2022年上海市奉贤区中考物理二模试卷含详解.pdf

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1、2022年上海市奉贤区中考物理二模试卷一、选 择 题（共 12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B 铅填涂在答纸的相应位置上,更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。1.人的正常体温为（）A.0B.4C.37D.1002.吉他演奏前，乐手会调节弦的松紧,这样做主要是为了改变声音的（3.4.5.A.响度B.音调C.音色D.速度下列单色光中，属于三原色光的是（A.P、C.A、黄光B.绿光C.橙光D.紫光Q 是同一直线上相距3.6米的两点，甲、乙两辆小车分别经过P 点向Q 点沿同一直线行驶，它们的s-t 图像A.如根据图像分析可知甲比乙早2 秒经过P 点D.乙比甲早2 秒经过P 点B

2、是两圆柱状薄壁容器，已知它们的底面积SASB,分别盛有密度为p 甲和p 乙的两种不同液体。现将质量)和体积完全相同的两小球分别浸入两容器的液体中，一段时间后它们的位置如图所示，接着将两小球从容器中取出，此时液体对两容器底部的压强分别为p，“和 p K，下列说法正确的是（）A.p甲 p乙，p甲 p乙B.p fpp 乙，p 甲Vp 乙C.p甲V p乙，p甲V p乙D.p甲V p乙，p甲 p乙6.如图所示，电源电压保持不变，电 阻 R i的阻值为10欧。开 关 S 闭合后，用一个阻值为2 0 欧的电阻替换电阻Ri，可能使两电流表Ai、A2示数的比值与替换R i前相等的方法是（）R RVA.电源电压不

3、变，不移动滑片PB.电源电压不变，向左移动滑片PC.增大电源电压，不移动滑片PD.减少电源电压，向右移动滑片P二、填 空 题（共18分）请将结果填入答题纸的相应位置。7 .上海地区家用电视机正常工作时其两端的电压为 伏，电视机工作时将 转化为其他形式的能远距离输电是通过 输电线路输送的（选 填“高压”“低压”）。8 .花样滑冰时，运动员用力向后蹬冰面可加速运动，说明力可以使物体的 发生改变（选 填“形状”或“运动状态”）；以观众为参照物，运动员是 的（选 填“静止”或“运动”）。运动员在比赛结束后不能立刻停下来，这是由于运动员具有 的缘故。9 .如图所示，分别使用A、B两滑轮匀速提起重力为1

4、0 牛的同一物体，其中 可以看作等臂杠杆（选填“A”或 B”）；若不计摩擦和滑轮重力，所需竖直向上的 拉 力 F 2 为 牛。当物体匀速上升时，它的机械能（选 填“增大”、“不变”或“减小”）。1 0 .将体积为5 X 1 0 3 米 3 的圆柱体浸没在水中时受到的浮力大小为 牛，方向为,若此时圆柱体上表面距离液面1 0 厘米，则受到水的压强为 帕。I I .如图所示，电源电压保持不变。电阻R i、R 2 的阻值相等，开 关 S闭合后，电路正常工作，电流表和电压表的示数分别为I o 和 U o。一段时间后，电路中出现仅有一处故障，且只发生在电阻R i、R 2 上。（1）若开关由断开到闭合，观察

5、到只有电压表示数发生变化，则发生的故障是,此时电压表示数为。（2）若开关由断开到闭合，观察到只有电流表示数发生变化，则此时电流表示数为。1 2 .某物理小制作小组的同学利用空的薯片筒等器材自制了可以探究小孔成像特点的物理实验装置，他们在三个相同的空筒的底部中央分别打上小圆孔和小方孔，再用三片半透明的塑料膜蒙在空筒的口上作光屏。调整烛焰和灯丝的位置使光屏上可以观察到烛焰和灯丝通过小孔所成的像，如图所示。（1）分析比较甲、乙两图，可以得出结论：物 体 所 成 的 像 的 形 状 与 小 孔 的 形 状 （选 填“有关”或“无关”）（2）分析比较甲、丙两图，可以得出结论：物 体 所 成 的 像 的

6、形 状 与。（3）小组同学们还发现蜡烛和小孔的位置固定后，改变光屏与小孔的距离s,像的高度h随着改变。于是他们改变s 并记录对应的h 值在表格中:序号S/厘米h/厘米12.01.024.02.036.03.048.04.051 0.05.0从表格中可以看出h与 s 的关系为:当同一物体到小孔的距离不变时，像的高度h与像到小孔的距离s三.作图题（共 6 分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2 B 铅笔。1 3 .在图中，悬挂着的小球受到的重力为8 牛，请用力的图示法画出小球的重力G。1 4 .根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极及电源的正、负极。电源 一四、综 合

7、 题（共 34分）请根据要求将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。1 5 .质量为1 0 千克的水温度升高1 5 ,求水吸收的热量Q吸。c 水=4.2 X 1 0 3 焦/（千克1 6 .如 图（a）所示，电源电压为1 6 伏且保持不变，电阻R i 的阻值为1 0 欧，滑动变阻器R 2 上标有“3 0。2 A ”字样，所用电压表的表盘如图（b）所示。闭合开关S后，电路中的电流为0.4 安。求:电压表V 1 的示数U l o通电1 0 秒，电流通过电阻R 1 所做的功W 1。在各电路元件均安全工作的条件下，移动变阻器的滑片，使电路中通过的电流的变化量为最大时R 1 消耗的实际电功率的最大变化量A

8、 P l 最 大。1 7.底面积为0.0 6 米 2 盛有水的长方形玻璃薄壁容器足够高，置于水平桌面上，现将一边长分别为0.1 米、0.1 米和0.3 米的实心长方体合金块水平缓慢地浸没在水中，己知合金块的质量为5.1 千克，如图所示（图中水面位置未画出）。求：合金块所受浮力的大小F浮。合金块的密度p。若将合金块由平放改成竖放在水中，求容器底受到水的压强变化量的范围。1 8.小新和小佳同学在做“探究杠杆平衡条件”实验:（1）实验前，他们把杠杆中心支在支架上，杠杆在图（a）中所示位置静止时 处于平衡状态（选填“是”或“不是”）;小新将右端的平衡螺母向右调，小佳认为也可以将左端的平衡螺母向 调（选

9、填“左”或“右”），使杠杆在水平位置平衡；（2）实验中，他们多次在杠杆两端加挂钩码，并调节钩码位置，使杠杆保持水平平衡，记录多组数据，这样做的目的是;（3）如 图（b）所示，杠杆始终保持在水平位置平衡，小新将弹簧测力计从位置移动到位置时，测力计的示数将（选 填“变大”、“变小”或“不变1 9.在“探究凸透镜成像规律实验”中:（1）将蜡烛、凸透镜和光屏依次安装在光具座上，点燃蜡烛，调整它们的高度使烛焰中心、透镜光心和光屏中心在;（2）如图甲所示，光屏上成清晰的像。由光路可逆可以推断，保持蜡烛和光屏的位置不变，只移动透镜到c m 刻度处，光屏上可再次成清晰、倒立的实像;（3）实验一段时间后，原来在

10、光屏中心的像“跑”到光屏上方，如图乙所示位置。能让像重新回到光屏中心的操作是.（填序号）光屏下调蜡烛上调透镜上调2 0.上海市“空中课堂名师面对面”有一堂课是“阿基米德原理：单元答疑”，其中有“浮力秤”的介绍。某小组同学观课后制作了一“浮力秤”。如 图（a）所示，其构造是由质量为m o、底面积为S的浮筒和可盛放液体（密度为p液）的容器两部分组成。他们首先在容器内装入足量水，空浮筒静止时浸入液体的深度为h o如 图（b）所示，在浮筒内放一物块后，小筒浸入水中的深度增加了 A h,从浮筒上标有的刻度可读出物块的质量m,并将不同质量的物块分别装入浮筒中,记录相关实验数据于表一中。接着，他们把水更换为

11、酒精，重复上述过程，并记录数据于表二中。表一表二序号液体 /?(米)m（千克）序号液体 /?（米）m（千克）1水0.0 80.0 44酒精0.1 0 0.0 420.1 00.0 550.1 3 0.0 530.1 20.0 660.1 5 0.0 6(a)(b)（1）分析比较实验序号1、2 与 3（或 4、5 与 6）的数据A h 和 m 的数据关系，可得出的初步结论是：当使用同一浮力秤测量物体质量时（液体不溢出），A h 与 m 成正比，说明该浮力秤的刻度值的间距是（选填“相等”或“不相等”）。（2）分析比较实验序号 的数据可得出：当使用相同浮筒、相同容器制成的浮力秤测量同一物体质量时（液

12、体不溢出），A h与液体密度p 浪有关。（3）浮力秤是运用了二力平衡及 原理，该物块的质量m 为（用上述物理量的字母表示），并写出推导过程：。（4）测量过程中，他们发现测量范围不够大，需要改进。请写出一种增大浮力秤测量范围的方法：.参考答案一、选 择 题（共 12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B 铅填涂在答纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。1 .解：人的正常体温约为3 7,故C正确，A B D错误；故选：C o2 .解：当拧紧或放松琴弦后，琴弦的振动快慢就会不一样，故发出声音的音调就会不同。故选：B 3 .解：红、绿、蓝被称为色光的三原色，故绿光是光的三

13、原色之一。故 选:B.4 .解：假设用秒表计时，再假设乙于3 0秒时经过Q点，则甲应于3 4秒时经过Q点。P Q两点间距为3.6米，通过图像可得乙的速度为0.6米每秒，甲的速度为0.4米每秒，所以乙从P到Q点需用6秒，则乙经过P点时为2 4秒，而甲从P点到Q点需用9秒，所以甲应在2 5秒时经过P点。所以，乙比甲早1秒经过P点，故B正确。故 选:B o5 .解：（1）小球在甲中漂浮，小球的密度小于甲液体的密度，小球在乙中悬浮，小球的密度等于乙液体的密度，所以P P 乙。（2）甲液体的体积大于乙液体的体积，甲液体的密度大，根据m=p V可知，甲液体的质量大，根据G=m g可知，甲液体的重力大；由于

14、容器是规则形状的，所以甲液体体对容器底部的压力大；根据p=p g h可知，p,p p乙。故选：A o6 .解：由图可知，该电路为并联电路，电流表A 2测量干路中的电流，电流表A i测量通过R i的电流，电压表测量电源的电压；开关S闭合后，用一个阻值为2 0欧的电阻替换电阻R i,电阻变大，根据欧姆定律可知，通 过R i的电流变小：并联电路各支路互不影响，所以通过滑动变阻器的电流不变；根据并联电路的电流规律可知，干路中的电流变小；两电流表A i、A 2示数的比值为：1=&=J,由于通过R 1的电流I i变小，所以7 会变小，1 2 L+I 涓 Lh1 1要想使两电流表A i、A 2示数的比值与替

15、换R i前相等，则 一J变大，所以需要在电源电压不变时，减小通过I涓滑动变阻器的电流，滑片向左移动；若增大电源电压，不移动滑片P,根据欧姆定律可知，通过R i的电流I i变大，通过R 2的电流变大，干路中的电流变大，则 一 7 变大I 浸V若减少电源电压，向右移动滑片P，滑动变阻器接入电路中的电阻变大；根据欧姆定律可知，通 过 R 1 的电流L变小，通过R 2 的电流变小，则一 J一 变大;I 渭综上所述，B 正确。故选：Bo二、填 空 题（共18分）请将结果填入答题纸的相应位置。7 .解：（1）我国家庭电路中各用电器的额定电压是2 2 0 V,所以电视机正常工作的电压是2 2 0 V；电视机

16、工作时将电能转化为其他形式的能；（2）在输送功率一定时，由 P=U I 可知电压越高，电流越小；由 Q=R t 可知输送过程中损失的能量越小，所以远距离输电采用高压输电。故答案为：2 2 0；电能；高压。8 .解：花样滑冰时，运动员用力向后蹬冰面可加速运动，说明力可以使物体的运动状态发生改变；以观众为参照物，运动员与观众之间有位置变化，所以运动员是运动的；运动员在比赛结束后不能立刻停下来，这是由于运动员具有惯性，仍要保持原来的运动状态。故答案为：运动状态；运动：惯性。9 .解：由图知，A 图中滑轮不随货物一起升降是定滑轮，本质是等皆杠杆，它的好处是可以改变力的方向；B 是动滑轮，本质是动力臂为

17、阻力臂两倍的省力杠杆，不计滑轮重和摩擦，能省一半力，则拉力F2=G=JLX 1 0 N2 2=5 N；分别用力Fi、F2 匀速提起重为1 0 牛的物体，物体匀速上升，质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增大，而机械能等于动能与势能之和，故在此过程中物体的机械能增大。故答案为：A；5；增大。1 0 .解：圆柱体受到的浮力为:Fi?=p *g Vr t=p ；Kg V=1.0X 103k g/m3X 10N/k g X 5 X 10 3m3=5 ON,浮力的方向为竖直向上，圆柱体上表面受到水的压强为：p=p *g h=1.0X l 03k g/m3X 10N/k g X 0.1m=10

18、00P a 故答案为：5 0：竖直向上；1000。11.解：开关断开时，整个电路是断开的，电流表和电压表的示数为0;开关闭合，该电路为串联电路，电压表测量的是R 2电压，电流表测量电路中的电流，电流表和电压表的示数分别 为 Io和 Uo,Io=员；电阻Ri、R2的阻值相等，则电阻Ri、R2两端的电压相等，都 为 Uo；根据串联电路的区 2电压规律可知，电源电压为2Uo；(1)若开关由断开到闭合，观察到只有电压表示数发生变化，这说明电压表与电源之间是接通的，电流表示数不变，所以电路是发生的故障是R2断路；此时电压表测量的是电源电压，示数为2Uo：(2)若开关由断开到闭合，观察到只有电流表示数发生

19、变化，这说明电路是通路，电路发生了短路故障，电压表示数为0,故障为电阻R2短路；此时电流表示数为也2故答案为：(1)R2断路；2Uo；(2)2叽1 2.解：(1)比较甲、乙两图知道，小孔形状不同，但是像的形状相同，由此得出结论：小孔成像与小孔的形状无关。(2)比较甲、丙两图知道，小孔形状相同，物体形状不同，像的形状也不同，由此得出结论：小孔成像与物体的形状有关。(3)分析表格数据发现，蜡烛和小孔的位置固定后，像的高度随着像到小孔的距离s 的增大而增大，且像的高度与像到小孔的距离的比值都相等，即当同一物体到小孔的距离不变时，像的高度与像到小孔的距离成正比。故答案为：无关；物体的形状有关；成正比。

20、三.作图题(共6 分)请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔。13.解：小球受到重力的方向竖直向下，作用点在重心，大小为8 N,可确定标度为4 N,重力的图示如下图：14.解：由右手螺旋定则可知电流由右侧流入，故电源右侧为正极；外部磁感线由N 极指向S极，小磁针所在位置的磁感线向里，故小磁针N 极向左。故答案如图：四、综 合 题(共 34分)请根据要求将计算过程和答案写入答题纸的相应位置。15.解：水吸收的热量：(2 吸=(:水0141=4.2乂103(|)X10kgX15=6.3X105J答：水吸收的热量为6.3X1()5J。16.解：由电路图可知，电阻R i与滑动变阻器R2

21、串联，电压表V i测电阻R i两端的电压;由I=U 可知，电压表V1的示数：RUi=IRi=0.4AX10Q=4V：通电10秒，电流通过电阻R1所做的功：W i=UiIt=4VX0.4AX 10s=16J；由欧姆定律可知，当滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的电流最小，此时电路中的最小电流:则 R i消耗的最小电功率：PI S M、=I M、2RI=（0.4A）2X10n=1.6W,当电阻R1两端的电压最大时，电路中的电流最大，由图示电压表可知，最大量程为0 1 5 V,则 R i两端最大电压为15V,此时电路最大电流：I 蜥=3 =&_=1.5 A,Rl 10Q则 R1消耗的最大电功率：

22、P1最 大=1 最 大 2&=（I.5 A）2X10fl=22.5WiR i消耗的实际电功率的最大变化量为：A Pl u：=P l最 大-Pi ffi.j.=22.5W-1.6W=20.9Wo答：电压表V i的示数为4V。通电10秒，电流通过电阻R1所做的功为16JR i消耗的实际电功率的最大变化量为20.9W1 7.解：（1）长方体合金块的体积：V=abc=0.1mX0.1mX0.3m=3X 10-3m3,因长方体合金块浸没时排开水的体积和自身的体积相等，所以，长方体合金块所受的浮力：F；=p*gVff=1.0X103kg/m3X 10N/kgX3X 10-3m3=30N；（2）长方体合金块

23、的密度：p=2H=-5二答=L7X 103kg/m3；V 3X103m3（3）若原来水面的高度2 0.3m 时，将长方体合金块由原平放改成竖放在水中时（长方体合金块仍然浸没），水的深度不变，则容器底受到水的压强不变，即A p水=0；当原来水面恰为0.1m时，将长方体合金块由原平放改成竖放在水中时，水面的深度变化量最大，设竖放后水的深度为h/,因水的体积不变，所以，（S 容-S 平）11水=（S 容-S 里）h 水 即（0.06m2-O.lmX0.3m）X0.1m=（0.06m2-O.lmXO.lm）Xh 水，解得：h 水=0.06m,则容器内水深度的最大变化量:Ah=h 水-h 水=O.lm-

24、0.06m=0.04m,容器底受到水压强的最大变化量：P 水=水 8411=1.0*103kg/m3X 1 ON/kgX0.04m=400Pa,所以，容器底受到水的压强变化量的范围为。400Pa。答：（1）长方体合金块所受浮力的大小为29.4N；（2）长方体合金块的密度为1.7Xl（）3kg/m3；（3）容器底受到水的压强变化量的范围为。400Pa。18.（1）图（a）中杠杆处于静止状态，所以杠杆是平衡的；杠杆左边下沉，所以两边的平衡螺母都是向右边调节。（2）实验中，他们多次在杠杆两端加挂钩码，并调节钩码位置，使杠杆保持水平平衡，记录多组数据是为了得出普遍规律，避免偶然性。（3）小新将弹簧测力

25、计从位置移动到位置时，拉力的力臂变大，根据杠杆的平衡条件可知，当阻力和阻力臂不变时，动力臂变大，动力变小，即弹簧测力计变小。故答案为：（1）是、右；（2）避免偶然性，得出普遍规律；（3）变小。19.解：（1）点燃蜡烛后，调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，这样才能使像成在光屏的中央；（2）由图甲知，当蜡烛在刻度尺的25cm处，物距为u=40.Ocm-25.0cm=15.0cm,像距为v=70.0cm-40.0cm=30.0cm,2 f u f,凸透镜成倒立放大的实像，若保持蜡烛和光屏位置不变，根据折射现象的可逆性，物距u=v=15cm+15cm=30cm处，即移动透镜至55.0cm刻度线处

26、，光屏上能再次呈现倒立缩小实像；（3）实验一段时间后，蜡烛变短，像移动到光屏的上方，根据过光心的光线传播方向不变，要让像重新回到光屏中央，可将蜡烛向上移动、将光屏向上移动、将凸透镜向下移动，能让像重新回到光屏中心的操作是。故答案为：（1）同一高度；（2）55.0；缩小；（3）。20.解：（1）比较实验序号1、2 或 3（或 4、5 与 6）可知，浮筒静止时浸入液体的深度变化与质量成正比，所以该浮力秤的刻度值的间距是相等的；（2）比较实验序号1 与 4、2 与 5 或 3 与 6 可知，在不同的液体密度中，使用相同的浮筒，物体的质量相同时，浮筒静止时浸入液体的深度不同，即 A h不同，所以A h

27、与液体密度p 波有关；（3）由题可知，该浮力秤在称量物体质量时，浮筒始终在液体中处于漂浮状态，则 F 浮=6 总，即 P JSgV 棒=m .g.g故 m.e.=p V 加，所以浮力秤运用了漂浮原理，又因为V*t=S h,所以当还没有称量时，即 m=0 时，可得：p 液 Shi=mo,当开始称量质量时，可得：p 液 Sh2=（mo+m）,联立两式可得：m=p aS（h2-hi）p aS Ah；（4）由（3）可知，m=p f f i S A h,所以增大浮筒底面积可以使称量的质量更大，即可增大浮力秤测量范围。故答案为：（1）相等；（2）1与4 （2与5或3与6）；（3）漂 浮;p i f tS A h；推导过程：由题可知，该浮力秤在称量物体质量时，浮筒始终在液体中处于漂浮状态，贝I F浮=6总，即P g V棒=m总g，故 m.f i=p V 升，所以浮力秤运用了漂浮原理，又因为V p=S h,所以当还没有称量时，即m=0时，可得：p液S hi =mo,当开始称量质量时，可得：p能S h2=（mo+m）,联立两式可得：m=p a S （h2-hi）=p g S A h；（4）增大浮筒底面积。