2016年贵州省高考全国3卷理综物理试题.docx

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1、2011年新疆乌鲁木齐市中考物理试卷一、选择题（本题共10小题，每题3分，共30分每小题4个选项其中只有1个选项是符合题意的选对得3分多选、不选、错选不得分）1（3分）下列四个长度中，与分子直径大小最接近的是（）A一光年B一米C一毫米D一纳米2（3分）茉莉花开的季节，走近花园就能闻到扑鼻的花香，这是因为（）A分子之间存在引力B分子之间存在斥力C分子不停地做无规则运动D分子之间有空隙3（3分）通常，旅游鞋底都刻有花纹，主要是为了（）A增大压力B增大压强C增大摩擦力D增大弹力4（3分）海洋中的鲸在恐惧的时候会发出巨大的尖叫声下列说法正确的是（）A巨大的声音主要反应了响度这一声音特性B巨大的声音主要

2、反应了音调这一声音特性C尖叫声主要反应了响度这一声音特性D尖叫声主要反应了音色这一声音特性5（3分）下列几种做法中，符合安全用电常识的是（）A开关接在零线上B在输电线上晾衣服C电冰箱外壳接地D用湿布擦正在发光的灯泡6（3分）一凸透镜焦距是20cm，蜡烛通过透镜成放大的像时，蜡烛与透镜间的距离不可能是（）A15 cmB25 cmC35cmD45 cm7（3分）如图，L1，L2正常发光突然一盏灯熄灭了，此时，一个电流表的示数变小，另一个示数不变，可能出现的电路故障是（）AL1短路BL2短路CL1断路DL2断路8（3分）如图所示将圆台形状的容器放在水平桌面上容器装2kg水时，水对容器底部的压强是p0

3、；装3kg水时，刚好把容器装满，此时水对容器底部的压强是2p0，水对容器底部的压力为F，则（）A容器如图甲，F30NB容器如图甲，F30NC容器如图乙，F30ND容器如图乙，F30N9（3分）如图，当滑动变阻器接入电路电阻的阻值为R时，其消耗的功率是30W；当接入电路电阻的阻值为3R时，其消耗的功率不可能是（）A10 WB20 WC30 WD80 W10（3分）如图，在两个弹簧测力计下端分别挂甲、乙两实心金属球当把它们浸没在水中时，两弹簧测力计的示数相等；当把它们浸没在酒精中时，挂甲球的弹簧测力计示数大于挂乙球的弹簧测力计示数用G甲，G乙，甲，乙分别表示甲、乙两球的重力和密度下列关系正确的是（

4、）AG甲G乙，甲乙BG甲G乙，甲乙CG甲G乙，甲乙DG甲G乙，甲乙二、填空题（本题共4小题，每空1分共30分）11（4分）星期天，小明约小刚逛公园在游玩时看见了一些现象，他俩从物理角度议论起了下列问题（1）阳光下，小明看见自己在地面上留下了影子，可以用光的来解释看见公园中红色的花朵，是因为花朵（选填“反射”或“吸收”）红色光的缘故（2）来到湖边，小刚看见湖水中的鱼在蓝天白云间游弋看见的鱼是光的形成的，看见的蓝天白云是光的形成的12（8分）2011年3月，日本大地震引发了福岛核电站爆炸事故，给地球造成了严重的核污染（1）核电站是将能转化为电能核电站（填“会”或“不会”）产生大量的温室气体（2）在

5、福岛核电站恢复期间，为了给核电站的堆芯降温，科学家建议给堆芯注入大量的水，这是因为水的大注入水后，厂房上方有大量的白雾，这是水蒸气形成的，在这一过程中，水蒸气热量一吨水温度升高50，吸收的热量是J（c水=4.2103 J/（kg）（3）为了缓解电力紧张的状况，日本政府决定启用已关闭的火电厂，火电厂要消耗大量的化石能源，化石能源是次能源，是（填“可再生”或“不可再生”）能源13（8分）自1820年发现电与磁有联系以来，科学工作者设计出了许多与电磁有关的机器，使生产力大大提高电磁起重机就是其中的一种（1）电磁起重机是利用（填“电生磁”或“磁生电”）的原理来工作的，通过的电流越大，磁性越电磁起重机通

6、电后能够吸引钢铁类物质，其原因是这类物质能被若将钢铁类物质装入木箱中，隔着木箱，电磁起重机（填“还能”或“不能”）够吸引木箱内的钢铁类物质（2）利用红外线遥控器可以对电磁起重机的工作状态进行远距离控制，遥控器发出的是（填“电磁波”或“超声波”），该波的传播速度是m/s（3）某电磁起重机在380V电压下正常工作，输入的电功率为7.6kW，则输入的电流为A，该起重机工作3min，消耗的电能是度14（10分）近些年中国的高铁技术发展迅猛，京沪高铁的开通更是体现了中国在该项技术的领先地位（1）高速列车噪声很小，它是从防止噪声方面着手控制的，冬天和夏天噪声的传播速度（填“相同”或“不同”），噪声是以为单

7、位来表示强弱等级的（2）列车出站时，安全线内的压强比安全线外的压强列车行驶过程中，若以座椅上的乘客为参照物，列车是的，若以列车为参照物，上海站是的列车进站时，撤去动力列车不能立刻停止，这是因为列车具有，进站过程，列车的动能逐渐（3）列车以相同的速度匀速通过甲、乙两桥通过1.4km的甲桥用时24s，通过2.8km的乙桥用时44s，列车通过甲桥的速度是m/s，列车中座椅上的某位乘客通过乙桥的时间为s三、作图、实验与简答题（本题共6小题共20分）15（2分）如图，MN是平面镜已知OB是一条反射光线，反射角是45，作出入射光线并标出入射角16（2分）如图是一个放在水平桌面上正在摆动中的不倒翁玩具，其重

8、心在图中虚线上，作出不倒翁受到重力的示意图17（2分）通电螺线管中的电流方向如图所示，标出通电螺线管的N极和小磁针的N 极18（4分）小华在探究固体熔化时温度的变化规律的实验中，对某物质均匀加热，熔化过程经历了6分钟，在这段时间里，该物质温度始终保持不变，温度值如图所示（1）这种物质是（填“晶体”或“非晶体”），熔点是（2）该物质完全熔化后停止加热，此后，物质开始凝固，在凝固过程中热量熔化和凝固的两个过程中，该物质吸收和放出的热量（填“相等”或“不相等”）19（5分）某同学用如图甲所示的装置，探究杠杆平衡条件（1）为了方便测量力臂，应将杠杆调至位置平衡调节时若杠杆左端下沉，应将右端的平衡螺母向

9、端调节（2）探究过程中，在杠杆左端某一固定位置挂一个重力G=2.5N的物体，在杠杆右端不同位置处施加不同的竖直向下的力F，保证杠杆处于平衡状态根据多次测量的力和力臂F、L数据，画出F和的图线如图乙（注意看清楚图乙两个坐标的含义），由图乙可得出杠杆平衡条件是F与L成比根据杠杆平衡条件，可求出重力G的力臂是m20（5分）图甲是探究电流一定时，电压与电阻关系的实验电路图已知电源电压U=15V，滑动变阻器上标有“20 3A，”（实际最大阻值略小于20），实验中所用的四个定值电阻分别为5，10，15，20（1）电流表的量程应选A（2）ab间接入5电阻时，调节滑动变阻器，使电路中的电流控制在图乙所示的数值

10、ab间换接10电阻时，滑动变阻器的滑片应向端移动，直到电流表的示数为A（3）当ab间接电阻时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都不能得到实验所要求的数据为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流应控制在A最合理四、计算题（本题共2小题，每题5分，共10分每题要有计算过程和必要的文字说明，只给出结果不得分）21（8分）如图，R1=5，R2=10，电源电压U=6V求：（1）通过R1的电流；（2）1min内R2产生的热量22（12分）如图所示的装置是用实验室中的滑轮组成的滑轮组（1）若用3N的拉力可使重6N的物体匀速上升，求滑轮组的机械效率（2）如果动滑轮重是2N，除动滑轮外，摩擦和绳重等产生的额外功

11、始终是总功的10%，要使该滑轮组的效率满足50%80%，求所吊物体重力的范围2011年新疆乌鲁木齐市中考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每题3分，共30分每小题4个选项其中只有1个选项是符合题意的选对得3分多选、不选、错选不得分）1（3分）【考点】长度的估测菁优网版权所有【分析】分子是保持物质原来性质的最小粒子，其直径非常小，一般用纳米来度量【解答】解：分子的直径非常小，是肉眼所无法观察到的，一般用纳米来度量，选项中“一光年”、“一米”、“一毫米”都比分子的直径大得多，不合题意只有选项D符合题意故选D【点评】本题考查了对长度单位的基本认识，光年一般用来描述天体之间的距离，

12、米和毫米一般用来描述日常物体的长度，纳米则常用来描述微观物体的大小2（3分）【考点】分子的运动；扩散现象菁优网版权所有【分析】由分子的性质可知，分子是运动的，花香的分子向周围运动，使人感到花香四溢【解答】解：在花园里，花香的分子向周围运动，整个花园充满了花香的分子，所以，进入花园，使人感到花香四溢；这个现象说明了分子不停地做无规则运动故选C【点评】本题主要考查了分子是运动的观点，培养了学生能从宏观现象透析出微观变化，从透过现象看到本质，能够初步了解一些宏观变化的微观实质3（3分）【考点】增大或减小摩擦的方法菁优网版权所有【分析】影响摩擦力大小的因素有压力和接触面的粗糙程度，在压力一定时，增大接

13、触面的粗糙程度可以增大摩擦【解答】解：旅游鞋底都刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦故选C【点评】知道影响摩擦力大小的因素，掌握增大、减小摩擦的方法，与日常生活联系密切4（3分）【考点】音调、响度与音色的区分菁优网版权所有【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；分析时，要抓住题目中的关键词巨大、尖叫【解答】解：A、巨大的声音主要反应了响度这一声音特性，响度大则声音大，穿透力强；故A正确；B、巨大的声音主要不是反应音调这一声音特性，

14、而是反映声音的音调高；故B错误；C、尖叫声主要反应了音调这一声音特性，而不是响度；故C错误；D、音色是由发声体本身决定的一个特性；故尖叫声不是反映音色这一声音特性；故D错误；故选A【点评】声音的特征有音调、响度、音色；三个特征是从三个不同角度描述声音的，且影响三个特征的因素各不相同5（3分）【考点】安全用电原则菁优网版权所有【分析】（1）安装电灯的开关，要考虑当开关断开时，人触摸灯泡是安全的；（2）有金属外壳的家用电器，要接地线，以防漏电时，人不会发生触电事故；（3）不纯净的水是导体，水在人手和火线之间连通，会发生触电事故【解答】解：A、电灯开关安装在零线上，当开关断开时，灯泡与火线是连通的，

15、人接触灯泡时容易发生触电，不符合安全常识；B、不能把湿衣服在电线上晾晒，湿物体容易导电，容易发生触电，不符合安全常识；C、电冰箱外壳没接地，一旦漏电，人接触到外壳时，电流会通过人体导入大地，发生触电，故电冰箱外壳接地，符合安全常识；D、湿毛巾的水份是导体，擦开关和插座容易发生触电事故，不符合安全常识故选C【点评】（1）不用湿手、湿布触摸电器开关、插座；（2）有金属外壳的用电器，正确使用三脚插头；（3）测电笔使用时，手要接触笔尾金属体，绝不能接触笔尖金属体；（4）灯泡的开关接在火线上6（3分）【考点】凸透镜成像的应用菁优网版权所有【分析】凸透镜成像的三种情况：u2f，成倒立、缩小的实像2fuf，

16、成倒立、放大的实像uf，成正立、放大的虚像【解答】解：A、凸透镜的焦距是20cm，蜡烛与透镜间的距离是15cm，uf，成正立、放大的虚像不符合题意B、凸透镜的焦距是20cm，蜡烛与透镜间的距离是25cm，2fuf，成倒立、放大的实像不符合题意C、凸透镜的焦距是20cm，蜡烛与透镜间的距离是35cm，2fuf，成倒立、放大的实像不符合题意D、凸透镜的焦距是20cm，蜡烛与透镜间的距离是45cm，u2f，成倒立、缩小的实像符合题意故选D【点评】凸透镜成像的三种情况和应用是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握7（3分）【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用菁优网版权所有【分析】分析电路知，

17、两只灯泡并联，电流表测量L1支路电流，另一个电流表测量干路电流并联电路的特点是：各用电器工作状态互不影响，干路电流等于各支路电流之和【解答】解：A和B、如果灯泡L1短路或L2短路，整个电路短路，电流表示数都变大，会烧坏电流表和电源此选项不符合题意；C、如果灯泡L1断路，测量L1支路电流的电流表示数为零此选项不符合题意；D、如果灯泡L2断路，不发光；电路中只有灯泡L1发光，两个电流表都测量L1的电流，所以原来测量干路电流的电流表示数变小，测量L1支路电流的电流表示数不变此选项符合题意故选D【点评】使用完好的电流表检验电路故障时，将电流表与用电器串联，闭合开关，若电流表有示数，说明串联的用电器短路

18、；若没有示数，说明串联的用电器断路8（3分）【考点】压强大小比较；重力的计算菁优网版权所有【分析】（1）先确定容器形状：若容器为圆柱形，容器装2kg水改为3kg水，压强将变为1.5p0；若容器为甲图，容器装2kg水改为3kg水，水对容器底部的压强将小于1.5p0；若容器为乙图，容器装2kg水改为3kg水，水对容器底部的压强将大于1.5p0；（2）通过比较水对容器底部的压力与水重的关系分析判断：上口大、下口小，水对容器底部的压力小于水重；上口小、下口大，水对容器底部的压力大于水重；直壁容器，水对容器底部的压力等于水重【解答】解：（1）若容器为圆柱形，容器装2kg水改为3kg水，压强将变为1.5p

19、0；若容器为甲图，容器装2kg水改为3kg水，水深变化量比圆柱形容器小，水对容器底部的压强将小于1.5p0；若容器为乙图，容器装2kg水改为3kg水，水深变化量比圆柱形容器大，水对容器底部的压强将大于1.5p0；由此可见容器如图乙；（2）如乙图放置，水对容器底的压力：F=pS=ghSG，F乙30N故选：D【点评】上口大、下口小的容器，液体对容器底的压力小于所装液体重；上口小、下口大的容器，液体对容器底的压力大于所装液体重；圆柱形、长方体或正方体直壁容器，液体对容器底的压力等于所装液体重9（3分）【考点】电功率的计算菁优网版权所有【分析】分别用根据P=I2R表示出电阻的实际功率，然后根据当滑动变

20、阻器接入电路的阻值为R时消耗的功率是30W，得出当接入电路的阻值为3R时，消耗的功率的范围即可选出正确选项【解答】解：由题意可得：当滑动变阻器接入电路的阻值为R时，其消耗的功率：P=（）2R=（）29R=30W；则（）23R=10W；当滑动变阻器接入电路的阻值为3R时，消耗的功率为：P=（）23R（）23R=10W，故BCD可能，A不可能故选A【点评】本题考查功率公式的应用，本题的关键是用已知电阻和电压表示出实际功率，然后比较关系式得出实际功率的范围10（3分）【考点】浮力大小的计算；密度公式的应用；重力菁优网版权所有【分析】当把甲、乙两实心金属球浸没在水中时，金属球受到的重力等于浮力加上拉力

21、（弹簧测力计的示数），可得F甲=G甲F浮甲=G甲水gV甲，F乙=G乙F浮乙=G乙水gV乙，根据已知条件可得G甲水gV甲=G乙水gV乙，；甲V甲g水V甲g=乙V乙g水V乙g，；G甲酒gV甲G乙酒gV乙，；根据这三个关系式可以得出G甲、G乙，甲、乙的关系【解答】解：当把甲、乙两实心金属球浸没在水中时，弹簧测力计的示数：F甲=G甲F浮甲=G甲水V甲g=甲V甲g水V甲g，F乙=G乙F浮乙=G乙水V乙g=乙V乙g水V乙g，可得：G甲水gV甲=G乙水gV乙，甲V甲g水V甲g=乙V乙g水V乙g，当把甲、乙两实心金属球浸没在酒精中时，弹簧测力计的示数：F甲=G甲F浮甲=G甲酒V甲g=甲V甲g酒V甲g，F乙=G

22、乙F浮乙=G乙酒V乙g=乙V乙g酒V乙g，可得：G甲酒gV甲G乙酒gV乙，得：（水酒）gV甲（水酒）gV乙，水酒0V甲V乙，由得：G甲G乙=水gV甲水gV乙0，G甲G乙；由得：（甲水）V甲g=（乙水）V乙g，=1，甲水乙水，甲乙，故选B【点评】本题考查了学生对密度公式、重力公式、阿基米德原理的掌握和运用，利用好称重法测浮力是本题的关键，难点是从三个关系式中得出G甲、G乙，甲、乙的关系二、填空题（本题共4小题，每空1分共30分）11（4分）【考点】光在均匀介质中直线传播；光的反射；光的折射现象及其应用菁优网版权所有【分析】要解答本题需掌握：平静的湖水相当于平面镜，可以使物体成像光从水斜射入空气中

23、时，会发生折射，我们看到湖中的鱼，是由于光的折射形成的虚像影子的形成是光沿直线传播的应用透明物体的颜色是由它透过的色光决定的，不透明物体的颜色是由反射光的颜色来决定的【解答】解：（1）由于光是沿直线传播的，射向地面的太阳光被身体挡住，就在地面上形成了光线照不到的阴暗区，即影子；太阳光照在红色的花朵上，其他颜色的光都被吸收了，只有红光被反射，所以呈现红色故答案为：直线传播；反射（2）看到的水中的金鱼，由于光的折射，从上面看时，会感到鱼的位置比实际位置高一些，是鱼的虚像；蓝天白云是光的反射在水中形成的虚像，同平面镜成像道理一样，平面镜成像是光的反射现象，故答案为：折射；反射【点评】本题主要考查学生

24、对生活中一些光学现象的成因以及光的折射现象与反射现象的应用的了解和掌握，是一道基础题本题考查物体的颜色，要注意不透明的物体只能反射与它颜色相同的色光，吸收其他色光；白色物体能反射所有色光，黑色物体吸收所有色光12（8分）【考点】核电站发电过程中的能量转化；液化及液化现象；水的比热容的特点及应用；热量的计算；能源的分类菁优网版权所有【分析】（1）核能的利用有两种方式：核裂变和核聚变，核电站的能量来自于物质发生裂变时由于质量损失而转换成的大量能量，这个过程不会产生二氧化碳（2）根据公式Q=cmt分析得出答案；液化是指由气态变成液态的过程，此过程中要放出热量；根据公式Q=cmt求出水吸收的热量；（3

25、）一次能源是指直接从自然界获取的能源，化石能源是不可再生能源【解答】解：（1）核电站是将核能转化为电能的；核电站的能量来自于物质发生裂变时由于质量损失而转换成的大量能量，这个过程不会产生温室气体；（2）在福岛核电站恢复期间，为了给核电站的堆芯降温，科学家建议给堆芯注入大量的水，这是因为水的比热容大，升高相同温度时，水吸收的热量多；注入水后，厂房上方有大量的白雾，这是水蒸气液化形成的小水珠，在此过程中要放出热量；水吸收的热量：Q=cmt=4.2103J/（kg）1000kg50=2.1108J；（3）化石能源是直接从自然界中获取的能源，是一次能源，是不可再生能源故答案为：（1）核；不会；（2）比

26、热容；液化；放出；2.1108；（3）一；不可再生【点评】此题考查的知识点比较多，有核能的利用、比热容、热量的计算、液化现象、能源的分类等，但是都比较基础13（8分）【考点】电磁铁的其他应用；电磁波的传播；电功的计算；电功率与电压、电流的关系菁优网版权所有【分析】（1）电磁铁是根据通电导体周围存在磁场的原理制成；根据电磁铁的磁性影响因素、磁化和磁场的性质分析电磁起重机的工作过程；（2）红外线是一种看不见的光，它属于电磁波，速度v=3108m/s；（3）已知额定电压及额定功率，则由电功率公式的变形可求得工作时的电流；已知额定电压及额定功率，则由电功率公式的变形W=Pt求消耗的电能【解答】解：（1

27、）内部带有铁芯的通电螺线管叫电磁铁当有电流时，电磁铁有磁性；当无电流时，电磁铁无磁性所以电磁起重机是根据通电导体周围存在磁场的原理制成的使用电磁铁通过的电流越大，磁性越强电磁起重机通电后能够吸引钢铁类物质，其原因是这类物质能被磁化若将钢铁类物质装入木箱中，隔着木箱，因电磁起重机是通过磁场来工作的，使用还能够吸引木箱内的钢铁类物质（2）遥控器发出的红外线，它会以光波的性质直线传播，它属于电磁波，在空气中的速度v=3108m/s；（3）额定功率P=7.6kW=7600W，则由功率公式P=UI得：电磁起重机在正常工作时的电流：I=20A；该起重机工作3min，消耗的电能W=Pt=7.6kW3h=0.

28、38kWh故答案为：（1）电生磁；强；磁化；还能；（2）电磁波；3108；（3）20；0.38【点评】（1）电磁铁是电流磁效应的一个应用，与生活联系紧密如电磁起重机，电磁继电器，磁悬浮列车等（2）此题主要考查红外线的应用，看不见的光也是需要掌握的知识，属于基础题，本题考查了光学知识在生产和生活中的应用，知识得到学以致用，可以加深对知识的理解和提高学习的兴趣14（10分）【考点】速度公式及其应用；运动和静止的相对性；惯性；防治噪声的途径；动能和势能的大小变化菁优网版权所有【分析】（1）减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；阻断噪声的传播；在人耳处减弱噪声；声音需要靠介质来传播，声音在不同介质中

29、传播的速度是不同的，同一种介质中，温度对声音的传播速度有影响；噪声是以dB为单位来表示强弱等级的；（2）液体和气体都称为流体，流体的流速越大，压强越小；通过比较人和列车之间的压强和人外侧的压强大小进行分析；判断物体的运动和静止，首先要选择一个参照物，被研究的物体和参照物之间发生位置的改变，被研究的物体是运动的，否则被研究的物体是静止的；物体由于惯性要保持原来的运动状态；动能的大小与物体的质量和速度有关；（3）火车过桥时，路程等于桥长加车长，根据时间结合速度计算公式v=列方程组，就可以计算出火车长和火车的速度；计算乘客过桥的时间时，用桥长除以火车的速度即可【解答】解：（1）控制噪声要从声源处防止

30、噪声的产生，在传播过程中阻断噪声的传播，防止噪声进入人耳；高速列车噪声小是从防止噪声产生方面着手控制的；声音需要介质来传播，不同的介质中，声音传播的速度是不同的，一般情况下，声音在固体中传播的最快，在气体中传播的最慢；同一种介质中，温度不同时声音的传播速度也不同，故冬天和夏天噪声的传播速度不同；噪声是以dB为单位来表示强弱等级的；（2）列车行驶过程中，列车的速度很大，人靠近列车时，使人和列车之间的空气流动速度增大，压强减小，人外侧的压强不变，外侧压强大于内侧压强，即安全线内的压强比安全线外的压强小，所以人在安全线以内时，在内外侧压强差的作用下有被卷入车底的危险，故应站在安全线以外；被研究的物体

31、是列车，选择以乘客为参照物，列车和乘客之间没有发生位置的改变，故列车是静止的；若以列车为参照物，上海站和列车之间的位置发生了变化，上海站是运动的；列车刹车后不能立即停下来是由于列车具有惯性要保持原来的运动状态，继续前行；列车在进站过程中，质量不变、速度变小，故动能变小（3）火车过桥时，路程等于桥长加车长，v=，v=v甲=v乙v甲=v乙=综合解得：v=70m/s，L=280m；列车中座椅上的某位乘客通过乙桥的时间为：t=40s故答案为：（1）产生；不同；dB；（2）小；静止；运动；惯性；减小；（3）70；40【点评】该题考查了流体压强与流速的关系、运动和静止的判断和声音、惯性、速度公式的应用等知

32、识点，关键是知道火车过桥（过隧道、过山洞）时，经过的路程等于桥长加车长，这是最容易出错的地方三、作图、实验与简答题（本题共6小题共20分）15（2分）【考点】作光的反射光路图菁优网版权所有【分析】要掌握光的反射定律的内容：反射光线、入射光线、法线在同一平面内，反射光线和入射光线分居法线的两侧，反射角等于入射角知道入射角和反射角的概念：入射光线和反射光线与法线的夹角【解答】解：已知反射光线与镜面的夹角为45，则入射角等于反射角45如下图所示：【点评】此题通过作图考查了学生对光的反射定律的掌握和应用，同时考查了对入射角和反射角的理解16（2分）【考点】重力示意图菁优网版权所有【分析】重力的作用点在

33、物体的重心，方向竖直向下，根据力的示意图的定义：线段的起点表示力的作用点，长度表示力的大小，箭头表示力的方向；注意不倒翁的重心应该很低，才能保证不倒【解答】解：不倒翁的重心应该在最下端，才能保证不倒；由重心竖直向下作线段，在末端画出箭头，标出重力G如图：【点评】画力的示意图，就是用一条带箭头线段表示出力的三要素，所以要先正确分析力的大小、方向和作用点，再根据力的示意图的要求作出力的示意图17（2分）【考点】通电螺线管的极性和电流方向的判断菁优网版权所有【分析】利用螺线管中电流的方向和线圈的绕向，根据安培定则确定螺线管的NS极；然后利用磁极间的作用规律确定小磁针的N、S极，从而可以得到答案【解答

34、】解：根据螺线管中电流的方向和线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极当小磁针静止时，根据磁极间的作用规律可知，相互靠近的一定是异名磁极因此可以确定小磁针的左端为S极，右端为N极故答案如下图所示：【点评】小磁针的N、S极是由螺线管的N、S极来确定的，因此确定螺线管的N、S极是解决此题的突破口18（4分）【考点】熔化和凝固的探究实验；熔点和凝固点；晶体和非晶体的区别菁优网版权所有【分析】（1）从晶体和非晶体的重要区别进行分析：晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变；非晶体熔化时，不断吸收热量，温度逐渐升高晶体熔化时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是晶体的熔点（2

35、）固体熔化吸收热量，液体凝固放热熔化和凝固是相反的过程，相同情况下，熔化吸收的热量和凝固放出的热量是相同的（3）温度计的读数：首先确定每一个大格和每一个小格的读数，然后读数【解答】解：（1）某物质均匀加热，熔化过程经历了6分钟，在这段时间里，该物质温度始终保持不变，这是晶体的熔化特点，所以该物质是晶体该物质在熔化过程中，温度保持48不变，这个不变的温度是该晶体的熔点（2）液体凝固时要放出热量熔化和凝固的两个过程中，熔化和凝固是相反的两个过程，所以该物质吸收和放出的热量是相等的故答案为：（1）晶体；48；（2）放出；相等【点评】（1）晶体和非晶体的区别：晶体有一定的熔点，非晶体没有一定的熔点（2

36、）熔化和凝固是相反的两个过程，汽化和液化是相反的两个过程，升华和凝华是相反的两个过程，相同条件下熔化吸收的热量和凝固放出的热量相等，汽化吸收的热量和液化放出的热量相等，升华吸收的热量和凝华放出的热量相等19（5分）【考点】探究杠杆的平衡条件实验菁优网版权所有【分析】（1）探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动（2）由F和的图线知，F和成正比，可以推断FL成反比当物体重G和其力臂不变时，画出F和的图线如图乙，当F=2N，=4m1时，杠杆处于平衡状态，根据=4m1求

37、出F的力臂L，根据杠杆平衡条件求出重力G的力臂【解答】解：（1）杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响所以杠杆在水平位置平衡，可以使实验简单化杠杆左端下沉，右端上翘，应将右端的平衡螺母向上翘的右端移动（2）如乙图，F和成正比，为定值，所以FL为定值，可以推断FL成反比因为=4m1，所以L=0.25m，根据杠杆平衡条件得：GL=FL，所以，2.5NL=2N0.25m，所以，L=0.2m故答案为：（1）水平；右；（2）反； 0.2【点评】（1）本题真正考查了正比和反比的含义，当两个物理量的比值一定时，两个物理量成正比；当两个物理量的乘积

38、一定时，两个物理量成反比（2）题目中没有直接给出动力臂和动力，而是从图象上搜索，这是一道比较新颖的题目，值得仔细研究20（5分）【考点】探究电流与电压、电阻的关系实验；串联电路的电流规律；电流表的读数方法；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用菁优网版权所有【分析】（1）根据欧姆定律求出电路中的最大电流确定电流表的量程；（2）根据电流表的量程和分度值读出示数，利用欧姆定律求出电压表的示数，当ab间换接10电阻时，电路中的总电阻变大，电路中的电流变小，要使电流表的示数不变应减小滑动变阻器接入电路的电阻；（3）根据欧姆定律求出电流表示数为0.8A时电路中的总电阻，即可判断20的电阻不符合实验要求；当定

39、值电阻为20时，根据欧姆定律求出电路中的最大电流，当定值电阻的阻值为5时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的最小电流，然后结合电流表的分度值确定电路中控制的最合理电流【解答】解：（1）当定值电阻为5，且滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，根据欧姆定律可得，电路中的最大电流I=3A，所以电流表的量程为03A；（2）由图乙可知，电流表的分度值为0.1A，示数为0.8A；当ab间换接10电阻时，电路中的总电阻变大，电路中的电流变小，要使电路中的电流不变，滑片应向左移动减小接入电路中的电阻，直到电流表的示数为0.8A；（3）电流表的示数为0.8A时，电路中的总电阻R=18.7520，

40、所以，当ab间接20电阻时，无论怎样移动滑动变阻器的滑片，都不能得到实验所要求的数据；当定值电阻为20时，电路中的最大电流Imax=0.75A，当定值电阻为5时，电路中的最小电流Imin=0.6A，因滑动变阻器的实际最大阻值略小于20，且电流表的分度值为0.1A，所以，为了使这四个电阻都能为实验所用，电路中电流应控制在0.7A最合理故答案为：（1）03；（2）左；0.80；（3）20；0.70【点评】本题考查了电流表量程的选择和电流表的读数、串联电路特点、欧姆定律的应用等，关键是会根据最大定值电阻接入电路中时电路中的最大电流和最小定值电阻接入电路中时最小电流以及电流表的分度值确定控制最合理的电

41、流值四、计算题（本题共2小题，每题5分，共10分每题要有计算过程和必要的文字说明，只给出结果不得分）21（8分）【考点】欧姆定律的应用；并联电路的电压规律；焦耳定律的计算公式及其应用菁优网版权所有【分析】（1）由电路图可知，两电阻并联，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过R1的电流；（2）根据Q=UIt=Ut=t求出1min内R2产生的热量【解答】解：（1）并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律可得，通过R1的电流：I1=1.2A；（2）Q=UIt，I=，1min内R2产生的热量：Q2=UI2t=Ut=t=60s=216J答：（1）通过R1的电流为1.2A；（2）1min内R2产生的

42、热量为216J【点评】本题考查了并联电路的电流特点和欧姆定律、焦耳定律的灵活应用，是一道基础题目22（12分）【考点】滑轮（组）的机械效率菁优网版权所有【分析】（1）知道物重、拉力和绳子股数，根据公式=求出机械效率；（2）根据题意可知，当滑轮组效率为50%时，克服动滑轮重做的额外功占总功的40%；当滑轮组效率为80%时，克服动滑轮重做的额外功占总功的10%，据此可以解出物体的重力范围【解答】解：（1）滑轮组的机械效率：=100%=100%=100%=100%=100%66.7%；（2）设动滑轮重为G动，当机械效率为50%时，摩擦和绳重等产生的额外功始终是总功的10%，所以有用功W有用=Gh=50%W总，克服动滑轮重做的额外功：W额=G动h=40%W总，解得G=2.5N；当机械效率为80%时，摩擦和绳重等产生的额外功始终是总功的10%，所以有用功W有用=Gh=80%W总，克服动滑轮重做的额外功：W额=G动h=10%W总，解得G=16N；所吊物体重力的范围2.5 NG16 N答：（1）滑轮组的机械效率为66.7%；（2）所吊物体重力的范围是2.5 NG16 N【点评】此题主要考查的是学生对机械效率、有用功、总功、额外功计算公式的理解和掌握，明确克服动滑轮重做的功是额外功是解决此题的关键，有一定难度第21页（共21页）