2022年浙江高考物理试题解析.pdf

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1、2022年浙江高考物理试题解析1 .下列属于力的单位是A.kg-m/s2 B.kg-m/s C.kg-m2s D.kg-s/m2【答案】A【详解】根据牛顿第二定律有F=ma则的单位为kg-m/s2故选Ao2.下列说法正确的是A,链球做匀速圆周运动过程中加速度不变B足球下落过程中惯性不随速度增大而増大c,乒乓球被击打过程中受到的作用大小不变D,篮球飞行过程中受到空气阻力的方向与速度方向无关【答案】B【详解】A.链球做匀速圆周运动过程中加速度方向在改变,A错误;B.惯性只与质量有关,则足球下落过程中惯性不随速度增大而增大,B正确;c.乒乓球被击打过程中受到的作用随着形变量的减小而减小，C错误;D,

2、篮球飞行过程中受到空气阻力的方向与速度方向有关，D错误。故选Bo3.如图所示,鱼儿摆尾击水跃出水面，吞食荷花花瓣的过程中,下列说法正确的是A.鱼儿吞食花瓣时鱼儿受力平衡B.鱼儿摆尾出水时浮力大于重力c.鱼儿摆尾击水时受到水的作用力D.研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作可把鱼儿视 为 质点【答案】C【详解】A.鱼儿吞食花瓣时 处于失重状态,A错 误;B C.鱼儿摆尾出水时浮力很小,鱼儿能够出水的主要原因是鱼儿摆尾时水对 鱼向上的作用大于重力,B错 误、C正确;D.研究鱼儿摆尾击水跃出水面的动作不可以把鱼儿视 为 质点,否则就无动作可言,D错 误。故选C。4.关于双缝干涉实 验，下列说法正确的是A.用

3、复色光投射就看不到条纹B.明暗相间条纹是两列光在屏上叠加的结果C.把光屏前移或后移,不能看到明暗相间条纹D.蓝光干涉条纹的间距比红光的大【答案】B【详解】A.用复色光投射同样能看到条纹，A错 误;B,双缝干涉实 验中,明暗相间条纹是两列光在屏上叠加的结果,B正确;C.由条纹 间 =知,把光屏前移或后移,改变了厶，从而改变了条纹 间距，但还可能a看到明暗相间条纹,C错 误;D,由条纹 间 =丄知,且就2红,则 蓝光干涉条纹的间距比红光的小,D错 误。a故选B。5.下列说法正确的是()A.恒定磁场 对静置于其中的电荷有力的作用B,小磁针N极在磁场中的受方向是该点磁感应 强度的方向C,正弦交流发 电

4、机工作时,穿过 线圈平面的磁通量最大时,电流最大I),升压 变 压器中,副线圈的磁通量变化率大于原线圈的磁通量变化率【答案】B【详解】A.恒定磁场 对速度不平行于磁感线的运动 电荷有力的作用,A错 误;B.小磁针N极在磁场中的受方向是该点磁感应 强度的方向，B正确;C.正弦交流发 电机工作时,穿过 线圈平面的磁通量最大时,电流为0,C错 误;D,根据变 压器的原理可知,副线圈中磁通量的变化率小于或等于原线圈中磁通量的变化率,D错 误。故选B6,神州十三号飞船采用“快速返回技术”,在近地轨道上,返回舱脱离天和核心舱,在圆轨道环 绕并择机返回地面。则（）A,天和核心舱所处的圆轨道距地面高度越高，环

5、 绕速度越大B,返回舱中的宇航员 处于失重状态,不受地球的引力C.质量不同的返回舱与天和核心舱可以在同一轨道运行D.返回舱穿越大气层返回地面过程中，机械能守恒【答案】C【详解】A C,根据可知圆轨道距地面高度越高,环 绕速度越小;而只要速度相同了就可以在同一轨道运行,与返回舱和天和核心舱的质量无关，故 A错 误,C 正确;B.返回舱中的宇航员处于失重状态,仍然受到地球引力作用,地球的引力提供宇航员 绕地球运动的向心力,故B错 误；D.返回舱穿越大气层返回地面过程中,有阻做功产生热量,机械能减小，故 D错 误。故选C。7.如图 为 氢原子的能级 图。大量氢原子处于 =3的激发 态,在向低能级 跃

6、迁时放出光子,用这些光子照射逸出功为2.29eV的金属钠。下列说法正确的是（）n/eV0 0-04-0.853-1.512-3.41-13.6A,逸出光电子的最大初动能为1 0.8 0 e VB.”=3 跃迁到=1 放出的光电子动量最大C,有 3 种频率的光子能使金属钠产生光电效应I),用 0.8 5 e V 的光子照射,氢原子跃迁到=4 激发态【答案】B【详解】A,从=3 跃迁到=1 放出的光电子能量最大,根据以可得此时最大初动能为Ek=9.8eV故 A错误;B.根据h hvP=A =cE=hv又因为从=3 跃迁到=1 放出 光电子能量最大,故可知动量最大,故B正确;C,大量氢原子从=3 的

7、激发态跃迁基态能放出C；=3种频率的光子,其中从=3 跃迁到=2 放出的光子能量为Ek=3.4eV-1.5 leV=l,89eV =夕=PA v单位时 间流过面积A的流动空气动能为-1m 2 1 4 3ov=-p A v风速在5 10m/s范围内,转化效率可视 为不变,可 知该 风发 电机输出电功率与风速的三次方成正比,AB错 误;C.由于风发 电存在转化效率,若每天平均有LOxIOkW的风能资源,则每天发 电量应满足E C Iv-2.5m/sT波源停止振动,到质点停止振动的时间1.75-0.25,；=-s=0.6s 0.25s1 2.5即质点。还在继续振动,r =2.1 s到r =2.2 5

8、 s经过时间f 2=0 1 5 s即1 3,结合图象可知质点。位移为正且向y轴正方向运动,故c错误;D.波传到b点所需的时间“s=0.3s在0到2 s内,质点振动的时间为t4=2s-0.3s=1.7s=T质点b运动总路程s=17A=17 xO.15m=2.25m故D正确。故选B D。非选择题部分三、非选择题（本题共6小题,共55分）1 7.（1）“探究小车速度随时间变化的规律”实验装置如图1所示,长木板水平放置,细绳与长木板平行。图2是打出纸带的一部分,以计数点0为位移测量起点和计时起点,则打计数点B时小车位移大小为cm。由图3中小车运动的数据点，求得加速度为m/s2（保留两位有效数字）。细

9、绳小 车 纸 带 打 点 计 时 器长木板0图1利用图1装 置“探究加速度与力、!?钩 码cm 2 3图2岫 刪 風iWnlni 卿 岫5 6质量的关系”的实验,需调整的是A.换成质量更小的车B.调整长木板的倾斜程度C.把钩码更换成祛码盘和祛码D.改变连接小车的细绳与长木板的夹角f v/(m*s-)图3（2）“探究求合力的方法”的实 验装置如图4 所 示,在该 实 验中,下列说法正确的是A.拉着细 绳套的两只弹簧 秤,稳定后读数应相同B.在已记 录 结点位置的情况下,确定一个拉力的方向需要再选 择相距较 远的两点C.测量时 弹簧秤外壳与木板之间不能存在摩擦D.测量时,橡 皮 条、细 绳和弹簧秤

10、应 贴近并平行于木板若只有一只弹簧 秤,为了完成该 实 验至少需要（选填“2”、“3”或“4”）次把橡皮条结点拉到0。【答案】6.15-6.25 1.7-2.1.BC#CB.D.3【详解】（1）川依题意,打计数点B时小车位移大小为6.20c m,考虑到偶然误差,6.15cm-6.25cm 也可;2 I由图3 中小车运动的数据点，有竺1.05-0.300.4m/s2=1.9m/s2考虑到偶然误差,1.7m/s2-2.1m/s2也可;3 JA.利用图1装 置“探究加速度与力、质量的关系”的实 验 时,需要满足小车 质量远 远大于钩 码 质量,所以不需要换 质量更小的车,故 A错 误:B.利用图1装

11、 置“探究加速度与力、质量的关系”的实 验 时，需要利用小车斜向下的分力以平衡其摩擦阻,所以需要将长木板安打点计 时器一端较滑轮一端适当的高一些,故B正确;C.以系统 为研究对象，依题意“探究小车速度随时 间 变化的规律”实 验 时有1.9m/s2，蟹 考虑到实 际情 况,即 利g,有1.9m/s2 M+m则可知M 弓 4，而利用图1装 置”探究加速度与力、质量的关系”的实 验 时要保证所悬挂质量远小于小车质量,即 出可知目前实 验条件不满足,所以利用当前装置在“探究加速度与力、质量的关系”时,需 将钩 码更换成祛码 盘和祛码，以满足小车 质量远 远大于所悬挂物体的质量,故C正确;D.实 验

12、过程中，需将连接祛码 盘和小车的细 绳 应跟长木板始终保持平行，与之前的相同，故D错 误。故选BC。(2)14JA.在不超出弹簧测计的量程和橡皮条形变限度的条件下,使拉力适当大些,不必使两只测计的示数相同，故A错 误;B.在已记 录 结点位置的情况下，确定一个拉力的方向需要再选 择相距较 远的个点就可以了,故B错 误;c.实 验中拉弹簧秤时，只需让 弹簧与外壳间没有摩擦，此时 弹簧测计的示数即为 弹簧对细 绳的拉相等，与弹簧秤外壳与木板之间是否存在摩擦无关,故c错 误;D.为了减小实 验中摩擦对 测量结果的影响，拉橡皮条时,橡皮条、细 绳和弹簧秤应 贴近并平行于木板,故D正确。故选Do5若只有

13、一只弹簧秤，为了完成该 实 验,用手拉住一条细 绳，用弹簧称拉住另一条细 绳,互成角度的拉橡皮条，使其结点达到某一点。，记下位置。和弹簧称示数B和两个拉力的方 向;交换 弹簧称和手所拉细 绳的位置,再次将结点拉至。点，使两的方向与原来两方向相同,并记下此时 弹簧称的示数;只有一个弹簧称将结点拉至。点,并记下此时弹簧称的示数的大小及方向；所以若只有一只弹簧秤,为了完成该 实 验至少需要3次把橡皮条结点拉到。18.(1)探究滑动 变阻器的分压特性，采用图1所示的电路,探究滑片P从A移到8的过程 中,负 载 电阻R两端的电压 变化。图1图2 为 实 验 器 材 部 分 连 线 图,还 需 要 （选填

14、、bf、利、在、ce或 eg）连线。图2 图 3 所示电压表的示数为 V。图3已知滑动变阻器的最大阻值Ro=10C,额定电流/=1.0A。选择负载电阻7?=1 0 C,以R 两端电压U 为 纵 轴,为 横 轴（为4 P 的长度,L 为 AB的长度）,得 到 U t分压特性曲线L L为图4 中 的“I”;当 7?=100。,分压特性曲线对应图4 中的（选 填“H”或“III”）;则滑动变阻器最大阻值的选择依据是。UN图4(2)两个相同的电流表Gi和 G2如图5 所示连接,晃动Gi表,当指针向左偏转 时,静止的G2表的指针也向左偏转,原因是_ _ _ _。A,两表都是“发 电机”B.Gi表 是“发

15、 电机”，G2表 是“电动机”C.Gi表和G2表之间存在互感现象D.Gi表产生的电流流入 G2表,产生的安培力使G2表指针偏转【答案】.时、fd、ce.1.500.02 .II.RQR.BD#DB【详解】(1)依原理图可知，还需要;、ce连 线;依题意，所示电压表的示数为1.50V,考虑到偶然误差(L 500.02)V 也可;3假定AP部分的电阻为R,R 分别与 10。与 100。并联再与BP部分的电阻串联;由于相同的R 与 100。并联后的电阻较与 10。并联后的电阻大，则根据闭合电路的欧姆定律可知,滑片在相同位置下，负 载 电阻越大,其两端电压越大;即在相同横坐标下，此时负载100。时,电

16、压表的示数应 该 较曲线 为 图4 中 的“I”来得大，故应 该 选“II”。由上述分析可知，对于不同的负 载 电阻,调 节滑动触头 时 负 载两端的电 压 变化规律不同,当负 载 电阻小于滑动 变阻器最大阻值 时,负 载 电阻两端电 压随滑动触头的变化而更迅速变化;当负 载 电阻大于滑动 变阻器最大阻值 时,负 载 电阻两端电 压随滑动触头的变化而更加平稳 变化，从而获得更多的实 验数据。所以，在保证 电路安全的情况下,滑动 变阻器最大阻值的选 择依据是相比负 载 电阻越小越好,即 R。（2）5据题意 可 知:电流表主要部件是永久磁铁和带有指针的线圈,G1和G2用导 线 连接起来.当晃动 动

17、Gi时，相当于Gi中的线圈做切割磁感线运动,电路中会产生感应 电流;由于两个电表构成了闭合电路,则电流会通过G2表中的线圈,而该 线圈处于磁场中,由于通电导 线在磁场中受力的作用,G2的指针也会偏转;则Gi表相当于“发 电机”，G2表相当于“电动机”，故AC错 误,BD正确。故选BD（.19.物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车中，如图所 示,倾斜滑轨与水平面成24。角，长度=4 m,水平滑轨 长度可调，两滑轨 间平滑连接。若货物从倾斜滑轨 顶端由静止开始下滑，其与滑轨 间的动摩擦因数均为加=一,货物可视 为 质点（取8 s 24。=0.9,9sin24=0.4,重力加速度 g=lOm/s?）

18、。（1）求货物在倾斜滑轨上滑行时加速度外的大小;（2）求货物在倾斜滑轨末端时速度V的大小;（3）若货物滑离水平滑轨末端时的速度不超过2m/s,求水平滑轨的最短长度.【答案】（1）2m/s2;（2）4m/s；（3）2.7m【详解】（1）根据牛顿第二定律可得mg sin 24-Ring cos 24=maA代入数据解得4=2mzs(2)根据运动学公式2%=V 解得v=4m/s(3)根据牛顿第二定律jumg=ma2根据运动学公式_2/2 =盆_廿代入数据联立解得l2=2.7 m20.如图所示,在竖直面内,质量根的物块 静置于悬点。正下方的A点,以速度V逆时针转动的传送带MN与直轨道AB、CD、FG处

19、于同一水平面上,A3、MN、C。的长度均为圆弧形细管道OE半径为R,E在竖直直径上,E点高度为H。开始时,与物块a相同的物块悬挂于。点，并向左拉开一定的高度由静止下摆,细线始终张紧,摆到最低点时恰好与发生弹性正碰。已知加=2g,/=lm,H=0.4m,H=0.2m,v=2m/s,物块与MN、C。之间的动摩擦因数4=0.5,轨道A8和管道。E均光滑，物块。落 到FG时不反弹且静止。忽略例、B和M C之间的空隙,C。与 平 滑 连 接,物 块 可 视 为 质 点,取 g=10m/s2(1)若=1.25m,求 服 碰撞后瞬时物块a的速度%的大小;(2)物块a在。E最高点时,求管道对物块的作用力即 与

20、人间满足的关系;(3)若物块释放高度0.9m/?1.2m)；(3)当0.9m/iL2m时,2.6mx3m,当 1.2m W /?1.2m)(3)当L2m/?F=m联立解得x=3/+DF+距代入数据解得3+/m x 3.6+当0.9111/21.217I时,从/?2 =0.9m释放时，根据动能定理可得mgh-mgs?=0解得s2=1.8m可知物块达到距离。点0.8m处静止,滑块。由E点速度为零,返回到 8 时,根 据动能定理可得mgH-pmgSy=0解得s3=0.4 m距离C点0.6 m,综上可知当.9 m h 1.2 m时3/-53 x 3 l代入数据得2.6 m x 0）、速度大小不同的离子

21、,其中速度大小为的离子进入转筒,经磁场偏转后恰好沿y轴 负方向离开磁场。落在接地的筒壁或探测板上的离子被吸收且失去所带 电荷,不计离子的重力和离子间的相互作用。（1）求磁感应 强度 B 的大小;若速度大小为vo的离子能打在Q 板的A处，求转筒P角速度co的大小;（2）较 长 时 间后,转筒 P每转一周有N 个离子打在板。的 C处,OC与 x轴 负方向的夹角为仇 求转筒转 动一周的时 间内,c处受到平均冲力的大小;（3）若转筒 P 的 角 速 度 小 于 亠,且 A处探测到离子,求板。上能探测到离子的其他的值（为探测点位置和0 点连 线与 轴 负方向的夹角）。离子源M【答 案】=0,1 ,2 ,

22、3 ；(2 )（2凡 兀+e）N 叫;2（兀 一。）兀 R 2 n-0,1,2,；(3)O=-6n17 16【详解】（1）离子在磁场中做圆周运动有qvB,叫R则B=qR离子在磁场中的运动时间7TRt=2%转筒的转动角度cot=2kn+一2=（4+1）厶,k =0,1,2,3-（2）设速度大小为 的离子在磁场中圆周运动半径为R,有R=Rtan 2ev=%ta n,离子在磁场中的运动时间 =（兀一。）转筒的转动角度cot=2 n n +9转筒的转动角速度，（2 兀 +0）%（71-0）R,a=0,1,2,动量定理2兀r =二 Nmv厂（2rni+0）N mvl 0F=-ta n-,=0,1,2,2（兀 。）兀 R 2（3）转筒的转动角速度（4左+1）%（2 兀+）6%-=-7-7-R（兀一夕）/?R其中5-2nZ=l,O=-兀,/?=0,26可得