2019年湖南省娄底市中考物理试卷(教师版).pdf

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1、第 1页（共 23页）2019 年湖南省娄底市中考物理试卷（教师版）年湖南省娄底市中考物理试卷（教师版）一一、选择题选择题（本题共本题共 36 分分每小题给出的选项中每小题给出的选项中，只有一个是正确的只有一个是正确的，每小题选对得每小题选对得 3 分分，错选或未远的得错选或未远的得 0 分分，）1（3 分）下列估算数据最接近事实的是（）A一部华为 5G 手机的质量约 2kgB人体的电阻大约为 36C家用液晶电视机额定功率约 100WD教室门的高度约 180mm【考点】23：质量的估测；63：长度的估测；I9：电阻；JC：额定功率菁优网版 权所有【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，

2、有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、一个苹果的质量约 200g，一部华为 5G 手机的质量与此差不多，在 200g0.2kg 左右。故 A 不符合实际；B、一般情况下人体电阻值在 2 千欧20 兆欧范围内，通常情况下大约为 10000故 B不符合实际；C、家用液晶电视机正常工作的电流约 0.45A，其功率在 PUI220V0.45A100W 左右。故 C 符合实际；D、老师的身高约 170cm，教室门的高度略大于此数值，在 200cm2000mm 左右。故 D不符合实际。故选：C。【点评】物理与社会生活联系紧密，多了解一些生活中的常见量的值可

3、帮助我们更好地学好物理，同时也能让物理更好地为生活服务。2（3 分）关于声现象的说法正确的是（）A物体的振幅越大音调越高B声音在真空中的传播速度是 340m/sC打雷时捂住耳朵可以防止雷声的产生D地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波的产生【考点】9E：超声波与次声波菁优网版 权所有第 2页（共 23页）【分析】（1）音调的高低与物体的振动频率有关，响度大小与振幅有关；（2）声音不能在真空中传播；（3）减弱噪声的途径有三个，即在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱；（4）据课本可知，地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生；【解答】解：A、物体的振幅越大，响度越大，故 A 错误；B、声音不

4、能在真空中传播，故 B 错误；C、打雷时捂住耳朵可以减弱进入耳朵的声音，不能防止雷声的产生，故 C 错误；D、据课本可知，地震、火山喷发等自然现象都伴有次声波产生，故 D 正确。故选：D。【点评】此题考查了声音的产生、声音的传播、响度的影响因素等知识点，是一道综合题。3（3 分）清代诗人袁枚的苔：“白日不到处，青春恰自来。苔花如米小，也学牡丹开”其中“白日不到处”主要涉及的物理知识是（）A光的直线传播B光的反射C光的折射D光的色散【考点】A2：光在均匀介质中直线传播菁优网版 权所有【分析】光在同一种均匀介质中沿直线传播。【解答】解：“白日不到处”，就是太阳照不到的地方，这是由光的直线传播形成的

5、。故选：A。【点评】本题主要考查光的直线传播，是一道基础题。4（3 分）用一段细铁丝做一个支架作为转动轴，把一根中间戳有小孔（没有戳穿）的饮料吸管放在转动轴上，吸管能在水平面内自由转动（如图所示）。用餐巾纸摩擦吸管使其带电，将带负电的橡胶棒靠近带电吸管的一端时，发现吸管被推开，下列说法正确的是（）A吸管和橡胶棒带异种电荷B吸管和餐巾纸摩擦后，两者带同种电荷第 3页（共 23页）C吸管和餐巾纸摩擦时，吸管得电子带负电D吸管和餐巾纸摩擦时，吸管失电子带负电【考点】H7：摩擦起电的实质菁优网版 权所有【分析】（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，带电体可以吸引不带电的物体；（2）丝绸摩擦过的玻璃

6、棒带正电；摩擦起电的过程中失去电子的带正电，得到电子的带负电。【解答】解：AB、用餐巾纸摩擦吸管，吸管得到电子是带负电餐巾纸失去电子带负电；把毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，把毛皮摩擦过的橡胶棒放在带电吸管一端的附近，发现吸管被推开，则吸管和橡胶棒带的是同种电荷，吸管带负电；故 AB 错误；CD、用餐巾纸摩擦吸管，使吸管带负电，说明吸管得到电子，吸管束缚电子的能力强一些，餐巾纸失去电子，故 C 正确，D 错误。故选：C。【点评】知道电荷间的相互作用规律是正确解答本题的关键。5（3 分）学习了分子动理论之后，小明总结了很多生活中与分子动理论有关的现象，下列总结中不正确的是（）A“花气袭人知骤暖”说明分

7、子的热运动与温度有关B人造木板黏结剂中的甲醛扩散到空气中造成环境污染C用透明胶带揭下纸上写错的字，是因为胶带与纸之间有相互的斥力D“破镜不能重圆”是分子间的距离太大，作用力变得十分微弱【考点】G1：分子动理论的基本观点菁优网版 权所有【分析】分子动理论基本观点：（1）扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，温度越高，分子运动越剧烈。注意：作答时一定要有“不停地”与“无规则”两个关键词。（2）分子间存在引力和斥力；分子间距离越大，其作用力越微弱。（3）分子间存在间隙。【解答】解：A、花气袭人说明扩散现象很明显，这是因为分子运动更剧烈导致的，温度越高分子热运动更剧烈；故 A 正确。B、一切分子都在

8、不停地做无规则运动，故黏合剂中的甲醛也会有扩散到空气中，从而造成环境污染；故 B 正确。第 4页（共 23页）C、胶带揭下纸上的错字，因为分子间存在引力作用，像胶带，便利贴，都是分子间的引力大于斥力作用；故 C 错误。D、分子间距离越大，分子间作用力越小；当分子间的间距大于分子直径 10 倍时候，分子间的作用力已经微弱到几乎可以忽略。故 D 正确。故选：C。【点评】该题考查分子动理论相关知识。6（3 分）如图所示，电源电压保持不变，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片 P 向左移动时，下列说法正确的是（）A通过滑动变阻器的电流变小B电路中的总电流不变C电流表和电压表的示数都逐渐变大D电压表示数与电

9、流表示数的比值不变【考点】IZ：电路的动态分析菁优网版 权所有【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表 A 测滑动变阻器支路的电流，电压表 V 测电源的电压。（1）根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过滑动变阻器的电流变化；（2）利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化；（3）根据欧姆定律可知电压表的示数跟电流表的示数的比值变化。【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表 A 测滑动变阻器支路的电流，电压表 V 测电源的电压。A、当滑动变阻器的滑片 P 向左移动时，接入电路中的电阻变大，由 I可知，通过滑动变阻器的电流变小，故 A 正确；B、因并联电

10、路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过灯泡的电流不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以电路中的总电流变小，故 B 错误；第 5页（共 23页）C、通过滑动变阻器的电流变小，即电流表 A 的示数变小；因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故 C 错误；D、根据 R可知：电压表 V 的示数跟电流表 A 的示数的比值为滑动变阻器接入电路中的电阻，由于接入电路中的电阻变大，所以，电压表 V 的示数跟电流表 A 的示数的比值变大，故 D 错误。故选：A。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应

11、用。7（3 分）下列关于能源与可持续发展及信息传递的叙述中正确的是（）A石油是可再生能源B娄底广播电台发射的电磁波是靠电流的迅速变化产生的C北斗 3 号卫星定位系统传递信息利用的是超声波D太阳内部每时每刻都在发生着核裂变释放巨大的核能【考点】D6：无线电广播的发射和接收；DB：卫星中继通信；K2：能源的分类；K8：太阳能菁优网版 权所有【分析】A、可再生能源是短时间内可以从自然界得到补充的能源，石油是化石能源，短时间没法从自然界得到补充；B、变化的电流可以产生电磁波C、卫星通信是用微波进行通信的，微波是电磁波；D、太阳的内部不断有氢核聚变成氦核，发生的是核聚变反应；【解答】解：A、可再生能源是

12、短时间内可以从自然界得到补充的能源，石油是化石能源，短时间没法从自然界得到补充；故 A 错误。B、迅速变化的电流可以产生电磁波；故 B 正确。C、卫星通信是用微波进行通信的，微波是电磁波；故 C 错误。D、太阳的内部不断有氢核聚变成氦核，发生的是核聚变反应；故 D 错误。故选：B。【点评】本题考查学生电磁波的产生以及电磁波应用、能源分类，太阳能等知识。只要有相关了解，较容易能得出答案。8（3 分）现在各学校都在开展“足球进校园”活动，关于同学们在足球比赛中涉及的物理第 6页（共 23页）知识，下列分析正确的是（）足球鞋底凹凸不平，是为了减小与地面的接触面积，从而减小摩擦力用头顶足球攻门时，头感

13、到疼，说明物体间力的作用是相互的足球能在空中飞行，是因为运动员对飞行的足球仍有力的作用守门员及时截住射门的足球，说明力可以改变物体的运动状态ABCD【考点】6F：力的作用效果；6I：力作用的相互性；6U：力与运动的关系；7I：增大或减小摩擦的方法菁优网版 权所有【分析】增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。物体间力的作用是相互的；一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；力的作用效果包括改变物体的形状、改变物体的运动状态。【解答】解：足球鞋底凹凸不平，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故

14、错误；用头顶足球时，头感到疼，说明力的作用是相互的，故正确；足球能在空中飞行，是因为足球具有惯性，此时足球不再受到运动员的作用力，故错误；守门员一下子抱住射门的足球，足球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动状态，故正确。综上分析，正确的是。故选：C。【点评】此题涉及增大摩擦的方法、惯性现象、力的作用的相互性、力的作用效果等，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。9（3 分）在“探究影响电流热效应的因素”实验中，可通过观察 U 型管中液面高度变化来比较电阻产生热量的多少（如图），以下研究中所采用方法与此相同的是（）第 7页（共 23页）A通过观察小磁针的偏转判定电

15、流周围是否存在磁场B用水流类比电流来建立电流的概念C用温度时间图象来描述固体熔化过程D探究导体电阻大小与横截面积的关系时需保持材料和长度不变【考点】2Q：物理学方法菁优网版 权所有【分析】电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法。【解答】解：在“探究影响电流热效应的因素”实验中，通过观察 U 型管中液面高度变化来比较电阻产生热量的多少，采用了转换法。A、根据小磁针的偏转情况来判定磁场是否存在，采用的是转换法。故 A 符合题意；B、用水流类比电流来建立电流的概念采用的是类比法。故 B 不符合题意；C、用图象描述温度与时间的关系采

16、用的是图象法。故 C 不符合题意；D、探究导体电阻大小与横截面积的关系时需保持材料和长度不变，采用的控制变量法。故 D 不符合题意。故选：A。【点评】本题注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法等探究方法，是中考物理常见题型。10（3 分）下列设备应用到的物理知识解释正确的是（）A验钞机红外线使钞票上的荧光物质发光B体温计利用液体热胀冷缩的原理制成C汽油机压缩冲程中内能化为机械能D电冰箱利用液态制冷剂在冷冻室升华吸热【考点】15：液体温度计的构造与工作原理；1H：汽化及汽化吸热的特点；AU：紫外线；GM：内燃机的四个冲程菁优网版 权所有【分析】（1）根据验钞机是通过紫外线来

17、进行工作的进行解答；（2）常用温度计是根据液体的热胀冷缩来工作的；第 8页（共 23页）（3）四冲程汽油机或柴油机的一个工作循环由四个冲程组成；其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能；（4）冰箱是利用制冷剂在蒸发器、散热器不断发生物态变化进行吸热放热来降低冰箱内的温度的。【解答】解：A、验钞机验钞时，紫外线使钞票上的荧光物质发光。故 A 错误；B、体温计里面装的液体是水银，是根据液体热胀冷缩的性质来工作的，故 B 正确；C、汽油机的压缩冲程是将机械能转化为内能的过程，故 C 错误；D、电冰箱内液态制冷剂在汽化时吸热，即蒸发吸收冰箱内的热量，达到降温致冷的目的，然后再液化放热

18、使制冷剂变为液态，所以电冰箱是利用汽化吸热和液化放热的原理工作的，故 D 错误。故选：B。【点评】本题考查了生活中一些设备中应用到的物理知识，体现了物理与生活的联系，值得我们关注。11（3 分）如图所示，GMR 是一个巨磁电阻，其阻值随磁场的增强而急剧减小，当闭合开关 S1、S2时，下列说法正确的是（）A电磁铁的右端为 N 极B小磁针将顺时针旋转C当 p 向左滑动时，电磁铁的磁性增强，指示灯变暗D当 P 向右滑动时，电磁铁的磁性减小，电压表的示数减小【考点】CE：影响电磁铁磁性强弱的因素菁优网版 权所有【分析】（1）根据安培定则得出电磁铁的两极，根据磁极间的相互作用判断小磁针旋转方向；（2）先

19、分析滑片向右移动时，变阻器的阻值是变大了还是变小了，然后根据欧姆定律得出电流大小变化情况，从而判断出电磁铁的磁场强弱变化情况，进一步得出灯泡亮度的变化。【解答】解：第 9页（共 23页）（1）根据安培定则可知，电磁铁的左端为 N 极，右端为 S 极，根据磁极间的相互作用可知，上侧侧的小磁针将会逆时针旋转，故 AB 错误；（2）闭合开关 S1和 S2，使滑片 P 向左滑动，电阻变小，电流变大，磁场的磁性增强，巨磁电阻的阻值减小，电路电流变大，所以指示灯的亮度会变亮，故 C 错误。使滑片 P 向右滑动，电阻变大，电流变小，磁场的磁性变弱，巨磁电阻的阻值变大，电路电流变小，根据 UIR 可知，灯泡两

20、端的电压减小，电压表示数变小，故 D 正确。故选：D。【点评】在控制电路中，滑片的移动是分析的入手点；在工作电路中，灯泡的亮度是确定电路中电流、电阻变化的一个隐含条件。12（3 分）水上救援需要打捞沉没的货物，我们将该情景简化为如图所示的物理过程，假设物体浸没在水深 h0.5m 的容器底部（非密合），现利用弹簧测力计将物体从水中匀速提出，当物体有一半体积露出水面时，弹簧测力计示数为 3N，当物体全部离开水面后，弹簧测力计示数为 4N，已知水的密度水1.0103kg/m3，取 g10N/g，则（）A物体在水面下的上升过程中所受浮力逐渐减小B物体在容器底部时，受到的浮力为 1NC把物体从容器底部提

21、出水面，拉力对物体需做功 2JD物体的密度为 2.0103kg/m3【考点】8O：阿基米德原理的应用；8P：浮力大小的计算；EC：功的计算菁优网版 权所有【分析】（1）根据浮力大小的影响因素分析解答；（2）利用二次称重法求出物体有一半体积露出水面时受到的浮力，则物体在容器底部时，受到的浮力为其 2 倍；（3）求出在空中匀速将物体提升 0.5m 时拉力做得功；然后比较把物体从容器底部提出水面时受到的平均拉力与在空中匀速将物体提升时拉力的大小，再利用 WFs 判断。第 10页（共 23页）（4）根据 F浮gV排求出物体在容器底部时排开水的体积，然后利用 Gmg 和计算其密度。【解答】解：A、浮力的

22、大小与液体的密度和物体排开液体的体积有关，物体在水面下上升的过程中，水的密度不变，排开水的体积不变，所以根据 F浮gV排可知，所受浮力大小不变。故A 错误；B、由题可知，物体的重力 G4N，当物体有一半体积露出水面时，弹簧测力计示数 F示3N，则此时物体受到的浮力 F浮GF示4N3N1N，故物体在容器底部时，受到的浮力为2F浮21N2N；故 B 错误；C、在空中匀速将物体提升 0.5m 时，拉力做功 WFsGs4N0.5m2J，但物体在水中被提起时，由于受到浮力的作用，拉力小于 4N，所以根据 WFs 知，把物体从容器底部提出水面，拉力对物体需做功小于 2J 故 C 错误。D、物体的质量 m0

23、.4kg，物体浸没在水中时，排开水的体积与物体自身的体积相等，则 VV排2104m3，所以物体的密度2.0103kg/m3故 D 正确。故选：D。【点评】此题考查浮力、功和密度的计算、阿基米德原理和液体压强公式的应用，是一道力学综合题，通过比较，得出把物体从容器底部提出水面时受到的平均拉力与在空中匀速将物体提升时拉力的大小关系是解答此题关键。二、填空题（本题共二、填空题（本题共 24 分，每空分，每空 2 分）分）13（4 分）娄底高铁站的进站通道采用了人脸识别系统（如图所示），识别系统的摄像机可以自动将镜头前 1m 处的人脸拍摄成数码照片传递给设备识别。此系统的摄像机的镜头相当于凸透镜，它的

24、焦距应小于50cm（选填“大于“等于”或“小于”）。第 11页（共 23页）【考点】B8：凸透镜成像的应用菁优网版 权所有【分析】人脸在摄像机镜头前 1m 处被拍摄成数码照片，则物距为 1m，由于摄像机镜头属于凸透镜，根据凸透镜成倒立、缩小实像的条件，可判断凸透镜焦距的大小。【解答】解：摄像机的镜头相当于凸透镜，当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像，已知物距为 1m，则焦距应小于 0.5m，即 50cm。故答案为：凸；小于。【点评】本题主要考查对凸透镜在物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像条件的了解。知道摄像机是根据凸透镜成像的原理制成的，其镜头相当于凸透镜。14（4 分）既可以省力，又

25、可以改变用力方向的滑轮是滑轮组（选填“定滑轮”“动滑轮”或“滑轮组”）；利用一个效率为 90%的杠杆做 100J 的总功，其中额外功是10J。【考点】7W：动滑轮及其工作特点；F4：滑轮（组）的机械效率菁优网版 权所有【分析】（1）用定滑轮和动滑轮组成滑轮组，既可以省力，又可以改变力的方向；（2）知道使用杠杆做的总功和机械效率，利用效率公式求做的有用功，利用杠杆做的额外功等于总功减去有用功。【解答】解：（1）使用定滑轮不能省力，但可以改变力的方向；使用动滑轮可以省力，但不可以改变力的方向；用定滑轮和动滑轮组成滑轮组，既可以省力，又可以改变力的方向；（2）由题知，使用杠杆做的总功 W总100J，

26、90%，由90%可得做的有用功：W有用W总90%100J90%90J，则利用杠杆做的额外功：W额W总W有用100J90J10J。故答案为：滑轮组；10。【点评】本题考查了定滑轮、动滑轮、滑轮组的特点以及额外功的计算，明确有用功、总功、额外功的含义是关键。第 12页（共 23页）15（4 分）某小灯泡上标有“6V 6W”字样，其电流随两端电压变化关系的曲线如图所示，则当小灯泡两端的电压为 2V 时，通过小灯的电流为0.5A，此时小灯泡的电阻为4。【考点】IH：欧姆定律的应用菁优网版 权所有【分析】由图象可知，当小灯泡两端的电压为 2V 时通过的电流，根据欧姆定律求出小灯泡的电阻。【解答】解：由图

27、象可知，当小灯泡两端的电压为 2V 时，通过的电流 I0.5A；由 I可得，此时小灯泡的电阻：R4。故答案为：0.5；4。【点评】本题考查了欧姆定律和电功率公式的简单应用，关键是根据图象读出电压对应的电流。16（4 分）世界上时速最快的真空超导磁悬浮直道试验线于 2018 年底在四川建成，试验线安装在一条特制的真空管道里，测试时可以将单人乘坐的列车模型加速到 400km/h。某次测试时，用时 2.8s，通过 140m 距离将列车模型加速至 360km/h，加速过程中列车模型的平均速度是50m/s，把管道设计成真空是为了减小空气的阻力。【考点】6D：变速运动与平均速度；92：声音的传播条件菁优网

28、版 权所有【分析】（1）根据 v算出加速过程的平均速度；（2）从减小阻力的角度分析解答。【解答】解：（1）加速过程的时间 t2.8s，路程 s140m；加速过程的平均速度：v50m/s；（2）真空超导磁悬浮直道试验线安装在一条特制的真空管道里，把管道设计成真空的目的是为了减小空气的阻力。第 13页（共 23页）故答案为：50；减小空气的阻力。【点评】本题考查了速度公式的应用，难度不大，是一道基础计算题。17（4 分）小亮同学在物理实验室利用托里拆利实验测量大气压强的值，实验时他没有将玻璃管竖直放置，而是稍稍倾斜了，如图所示，则此时大气压强等于750mm 水银柱产生的压强；如果现在在该实验室做“

29、观察水沸腾”的实验，测得水的沸点将低于（选填“高于”、“等于”或“低于”）100。【考点】8F：大气压强的测量方法菁优网版 权所有【分析】在托里拆利实验中，水银柱的高度差应是垂直高度，而不是水银柱的长度；气压高沸点高。【解答】解：图中 750mm 高度才是水银柱的垂直高度，它产生的压强与大气压大小相等；标准大气压下水银柱的高度为 760mm，故此时的气压小于标准大气压，水的沸点低于100。故答案为：750；低于。【点评】此题考查了托里拆利实验中水银柱的观察方法，以沸点于气压的关系，是一道基础题。18（4 分）如图所示，薄壁容器的底面积为 S，重为 G1，内装有密度为，重为 G2的某种液体，深度

30、为 h，容器放置在水平桌面上静止，那么容器底部受到的液体压强为gh，容器对桌面产生的压强为。【考点】86：压强的大小及其计算；89：液体的压强的计算菁优网版 权所有【分析】（1）根据液体压强公式得出底部受到的液体压强。（2）由于桌面受到的压力与容器的总重力相等，则利用 p即可求出压强。【解答】解：第 14页（共 23页）（1）由题知，液体的密度为，深度为 h，则容器底部受到液体的压强：pgh；（2）容器对桌面的压力：FG1+G2，则容器对桌面的压强：p。故答案为：gh；。【点评】本题考查的使学生对液体压强、压力计算公式的理解和掌握。三、作图与实验探究题（本题共三、作图与实验探究题（本题共 20

31、 分，其中分，其中 19、20 题题 2 分，分，21 题题 8 分，分，22 题题 8 分）分）19（2 分）如图所示，S为发光点 S 在平面镜 MN 中所成的像，请在图中画出发光点 S 的位置，并画出一条由 S 点发出，经平面镜反射后通过 P 点的光线。【考点】A8：作光的反射光路图菁优网版 权所有【分析】根据平面镜成像的特点可知，物与像关于镜面对称，首先作出像点 S的发光点 S，连接 PS，与镜面的交点为入射点 O，再画出入射光线 SO。【解答】解：作出像点 S的对称点，即为发光点 S，连接 SP，与镜面的交点为入射点 O，再连接 SO，画上箭头，则 SO 为入射光线，OP 为反射光线。

32、如下图所示：【点评】注意平面镜成像的基本特点是物像关于平面镜的轴对称；所有的反射光线的反向延长线都要过像点。20（2 分）光控开关的作用是有光时，开关断开，无光时闭合：声控开关的作用是有声音时，开关闭合，无声音时断开，请将图中的“光控”、“声控”两个开关和灯泡用笔画线代替导线正确连入电路，要求电灯只在无光且有声音时才亮。第 15页（共 23页）【考点】HU：串、并联电路的设计菁优网版 权所有【分析】由题意可知，电灯只在无光且有声音时才亮，说明两开关不能独立工作即为串联，同时要注意开关要接在火线上，另外还要考虑螺丝口灯泡的连线方法。【解答】解：由题意可知，电灯只在无光且有声音时才亮，则声控开关和

33、光控开关串联共同控制电灯，且开关要接在火线上；图中为螺丝口灯泡，根据安全用电的要求，开关应与灯泡顶端的金属点相连，零线直接接到灯泡的螺旋套上，如下图所示：【点评】本题考查了家庭电路的连接，根据题意得出两开关的连接方式是关键，同时要注意安全用电原则的应用。21（8 分）如图是探究“物体的动能大小与哪些因素有关”的实验装置图，其中，mAmBmC，hAhChB。（1）实验中，探究的动能是指B（填序号）A小球在斜面上的动能第 16页（共 23页）B小球撞击木块时的动能C小球撞击木块后的动能D木块被小球撞击的动能（2）使质量相同的小球从斜面上不同高度处自由滚下，是为了研究动能大小与速度的关系。（3）在做

34、了探究“物体动能大小与哪些因素有关”的实验后，有些同学对“质量不同的小球从同一光滑斜面同一高度由静止开始滚下，刚到达底部时的速度大小相等”有疑惑，小明设计了如图所示的实验：让质量不同的小球 A、C 同时从同一高度由静止开始沿光滑斜面滚下，观察和比较两球相对运动情况，若 C 球相对于 A 球静止（选填“运动”或“静止”），就可以说明任一时刻两球的速度大小相等。表面毛巾棉布木板摩擦力最大较大最小小车运动距离最近较远最远（4）完成实验后，同学们还联想到以前学习牛顿第一定律时，也用到了斜面：让同一小车从同一斜面的同一高度由静止滑下，在三个不同的表面上能滑行的距离不同（如上表），小车在这三个表面上滑行的

35、过程中克服摩擦力做功相等（选填“相等”或“不相等”）【考点】FQ：探究影响物体动能大小的因素菁优网版 权所有【分析】（1）据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小；（2）小球速度的大小是通过改变小球在斜面上的高度实现的，小球动能的大小是通过物体被推动移动的距离体现的；（3）通过运动和静止的相对性分析即可判断；（4）直接比较小车在三个表面上克服摩擦力做功是否相等不好确定，可根据重力势能大小关系及能量的转化分析。【解答】解：（1）据题意可知，实验中探究小球动能，即小球撞击木块时的动能的大小；故选 B；（2）实验表明动能的大小与物体的速度和质量有关；使质量相同的小球从斜面上不同高

36、度处自由滚下，则小球到达水平面时的速度不同，所以，这是为了研究动能大小与物体速度的关系；（3）让质量不同的小球 A、C 同时从同一高度由静止开始沿光滑斜面滚下，观察和比较第 17页（共 23页）两球相对运动情况，若任一时刻两球的速度大小相等，即以任何一个小球为参照物，另一个小球都是静止的，所以若 C 球相对于 A 球静止，就可以说明任一时刻两球的速度大小相等。（5）让小车从同一高度由静止下滑，根据决定重力势能大小的因素可知，最初小车的重力势能相同，下滑到水平面时的动能也相同，在不同的材料表面上运动时，最终停下来后，动能全部转为内能，克服摩擦力做了多少功就有多少动能转化为内能，所以，在三个表面克

37、服摩擦力做功相等。故答案为：（1）B；（2）速度；（3）静止；（4）相等。【点评】明确本实验中研究动能大小的决定因素时运用了控制变量法，反映动能多少时运用了转换法，最后一问有难度。直接比较大小不易出出答案，要从能量转化角度分析。22（8 分）小明设计的“测量小灯泡额定功率”的电路图如图甲，已知电源电压 U 恒为 6V，小灯泡标有“3.8V”字样，它正常发光时通过的电流约为 0.32A。（1）小明按图甲进行电路连接，当他接好最后一根导线时，小灯泡立即发出耀眼的光，接着小灯泡烧坏。请指出小明在连接电路时的错误操作：连接电路时开关没有断开；滑动变阻器滑片 P 在图甲最右端位置。（2）另一组同学也在做

38、这个实验，但开关闭合后，无论怎样移动滑片发现小灯泡都不亮，电流表没有示数，但电压表有示数，请分析造成此现象的可能原因是灯泡断路。（3）小明更换了一个同型号的新灯泡，正确连接电路，闭合开关，移动滑片 P，灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为1.14W。（4）小明还想用已有实验器材测量未知电阻 Rx（约 1）的阻值。当他用电阻 Rx替换小灯泡后，发现电压表已损坏。（注意：其他器材完好、桌上还有一个开关 S1可以使用：滑动变阻器的铭牌模糊不清，其最大阻值约为 15）请帮他完成实验设计：在方框中画出一个能测出 Rx阻值的电路图。【考点】JF：电功率的测量实验菁优网版 权所有【分析

39、】（1）为保证电路安全，连接电路时，开关要断开，滑动变阻器接入电路的阻值第 18页（共 23页）应为滑动变阻器的最大阻值；（2）根据灯泡额定电流的大约值确定电流表的量程和分度值，然后读出图丙的电流值，根据 PUI 求出灯泡额定功率；（3）开关闭合后，电压表有示数说明电压表与电源之间是通路，无论怎样移动滑片发现小灯泡都不亮、电流表没有示数说明电路断路，即电压表并联部分断路；（4）当他用电阻 Rx替换小灯泡后，发现电压表已损坏，若不用滑动变阻器，根据欧姆定律求出电路中的电流，然后与电流表的量程相比较判断出电路需要滑动变阻器，又因滑动变阻器的铭牌模糊不清，实验时应先测出滑动变阻器的阻值，然后再测出

40、Rx的阻值，据此设计电路图。【解答】解：（1）当他连接好所有的导线时，发现小灯泡立即发出耀眼的光，接着小灯泡烧坏，这说明连接电路时开关没有断开，开关闭合前滑动变阻器没有调到最大阻值处；（2）开关闭合后，无论怎样移动滑片发现小灯泡都不亮，电流表没有示数，但电压表有示数，这说明电压表并联部分断路，即原因可能是灯泡断路；（3）由小灯泡标正常发光时通过的电流约为 0.32A 可知，实验时电流表的量程为 00.6A，分度值为 0.02A，所以，图乙中电流表的示数为 0.3A，则小灯泡的额定功率为：PUI3.8V0.3A1.14W；（4）当他用电阻 Rx替换小灯泡后，发现电压表已损坏，若不用滑动变阻器，则

41、电路中的电流 I16A，超出电流表的量程，所以电路中需要串联滑动变阻器，又因滑动变阻器的铭牌模糊不清，其最大阻值约为 15，所以，实验时应先测出滑动变阻器的阻值，然后再测出 Rx的阻值，故设计的电路图如下图所示：第 19页（共 23页）实验步骤：按图示电路图连接电路，闭合开关 S1、S2，移动滑片到适当位置，读出电流表示数 I，则滑动变阻器接入电路中的电阻 R；保持滑片位置不变，再断开开关 S2，读出电流表示数 I，则电路的总电阻 R总，由串联电路的总电阻等于各分电阻之和可得，未知电阻 RxR总R。故答案为：（1）连接电路时开关没有断开；（2）灯泡断路；（3）1.14；（4）电路图如上图所示。

42、【点评】本题考查了测量小灯泡电功率的实验，涉及到实验的注意事项、电路故障的判断、电流表的读数和电功率的计算，难点是最后一问中电路的设计，要注意电源的电压是确定的。四、综合应用题（本题共四、综合应用题（本题共 20 分，其中分，其中 23 题题 8 分，分，24 题题 12 分）分）23（8 分）蛟龙 AG600 水陆两栖飞机是我国自主研制的“三大飞机”之一，被誉为国之重器，AG600 主要用于大型灭火和水上救援，可以从地面起飞和降落，也可以从水面起飞和降落，AG600 空载时质量为 41.5t，最多可储水 12t。（取 g10N/kg，水1.0103kg/m3）求：（1）AG600 空载时的重

43、力是多少？（2）某次试飞后，AG600 储满水后在某湖面上，求其排开湖水的体积。（3）在一次水面滑行测试中，AG600 储一定质量的水，在水面上以 10m/s 的速度匀速滑行了 1min，滑行过程中飞机所受阻力为总重的 0.5 倍，发动机牵引力的实际功率为2500kW，求飞机在这次滑行测试中所储水的质量是多少？【考点】78：重力的计算；8O：阿基米德原理的应用；FG：功率计算公式的应用菁优网版 权所有【分析】（1）已知质量，利用公式 Gmg 得到重力；（2）漂浮的物体，受到的浮力等于其重力；已知浮力和水的密度，利用 V排得到排开水的体积；（3）已知发动机实际功率和匀速滑行速度，可以得到牵引力，

44、进一步得到受到的阻力；根据阻力与重力的关系得到总重量，进一步得到总质量，然后得到储水质量。第 20页（共 23页）【解答】解：（1）AG600 空载时的质量：m41.5t41.5103kg，则受到的重力：Gmg41.5103kg10N/kg4.15105N；（2）AG600 储满水时总质量：m总41.5t+12t53.5t53.5103kg，受到的总重力：G总m总g53.5103kg10N/kg5.35105N；AG600 储满水后漂浮在某湖面上，所以 AG600 受到的浮力：F浮G总5.35105N，因为 F浮液gV排，所以排开水的体积：V排53.5m3；（3）因为 PFv，所以发动机的牵引

45、力为：F2.5105N，由于匀速滑行，所以受到的阻力：fF2.5105N，已知滑行过程中飞机所受阻力为总重的 0.5 倍，即 f0.5G总，所以此时的总重：G总2f22.5105N5105N，此时储水的重力：G水G总G5105N4.15105N0.85105N，则储水的质量为：m水8500kg。答：（1）AG600 空载时的重力是 4.15105N；（2）排开湖水的体积是 53.5m3；（3）飞机在这次滑行测试中所储水的质量是 8500kg。【点评】此题是一道力学综合题，考查了重力的计算、阿基米德原理的应用和二力平衡条件及功率变形公式的应用，综合性较强，计算过程较繁琐，需要认真解答，避免计算出

46、错。24（12 分）小明家某型号电热加湿器的原理图如图甲，R1、R2都是发热电阻，不考虑温度对电阻的影响，且 R23R1；S 为旋转型开关，1、2、3、4 为触点，通过旋转开关 S 可实现“关”、“低挡”、“高挡”之间的切换（低挡为小功率加热，高挡为大功率加热），其部分技术参数如下表。第 21页（共 23页）额定电压（V）220高档发热功率（W）400注水仓最大注水量（kg）3（1）开关处于图示位置，电热加湿器的状态是关（选填“关”“低档”或“高档”）（2）求电热加湿器中 R1的阻值；（3）某次使用加湿器在额定电压下工作，加湿器注水仓中加注冷水已达到最大注水量，其工作 30min 的功率与时间

47、图象如图乙所示，如果电阻 R1在此次高挡加热时产生的热量全部被水吸收，可以使注水仓中冷水的温度升高多少？计算结果保留整数，水的比热容为 4.2103J/（kg）（4）某一天，小明断开家中其他所有用电器，只接通加湿器在低档加热，发现家中3000revs/（kWh）的电能表转盘在 400s 内转了 27 圈，求此时电阻 R2的实际功率是多少？【考点】J5：电能表参数的理解与电能的求法；JK：电功与热量的综合计算菁优网版 权所有【分析】（1）由图甲可知，开关 S 接“1、2”触点时，电路断路，据此判断电热加湿器的状态；（2）由图甲知，开关 S 接“3、4”触点时，电路为 R1的简单电路，电路的总电阻

48、最小，电热加湿器的功率最大，处于高挡，根据 PUI求出电热加湿器中 R1的阻值；（3）由图乙知工作 30min 内高档工作的时间，根据 P求出在高档正常工作时消耗的电能，如果电阻 R1在此次高档加热时产生的热量全部被水吸收，利用 Q吸cmt 求出水升高的温度；第 22页（共 23页）（4）3000revs/（kWh）表示：每消耗 1kWh 的电能，电能表的转盘就转过 3000r，据此求出电能表的转盘转过 27r 时消耗的电能，根据 P求出加湿器在低挡加热的实际功率；由图甲知，开关 S 接“2、3”触点时，R1、R2串联，电路的总电阻最大，电热加湿器的功率最小，处于抵挡，根据电阻的串联和 PUI

49、I2R 求出电路中的电流，利用 PI2R 求出此时电阻 R2的实际功率。【解答】解：（1）由图甲可知，开关 S 接“1、2”触点时，电路断路，电热加湿器的状态是关；（2）由图甲知，开关 S 接“3、4”触点时，电路为 R1的简单电路，电路的总电阻最小，电源的电压一定，由 PUI可知，电热加湿器的功率最大，处于高挡，则电热加湿器中 R1的阻值：R1121；（3）由图乙知，工作 30min 时，其中高档工作时间为 10min，低档工作时间为 20min，由 P可得，在高档正常工作时消耗的电能：W高P高t高400W1060s2.4105J，如果电阻 R1在此次高档加热时产生的热量全部被水吸收，即 Q

50、吸W高2.4105J，由 Q吸cmt 可得，水升高的温度：t19；（4）因 3000revs/（kWh）表示：每消耗 1kWh 的电能，电能表的转盘就转过 3000r，则电能表的转盘转过 27r 时，加湿器在 400s 内消耗的电能：WkWh0.009kWh3.24104J，加湿器在低挡加热的实际功率：P低81W，由图甲知，开关 S 接“2、3”触点时，R1、R2串联，电路的总电阻最大，电热加湿器的功率最小，处于抵挡，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由 PUII2R 可得，电路中的电流：第 23页（共 23页）IA，此时电阻 R2的实际功率：P2I2R2I23R1（A）2312160