2021_2022学年浙江省金华市高二（上）期中物理试卷（附答案详解）.pdf

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1、20212022学年浙江省金华市第一中学高二（上）期中物理试卷1.关于磁场，下列说法正确的是（）A.奥斯特最先发现了电流的磁效应，首次揭示了电和磁的联系B.电流元所受安培力为零，则该处磁感应强度也为零C.根据安培分子电流假说，所谓磁化就是分子电流由有序变成无序排列D.穿过平面的磁通量为零，则该处的磁感应强度为零2.在维护和检修高压供电线路时，为了不影响城市用电，电工经常要在高压线上带电作业。为了保障电工的安全，电工全身要穿上用金属丝线编织的衣服（如图甲）。图乙中电工站在高压直流输电线的A供电线上作业，头顶上方有B供电线,B供电线的电势高于A电线的电势。虚线表示电工周围某一截面上的等势线，c、d

2、、e、/是等势线上的四个点。以下说法中正确的是（）A.在c、d、e、/四点中，c点的电场最强B.在c、d、e、/四点中，/点的电势最高C.若将某电子由c移到力其电势能将增大D.将某电子在d点由静止释放，它会向e点所在等势面运动3.如图所示，两平行直导线cd和gf竖直放置，通以方向相反大小相等的 再 而电流，6两点位于两导线所在的平面内，则（）A.b点的磁感应强度可能为零B.导线在点产生的磁场方向垂直纸面向里 aC.cd导线受到的安培力方向向右D.同时改变两导线的电流方向，cd导线受到的安培力方向不变dillyy4 .两块外形完全相同的由不同材料做成的长方体导体甲和乙，其长、宽、高分别为.、氏

3、c,由于其电阻率不同，将甲导体左右两侧和乙导体上下两侧接入同一电源时回路中的电流相同,则甲、乙两导体的电阻率之比为（）5 .如图所示，两个截面不同、长度相等、材质均匀的铜棒接 _ _ _ _ _ _ _ _ _在电路中，两端电压为U,下列说法正确的是（）（）A.通过两棒的电流强度相等 I J 11 B.两棒自由电子定向移动的平均速率相同-3 厂M:C.两棒内的电场强度相同D.细棒的电压力等于粗棒的电压外6 .如 图 所 示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流表G和一个变阻器R组成，下列说法正确的是（）A.甲表是电流表，R增大时量程增大 B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电压表，R减小时

4、量程增大 D.乙表是电压表，R增大时量程减小7 .电容器是现代电子产品不可或缺的重要组成部分，2 0 2 1 年 3 月份，我国无线充专用M L C C研发获得重大突破，N P。电容实现国产，并且开始批量出货，在此之前，N P。电容产量均集中在日韩企业手中，国产化替代加速后，2 0 2 1 年将会走进我们的日常生活。NPO电容是一种最常用的具有温度补偿特性的单片陶瓷电容器，某兴趣小组要测定一个NPO电容器的电容，设计的电路图如图甲所示，用电流传感器和计算机可以方便地测出电路中电流随时间变化的曲线。下列说法正确的是（）12A.流过Ro的电流方向竖直向上B.图乙中图线。测定的是放电时的电流变化C.

5、若增大品 的阻值，电流变化应为图丙中的图线6D.图乙中“图线与坐标轴围起来的面积表示电容C8.目前许多国产手机都有指纹解锁功能，用的指纹识别传感器是电容式传感器，如图所示。指纹的凸起部分叫做“崎”，凹下部分叫做“峪”，传感器上有大量面积相同的小极板，当手指贴在传感器上时，这些小极板和与之正对的皮肤表面就形成了大量的小电容器，由于距离不同，所以这些小电容器的电容不同。此时传感器给所有的小电容器充电达到某一电压值，然后开始放电，其中电容值较小的小电容器放电较快，于是根据放电快慢的不同，就可以探测到靖和峪的位置，从而形成指纹的图象数据。根据以上信息，下列说法中正确的是（）A.在峪处形成的小电容器电容

6、较小 B.在峪处形成的小电容器放电较慢C.在崎处形成的小电容器充电后带电量较小 D.潮湿的手指对指纹识别没有任何影响9.压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，有位同学设计了利用压敏电阻判断竖直升降机运动状态的装置，其工作原理图如图甲所示，将压敏电阻固定在升降机底板上，其上放置一个物块，在升降机运动的过程中，电流表示数如图乙所示，已知升降机静止时电流表的示数为/一 下列判断正确的是（）A.0 到ti时间内，升降机一定静止B.G到t2时间内，升降机可能做匀加速直线运动C.匕到t2时间内，升降机运动时的加速度在变化D.t2到J时间内，升降机可能向下匀速运动10.新能源电动汽车是当代生活中重要的交通工

7、具。某品牌观光新能源电动车的动力电源上的铭牌标有“120V、250Ah”字样。假设工作时电源的输出电压恒为120V,额定输出功率3kW o根据上述有关数据，下列说法不巧碰的是（）A.电动汽车保持额定功率行驶的最长时间是10hB.额定工作电流为25AC.动力电源充满电后储存的电能为1.08 x 1（）8D.电动机的内阻为4.8011.如图所示为某一电源和一电阻R 的U-/图线，用该电源与电阻R连接成闭合电路，则以下说法正确的是（）A.电源的内阻是1。B.电源的输出功率是5WC.电源的输出效率是40%D.改变电阻R 的阻值时，则电源的最大输出功率为6.25W12.空间有一电场，各点电势3 随位置的

8、变化情况如图所示（图像关于原点。对称），下列说法正确的是（）A.。点的电场强度一定为零B.-与与X1点的电场强度相同C.将负电荷从-/移到打电荷的电势能增大D.-匕和与两点在同一等势面上13.如图所示为两个固定在同一水平面上的点电荷，距离为心 电荷量分别为+Q和-Q,在它们水平中垂线上竖直固定一根长为L.内壁光滑的绝缘细管，有一电荷量为+q的小球以初速度先从上端管口射入，则小球（）A.速度一直增大B.受到的电场力先做正功后做负功C.受到的电场力最大值为竺里dD-管壁对小球的弹力最大值为竽14.如图所示，电路中E、r 为电源的电动势和内电阻，r、/?2、&为定值电阻，电压表和电流表均为理想电表，

9、开关闭合时，平行金属板中带电小液滴P 处于静止状态。选地面为零电势参考面，当滑动变阻器的滑片向。端移动时，则（）A.电阻匕消耗的功率增大B.带电小液滴的电势能增加C.电源的效率增大D.若电流表、电压表的示数变化量分别为4/和Z U,则|与|R】+r1 5.小王同学在做“测量某节干电池的电动势和内阻的实验”中。(1)首先直接利用多用电表2.5 V电压档测量该干电池的电动势，根据图甲所给信息，其电动势为 V；(2)图乙己完成了部分电路的连接，请 将 余 下 的 电 路 连 接 完 整；(3)实验测得的7组数据己在图丙的U-/图上标出，请 你 完 成 图 线,并由图像可求得电源电动势为 匕 内电阻为

10、_ _ _ _ _ _0。(保留三位有效数字)1 6.某校课外兴趣小组要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率p,步骤如下(1)用游标卡尺测量其长度，示数如图甲所示，由图可知其长度4=c m；(2)用螺旋测微器测量其直径，示数如图乙所示，由图可知其直径。=mm；5 6 c miihiiiliiii i.i i.i l i.i i i l i n.1 1 I I 1 1 H l l|(I I 1 1 I I 1 1 I0 1 0 20甲乙(3)实验小组决定使用伏安法测量圆柱体的电阻，已知其电阻约为1 0 0 0,实验所用直流电源的电动势约为4V、内阻可忽略，电流表V的量程为。30mA、内阻约为3

11、0 0,电压表V的量程为03V、内阻约为10H 2,滑动变阻器治阻值的变化范围为0 1 5 0,允许通过的最大电流为2.0A,为减小测量误差，实 验 中 实 验 电 路 应 采 用 丙 图 中 的 ；(R代表圆柱体的电阻)丙(4)若电流表的示数为1,电压表的示数为U；圆柱体的直径和长度分别用D、L 表示,则用D、L、/、U表示的电阻率的关系式为p=。17.无人机航拍以无人驾驶飞机作为空中平台进行摄影。如图所示，某款质量m=1kg的摄影无人机开始悬停在湖面一定高度处，为了全景拍摄景物，无人机匀加速上升，速度v=6m/s时上升高度达到9,小 而后减速直至悬停，忽略空气阻力影响，g 取10m/s2,

12、求无人机：(1)加速上升的时间t；(2)加速上升过程中加速度a的大小；(3)加速上升过程中受到的升力F 有多大。18.如图，在高处的光滑水平平台上，质量m=1kg的小物块压缩弹簧后被锁扣锁住，储存了弹性势能Ep。若打开锁扣，物块将以一定的水平速度为向右滑下平台，做平抛运动，经过t=0.3s恰好能从光滑圆弧形轨道C。的 C 点沿切线方向进入圆弧形轨道。该圆弧圆心角为37。,半径岛=10m,圆轨道右侧DE是长为L=10m的粗糙水平轨道，EF为一半径R=1.2m的光滑竖直圆轨道，各轨道间平滑连接，g 取10m/s2。求：(1)小球过C 点时的速度；(2)弹簧储存的弹性势能Ep；(3)物体在。点对轨道

13、的压力；(4)要使物体在运动过程中不与轨道脱离，段动摩擦因数4应满足什么要求？19.如图所示，一个负粒子由静止开始经加速电场加速后，又沿中心轴线从。点垂直射入偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P 点，。点为荧光屏的中心。已知负粒子质量巾=1.0 x10-31k g,电荷量大小q=3.2 x 10-19。加速电场电压%=250V,偏转电场电压U=200V,极板的长度Li 10.0cm,板间距离d=8cm.极板的末端到荧光屏的距离匕=3.0cm(忽略电子所受重力)。求：(1)负粒子射入偏转电场时的初速度%;(2)负粒子打在荧光屏上的尸点到0点的距离/?；(3)负粒子经过偏转电场过程中电势能的变

14、化量；(4)若负粒子持续不断的经加速进入电场，两极板间加的是如图变化的电压，求荧光屏上接收到粒子的范围长度。答案和解析1.【答案】A【解析】A.奥斯特发现了电流的磁效应，揭示了磁现象和电现象之间的联系，故A正确；A在磁场中某点的试探电流元不受磁场力作用时，该点磁感应强度值大小不一定为零，也可能电流元方向与磁场方向平行，电流元不受磁场力，但磁感应强度值大小不为零。故B错误；C根据安培分子电流假说，磁化就是分子电流由无序变成有序排列，故C错误；。.当磁感线与闭合回路的平面平行时，磁通量为零，而磁感应强度不为零，故O错误。故选4。2.【答案】C【解析】4依据等差等势线的疏密，可知，在c、e、/四点中

15、，/点的电场最强，故A错误；8沿着电场线方向，电势是降低的，因B供电线的电势高于A电线的电势，则在c、4e、/四点中，c点的电势最高，/点的电势最低，故B错误；C.若将某电子由c移到了，即从高电势到低电势，其电势能将增大，故C正确；。.将某电子在d点由静止释放，在电场力作用下，它会向c点所在等势面运动，故。错误；故选：C。3.【答案】D【解析】【分析】本题考查了磁场的叠加，根据导线周围磁场分布可知，与导线等距离地方磁感应强度大小相等，根据安培定则判断出两导线在点形成磁场方向，根据合磁场大小从而求出单根导线在。点形成磁感应强度大小，进一步求出人点磁感应强度大小。磁感应强度为矢量，合成时要用平行四

16、边形定则，因此要正确根据右手螺旋定则判断导线周围磁场方向是解题的前提.【解答】A根据安培定则，两平行直导线在6点产生的磁场方向相同，所以点的磁感应强度垂直纸面向外，不可能为零，A错误；8.根据安培定则，导线在a点产生的磁场方向垂直纸面向外，B 错误;C.根据同向电流相互吸引，反向电流相互排斥可知，cd导线受到的安培力方向向左，C错误；。.同时改变两导线的电流方向，电流方向仍然相反，就互相排斥C d导线受到的安培力依然向左,方向不变，。正确。4.【答案】A【解析】由于电源电压相同，电流相同，则由欧姆定律可得，接入阻值相同，根据电阻计算公式R =p（可求电阻率之比为be ab _ _ c2P/P”

17、为T =c ：a =次故选Ao5.【答案】A【解析】A.因两导体串联，则电流强度一定相等，故A正确；B.由I=neSv可知，电流相同，单位体积内的电子数相同，电子的电荷量相同，因横截面积不相同，故电子的定向移动速率不同，细棒中的电子定向移动速率大，故8错误；C D.因电流相等，而由LR =PS可知，细棒的电阻较大，则由欧姆定律可知，细棒两端的电压较大，则由U=Ed可知，细棒内的电场强度大于粗棒内的电场强度，故C Q错误。故选4。6.【答案】B【解析】A B.甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A错误，8正确；C D.乙表是电压表，R减小时，乙表中变阻器分压减小，量程减小。

18、R增大时，乙表中变阻器分压增大，量程增大，故 错 误。故选B。7.【答案】B【解析14B.由甲图可知充电后电容器上极板带正电，故电容器放电时流过 的电流方向竖直向下,电流大小不断减小，所以乙图为电容器放电时的/-t图线，故A错误B正确；C.电容器充满电后，电压一定，若增大R。的阻值，放电初始时刻的最大电流减小，电流变化应为图丙中的图线c,故C错误；。.根据微积分的思想，/-t图线与坐标轴围起来的面积表示电荷总量，故。错误。故选B。8.【答案】A【解析】A.在峪处形成的小电容器，极板与指纹间距离d较大，所以根据电容的决定义可知，电容较小，4正确；A在峪处形成的小电容器，极板与指纹间距离d较大，所

19、以根据电容的决定义可知，电容较小，所带电荷量较小，则放电较快，B错误；C在崎处形成的小电容器，极板与指纹间距离d较小，所以根据电容的决定义可知，电容较大，充电后带电量较大，C错误；。.潮湿的手指与传感器之间有水填充，改变了原来匹配成平行板电容器的电容，所以对指纹识别会产生影响，。错误；故选Ao9【答案】C【解析】A.从0到0时间内，电流不变，根据欧姆定律可知电路中的总阻值不变，升降机可能静止也可能匀速运动，故A错误；B C.ti到今时间内，电流增大，电阻减小，因为压敏电阻的阻值随所受压力的增大而减小，所以压力增大，静止时%=mgG到巧时间内，根据牛顿第二定律FN mg=ma合力向上，加速度向上

20、，做加速度增大的变速运动，故8错误，C正确；。上2到匕时间内，电流不变，电阻不变，压力不变，电流大于静止时的电流，压力大于静止时的压力，对物块受力分析，受到重力和支持力，根据牛顿第二定律FN mg ma合力向上，加速度向上，加速度不变，所以t2到t3时间内升降机做匀变速直线运动，故。错误。故选Co10.【答案】D【解析】B.工作时电源的输出电压恒为1 2 0 V,额定输出功率3 k W,则额定电流PU3000A =2 5 A选项8正确;A.根据Q =可得电动汽车保持额定功率行驶的最长时间Q _ 250Ah了=25A=10h选项A正确;C.动力电源充满电后储存的电能w =UIt=120 x 25

21、 X 10 x 36 00J =1.08 x 108J选 项 C正确；。.由所给条件无法求得电动机的内阻，选项。错误。本题选不正确的，故选。1 1.【答案】A C D【解析】A.由图象可知电池的内阻=|AU万 5卜-0j故 A正确；A两图线的交点表示将该电阻接在该电源两端时电路的工作状态，由图读出路端电压为2 V,电流为 3 4,电池的输出功率为P =U/=6 W故 B错误；C电源的输出效率为6100%=4 0%故 C正确；D当外电阻等于电源的内阻时，即R =r=10时，电源的输出功率最大为P=养产=忌1)2 x 1=6.25 W故。正确。故选ACD.12.【答案】BC【解析】AQ-X图象的斜

22、率大小等于电场强度，由几何知识可知0点场强不为零，故4错误；8沿着电场线方向，电势是降低的，则有-与与 久1点的斜率相同，则电场强度相同，故B正确；C.电势的定义式为乎=争 故电势能为昂=q(p,将负电荷从-与移到X i电荷的电势能由负值变为正值，电荷的电势能增大，故C正确；D-%和与两点电势不相等，故一定不在同一等势面上，故。错误。故选B C。13.【答案】AD【解析】A.小球受到的库仑力的合力水平向右，与管壁对小球的弹力大小相等，方向相反，水平方向上的合力为零，所以小球受到的合外力为重力，故小球做匀加速直线运动，速度逐渐增大，故A正确；A带电荷量为+q的小球受到+Q的排斥力和-Q的吸引力，

23、库仑力的合力水平向右，带电小球是竖直向下运动的，所以库仑力对小球不做功，故B错误；CD.小球受到的库仑力的合力水平向右，与管壁对小球的弹力大小相等，方向相反，库仑力的合力最大时，管壁对小球的弹力也就最大，根据库仑定律可得，+Q对小球的库仑力沿两者连线背离+Q,-Q对小球的库仑力沿两者连线指向-Q,又小球到两电荷距离相等，所以点电荷+Q和-Q到小球的最小距离均为，根据库仑定律可得，两点电荷对小球的库仑力大小相等，故库仑力的合力水平向右，最大值的大小为2第=呼，故C错误。正确。)d故选AD.14.【答案】CD【解析】A.由图可知，&与滑动变阻器R4串联后与R3并联，再与此串连接在电源两端；电容器与

24、/?3并联；当滑片向。端移动时，滑动变阻器接入电阻增大，则电路中总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流减小；路端电压增大，同时R1两端的电压也减小；故并联部分的电压增大；由欧姆定律可知流过/?3的电流增大，故电流表的示数减小；根据P=埠 Ri电阻心消耗的功率减小，A错误；A 电压表的示数变大，金属板板间的电场变强，电场力变大，电场力大于小液滴的重力，则小液滴向上运动，电势能减小，B错误；C.由于路端电压变大，根据1U外 U外7 7 =x 100%=万 X 100%可知电源效率增大，C 正确；。.根据电路可知A l l=Al3 T+AI 1很容易看出4/于 4/由于AU酝=十 ”干有万

25、0.2 0 5 或 0.0 2 5【解析】略1 9.【答案】解：(1)根据动能定理有1qUo=2m vo解得v0=4 x 1 07m/s(2)设电子在偏转电场中运动的时间为电子射出偏转电场时在竖直方向上的侧移量为y,电子在水平方向做匀速直线运动L=vot电子在竖直方向上做匀加速运动根据牛顿第二定律有解得y=2 a 产qUL/y 2mdv020.025m电子离开偏转电场时速度的反向延长线过偏转电场的中点，由图知y=Lih+2Z/2解得h=0.04m(3)电子在偏转电场运动的过程中电场力对它做的功为qUyW=qEy=2 X 10-17J即AE=-W =-2 x 10-1 7J(4)分析可得负粒子在偏转电场的侧位移UL/dy =4dU2解得U 320V当偏转电压大于320匕 负粒子打在极板上，则负粒子在偏转电场中最大的侧位移用=0Q4m,由4=可知，力机=0.064mtl 句 十所以荧光屏上接收到粒子的范围长度为0.064m【解析】略