2021届新高考物理名校地市必刷全真模拟卷5（山东专用）2月解析版.pdf

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1、备战2021年高考物理【名校、地市好题必刷】全真模拟卷（山东专用）2 月卷第五模拟试卷一、单项选择题：本题共8 小题，每小题3 分，共 24分。每个题目只有一个选项符合要求，选对得4 分,选错得0 分。1.（2 0 2 1 山东潍坊市寿光现代中学高三月考）为防范新冠病毒的蔓延，额温枪成为重要的防疫装备。有一种红外测温仪的原理是：任何物体在高于绝对零度（-2 7 3）以上时都会向外发出红外线，额温枪通过红外线照射到温度传感器，发生光电效应，将光信号转化为电信号，计算出温度数据。已知人体温正常时能辐射波长为l O m 的红外光，如图甲所示，用该红外光照射光电管的阴极K时，电路中有光电流产生，得到的

2、电流随电压变化图像如图乙所示，己知=6.6 3 x l 0-3 4 j.s ,e=1.6 x l Ol 9C,则（）甲 乙A.波 长 1 0 gm的红外光在真空中的频率为3X10I4HZB.将图甲的电源反接，一定不会产生电信号C.由图乙数据可知该光电管的阴极金属逸出功约为O.l e VD.若人体温度升高，则辐射红外线的强度减弱，光电管转换成的光电流减小【答案】C【解析】A.红光的频率为/=3 x l Ol 3H zA故 A错误；B.由图甲可知，当加反向电压时，电子受到的力向右，因为电子有一定的初动能，当加的反向电压小于遏止电压，就会有电子到达A极板，此时有电信号；当加的反向电压大于遏止电压，没

3、有电信号，故 B错误；C.由图乙可知，遏止电压为0.0 2 v,故最大初动能线=q U=0.0 2 e V由光电效应方程，有线=吁%计算 得 以 eV,故 c正确；D.若人体温度升高，则辐射红外线的强度增强，光电管转换成的光电流增大，故D错误。故选C。2.（2 0 2 0山东潍坊市高三月考）含有理想变压器的电路如图甲所示，变压器原、副线圈匝数之比4：%=1 0：1,电阻=6=如，电流表、电压表均为理想交流电表，开关s断开，现给变压器原线圈A.流过R的电流的频率为5 H zB.电压表示数为2 2 VC.闭合开关S,电流表示数变大，电压表示数变小D.闭合开关S,电流表示数约为L 5 6 A【答案】

4、D【解析】A.原线圈接入如图乙所示T=0.02 s所以频率为/=1=50HZR变压器只改变交流电压、电流的大小，不能改变频率，故通过 小 的 电流的频率为5 0H z,故A错误；B.原线圈接入电压的最大值是2 2 0V ,所以原线圈接入电压的有效值是（/=110V 2 V理想变压器原、副线圈匝数比为10：1,所以副线圈电压是11夜V,所以电压表的示数为1 1 0 V,故B错误；C.闭合开关后，形成并联电路，电阻减小，电压不变，电压表示数不变，副线圈电流增加，副线圈输出功率增加，根据能量守恒定律，所以原线圈输入功率也增加，原线圈电流增加，电流表的示数变大，故C错误；D.闭合开关后，流经副线圈的电

5、流为,11V 2 A 11V 2 A,A =A +W 2A2 2 2因为卫=4 =1:10故原线圈中的电流为/尸 1.56A即电流表的示数约为L56A,D 正确；故选D。3.（2019山东日照市日照一中高三期中）如图所示是一个透明圆柱的横截面，其半径为R,折射率是3,A B是该截面上的一条直径，今有一束平行光沿A B方向射向圆柱体。若一条入射光线经折射后恰经过B点,则这条入射光线到A B的距离是（）A-R 在 R R-A.2 B.2 C.2 D.3【答案】C【解析】设光线L 经 C 折射后经过B 点，光路如图所示。由几何关系得6（=2/7根据折射定律有sin/3解得 a=60,4=30所以有C

6、D=Rsina R选项C 正确。故选C。A L4.（2020山东潍坊市高三月考）粗糙水平桌面上放一单匝闭合矩形线框如甲所示，线框右半部分处在匀强磁场中，磁感应强度B竖直向下，磁 场 的 左 边 界 与 线 框 交 于M、N两点。已知线框面积S=l（）0cm2,总电阻R=002Q,M、N间距离x=8cm,磁感应强度8按图乙所示变化时（向下为B正方向），线框始终静止不动，则（）A.在f=ls时，线框上M、N两点的电势差的B.在，=1S时，线框受到的摩擦力/=S4NC.在，=2s时，线框中感应电流的方向发生改变D.在f=2s时，线框所受的摩擦力方向发生改变【答案】D【解析】A.由图乙可知，磁通量减小

7、，根据楞次定律线圈产生顺时针方向电流，线框的右边部分相等于电源，故N点相当于电源正极，M点相当于电源负极，则有故A错误；B.由法拉第电磁感应定律可得 A B S（-2-2）x1x100 x10E=-=-&-t Ar 4V=-5X10-3V在，=ls时，线框受到的安培力大小为p 5x107F=BIL=Bx=lx-x 0.08N=0.02NR 0.02则线框受到的摩擦力/=F=2 N,故B错误;C.由选项B的分析可知1 BS _ kSR R X R kt-R其中k为图乙的图象斜率不变，线框面积S和电阻/?不变，则电流不变，故C错误；D.由图乙可知，在t=2s时，磁感应强度方向改变，由于电流不变，根

8、据左手定则可知，此时线框所受安培力方向发生改变，因此摩擦力发生也发生改变，故D正确。故选D。5.（2020.山东淄博市.高三月考）如图所示，某同学用细线吊着质量为根的小球做圆锥摆运动，摆长为乙，摆线与竖直方向的夹角6=30。，若该同学通过细线对小球做功，使摆线与竖直方向的夹角增大为6 0 ,小球仍做圆锥摆运动，重力加速度为g。此过程保持悬点的高度不变，则该同学通过细线对小球做的功为（)【答案】A锥角未变化前，运动半径为细线的拉力和重力的合力充当向心力，故F mg tan 30-m 1-L2解得v：=；gLtan3（）o=1 gL悬点到小球运动平面的高度为%=L1 2锥角变化后，小球的运动半径为

9、r-L2根据牛顿第二定律可得F-m g t a n 6 0 解得尺=f g L t a n 6 0 =g g L悬点到小球运动平面的高度为儿=-L2故细线对小球做功为1 （5 百+3）W=A Ek+5=,皿*_#）+机g（4 _4）=m gL故选A o6.（2 0 2 0.山东高三月考）在平直的公路上行驶的甲车和乙车，其位移时间图像分别为图中直线和曲线，已知乙车做匀变速直线运动，当 r=2 s 时，直线和曲线刚好相切，下列说法中正确的是（）A.甲、乙两车均做减速运动B.r=0 时，乙车的速度大小为4 m/sC.乙车的加速度大小为2 m/s?D.曲线与横坐标的交点为4.5s【答案】B【解析】A.

10、在 x-f图象中，斜率表示速度，根据图象可知，甲的斜率不变，速度不变，乙的斜率减小，速度减小,故做减速运动，故 A 错误；B.由图可知，G 2s时刻两车的速度均为6，c，%=m/s=2m/s2 3r=2s时刻对应的x=2m,则位移s=6 m,由%+匕 r _,I-2可得vo=4m/s选 项 B 正确；C.乙车的加速度大小为a=二 为=m/s2=-lm/s2t2即加速度大小为lm/s2,选项C 错误；D.结合逆向思维可知，曲线与横坐标的交点为选项D 错误。故选B。7.（2020.山东高三一模）喷墨打印机的简化模型如图所示，墨计微滴（重力不计）从墨盒喷出，经带电室带负电后，以速度v 沿轴线垂直匀强

11、电场飞入极板间，最终打在纸上，纸面关于轴线对称，通过调节信号输入使微滴可以带不同的电荷量4,改变偏转电压U 及两极板的极性均可改变墨汁微滴打在纸上的位置，乃至能够恰好使微滴可以打在纸上的最高点和最低点。如 果 极 板 长 度 为 板 间 距 离 为 止 极板右端到纸面L的距离为2,纸张最高点到最低点的距离为2 d,则（）A.在微滴带负电时，要使微滴打在纸张的下部，应使上极板为正极B.如果板间电压一定，要使微滴打在纸张上时的偏移量加倍，则微滴的电荷量要加倍C.如果以中央轴线为准，上下增大板间距离，可以提高微滴偏移的灵敏度mdv2q=D.要使微滴打在纸张的最高点或最低点，则微滴带电荷量与板间电压的

12、关系应满足 以【答案】B【解析】A.如果上极板是正极，则板间电场方向向下，由于微滴带负电，则微滴所受电场力向上，故会往上偏打到纸张的上部，A 错误;B.微滴在电场中做类平抛运动，由L=w,A1 2 1 qu 2Ay,=-a r-r1 2 2 md解得鬻 仁）=舞由射出电场时速度方向的反向延长线过水平位移的中点，可得-2-L=3嬴%为微滴在纸张上的偏移量，即Ac A qUl3%=2%=-在 U-定时，有4 2 8 9,故如果板间电压一定，要使微滴打在纸张上的偏移量加倍，则微滴的电荷量要加倍，B 正确；C.由A_qU?A1必必一知在保持其他条件不变的情况下，”,则板间距离增大，微滴的偏移量减小，说

13、明微滴偏移的灵敏度降低，C 错误；D.当微滴在纸张上的偏移量为d 时，即有qUI?=7Tmav解得quCD 错误。故选B8.（2021山东潍坊市寿光现代中学高三月考）新冠肺炎疫情期间，无人机发挥着非常重要的作用，可利用无人机空投药品，将药品送到隔离人员手中。在某次无人机竖直送货中，无人机的质量M=1.5kg,货物的质量帆=lk g,无人机与货物间通过轻绳相连。无人机从地面开始加速上升一段时间后关闭动力，其运动X 图像如图所示。无人机所受阻力恒定，不考虑货物受到的阻力，g 取 10m/s2,下列判断正确的是（）A.无人机上升的最大高度为36mB.无人机所受阻力大小为3NC.无人机所受的升力大小为

14、30ND.加速阶段绳的拉力大小为12N【答案】D【解析】A.无人机上升的最大高度为x=x 7 x 12m=42m2A 错误；B.无人机减速上升的加速度为12 0.2 I.,2a,=-m/s=12m/s-7-6无人机所受阻力大小为/+(m+A/)g=(/n+A/)a,解得了 =5N,B错误；C.无人机加速上升的加速度为a.=-1-2-0-m/s.2=20m/sd1 6-0无人机所受的升力大小F 为解得尸二3 5 N ,c错误；D.加速阶段绳的拉力大小为FT-mg=mal解 得 耳=1 2 N ,口正确。故选D。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题4 分，共 16分。每小题有多个选项符合题目要求

15、。全部选对得4分，选对但不全的得2 分，有选错的得0 分。9.（2 0 2 0 山东临沂市高三月考）如图所示是一提升重物用的直流电动机工作时的电路图，某时刻重物的速度 为 lm/s加速度为a=l m/s?,电动机内电阻尸:“。，电路中另一电阻R=1 0 C,直流电压U=1 6 0 V,电压表示 数 Uv=H0 V,（g 取 1 0 m/s2）,下列说法正确的是（）M)(VA.通过电动机的电流为5 AC.该重物的质量为2 5 k gB.通过电动机的电流为1 1 AD.该重物的质量为2 7.5 k g【答案】A C【解析】A.由电路中的电压关系可得电阻R的分压=（160-110）V=50 V流过电

16、阻R的电流/=5AR RA 正确：B.即通过电动机的电流=A?=5 AB错误；C D.电动机的分压UM=%=U 0 V输入电动机的电功率W/“UM=550W电动机的发热功率私=/J r=275W电动机输出的机械功率%=4一2=275WF-mg=ma又因之=力所以m 25 kgD 错误C 正确。故选AC10.（2020山东淄博市高三月考）2020年 11月 2 4 日，嫦娥五号探测器在文昌航天发射场发射成功，将实施无人月面取样并返回，这是我国探月工程首次执行返回任务。嫦娥五号探测器由轨道器、返回器、着陆器、上升器等多个部分组成。探测器完成对月球表面的取样任务后，样品将由上升器携带升空进入环月轨道

17、，与环月轨道上做圆周运动的轨道器返回器组合体（简 称“组合体”）对接。为了安全，上升器与组合体对接时，必须具有相同的速度。已知上升器（含样品）的质量为 相，月球的质量为“，半径为R,组合体到月球中心的距离为广。取上升器与月球相距无穷远时引力势能为零，它们距离为r 时，引力势能为 GMm卜,_-r,不计月球自转的影响（）陛A.上升器要绕月飞行的最小发射速度为V陛B.组合体在环月轨道上做圆周运动的环绕速度为Y-c.上升器从月球表面到返回组合体过程中引力势能的变化量为 D.上升器从月球表面返回并与组合体成功对接需要的能量至少为 2厂）【答案】BCD【解析】A.上升器要绕月飞行的最小发射速度即为近月轨

18、道运行速度，则有Mm v.2G =mR2 R解得匕=GM故 A 错误:B.组合体在环月轨道上做圆周运动时，有-Mm v2G=mr r解得GM故 B 正确;C.上升器从月球表面到返回组合体过程中引力势能的变化量为八耳二一GMm(GMm、_ _葭(1=GMm-5 r)故 C 正确;D.上升器从月球表面返回并与组合体成功对接需要的能量至少为E=AEp+AEk=GMt(1 1 AGMm-2rJ故 D 正确。故选BCD.11.（2020山东青岛市高三期中）如图，绝缘光滑圆环竖直放置，。、氏 c 为三个套在圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c 位于圆环最高点，讹 连线与竖直方向成60。角，加连线与竖

19、直方向成30。角，三个小球均处于静止状态。下列说法正确的是（）A.a、b 小球带同种电荷，与 c 球电荷电性相反也B.小 b 小球电量之比为9C.a、b小球质量相等D.”小球质量小于。小球质量【答案】ABC【解析】A.对c受力分析可知，。受到竖直向下的重力、圆环对c的竖直向卜一的支持力以及。与匕对c的库仑力，其中重力与支持力的方向在竖直方向上，水平方向有。对c的库仑力的分力与6对。的库仑力的分力，由共点力平衡的条件可知，与人对c的作用力都是吸引力或都是排斥力时c才能平衡，所以。与6的电性必定是相同的；与b带同种电荷，它们之间的库仑力是斥力，对a受力分析可知，a受到竖直向下的重力，和圆环沿半径向

20、外的支持力以及、。对。的库仑力，重力的方向在竖直方向上，水平方向有支持力的向左的分力，。对a的库仑力向左的分力、。对的库仑力的分力，若a要平衡，则c对a的库仑力沿水平方向的分力必须向右，所以c对。的作用力必须是吸引力，所以c与a的电性一定相反。所以、小球带同种电荷，与c球所带的电性相反。所以选项A正确；B.设圆环的半径为R,a、b、c三个小球的带电量分别为%、%、%,由几何关系可得ac=R,bc=3R。与6对c的作用力都是吸引力，它们对。的作用力在水平方向的分力大小相等，则左 色 驾 sin 60?Z 变sin30?(ac)(be)所以幺=如%一 9所以选项B正确；C D.把a、6两小球看作一

21、个整体，a、6两小球在圆环上滑动时可看作a、6连线为一个杠杆，c球所在位置为支点，两球绕c旋转，所以。、整体处于杠杆平衡，受力分析发现，只有。、力自身的重力是让、6杠杆旋转的力，画出两力的力臂并由几何知识可得所以杠杆平衡方程为ma8la=g,glb所以有恤=mh即C项正确，D项错误。故选ABC。12.(2020山东高三二模)一列简谐横波在片3 s时的波形图如图。所示，p、Q是介质中的两个质点，图6是质点。的振动图象。则()VB.该列波的波速是1.8m/sBC.在 仁 3 s 时质点。的 位 移 为 2 AD.质点P 的平衡位置的坐标x=3cm【答案】ACD【解析】A由图可知，/=3 s 时，质

22、点。向上振动，因此波沿x 轴负方向传播，A 正确;B.由图4、6 可知4=36cm=0.36m,T=2s因此波速度v=0.18m/sTB 错误；C.质 点。从平衡位置开始振动，在 x 3 s 时质点。的位移Z.2兀+6 Ay=Asin t-A-T 2C 正确；兀D.由图可知，O P间相位差恰好为1 ,因此O P的距离71d=x A-3cm2乃D 正确。故选ACDo三、实验题：本题共2 小题，第 13题 6 分，第 14题 9 分，共 15分。13.（2021济南大学城实验高级中学高三月考）坐位体前屈（Sit And R each,图一）是大中小学体质健康测试项目，它的测试目的是测量在静止状态下

23、的躯干、腰、髅等关节可能达到的活动幅度，主要反映这些部位的关节、韧带和肌肉的伸展性和弹性及身体柔韧素质的发展水平。|3 2 1 0-1川 小 山 川|1|川 丫 1 1 1|川|川 1|小 山|男生坐位体前屈单项评分表（单位：厘米）等级雉项得分高高二高三优秀10023 624.324.69521.522.422.89019.420.521良好8517218.319.1801516.1172及格7813.614.715.87612213314.47410.811.913729.410511.67089.1102686.67.78.8665.26.37.4643.84.96622.43.54.66

24、012.132不及格5001.12240-10.11230-2-0.90220-319-0.810-4-2.9-1.8图一图二图三（1）图一为某高二男生按标准动作将游标推至位置（图二），该同学成绩为 c m；参考评分表（图三）,该生得分;（2）若该男生没有按标准动作完成（某老师恰好用手机连拍功能3 0 帧/秒记录下来），而是将游标由0刻度位置向前猛推，游标运动至图四位置离开双手，又滑行一段距离停下，刚好达到1 0 0 分。若猛推过程游标可视为匀加速，其一段时间内的连续位置（虚线所在处）简化为图五，则猛推过程游标的加速度为m/s2,游标离手滑行过程摩擦力视为不变，试估算游标与标尺之间的动摩擦因数

25、为（g=1 0 m/s2）（结果均保留两位有效数字）。|1|)987,(|,|川|网|?|川|卜“I 川|,|”图四【答案】3.6 0 6 2 7.2图五0.5 1【解析】（1）读图可知，该同学的成绩为3.6 0 c m；根据表格可知，该同学的得分为6 2；（2）利用逐差法可计算得 2=解得a =A x =(3.0 0-1.4 0)-(1.4 0-0.6 0)x l o_2=72m/s2T2 n V1 3 0,设游标运动至图四位置离开双手时的速度为V,可通过匀变速时位移与速度的公式得v2=2ax解得v=2ax=1.2 m/s此后游标开始做匀减速运动，根据表格可知，游标做匀减速运动的位移为A r

26、1=0.2 4 3-0.1 =0.1 4 3 m设游标做匀减速运动时的加速度为 ，则可得2 W=0-y解得t z*=-5.1 m/s2受力分析得f -pimg=ma解得 =0.5 11 4.(2 0 2 0.山东潍坊市.高三月考)某同学设计实验测量一未知型号电池的电动势和内阻。(1)他先用多用表直流电压1 0 V档直接接在该电池两极粗测电动势，读数如图甲，读出电源电动势为_ _ _ _ _ _ _ _ _V；甲(2)为了更准确地测量该电池的电动势和内阻，他从实验室里仅找到了下列实验器材:A.电流表入，量程0-6A,内阻4=L 5 QB.电流表八2,量 程1 0 0 m A,内阻&=2 0。C.

27、滑动变阻器R/-(0 5。)D.定值电阻4 =5。E.定值电阻&=5 0 QF.开关一个、导线若干(3)该同学设计了如乙图的实验电路:定值电阻R应当选择；(填 K”或“&)闭合电键，调整滑动变阻器触头位置，把电流表A 1、的读数记做,1,电流表人2的读数记做4 ,记录多组实验数据如下：组别123456A(A)0.5 40.4 80.4 30.390.370.3 54 (m A)02 2.93 9.15 1.56 1.36 9.1根据图丙，测得该电池的电动势七=V,内阻尸=(结果均保留两位有效数字)【答案】3.6 /?i 3.8 .4 5 0.6 5之间【解析】(1)直流电压1 0 V档测量时，

28、最小刻度为0.2 V,根据读数可知电源电动势为3.6 V。(3)由于回路中最大电流不可能超过0.6 A,而电动势为为3.6 V,根据欧姆定律，可知定值电阻应选凡。根据闭合电路欧姆定律/,(彳+4+)+I2r2=E整理可得._ E r2J ,屏前正中央有一点状粒子放射源。，放射源。与荧光屏A B恰构成等边三角形，A O B区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为瓦现使放射源在N A O 3范围内向各个方向以速度%发射带负电粒子，其中沿。A方向发射的粒子恰能垂直打在荧光屏上。不计粒子重力，求：（1）粒子的比荷；（2）打到荧光屏上的粒子在磁场内运动时间最长时，运动轨迹所对圆心角的正弦值；（3）

29、荧光屏A B上的亮屏长度；%（4）若自O点发射的粒子速度为2 ,求亮屏长度。-X-X DX-X瓜。姮【答案】（1）3 BL.（2）6 .（3）【解析】（1）粒子运动轨迹如图1,由几何关系知1（6-I）4 5粒子轨迹半径R=-=0 Lcos 60由洛伦兹力提供向心力得Dmvl解得q _ V3v0m 3BL图1设粒子轨迹能与AB相切图3(2)如图2,作 OF LG E ,R=OD与由几何关系知3 LOE=O尸=OG cos30=L =DB2 2故轨迹不能与AB相切，故轨迹过8 点时粒子在磁场中运动时间最长，如图3 所示，设该粒子运动轨迹所对圆心角为2 a,由几何关系可知sin aL一立R 6故sin2a=2sinacos=6（3）由几何关系可知，亮屏长度L.=/?-/?cos300+-12即)=(73-1)1(4)若粒子的初速度丫 =组2由 R知粒子运动的轨迹半径R2若粒子轨迹能与AB相切，则切点离D点的距离应等于R=-L -=DB2 2故粒子轨迹不能与A8相切，即粒子能经过荧光屏上的8点，沿0A方向入射的粒子击中荧光屏的位置最高R=OD由儿何关系知，粒子恰击中。点，故亮屏长度L=DB=LL-2