：（1）振动；空气；响度；乐音；（2）等于；小于；大于；不平衡；（3）凝固；凝华；放；变大；（4）8：3；2：3【点评】本题以国产大飞机C919为情景考查了声、力、热的有关知识，考查的知识点多，综合性强，特点是第（4）问的比值计算要细心，易出错三、作图题13（2分）【考点】A8：作光的反射光路图；AN：作光的折射光路图【分析】（1）光的反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于

35、入射角，据此作出反射光线或入射光线，（2）光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角据此作出折射光线【解答】解：图中法线已经画出，根据光的反射定律，反射角等于入射角在法线下侧画出入射光线；根据光从空气斜射入玻璃时，折射角小于入射角，在玻璃内部发现上侧作出折射光线；如图所示：【点评】本题主要考查光的反射和折射作图，关键是掌握光的反射和折射定律，难度不大14（2分）【考点】7P：力臂的画法。【分析】（1）重力方向竖直向下，作重力的示意图时应从物体重心向下作竖直线段；（2）先确定支点，再确定力的作用线，最后从支点到力F的作用线作垂线段，即可作出F的力臂【解答】解：（

36、1）重力方向竖直向下，过均匀木棒的中心，即木棒的重心，沿竖直向下的方向画一条有向线段，用G表示，即为重力的示意图；（2）沿力F的方向画出作用线，从O点向力F的作用线作垂线段L就是力F的力臂，如图所示：【点评】知道重力的方向总是竖直向下的，会用示意图表示力，会根据力臂的画法作出相应的力和力臂15（2分）【考点】CB：安培定则【分析】知道通电螺线管的电流方向，根据安培定则判断螺线管的磁极；根据磁极间的作用判断小磁针的磁极【解答】解：如图，电源的左端是正极，说明电流从螺线管的左端流出、右端流入，根据安培定则知，螺线管的右端是N极，左端是S极；根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引，所以上面小磁针的左

37、端是N极，右端是S极，即静止在P点的小磁针N极的指向向左，如下图所示【点评】知道螺线管周围的磁体磁极、螺线管的磁极、磁感线、电流方向中的任意一个都可以判断另外几个四.实验题16（4分）【考点】1O：探究水的沸腾实验【分析】（1）液体温度计的工作原理是根据液体的热胀冷缩的性质来工作的；（2）气压越低，沸点越低，气压越高，沸点越高；（3）气态物质：分子极度散乱，间距很大，并以高速向四面八方运动，粒子间的作用力极小，易被压缩，气体具有很强的流动性；（4）知道水银的质量、比热容、初温和末温，根据Q吸=cmt来计算水银吸收的热量【解答】解：（1）将热水导入烧杯中后，在水银温度计示数上升过程中，由于水银受

38、热膨胀，根据液体温度计的工作原理，此时温度计示数显示的是水银的温度；（2）一个标准大气压下，水的沸点为100摄氏度，当观察到温度计的示数为98时就一直保持不变，这说明当地的大气压小于标准大气压；（3）一定质量的水汽化后，由液态变成气态，分子间距离增大，分子间作用力变小，分子排列也不紧密，极度散乱，但是分子大小没有变化；（4）水银吸收的热量：Q吸=cmt=0.14103J/（kg）1103kg1=0.14J故答案为：水银；小于；增大；0.14【点评】本题考查了温度计的原理、气压与沸点的关系、分子间作用力和比热容的相关知识，是一道综合性比较强的题目，但是难度不大17 （5分）【考点】2E：固体密度

39、的测量【分析】（1）调节天平横梁平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动（2）砝码与游码示数之和是天平的示数；金属块与水的体积之和与水的体积之差是金属块的体积；由密度公式可以求出金属块的密度；圆柱体放入量筒后，圆柱体与量筒底部接触紧密，则圆柱体下方没有水，圆柱体会承担一部分水的重力，据此分析压力的变化【解答】解：（1）指针在分度盘中央刻线右侧摆动，说明右侧力与力臂的乘积大于左侧力与力臂的乘积，根据杠杆平衡原理可知，他应向左端调节平衡螺母；（2）由图甲所示可知，金属块的质量m=20g+5g+2g=27g；由图乙所示量筒可知，金属块的体积V=80mL70mL=10mL=10cm3；金属块的密度=2.7g/

40、cm3=2.7103kg/m3；圆柱体放入量筒后，圆柱体与量筒底部接触紧密，则圆柱体下方没有水，圆柱体会承担一部分水的重力，所以水对量筒底部的压力减小故答案为：（1）左；杠杆；（2）27；2.7103；小于【点评】本题考查了天平的读数、量筒读数、求金属块的密度，是一道基础题，掌握天平与量筒的读数方法、应用密度公式即可正确解题18（5分）【考点】JF：电功率的测量【分析】（1）闭合开关前应将滑动变阻器的阻值调到最最大值处；分析两电表分别断路电路的情况，再根据只有一电表有示数分析判断发生了断路电表；（2）由图象读出灯泡电压为2.5V时的电流，由P=UI计算小灯泡的额定功率；由图象分析灯泡电压变化与

41、电流变化的大小，从而分析1.5V和2.5V灯泡的电阻大小关系；由图象分析电流变化与电压变化特点，由P=UI分析解答【解答】解：（1）为了保护电路，闭合开关前应将滑动变阻器的阻值调到最大值处；测灯泡功率的实验中，电流表与灯泡串联，电压表与灯泡并联若电流表断路，则整个电路断路，灯泡不能发光；若电压表断路，电路其它部分仍然可以工作由题知闭合开关后，小灯泡亮度一般，说明电路中通路，说明断路的电表是电压表；（2）小灯泡的额定电压为2.5V，由图象知，灯泡电压为2.5V时的电流为0.25A，所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.25A=0.625W；由图象知，灯泡两端电压由1.5V增大到2.5V时，电

42、压变化比电流变化快，由此可知灯泡电阻随电压增大而增大，所以小灯泡电压为1.5V时的电阻小于2.5V时的电阻；由图象知，灯泡电压1.5V2.5V变化过程中，电流变化是均匀的，若电压从1.5V增大到2.0V时电流增大I，则电压从2.0V增大到2.5V时电流变化也为I，由P=UI有：P2=U2I=2VI，P1=U1I1=1.5V（II）P3=U3I3=2.5V（I+I）则：=2VI+2VI，所以P2故答案为：（1）大；电压；（2）0.625；小于；【点评】本题是测量小灯泡电功率的实验，考查了实验注意事项、电路故障、功率计算、灯泡电阻的变化，关键要能从图象中找到有用的信息五.计算题19（5分）【考点】

43、IH：欧姆定律的应用；J3：电功的计算【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流（1）根据欧姆定律求出R1两端的电压；（2）根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据W=UIt求出R2在1min内消耗的电能【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流（1）由I=可得，R1两端的电压：U1=IR1=1A2=2V；（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，R2两端的电压：U2=UU1=6V2V=4V，R2在1min内消耗的电能：W2=U2It=4V1A60s=240J答：（1）R1两端的电压为2V；（2）R2在1min内消耗的电能为240J【点评】本题考

44、查了串联电路的特点和欧姆定律、电功公式的应用，是一道较为简单的应用题20（5分）【考点】F4：滑轮（组）的机械效率；7!：滑轮组绳子拉力的计算；EH：有用功和额外功【分析】（1）明确承担动滑轮的绳子段数，根据拉力与重力间关系，变形后可求动滑轮重力；（2）根据功的计算公式W=Fs可求出拉力做的功，即总功；再根据W=Gh求出有用功；然后根据机械效率的计算公式可求出滑轮组的效率【解答】解：（1）由图可知，n=3；当重物静止于任意位置时，手对轻绳的拉力均为F1=1.8N；则有：F1=（G+G动），故G动=3F1G=31.8N4.8N=0.6N；（2）因为物体上升h，动滑轮也上升h，而绳子自由端上升3h

45、（相对于地面），所以绳子自由端相对于动滑轮移动距离为2h，即物体上升高度h是绳子自由端相对于滑轮移动距离的一半所以物体上升的高度h=C=0.3m=0.15m，拉力端移动距离s=3h=30.15m=0.45mW有=Gh=4.8N0.15m=0.72J；所做的总功为：W总=F2s=2N0.45m=0.9J；机械效率为：=100%=80%；答：（1）动滑轮的重力为0.6N；（2）重物上升过程中的有用功为0.72J；总功为0.9J；滑轮组的机械效率为80%【点评】本题难点在确定物体升高高度的确定：物体上升h，动滑轮也上升h，绳子自由端相对于动滑轮移动距离为2h，则物体物体上升高度是绳子自由端相对于滑轮移动距离的一半，易错点！第21页（共21页）