2023届上海市浦东新区初三中考物理一模试卷、答案.pdf

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1、2022-2023学年上海市浦东区九年级（上）期末物理试卷（一 模）一、选择题1.九年级第一学期物理练习册共有7 0页,平放在水平桌面中央时，它对桌面的压强约为（）A.1 帕 B.35 帕C.7 0 帕 D.140 帕2.下列实例中，应用连通器原理工作的是（）A.茶壶B.体温计 C.吸尘器 D.水库大坝3.以下用电器正常工作时的电流最接近0.2安 的 是（）A.电子手表 B.小型手电筒 C.电吹风D.电热水壶4.下列实验中，运用了相同科学研究方法的是（）（1）探究串联电路中电阻的规律（2）探究物质质量与体积的关系（3）用电流表、电压表测电阻（4）探究同一直线上二力的合成A.（1）与（2）B.（

2、3）与（4）C.(2)与(3)D.(1)与(4)5.在 如 图（a）、（b）所示电路中，电源电压相同且不变，电路元件均完好，无论开关S i、S 2 同时断开，还是同时闭合，观察到电流表A i 与电流表A 2示数始终相同。关于电阻R i、R 2、R 3的判断，以下列式中正确的是（）A.R 3=R|+R 2 B.R 2=R|+R 3 C.R|R 2 R 3 D.R3RJR26.如图所示，甲、乙为两个实心正方体，它们对水平地面的压强相等。若沿竖直方向将甲、乙两个正方体分别切去厚度为h的部分，然后将切去部分叠放在自身剩余部分上，这时它们对水平地面的压力为F甲和F乙、压强为p甲和 p乙，则（）Z甲A.F

3、，p p z,B.FqiF 乙,p 甲 F 乙，p 甲 pz.D.F fpF z.,pipVp 乙二，填空题7.欧姆首先揭示了同一导体中电流与 的关系；首先用实验测出了大气压强的值；海拔高度越高，大 气 压 强 越。8.教室里电风扇正常工作时的电压为 伏；风扇与日光灯之间是 连 接（选 填“串联”或“并联”）;多使用一盏电灯，家 庭 电 路 的 总 电 流 会 （选 填“变大”、“不变”或“变小”）。9.冰 的 密 度 为O.9X1（?千克/米3,质量为4 5千克冰块的体积为_ 米3,若该冰块熔化成水，则水的质量为千克，水的体积为 米 10.将体积为1X 10-3米3、重 为9.8牛的物体浸没

4、在某液体中，物体受到浮力的作用，浮 力 方 向 为 ；增大物体在液体中的深度，物体所受的浮力将 o若它受到的重力和浮力的合力为0.98牛，液体密度可能是 千克/米3。II.如图所示是某同学设计的风力测定仪，O是转轴，O C是金属杆，下连受风板，A B是一段圆弧形电阻，P点是金属杆与圆弧形电阻的接触点，R o是定值电阻。无风时，O C竖直，风越大，O C杆偏转角度越大。金属杆O C与弧形电阻A B的组合，相当于是,风力越大，电 流 表 示 数 越 ,定值电阻Ro的 作 用 是 。12.如图所示电路中，由于接线柱接触不良导致电路发生了断路故障。若电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R i、R2上。现

5、通过接入一个电表来判断故障。应 选 择 如 下 方 案。A.将一个电流表接入到Q点B.将一个电压表接入到Q M之间C.将一个电压表接入到M N之间请写出选择方案后，闭合开关S后的操作、电表的示数变化情况及其对应的故障:1 3.学习了电阻概念后，为了解更多电学知识，小明同学上网查阅得到相关资料：“金属是最常见的一类导体，金属原子最外层的电子很容易挣脱原子核的束缚，而成为自由电子。半导体，如硅，错等元素，它们原子核的最外层电子，既不容易挣脱束缚，也没有被原子核紧紧束缚，所以半导体的导电性介于导体和绝缘体之间。导体通电后温度会升高，铁、鸨等金属的电阻就会不断变大；而铸铜合金和锲格合金，其电阻随温度变

6、化极小。”实 验 室 所 用 鸨 丝 小 灯 的 电 阻 随 温 度 的 升 高 而。（选 填“变大”或“变小”）推理可知：常 温 下 绝 缘 体 很 难 导 电 的 原 因 是。探究导体中电流与电压关系时，应该选用 材料制作成的导体作为研究对象（选填 A”、B”或 C”），理由是：。A.铁、鸨B.硅、错C.镒铜合金、银铭合金三、作图题1 4 .在图中，重 为1 0牛的小球漂浮在液面，请用力的图示法画出该球所受的浮力F浮。1 5 .在图中的。里填上适当的电表符号，使之成为正确的电路图。1 6 .体积为1 X 1 0 一 3米3的小球浸没在水中，求小球受到的浮力F浮。1 7 .质量为0.7千克的

7、金属球浸没在装满水的瓶子中，溢出水的体积2X 1 0-4米3。求金属球的密度p金 小18.如 图（a）所示的电路，电源电压为10伏且不变，电 阻 R i的阻值为2 0 欧，滑动变阻器R2标 有“2 0 欧 2A”字样，电流表的表盘如图（b）所示。闭合开关S,电流表的示数为1.5安。求:滑动变阻器的阻值R2；移动滑动变阻器滑片P 的过程中，电流表示数的最大值Imax和最小值Imino1 9.质量为0.5千克、底面积为2X 10。米 2 的薄壁容器放在水平桌面的中央，容器内盛满水，水 深 0.2米、体积为2X1（）3 米 3。求：（1）水的质量m 水；（2）水对容器底的压强p 水：（3）为了求得容

8、器对水平桌面的压强p,小圆和小梦分别梳理了解题思路如下:F 容小 圆：p容=-，而F容=6容+6水，又G水=F水=p水S容;s 容F 容小 梦：p容=-，而F容=6容+6水，又G水=1 1 1水g=p水V水g；S容请你分别判断小圆和小梦的解题思路是否正确，并通过计算说明理由。五、实验题20.某同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现有电源（电压为2 伏的整数倍且保持不变）、一个待测电阻Rx、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及导线若干。他连接电路，使变阻器接入电路中的电阻最大，闭合开关后，在移动变阻器滑片的过程中，发现电流表示数的变化范围为0.20 0.58安，电压表示数相应的变化范围为4.0

9、0 伏，当移动变阻器滑片到某个位置时，电压表、电流表的示数分别如图（a）、（b）所示。（1）他连接电路时，开关应处于 状态，电流表串联在电路中时应使电流从电流表的 接线柱流入，图（b）所示电流表的示数为 安。（2）该变阻器的最大阻值为 欧。（3）当电流表示数为0.20A时，计算此时待测电阻Rx的阻值（精确到0 1 欧）。答案1.解：一页纸的重力约为0.05N,则70页物理练习册为35页，总重力约为：G 总=nG=35X0.05N=1.75N；因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，物理练习册对水平桌面的压力：F=G 总=1.75N；一页纸的面积约为0.06m2,即受力面积约为0.06m2则

10、该物理练习册对水平桌面的压强约为：p=，L 75N=29叫S 0.0 6 m2结合选项可知，与35Pa相接近，故B正确、ACD错误。栅：Be2 .解：A、茶壶的壶嘴和壶身下部是相通的，构成了连通器，故A符合题意；B、体温计的原理是液体的热胀冷缩，与连通器原理无关，故B不符合题意；C、用吸尘器“吸”灰尘时，吸尘器内空气流速大压强小，吸尘器外空气流速小压强大，在压强差的作用下灰尘被“吸”入吸尘器中的，故C不符合题意；D、水库大坝，上窄下宽，是利用液体压强的特点，故D不符合题意。Ao3 .解：A、电子手表的电流约凡微安。故A不符合题意；B、小型手电筒的工作电流约0.2安。故B符合题意；C、电吹风的约

11、600W,工作电流在1=E=迎L2.7 A。故C不符合题意；U 2 2 0 VD、电热水壶的工作电流在4 A左右。故D不符合题意。树：Bo4.解：（1）在串联电路中，两个电阻串联共同作用与一个电阻使用时产生的效果相同，采用的是等效替代法；（2）探究物质质量与体积的关系时，需要保持密度一定，改变物体体积，比较质量与体积的变化规律，采用的是控制变量法；（3）用电流表、电压表测电阻是通过伏安法测电阻的，属于间接测量法;（4）探究同一直线上二力的合成时，同一直线上两个力的共同作用与一个力产生的效果相同，采用的是等效替代法。所以（1）和（4）都采取了等效替代法，运用了相同的科学研究方法。廊：D o5 .

12、解：开 关S i、S 2同时断开，a图中为R i的简单电路，电流表A l测量电路电流，根据欧姆定律可知电流表示数为i i y,b图中为R 2、R 3串联的电流，电流表测量电路电流，根据欧姆定律可知电流表示数为i 2=.u 则 三=。u,R2+R3&R2+R3则 R l=R 2+R 3,即：R 1 R 2,R 1 R 3;开 关Si、S 2同时闭合，a图中为R i、R 2并联的电路，电流表A 1测量干路电流，根据欧姆定律可知电流表示数为W=旦+J-，R R2b图 中R 2被短路，电路为R 3的简单电路，电流表测量电路电流，根据欧姆定律可知电流及示数为h=-,则-,即?卜，,R3 RI R2 R3

13、 Ri R2 R3故R l、R 2并联之后的总电阻等于R 3,根据电阻并联的特点可知R 3 R 2 R 3 超：C o6 .解：将甲、乙两个实心正方体切去并叠加后，其对水平地面的压力等于自身的重力，重力不变，则压力相等，乙的受力面积大，根 据F=p S可知，则F“，VF乙；甲、乙被切去并叠加后，本身的重力不变，则对水平表面的压力不变，由于受力面积减小了，则压强都变大;设它们的增大压强分别为Ap甲、Ap,由p=5可得，_ G甲 G甲_ G 甲 hA P h 甲（h 甲-h）h有 *h 甲-h P h 甲 *AG乙 G乙 G乙 八 .hh乙（h 乙-h）燧 h乞 h乙-h h 乙-h因 为p甲 原

14、=p乙 原，而（h甲-h）V（h乙-h）,则 p p i s i ,-p 乙 原，-，即p(p A i p 乙，所以 pi p pz,h甲-h h 乙-hAo7 .解：德国物理学家欧姆经过大量的实验研究，得出了电流与电压、电阻的关系：对同一导体来说，其电阻一定,通过导体的电流跟导体两端的电压成正比；意大利物理学家托里拆利首次用实验测定了大气压强的值；大气压不是固定不变的，随着海拔高度的增加而减小。故答案为：电压；托里拆利；小。8 .解：我国照明电路的电压为2 2 0 V,故教室中电风扇的工作电压为2 2 0 V；教室中风扇与日光灯工作互不影响，连接方式为并联；每多使用一盏电灯，相当于电路的横截

15、面积变大，家中电路的总电阻变小，由电源电压不变和欧姆定律可知总电流变大。故答案为：2 2 0；并联；变大。9 .解：由 p=N 可得，这块冰体积：V_ m冰.4.5kg-sx in-VP 冰 0.9X 103kg/m3(2)由 p=皿可得，该冰块熔化成水后的质量：Vm 水=0 1 冰 i =p k V i=0.9 X 1 03kg/m3 X 5 X 1 0 3 m=4.5 kg。由 p=U可得，水的体积：V.m水 4.5kg s -3 3V 水=-r-27=4 5 X 1 0%?。P 水 lX lo g/m?故答案为：5 X1 0-3；4 5；4 5 X1 0 1 0 .解：物体浸没在某液体中

16、，物体受到浮力的作用，浮力方向为竖直向上。物体浸没在某液体中，增大物体在液体中的深度，液体的密度、物体排开液体的体积不变，根 据 F 浮 n G揖npigg V 排 可知，它受到的浮力将不变。物体浸没在某液体中，则其排开液体的体积与自身体积相等，即 V“=V=1X 1 0 3 m3,根据题意可得，物体受到的浮力可能为：F浮=G-F令=9.8N-0.98N=8.82N或F；?.=G+F合=9.8N+0.98N=10.78N,若浮力为F浮=8.82N,则根据F浮=G挂 =pigV排 可得，液体密度为：p=-=-&丝 -_=0 9 x l(?kg/m3；gV排 9.8N/kgX ix io-若 F

17、浮=10.78N,则根据=p；gV排可得，液体密度为：p=,10.78N=1.1X lO?kg/m。gV排 9.8N/kgX IX 10-Jm3故答案为：竖直向上；不变；0.9X 103或1.1 X 1(?。11.解：(1)无风时0 C是竖直的，连入电路的电阻是A B段，有风时，0 C杆偏转一定的角度，连入电路的电阻变 为BP段，连入电路的电阻随风的大小而改变，风力测定仪相当于滑动变阻器：风越强，0 C杆偏转的角度越大，BP段越小，电阻变小，电源电压不变，电路中的电流变大，电流表的示数越大；(2)Ro在电路中的作用是保护电路，防止风力过大，电阻太小，电流太大，将电流表和电源烧坏。故答案为：滑动

18、变阻器；大；保护电路。1 2.解：由图可知，该电路为并联电路；A.将一个电流表接入到Q点，此时电流表测量干路中的电流，移动滑动变阻器的滑片，若电流表示数不变，这说明通过滑动变阻器的电流不变，所以故障是R2断路；若电流表示数发生变化，这说明通过滑动变阻器的电流发生了改变，该支路是正常的，故障是R1断路；B.将一个电压表接入到Q M之间，电压表测量的是一段导线直接的电压，示数一直为0,不能检测出电路故障；C.将一个电压表接入到M N之间，电压表测量的是电源电压，示数保持不变，不能检测出电路故障。故答案为：A；滑动滑动变阻器的滑片，若电流表示数有变化，则R1断路：若电流表示数不变，则R2断路。1 3

19、.解：根据题意可知，导体通电后温度会升高，铁、铝等金属的电阻就会不断变大，所以铝丝小灯的电阻随温度的升高而变大；金属原子最外层的电子很容易挣脱原子核的束缚，而成为自由电子；常温下绝缘体的原子核对最外层电子的束缚能力强，电子不容易挣脱原子核的束缚成为自由电子，所以电阻越大，不容易导电；探究导体中电流与电压关系时，需要控制导体的电阻不变；A、铁、鸨等金属的电阻随温度的升高而变大，故A错误；B、硅、错的导电能力较差，电阻较大，不利于实验，故B错误;C、镒铜合金和银铝合金，其电阻随温度变化极小，适合作为定值电阻，故C正确。故答案为：变大；绝缘体的原子核对最外层电子的束缚能力强，电子不容易挣脱原子核的束

20、缚成为自由电子；C；探究导体中电流与电压关系时，需要控制导体的电阻不变，镐铜合金和银铭合金，其电阻随温度变化极小。1 4 .解；小球漂浮在液面，则所受浮力F浮=G=1 0 N；选取标度为5N,过小球的重心沿竖直向上的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，如图所示：区=10N1 5 .解：由图可知，最下面的电表并联在电源的两端，若为电流表，则电源短路，所以该表为电压表；中间的电表串联在电路中，只能为电流表；最上面的电表与R 1串联，只能为电流表，如图所示:1 6 .解：因物体浸没时排开水的体积和自身的体积相等,所以，小球浸没在水中时受到的浮力:F浮=p 水 g V 排=p 水 g V=1.

21、0 X 1 03k g/m3 X 9.8 N/k g X 1 X 1 0-3m3=9.8 N 答：小球受到的浮力为9.8 N。1 7 .解：由题意可知，金属球的体积：V金 属=V *=2 X 1 0 -4 m 3,则金属球的密度：p金 属=m金属0,7kgV 金属 2X 10-4m3=3.5 X 1 03k g/m3o答：金属球的密度为3.5 X l()3 k g/m3。1 8 .解：由电路图可知，闭合开关，R 1与R 2并联，电流表A测干路电流。因并联电路中各支路两端的电压相等,所以，通 过 R i 的电流：h=H=0.5A；Rj 20Q由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则通过R 2

22、 的电流为：1 2=1 -I 1 =1.5 A -O.5 A=1 A,由欧姆定律可得滑动变阻器接入电路的阻值：R 2=g =%=1 0。；并联电路干路电流等于各支路电流之和，当滑动变阻器的电阻全部连入电路，通过滑动变阻器的电流最小，则干路电流最小，所以干路电流：L ni n=1 2 最 小+1 1=1+1 1=-I-0.5 A =1 A,R2 大 20Q由题意可知电流表接入电路的量 程 为 0 3 A,滑动变阻器最大电流2 A,定值电阻电流0.5 A,根据并联电路电流规律可知干路中总电流最大值2.5 A,所以电流表示数的最大值I max=2.5 A。答：通过电阻R i 的电流为0.5 A；滑动

23、变阻器的阻值R 2 为 1 0。；移动变阻器滑片P过程中，电流表示数的最大值L nax 和最小值I mi n分别为2.5 A 和 1 A。1 9.解：(1)水的体积为：V水=2 X 1 0-3 m3,水的质量为：m 水=p 水 V 水=1 0 义 1 03k g/m3 X 2 X 1 0 -3m3=2 k g；(2)水的深度为：h=0.2 m,水对容器底的压强为：p 水=p 水 g h=1.0 X 1 03k g/m3 X 0.2 mX 1 0 N/k g=2 0 0 0 P a；容器对水平桌面的压力等于容器和水的总重力大小，即：F容=G=G?+G 水=(m 容+m 水)g=(0.5 k g+

24、2 k g)X 1 0 N/k g=2 5 N,容器的底面积即桌面的受力面积为：S=S 容=2 X 1 0 -2 m2,由 p=可得，容器对水平桌面的压强为：p容=学=驾r =1250 P a,s s 咨 2X101mz综上可知，小梦的解题思路正确，小圆的错误，错误之处在于认为水对容器底的压力等于水的重力。答：(1)水的质量为2k g；(2)水对容器底的压强为20 0 0 P a；(3)容器对水平桌面的压强为1250 P a,小梦的解题思路正确，小圆的错误。2 0.解：(1)电流表示数的变化范围为0.20 0.58 A,则电流表选用了小量程；电压表示数相应的变化范围为 4.0、0 V,则电压表

25、选用了大量程;为保护电路，连接电路时，开关应处于断开状态；电流表串联在电路中时应使电流从电流表的正接线柱流入；图(b)所示电流表的分度值为0.0 2A,示 数 为 0.4 A；(2)滑动变阻器接入电路的阻值为0时，滑动变阻器两端的电压为0,总电阻最小，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流最大，为 0.58 A,且此时待测电阻两端的电压最大，等于电源电压；滑动变阻器接入电路的阻值最大时，根据串联分压特点可知滑动变阻器两端的电压最大，总电阻最大，电源电压不变，根据欧姆定律可知电路中的电流最小，为 0.20 A,且此时待测电阻两端的电压不为0；电压表示数相应的变化范围为4.0 0 V,故电压表

26、并联在滑动变阻器两端，测量滑动变阻器两端的电压；滑动变阻器接入电路的阻值最大时，两端的电压为4 V,根据欧姆定律可知滑动变阻器的最大阻值R滑 大=)=工=20。；I l 0.2A(3)设电源电压为U,在第一、二次操作中，待测电阻的阻值不变，根据串联电路的电流、电压规律和欧姆定律有：中 一X1 imax叩 u-4 V 一 U0.2A 0.58 A，解得：U Q 6.1 V,因电源电压为2 V 的整数倍且保持不变，所以电源电压U=6 V；当电流表示数为0.20 A 时，根据串联电路的特点和欧姆定律可得，待测电阻的阻值为:U-U 6 V-4 VR x=.=3 H=10.0 Q。L 0.2A故答案为：(1)断开；正：0.4；(2)20；(3)当电流表示数为0.20 A 时，待测电阻R x 的阻值为10.0 0。