2023届浙江省温州市普通高中高三上学期第一次适应性考试物理试题.pdf

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1、温州市普通高中2023届高三第一次适应性考试物理试题卷2022.11考生须知：1.本试卷分选择题和非选择题两部分，共 8 页，满分100分，考试时间90分钟.2.考生答题前、务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔填写在答题卷上.3.选择题的答案须用2B铅笔将答题卷上对应题目的答案标号涂黑，如要线动，须将原填涂处用橡皮擦净.4.非选择题的答案须用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题卷上相应区域内，作图时可先使用2B铅笔、确定后须用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑，答案写在本试题卷上无效.5.可能用到的相关参数：重力加速度g 均取lO m/s、选择题部分一、选择题I（本题共12小题，每小题3 分，

2、共 36分.每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的.不选、多选、错选均不得分）1.下列物理量属于矢量的是（）A.温度 B.加速度 C.磁通量 D.电流强度2.如图所示的我国第三艘航空母舰“福建舰”，在2022年6月17日移出船坞下水废计划开展航行试验。下列情况中“福建舰 可视为质点的是（）A.研究航行路线时 B.弹射舰载机时C.移出船坞下水时 D.用操作仪把控方向时3.下列陈述与事实相符的是（）A.法拉第提出分子电流假说B.开普勒测出万有引力常量C.库仑最早测得元电荷e 的数值D.赫兹用实验证实了电磁波的存在4.如图所示是户外露营中使用的一种便携式三脚架，它由三根完全相同的轻杆通过钱

3、链组合在一起，每根轻杆均可绕较链自由转动，将三脚架静止放在水平地面上，吊锅通过细铁链静止悬挂在三脚架正中央，三脚架正中央离地高度为力 且小于杆长，吊锅和细铁链的总质量为?，支架与较链间的摩擦忽略不计，则（）A.吊锅受3 个力B.减小时，每根轻杆对地面压力减小C.减 小 寸，每根轻杆对地面摩擦力增大D.每根轻杆受到地面的作用力大小为:mg5.2022年 7 月 2 5 日，问天实验舱成功与轨道高度约为430km的天和核心舱完成对接如图所示，对接后组合体绕地球的运动可视为匀速圆周运动。已知地球半径R,引力常量G,地球表面重力加速度g,根据题中所给条件，下列说法正确的是（）A.组合体的周期大于24小

4、时B.可以计算出地球的平均密度试卷第2 页，共 12页C.组合体的向心加速度小于赤道上物体随地球自转的向心加速度D.若实验舱内有一单摆装置，将摆球拉开一个小角度静止释放会做简谐运动6.如图所示，A、B 两小球在距水平地面同一高度处，以相同初速度同时竖直向上抛出，运动过程中的机械能分别为&和 EB，加速度大小分别为心 和 狐。已知，&,下列说法正确的是（）7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7 7.A.若不计空气阻力，以抛出所在的水平面为零势能面，EA=ERB.若不计空气阻力，以A 球的最高点所在水平面为零势能面，A EBC.若两球受到大小不变且相等的空气阻力，则

5、两球上升的过程中，纵 4D.若两球受到大小不变且相等的空气阻力，则两球下落的过程中，aA at i7.2021年 10月 2 5 日，如图甲所示的全球最大“上回转塔机”成功首发下线，又树立了一面“中国高端制造”的新旗帜。若该起重机某次从f=0时刻由静止开始向上提升质量为m的物体，其图像如图乙所示，勺时达到额定功率，6时间内起重机保持额定功率运动，重力加速度为g,不计其它阻力，下列说法正确的是（）甲乙A.0 4 时间内物体处于失重状态B.ttt2时间内物体做减速运动C.。4 时间内重力对物体做功为D.乙时间内起重机额定功率为（吆+加”0）卬18.如图甲所示，在竖直放置的圆柱形容器内用横截面积S=

6、100cn?的质量不计且光滑的活塞密封一定质量的气体，活塞上静止一质量为根的重物。图乙是密闭气体从状态A 变化到状态8 的丫-7 图像，密闭气体在A 点的压强p,、=l.O3xlOSpa,从状态A 变化到状态8 的过程中吸收热量。=500J。已知外界大气压强=L01 x l（）5 p a,下列说法正确的是（）B.气体在状态B 时的体积为8.0 x10m，C.从状态A 变化到状态B 的过程，气体对外界做功202JD.从状态A 变化到状态8 的过程，气体的内能增加294J9.如图甲所示为某一电磁炮原理示意图，图中有直流电源、电容器，线圈套在中空并内侧光滑的绝缘管上，将直径略小于管内径的金属小球静置

7、于管内。开关S接 1 使电容器完全充电，开关接2 时开始计时，通过线圈的电流随时间的变化规律如图乙所示，金属小球在0-乙时间内被加速发射出去（乙时刻刚好运动到右侧管口）。在 时 间 内，下列说法正确的是A.小球的加速度一直增大 B.线圈中产生的磁场方向向左C.小球中产生的涡流一直减小 D.电容器储存的电能全部转化为小球的动能10.如图甲所示，圆形区域A8CQ处在平行于纸面的匀强电场中，圆心为。，半径为R=0.1m。P 为圆弧上的一个点，P。连线逆时针转动，。为 PO连线从A。位置开始旋转的角度，P 点电势随。变化如图乙所示。下列说法正确的是（）试卷第4 页，共 12页BA.匀强电场的场强大小为

8、l O V/mB.匀强电场的场强方向垂直AC连线向上C.一电子从A点沿圆弧运动到C点，电势能减小2 e VD.一电子从8点沿圆弧逆时针运动到。点，电场力先做负功后做正功1 1.我国已投产运行的H O O k V 特高压直流输电工程是目前世界上电压等级最高、输送容量最大、输送距离最远、技术水平最先进的输电工程，输送电功率最大可达1 2 0 0 万千瓦。输电线路流程和数据可简化为如图所示，若直流线路的输电线总电阻为1 0 Q,变压与整流等造成的能量损失均不计，直流和交流逆变时有效值不发生改变。当直流线路输电电流为4X1（）3A时，下列说法正确的是（）A.输送电功率为L 2*l（y WB.降压变压器

9、匝数比为1 1 :5C,直流输电线上损失的功率为I S x l O W,损失的电压为4 0 k VD.若保持输送电功率不变，改用5 5 0 k V 输电，直流输电线上损失的功率为6.4 x l C/w1 2.如图所示A B C。是底角为4 5。的等腰梯形的棱镜横线面，与底边8 c 平行两束单色光出b（间距可调）从 4 B 边射入，经 边 反 射 从 边 射 出（图中未画出）。已知棱镜对a、b两束光的折射率满足%血，下列说法正确的是（）B.。光 从 边 射 出 位 置 一 定 离 底 边 B C 更近C.匕光从A B边射入到c o边射出时间一定更短D.a,b两束光从AB边射入到CD边射出时间可能

10、一样长二、选择题II（本题共3小题，每小题3分，共9分。年小题列出的四个备选项中至少有一个符合题目要求的.全部进对的得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）13.关于下列四幅图的说法正确的是（）A.普朗克用能量量子化的假说，成功解释了黑体辐射规律B.光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比C.电子束通过铝箔时形成的衍射图样，证实了电子具有波动性D.光照到不透明的小圆盘上出现了泊松亮斑，这是光的偏振现象14.如图所示我国自主三代压水堆核电“华龙一号”示范工程，在2022年3月2 5日全面建成投运。“华龙一号”利用核裂变发电，其中一种典型的核反应方程是Ba+2 Kr+aX,X是某种粒

11、子，。是X粒子的个数，用机u、机B,、如 分别表示；u、!：Ba、；：K r核的质量，反应中释放的核能为AE,c为真空中的光速。关于该核反应,下列说法正确的是（）A.X为中子，7 =3B.X粒子的质量为费+0+，-人C.的比结合能比；：Ba和;:K r的都小试卷第6页，共12页D.可利用普通水作为慢化剂减慢裂变反应速度1 5.如图所示，在均匀介质中，坐标系xOy位于水平面内。点处的波源从t=0 时刻开始沿垂直于X。），水平面的z 轴做简谐运动，其位移随时间变化关系z=2sin5m（cm）,产生的机械波在北力平面内传播。实线圆、虚线圆分别表示为时刻相邻的波峰和波谷，且此时刻平面内只有一圈波谷，则

12、下列说法正确的是（）A.该机械波的传播速度为5m/sB.=0.5sC.f=1.45s时，8 处质点的速度方向为z 轴正方向 D.f=0.8s至t=1.6s时间内，C 处质点运动的路程为16cm非选择题部分三、非选择题（本题共6 小题，共 55分）1 6.下列四幅实验操作情景，其中操作正确的是B.验证机械能守恒定律D.测量玻璃的折射率17.小明同学用如图1所示的装置“探究加速度与力、质量的关系他在实验中每次改变小车的质量后，都（选填“需要”或“不需要”）重新补偿阻力。图 2 是他在实验中得到的一条纸带，纸带上4 B、C、。、E 为计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.04s,由纸带可知小车的加速度

13、大小为 m/s?（结果保留两位有效数字）。由此可以判断钩码质量（选填“满足”或 不满足”）本实验要求。A B C D E皿叫丫川1川|皿1川串即|,皿仙|即川|而|丫叫皿|而年叫皿?|巾1 1|皿F0 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12图218.小明同学在做“用油膜法估测油酸分子的大小”的实验后，发现他测量出的分子直径明显偏大，出现这种情况的可能原因是（）A.水面上琲子粉撒得太多，油膜没有充分展开B.将滴入的油酸酒精溶液体积作为油酸体积进行计算C.求每滴溶液体积时，1mL的溶液的滴数多计了 5 滴D.油酸酒精溶液久置，酒精挥发使溶液的浓度发生了变化试卷第8 页，共 12页19

14、.（1）图 1 是一个多量程多用电表的简化电路图。当选择开关S 旋到5 或 6 位置时，可用来测量_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ （选填“电流”或“电压”或“电阻”），其中S 旋到6 位置时比5 位置的量程较（选填“大 或 小将多用电表选择开关旋到“50V”直流电压挡，测量某直流电源电压，正确操作后表盘指针如图2 所示，其示数为 Vo图2（2）在“电池电动势和内阻的测量”实验中，除一节干电池、电键和导线外，还提供了如下器材:A.电流表A1（量程为1mA,内阻4=90。）B.电流表A,（量程为300mA）内阻4=0.3。）C.电压表V（量程为6V,内阻时 约为2kQ）D.可变电阻

15、飞：电 阻 箱（阻值可调范围0 999.%1）E.可变电阻&：滑动变阻器（阻值变化范围01001）某同学设计的电路图如图3 所示，电表应选择（选填A”或B”或C”），可变电阻应选择（选填D”或E”）。正确操作后，利用测得的数据得到如图4 所示的图像，图 像 横 坐 标 尤 表 示 的 物 理 量 是（选填“尸或 ;”或U或 力），该电池的内阻 Q-20.2022年 10月，某学校举办校运动会，在铅球比赛场地上放置了一个铅球回收架，以便于回收选手投出的铅球。图 1所示是铅球回收架的最后一段轨道，可简化为如图2 所示的A B 8E轨道，其中AB、B C、CD轨道均为直轨道且平滑连接，长度分别为LA

16、=1.0 m：=1.6m、LCD=0.6m,与水平方向的夹角分别为4=37。、02=15 4 =37。一质量m=4kg的铅球，从 A 点以某一速度冲上AB轨道，运动到B 点时速度恰好为0,然后经过BC轨道冲上CD轨道.若铅球在A3、8 轨道运动时所受的轨道阻力恒为=8N,在 BC轨道运动时所受的轨道阻力恒为%=9.6 N,不计其它阻力，铅球大小可忽略。（取sin37=：0.6,cos37=（）.8,sin 15=0.26,cos 15=0.96）,求铅球（1）冲上AB轨道时的初速度大小匕；（2）运动到轨道C 点时的速度大小匕；（3）从轨道A 点到在CO轨道上速度第一次减为零时所用的总时间”。图

17、12 1.如图所示，水平轨道A8长度乙=L 3 m,其左端8 点与半径R=0.4m的半圆形竖直轨道BCD平滑连接。轨道5 c o 最高点。与长度4=LOm的水平细圆管道DE平滑连接。管道D E与竖直放置的光滑圆筒上边缘E 点相切，圆筒半径r=m、高度=：m。质量?=0.5kg、60 9可视为质点的小滑块，从 A 点处以初动能耳。向左运动，与 4 8 间的动摩擦因数=0 2,与其它轨道间的摩擦以及空气阻力均忽略不计。（1）若小滑块恰好能通过最高点。，求滑块经过8 点时对半圆形轨道的压力大小入；（2）为使小滑块不脱离轨道并最终停在A 8两点之间，求滑 块 的 初 动 能 的 范 围；（3）若小滑块

18、能从。点水平滑入管道O E,并从E 点滑入圆筒后紧贴内壁运动，再从E 点正下方离开圆筒后，滑块落在A 3两点之间，求滑块在E 点的速度大小”。（乃取J i 6）试卷第10页，共 12页DEC-3川 勿 勿 川 川 川 川 川 勿 於 B A2 2.如图所示，间距L =2.0 m的平行金属导轨放置在绝缘水平面上，导轨左端连接输出电9 2流/=0.5 A 的恒流源。空间分布两个宽度分别为4=gm 和4=、m、间距O =2.0 m的匀强磁场区域I 和 n,两磁场磁感应强度大小均为B=0.5 T,方向均竖直向下。质量m=0.5 k g、电阻为R/的导体棒静止于区域I 左边界，质量机=0.5 k g、边

19、长为0.5。、电阻R 2=2.0。的正方形单重线框的右边紧靠区域I I 左边界；一竖直固定挡板与区域I I 的右边界距离为0.5 。某时刻闭合开关S,导体棒开始向右运动。已知导体棒与线框、线框与竖直挡板之间均发生弹性碰撞，导体棒始终与导轨接触并且相互垂直，不计一切摩擦和空气阻力。求：(1)导体棒第一次离开区域I 时的速度大小以；(2)线框与导体棒从第1 次碰撞至它们第2次碰撞过程中，线框产生的焦耳热Q；(3)线框与导体棒碰撞的次数，以及导体棒在磁场区域I 中运动的总时间/总。X X!：X：恒流源C，导体棒、Y8线框夕挡板、X X:；X；S-1-4-31-D-0-.-5-。-”-12 3.如图甲

20、所示，空间存在两边界为同轴圆柱面的电磁场区域I、H,区域H位于区域I 外侧，圆柱面的轴线沿空间直角坐标系。的x 轴方向。半径A =0.0 5 m的足够长水平圆柱形区域I 内分布着沿x 轴正方向的匀强磁场，磁感应强度大小B =4 x l(T T；沿 x 轴正方向观察电磁场分布如图乙，宽度d =0.0 5 m的区域H同时存在电、磁场，电场强度E =4 0 N/C 的匀强电场沿x 轴正方向，磁场的磁感应强度大小也为8 =4 x 1 0 T、磁感线与圆弧边界平行且顺时针方向。沿 y 轴负方向观察电磁场分布如图丙。比荷(=5 x l O，C/k g 的带正电粒子，从坐标为(0,0 Q1 0 m)的A点以

21、一定初速度沿z 轴负方向进入区域H。(不计粒子的重力和空气阻力)(1)该粒子若以速度沿直线通过区域H,求速度%大小以及它在区域I 中运动的半径;（2）若撤去区域n的电场，求该粒子以速度2%从进入区域I I 到离开区域I 运动的总时间;（3）若撤去区域n的磁场，该粒子以速度进入区域n,求它第二次离开区域n的位置坐试卷第1 2 页，共 1 2 页1.B【详解】A C.温度和磁通量只有大小，没有方向，是标量，故 AC错误；B.加速度既有大小又有方向，运算时遵循平行四边形定则，是矢量，故 B 正确；D.电流有方向，其方向表示正电荷定向移动的方向，但电流运算时不遵守平行四边形定则，因此电流是标量，故 D

22、 错误。故选B。2.A【详解】A.依题意，当研究船坞的航行路线时，船坞的形状和大小可以忽略不计，船坞可以看成质点，故 A 正确；B C D.当研究弹射舰载机时、移出船坞下水时、用操作仪把控方向时，由于船坞的形状及大小对研究的问题影响较大，所以船坞均不能看成质点，故 BCD错误。故选Ao3.D【详解】A.安培提出了分子电流假说，故 A 错误；B.卡文迪许测出万有引力常量，故 B 错误；C.密立根最早测得元电荷e 的数值，故 C 错误；D.赫兹用实验证实了电磁波的存在，故 D 正确。故选D。4.C【详解】A.吊锅受到自身重力及细铁链的拉力两个力的作用，故 A 错误；B.以整个装置为研究对象，设地面

23、对每根杆的支持力为N,根据受力平衡可得3N=mg解得1N=mg显 然 减 小 心 N 仍然保持不变，根据牛顿第三定律知每根杆对地面的压力不变，B 错误；答案第1页，共 20页C.以吊锅和细铁链为研究对象，设 每 根 杆 中 的 弹 力 为 杆 与 竖 直 方 向 夹 角 为 在 竖 直方向上，受力平衡有3&cos 0=mg3 cos。水平方向上，地面对杆的摩擦力为g sin 6=一tan 03cos0 3当减小时，增大，则可知f 增大，根据牛顿第三定律可知：每根轻杆对地面的摩擦力均增大，故 C 正确。D.以杆为研究对象，设每根轻杆受到地面的作用力大小为F,则有mg;mg3cos 3故 D 错误

24、。故选C。5.B【详解】A.根据万有引力提供向心力，有G濡尸苧(R+h)T=2TT.由于组合体的轨道高度小于同步卫星的轨道高度，所以组合体的周期小于同步卫星的周期,即组合体的周期小于2 4 h,故 A 错误；B.根据万有引力与重力的关系，即_ MmG-=mg地球的密度为M M联立解得答案第2 页，共 20页一 3gp-4iGR故 B 正确；C.根据万有引力提供向心力，有解得向心加速度为GM一 (R+)2组合体的向心加速度大于同步卫星的向心加速度，但由于同步卫星与赤道上的物体具有相同的角速度，而同步卫星的半径大于赤道上物体的半径，根据公式an=cor2所以同步卫星的向心加速度大于赤道上物体的向心

25、加速度，则组合体的向心加速度大于赤道上物体的向心加速度，故 c 错误；D.静止释放小球，小球将无法做简谐运动，小球处于完全失重状态，故 D 错误。故选B。6.D【详解】A.若不计空气阻力，小球运动过程中机械能守恒，若以抛出所在的水平面为零势能面，则小球的机械能为4 =5 佃 唏所以E,EB故 A 错误；B.若不计空气阻力，小球运动过程中机械能守恒，小球只受重力作用，两小球加速度相同，均为重力加速度g,则小球上升的最大高度为以 A 球的最大高度所在的平面为零势能面，则答案第3 页，共 20页所以E、=EB故 B 错误：C.若两球受到相等的空气阻力，上升过程，根据牛顿第二定律mAg+f =mAaA

26、 +/=%解得加速度为A=+所以f B=g+/相 B故 c 错误;A 即故 D 正确。故选D。7.D答案第4 页，共 20页【详解】A.0 。时间内物体向上做匀加速直线运动，因此物体处于超重状态，故 A 错误；B.由图像可知乙时间内物体的加速度为正，做加速度减小的加速运动，故 B 错误:C.6 时刻物体的位移为1 .2重力对物体做功1,2I f =-mgxi=-/nffaotl故 C 错误；D.八时刻物体所受到的牵引力为F,由牛顿第二定律有F -mg=ma()解得F =mg+ma0t时刻物体的速度为起重机额定功率为P=Fv=(mg+侬0)a否故 D 正确。故选D。8.D【详解】A.在 A 状态

27、，根据题意mg+p0S=pAS解得m=2kg故 A 错误；B.根据图像可知答案第5 页，共 20页-cT所以气体做等压变化匕 _匕三 二 工解得匕=8.0 x10-n?故 B 错误；C.从状态A 变化到状态8 的过程，气体对外界做功W=pAV =206J故 C 错误；D.根据热力学第一定律AU=Q-W=294J故 D 正确。故选D。9.C【详解】A.磁场强弱程度与通过线圈的电流成正比，则在0-4 时间内，电流在增大，但变化率在减小，所以线圈的磁通量在增大，但磁通量的变化率逐渐减小，由法拉第电磁感应定律广 E=n-Ar可知感应电动势减小，所以小球受到的感应电场的电场力也逐渐减小，由牛顿第二定律可

28、知加速度也减小，故 A 错误；B.由图甲可知0-乙时间内，电容器上极板为正极板，所以线圈中左侧电流向下，根据安培定则可知线圈中产生的磁场方向向右，故 B 错误；C.0-乙 时间内，电流的变化率减小，则小球内磁通量的变化率减小，根据法拉第感应定律可知，小球内的涡流减小，故 C 正确；D.电容器放电过程中，变化的磁场在空间中产生变化的电场，然后以电磁波的形式传递出去，散失了一部分能量，所以电容器储存的电能不能全部转化为小球的动能，故 D 错误。故选C。答案第6 页，共 20页10.c【详解】TTA B.当。=5 时，设尸点位于M 点处，此时可得g”=iv当。=半47r时，设 P 点位于N 点处，此

29、时可得%=5V由于M、N 两点分别是圆弧上电势的最低点、最高点，则过两点的等势面与圆相切，又因为电场线与等势面垂直，且指向电势降低的方向，可知电场方向从N 指 向 可 得 场 强 大 小为U 4E=一 V/m=20V/m2R 0.2故 AB错误；C.由图乙可知，C 点的电势为(pc=4V电子从A 点沿圆弧运动到C 点，电势能的变化量为 5=EfC-/(=-eM -/)=-2eV即电势能减小2 e V,故 C 正确；D.从 B 点沿圆弧逆时针到。点，电势先升高后降低，则电子沿该路径运动时，由综=49 可知，电子的电势能先减小后增大，所以电场力先做正功后做负功，故 D 错误。故选Co11.D【详解

30、】答案第7 页，共 20页A.输送电功率为P2=(72/2=1 100X103X4X103W=4.4X109W故A错误；C.输电导线末端电压q =M -八&)=(1100-40)kV=1060kV则降压变压器的匝数比_ U,_ 1060 11故B错误；C.输电导线上损失的功率AP=/22=(4X103)2X10W=1.6X108W损失的电压A(7=/2.=4 x l05xl0V =40kV故C错误；D.保持输送功率不变，用550kV输电，输电导线上损失的功率=图抬=装黑卜 1W=6.4X10，W故D正确。故选D。12.C【详解】作出光路图根据图像及题意有A.由图可知，由于“、6光束的间距可调，

31、故a光束上移，b光束下移，a、光束就有可能从 8 边同一位置射出，故A错误；答案第8页，共20页B.由图可知，a 光束从CD边射出可能离底边8 c 更远，故 B 错误;CD.根据图中b 光束的光路图，根据正弦定理有EF BE BEsin 45 sin（90+）cos/?可知同理可得b 光束在玻璃中的路程为sh=E5r+,E“G =-s-i-n-4-5-(zC E+BE)A =-s-i-n-4-5-BC=f=-1-BCcos/7 cos 分 垃 co s/。光束在玻璃运动的速度Vh=V2csin/?nh sm 45sin f 光束在玻璃运动的时间_ s&_&cos P _ BCh Vh/2csi

32、n p csin 2 夕同理可得BCt=-.)csin2%=.A J2sina sin p可知sin a sin/?g n a 2a 2J3 sin la sin 2/3可知L X故 C 正确D 错误；故选C。13.AC答案第9 页，共 20页【详解】A.普朗克用能量量子化的假说，成功解释了黑体辐射规律，故 A正确；B.由光电效应方程线=加-%可知，光电子的最大初动能与入射光的频率成线性关系，故B错误；C.衍射是波特有的现象，电子束通过铝箔时形成的衍射图样，证实了电子具有波动性，故C正确；D.光照到不透明的小圆盘上出现了泊松亮斑，这是光的衍射现象，故 D错误。故选A C。1 4.A C D【详

33、解】A.由电荷数守恒、质量数守恒可知核反应方程为U+in：1 B a+l K r +3；n故 X为中子，可知故 A正确;B.由题意知，核反应过程中的质量亏损由质能方程可知，释放的核能A E =（人 一”/一 底.一 2 m x）/可得X粒子的质量为故 B错误；C.核裂变过程释放能量，比结合能变大，则皆u的比结合能比*B a 和;:K r 的都小，故 C正确；D.慢化剂使快中子变成慢中子，常用的慢化剂有石墨、重水和普通水。故 D正确。故选A C D o1 5.A B【详解】答案第1 0 页，共 2 0 页A.由题意可得，相邻的波峰和波谷距离为1 m,故波的波长为；l=2 m 0 根据简谐振动的位

34、移时间变化关系可得_ 271 2 _.T=s=0.4sco 5乃故机械波的传播速度为2 2m _.v=-=5m/sT 0.4s故 A 正确；B.由图像可知，0。距离2m 为一个完整的波长，小时刻，。、。均在波峰，且平面内只有一个完整的波形，则。点此时第二次出现波峰，可知t.=T+-0.5S 4故 B 正确；C.由 AB选项中的计算结果可知机械波传播到B 点需要4m 八 仆tR=-=0.8s5m/s则/=1.45s时，8 点已经振动了 个周期n=t t-R=1-.4-5-s-_-0-.-8-s-=,1 -5T 0.4s 8机械波上的所有点都在模仿。点的振动情况,因而如下图所示，|r 的位置在z

35、轴的负半轴,O且速度方向沿Z轴负方向。故 C 错误;D.根据勾股定理可知，OC=J(4m)2+(3m)2=5 m,则传播到C 点的时间为_ 5m5m/s=Is则f=0.8s至 t=1.6s时 间 内,C 处质点只振动了 1个周期n,=t-tc-=1-.-6-s-1-.-O-s-=1.1T 0.4s 2则 C 点处质点运动的路程3S=4A=-x4x 2cm=12cm2答案第11页，共 20页故D错 误。故 选A B。1 6.B【详 解】A.用游标卡尺测摆球直径，应将小球卡在外爪的刀口上，故A错误；B.验证机械能守恒定律，用手竖直提起纸带使重锤停靠在打点计时器附近，B正确；C.探究两个互成角度的力

36、的合成规律，为准确的确定两拉力的大小和方向，两个弹簧秤应平行与纸面，故C错 误；D.测量玻璃的折射率应先画一条直线作为边界，故D错 误。故 选B o1 7.不需要 2.4 不满足【详 解】1 平衡摩擦是让小车在不挂钩码时受力平衡，对小车受力分析有mg sin 0=77g cos 0即满足tan，=平衡摩擦的条件与小车的质量无关，故改变小车质量不需要重新平衡摩擦。2 根据匀变速直线运动的推理相邻相等时间内的位移差相等，为 以=“7 2,利用逐差法可知小车的加速度大小为X g 2A*C+x.1 1.0 5 2 x 6.2 5 +3.0 0(2 7)2 4 x 0.0 421 0 m/s2=2.4

37、m/s2网 设 钩 码 质 量 为m小 车 质 量 为M,对钩码和小车整体由牛顿第二定律mg=(z n+A 7)a解得M g I 9.8m a 2.4本实验认为小车受到的绳子拉力近似等于钩码重力，需满足钩码的质量远远小于小车的质量,故不满足本实验的要求。1 8.A B【详 解】答 案 第1 2页，共2 0页A.水面上琲子粉撒得较多，油膜没有充分展开，则测量的油酸面积S 偏小，设油酸体积为匕 则分子直径为S故计算出的分子直径偏大，故 A正确；B.纯油酸的体积等于滴入的油酸酒精溶液体积乘以浓度，计算时把油酸酒精溶液当成了纯油酸，则计算用的体积偏大，则测得的分子直径偏大，故 B 正确；C.设 1 m

38、 L 的溶液有力滴，则纯油酸体积为,1 m LV =xP a&滴数多计了 5滴，计算代入纯油酸体积将偏小，测量直径偏小，故 C 错误；D.如果所用的油酸酒精溶液长时间放置在空气中，酒精挥发，导致油酸酒精溶液中的油酸溶度增大，1 滴油酸酒精溶液形成的面积偏大，则分子直径的测量结果偏小，故 D错误。选测量结果偏大的，故选A B。1 9.电压 大 1 5.7#1 5.8#I 5.9 B D y 0.8【详解】(1)1 由电压表的改装原理可知，选择开关S旋到5或 6 位置时，可用来测量电压；S旋到6位置时串联的电阻值比5位置时的大，所以S旋到6位置时的量程较大；3 选择开关旋到“5 0 V”直流电压挡

39、时，电表的分度值为I V,读数时需要估读到小数点后一位，由图2可知示数为1 5.8 V (1 5.7 或 1 5.9)。(2)|4 5 干电池的电动势E约 为 1.5 V,电压表的量程太大，不适合测量电压，则只能选用电流表和电阻箱测量电动势和内阻。若选电流表A一 则电路最小总电阻为E 1 5 VR=-=-=1 5 0 0。m/,1 m A显然，电阻箱用无法满足要求；若选电流表A2,则电路最小总电阻为俏二J9上=5 Qm /2 3 0 0 m A电阻箱与可满足实验要求；所以电表应选B,可变电阻应选D；6 7 由闭合电路欧姆定律可得E=I(R+5 +r)整理得答案第1 3 页，共 2 0 页R=E

40、 y-(r2+r)R兀图像是一条直线，所以x表示的物理量是：，图像的纵截距为_&+r)=T.l Q解得电池的内阻r =0.8。2 0.(1)4 m/s；(2)0.2 m/s；(3)4.6 s【详解】(1)铅球在4B段的加速度大小为4 =-mg-s-i-n-0!,+F-f.=8om/s.22m由运动学公式2q%=v;解得vA=4 m/s(2)铅球在8c段的加速度大小为.sin 耳.2mz s zm由运动学公式2a2xRC=隹解得vc=0.8 m/s(3)铅球在CD段的加速度大小为g sin i=81 1 1 7s 2tn铅球在8 轨道上速度第一次减为零时所用的时间为t1=0.1 s%铅球在BC轨

41、道上的时间为/2=4 sa2铅球在A3轨道上的时间为答案第1 4页，共2 0页t3=%=0.5s从轨道4 点到在CO轨道上速度第一次减为零时所用的总时间%=t1+t2+t3=4.6s21.(1)30N；(2)心 L3J 或L3J 线。2.6J；(3)喋=m/s(%=1,2,3,4)【详解】(1)小滑块恰好能通过最高点Q,则小球在。点时%m2=R由B 点到。点的过程，由机械能守恒定律得mg.2R=g rnv1-；说滑块在B 点 时.F-m g=%K解得塌=30N由牛顿第三定律可得，滑块经过B 点时对半圆形轨道的压力大小为0=30N(2)小滑块不脱离轨道并最终停在A 3两点之间，当动能较小时，滑块

42、不滑上半圆轨道，则有Ek0 fimg。=1.3J当滑块动能较大超过L3J时，滑上圆轨道并返回，则滑上轨道的最大高度不能超过R。设沿圆轨道上滑的高度为，返会水平轨道时，不滑过A 点，则有mgh fjmgk可得h RL=0.26m7?所以动能较大时有Ek。=RmgL、+mgh 2.6J所以小滑块不脱离轨道并最终停在AB两点之间，滑块初动能的范围为答案第15页，共 20页Ek(i 1.3J 或 1.3J Ek0 2.6J(3)小滑块从E 点滑入圆筒后紧贴内壁运动时，在竖直方向做自由落体运动解得1t,=-s1 3在水平方向做匀速圆周运动n 2几 r=Vpt解得vE=，m/s(=1,2,3.-.)离开圆

43、筒后，竖直方向的加速度仍为g,则由E 点到落地的时间为2-2R 八，t-I-=0.4sV g离开圆筒后，滑块水平方向以速度“做匀速直线运动，从离开圆筒到落地，水平位移为x=v(Z-r,)=m滑块落在A 3两点之间，则有x=看 m -L2=0.3m可得“4.5m所以滑块在E 点的速度大小为vE=77in/s(=1,2,3,4)22.(1)1.5m/s；(2)0.26J；(3)7 次,5.7s【详解】(1)恒流源和导体棒串联，通过串联负载的电流即是恒流源的输出电流，恒流源就是要保证和它串联的负载电路的电流始终维持在输出电流。导体棒在磁场中运动时产生的电动势对应的感应电流，并不会影响恒流源所产生电流

44、的恒定，因此电路的电流始终保持在0.5A,故导体棒受到向右的安培力为F 次=BIL=0.5N答案第16页，共 20页对棒由动能定理解得VI=1.5m/s(2)当棒与线框发生弹性碰撞，因为两者质量相等，且线框静止，所以二者交换速度，即第 1 次撞后，线框以1.5m/s速度运动，棒静止，当线框右边从4 磁场左边界运动到右边界用时 ，由电磁感应定律豆 二 丝=驾了工驾1&对线框由动量定理 FJAfj=mv-y-1解得v2=1.4m/s同理可得线框左边从d2磁场左边界运动到右边界时线框速度%=1.3m/s；可知每次线框经过磁场山时，速度将减少0.2m/s,线框以归=1.3m/s与挡板弹性碰撞后，以 1

45、.3m/s速度返回，经过磁场心后，速度变为w=l.lm/s,线框以囚速度与棒第二次相碰，由能量守恒可得Q=；mv-；=0.26J(3)棒与线框第2 次碰后，交换速度，棒 以 l.lm/s速度向左运动，线框静止，棒进入力磁场，因安培力不变，棒作匀减速运动，有F我=ma解得a=lm/s2棒在办磁场中位移正 ，9x=-=0.605m-m2a 8答案第17页，共 20页棒在d/磁场减速到速度为0,然后以。反向加速，以l.lm/s速度出力磁场，再与线框碰撞,线框通过向磁场速度减小0.2m/s,则所以再碰5次，总的碰撞次数为7次，棒从力磁场左边界匀加速运动到右边界时间为4=1.5sa棒与线框第2次碰后以w

46、=l.lm/s速度进入力磁场作匀减速直线运动，然后反向加速，用时弓=生=2.2sa同理可得“=1.4sar4=-=0.6sa导体棒在磁场区域I中运动的总时间%=5.7s23.(1)104m/s;0.05m；(2)?乂10个；(3)g.l+0.025p)m,0.1m,0【详解】(1)沿直线通过区域I I,则Eq=qv B解得E%=104m/sB在区域I中运动的半径q%B=m 解得&=0.05m(2)粒子在区域I I中的半径答案第1 8页，共2 0页q2%B=mR解得R2=0.10m根据几何关系可知，在区域I I中运动转过的圆心角为60。_T2 _ 7tmt=1 12 6Bq在区域I中运动的半径q2%8sin 60=二呦-6 0。）R解得甲=。05房根据几何关系可知，在区域I运动转过的圆心角为60。0.0573_T2 _ 兀m，26 3Bq所以从进入区域n到离开区域I运动的总时间答案第19页，共2 0页（3）若撤去区域n的磁场，该粒子以速度%进入区域I I,沿x轴方向2 m在区域I内粒子在磁场中粒子圆周运动转动的半径依旧为N=Q05m因此沿x方向的位移为2=2m再次离开磁场n=%，”竺+产 Am 2 m离开时，x轴坐标x=M+/+吊=(0.1+0.02571)m第二次离开区域n的位置坐标为篇1 +0.025/7）m,0.1m,0答案第2 0页，共2 0页