2018年湖南省怀化市中考物理试卷(教师版).pdf

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1、第 1页（共 24页）2018 年湖南省怀化市中考物理试卷（教师版）年湖南省怀化市中考物理试卷（教师版）一、选择区（本题包括一、选择区（本题包括 16 小题，每小题小题，每小题 3 分，共分，共 48 分每小题只有一个选项符合题意分每小题只有一个选项符合题意1（3 分）下图中符合安全用电原则的是（）A.雷雨时在大树下躲雨B.在高压线下钓鱼C在同一个插排上同时使用了多个大功率的用电器D发现有人触电时立即切断电源【考点】IV：安全用电原则菁优网版 权所有【分析】（1）雷雨时，躲到大树下避雨容易遭遇电击，不安全；（2）当人体直接或间接接触火线并形成电流通路的时候，就会有电流流过人体，从而造成触电；（

2、3）多孔插座各用电器也是并联的，若电路中的总功率过大，会使电路中的电流过大；（4）触电是人直接或间接地接触火线造成的，发现有人触电后，采取的措施不能让自己直接或间接再接触火线。以防止自己再触电；【解答】解：A、雷雨时，不可以在大树下避雨，要注意防雷电，故 A 错误；B、高压线下钓鱼，鱼线很容易接触到高压线，容易会发生触电，故 B 错误；C、在同一个插座上同时使用了多个大功率的用电器，会使干路中的电流过大，容易发生第 2页（共 24页）电路火灾，故 C 错误；D、当发现有人触电时，应该立即采取的措施是：迅速切断电源或用绝缘体挑开电线，不能用手拉开电线和触电的人，这样自己也会触电，故 D 正确。故

3、选：D。【点评】本题考查的是日常生活中的一些安全用电常识，关键是了解安全用电的基本原则。2（3 分）在北京 8 分钟的节目中，憨态可掬的大熊猫令人忍俊不禁。这只大熊猫是用一种特殊的铝合金材料制成的，它的高为 2.35m，质量却只有 10kg，它利用了铝合金的哪一种性质（）A质量小B密度小C比热容小D导热性能好【考点】2I：密度的应用与物质鉴别菁优网版 权所有【分析】根据可知，材料的体积相同时，密度越小，质量越小，据此分析即可解答。【解答】解：由题知，大熊猫是用一种特殊的铝合金材料制成的，它的高为 2.35m，质量却只有 10kg，也就是说它的体积很大，质量很小，根据可知，材料的体积相同时，密度

4、越小，质量越小。所以它利用了铝合金密度小的性质。故 ACD 错误，B 正确。故选：B。【点评】此题考查密度的应用与物质鉴别，密度作为物质的一种特性，常用来鉴别物质，解答本题时需要紧扣题目中“大熊猫”高度大，质量小的特点进行分析。3（3 分）下列事例中不是利用大气压工作的是（）A用塑料管吸饮料B用抽水机抽水C用注射器将药液注入病人体内D钢笔吸墨水【考点】8J：大气压的综合应用菁优网版 权所有【分析】大气压的存在能够解释很多现象，这些现象有一个共性：通过某种方法，使设备的内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下出现了这种现象。【解答】解：A、用力一吸气，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在外界大

5、气压的作用下，被压入口腔内。利用了大气压。故 A 不合题意；B、抽水机抽水，通过活塞上移或叶轮转动使抽水机内水面上方的气压减小，水在外界大第 3页（共 24页）气压的作用下，被压上来，利用了大气压，故 B 不合题意。C、用注射器将药液注入病人体内是利用人的压力将药液注入人体肌肉的，不是利用大气压来工作的，故 C 符合题意。D、用力一按橡皮囊，排出了里面的空气，当其恢复原状时，橡皮囊内部气压小于外界大气压，在外界大气压的作用下，墨水被压入钢笔内，利用了大气压。故 D 不合题意。故选：C。【点评】本题考查大气压的有关问题，物理学习的过程中，要多注意观察身边的物理现象，尽可能的用我们所学过的知识去试

6、着解释。4（3 分）自然界中有些能源一且消耗就很难再生，因此我们要节约能源。在下列能源中属于不可再生能源的是（）A水能B风能C太阳能D煤炭【考点】K2：能源的分类菁优网版 权所有【分析】能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源。根据可再生能源和不可再生能源的特点来作答。【解答】解：ABC、水能、风能、太阳能，能够源源不断的从自然界得到，属于可再生能源，故 ABC错；D、煤炭属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源，故 D 正确。故选：D。【点评】本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。5（3

7、分）下列图象中，表示物体做匀速直线运动的是（）ABCD【考点】6C：匀速直线运动菁优网版 权所有【分析】物体做匀速运动时，路程与时间成正比，速度大小不变。对于 st 图象，要读第 4页（共 24页）出随着时间的变化路程如何变化，从而找到符合匀速直线运动的图象。【解答】解：A、表示随着时间的增大，路程也在变大，路程与时间成正比，物体做匀速运动，选项符合题意；B、表示随着时间的增加，路程不变，说明物体保持静止，选项不符合题意；C、表示随着时间的增大，路程越来越大，但是路程与时间不成正比，物体不做匀速运动，选项不符合题意；D、表示随着时间的增大，路程越来越小，但是路程与时间不成正比，物体不做匀速运动

8、，选项不符合题意；故选：A。【点评】图象能直观形象地表示两个物理量之间的变化规律，是物理上常用的研究物理物体的方法，分析图象时，看清楚图象中的横坐标和纵坐标所代表的物理量，再根据图象的形状判断物理量间的关系或变化规律。6（3 分）如图是用刻度尺测长度的实验，所记录的测量结果正确的是（）A5.3cmB5.25cmC3.25cmD3.3cm【考点】64：长度的测量菁优网版 权所有【分析】（1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其零刻线、量程和分度值；（2）刻度尺上最小的一格代表的长度是此刻度尺的分度值；使用刻度尺测量物体长度时，测量结果要估读到分度值的下一位。【解答】解：（1）使用刻度尺前要注意观

9、察它的零刻线、量程和分度值；（2）由图知，在 1cm 之间有 10 个小格，所以一个小格代表 1mm，即该刻度尺的分度值为 1mm；测量时起始端没从 0 开始，把 2.00cm 处当作“0”刻度，右侧示数为 5.25cm，减去 2.00cm即为物体长度，物体的长度为 5.25cm2.00cm3.25cm。故选：C。【点评】刻度尺是初中物理中基本的测量工具，使用前要观察它的量程和分度值，使用时刻度要紧贴被测物体，读数时视线与刻度垂直，估读到分度值的下一位。第 5页（共 24页）7（3 分）声音对我们来说再熟悉不过了，下列关于声音的说法正确的是（）A声音是由物体振动产生的B戴耳罩是为了在声源处减少

10、噪声C根据音调的高低辨别不同的乐器D声波能传递信息，但不能传递能量【考点】91：声音的产生；9H：音色；9L：防治噪声的途径；9M：声与信息；9N：声与能量菁优网版 权所有【分析】（1）一切声音都是由物体的振动产生的，当振动停止，发声也停止；（2）减弱噪声的方法有：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱；（3）声音有三个特征，即音调、响度 和音色，我们一般利用音色来区分和辨别物体；（4）声音即能传递信息，又能传递能量。【解答】解：A、声音是由物体振动产生的，当振动停止，发声也停止，故 A 正确；B、戴耳罩是为了在人耳处减弱噪声，故 B 错误；C、我们能辨别不同乐器发出的声音，

11、这是根据发声体的音色不同进行判断的，故 C 错误；D、声音即能传递信息，又能传递能量，故 D 错误。故选：A。【点评】本题考查学生对防治噪声的途径、声音的产生、声音的特征、声音的利用等多个知识点的理解，此题属于中考中常见的综合性题目，属于识记性内容，比较简单。8（3 分）在 2018 年 2 月 19 日的平昌冬奥会上，中国选手高亭宇以 34 秒 65 的成绩获得男子速滑铜牌。这是冬奥速滑史上中国男子获得的首枚奖牌。下列选项中错误的是（）A高亭宇速滑时用力蹬地，身体迅速前进，是利用了物体间力的作用是相互的B溜冰鞋上的冰刀是为了减小压强C高亭宇到达终点时不能立即停下来，是因为他具有惯性D当高亭宇

12、站在领奖台上时，他所受的重力跟支持力是一对平衡力【考点】6I：力作用的相互性；6L：惯性；6S：平衡力和相互作用力的区分；84：增大压强的方法及其应用菁优网版 权所有【分析】（1）物体间力的作用是相互的；（2）增大压强的方法：在受力面积一定时，增大压力；在压力一定时，减小受力面积；第 6页（共 24页）（3）一切物体都有保持原来运动状态不变的性质，叫惯性；（4）二力平衡的条件是：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上。【解答】解：A、高亭宇速滑时用力蹬地，同时地面给人一个反作用力，利用的是力的作用是相互的，身体迅速前进，故 A 正确；B、滑冰鞋上的冰刀很薄，是在压力一定

13、的情况下，通过减小受力面积，增大压强，故 B错误；C、高亭宇到达终点时不能立即停下来，是因为他具有惯性，仍要保持原来的运动状态，故 C 正确；D、当高亭宇站在领奖台上时，他受到的重力与领奖台对她的支持力，二力符合二力平衡的条件，因此二力是平衡力，故 D 正确。故选：B。【点评】此题考查惯性、力的作用的相互性、平衡力以及增大压强的方法，是一道综合性较强的题目，但难度不大，属于基础题。9（3 分）下列现象中不能说明分子做无规则运动的是（）A扫地时灰尘飞舞B车加油时，能闻到汽油味C加了白糖的水会变甜D秋天，桂花飘香【考点】GV：分子的运动菁优网版 权所有【分析】要解答本题需掌握：扩散现象是分子运动，

14、以及机械运动和分子运动的区别。分子是看不见的。【解答】解：A、尘埃在空中飞舞，是固体小颗粒的运动，不是分子的运动，分子是看不见的，故 A 符合题意；B、车加油时，能闻到汽油味是汽油分子不停地做无规则运动的结果，故 B 不符合题意；C、加了白糖的水会变甜，是白糖分子不停地做无规则运动的结果，故 C 不符合题意；D、桂花飘香是香气分子不停地做无规则运动的结果，故 D 不符合题意；故选：A。【点评】此题考查分子和固体小颗粒的区别，我们需要注意的是分子是看不见的。第 7页（共 24页）10（3 分）下列现象中属于升华现象的是（）A深秋，路边草上的霜B夏天，吃冰棒凉快C冬天出现的浓雾D结冰的衣服时间久了

15、也能干【考点】1Q：生活中的升华现象菁优网版 权所有【分析】要判断出属于升华的物态变化，首先要弄清升华的特点，升华是物体由固态变为气态的过程，可根据四个选项中所给物理现象的特点来进行判断。【解答】解：A、深秋，路边草上的霜，是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故 A 错误；B、夏天，吃冰棒凉快，是因为冰棒熔化吸热，降低人体的温度，故 B 错误；C、冬天出现的浓雾，是空气中水蒸气遇冷由气态变成液态的水，是液化现象，故 C 错误；D、结冰的衣服时间久了也能干，是固态的冰吸热直接变成气态的水蒸气，是升华现象，故 D 正确。故选：D。【点评】此题考查的是物态的几种变化；熔化和凝固、汽化和液化、升华和

16、凝华是相反的过程。11（3 分）下列各电路图中完全无误的是（）第 8页（共 24页）ABCD【考点】HQ：根据实物图画电路图菁优网版 权所有【分析】电压表是测量电源电压或用电器两端电压的仪表，电压表要并联在电路中，并且电流从正接线柱流入、从负接线柱流出；电流表是测量电路中电流的仪表，电流表要串联在电路中，并且电流从正接线柱流入、从负接线柱流出。【解答】解：A、图中电流表与灯并联，故 A 错；B、图中电压表与灯串联，故 B 错；C、图中电压表虽然与灯并联，但电流从负接线柱流入、从正接线柱流出，故 C 错；D、图中电流表与灯串联，并且电流从正接线柱流入、从负接线柱流出，连接正确，故 D正确。故选：

17、D。【点评】本题考查了电流表和电压表的连接方法，属于基础题目。12（3 分）如图所示，当滑片向左滑动时连入电路的电阻变大的是（）ABCD【考点】ID：滑动变阻器的使用菁优网版 权所有【分析】滑动变阻器使用时，接线柱的选取要一上一下。滑动变阻器接入电路中电阻的第 9页（共 24页）大小取决于电阻丝接入电路的长度，要使滑片向左滑动时连入电路的电阻变大，就要使电阻丝接入电路的长度变长，由此入手分析。【解答】解：A滑动变阻器的左下方接线柱和左上方接线柱接入电路中，当滑片向左滑动时，电阻丝接入电路的长度变短，所以电阻变小，故 A 不符合题意；B 滑动变阻器的两个上方接线柱接入电路中，此时滑动变阻器接入电

18、路的电阻为零且不变，故 B 不符合题意。C 滑动变阻器的两个下方接线柱接入电路中，此时滑动变阻器接入电路的电阻最大且不变，故 C 不符合题意；D滑动变阻器的左上方接线柱和右下方接线柱接入电路中，当滑片向左滑动时，电阻丝接入电路的长度变长，所以电阻变大，故 D 符合题意。故选：D。【点评】本题考查了滑动变阻器的使用，要注意滑动变阻器的滑片移动时，其接入电路的阻值变化，取决于它所选取的下面的接线柱是哪一个，上面的两个接线柱实质上是一个。13（3 分）如图所示，开关闭合，两个灯泡都不发光，电流表指针几乎不动，而电压表指针有明显偏转，该电路故障可能是（）A电流表开路，并且 L1、L2灯丝断了BL1灯丝

19、断了C灯泡 L2开路D灯泡 L1短路【考点】IE：电流表、电压表在判断电路故障中的应用菁优网版 权所有【分析】闭合开关两灯都不亮，原因有两个：断路或短路。已知两灯串联都不亮，所以不可能是一灯短路，只能是断路。【解答】解：A、如果电流表开路，两只灯泡 L1、L2灯丝断了不能发光，电压表、电流表无示数。不符合题意；第 10页（共 24页）B、如果灯泡 L1灯丝断了，两只灯泡都不发光，电流表无示数，电压表测量电源电压指针偏转。符合题意；C、如果灯泡 L2开路，两只灯泡都不发光，电压表、电流表都无示数。不符合题意；D、如果灯泡 L1短路不能发光，L2能够发光。不符合题意。故选：B。【点评】用电压表检验

20、电路故障时，将电压表与用电器并联，如果电压表无示数，可能是并联的用电器短路或其它部分断路；如果电压表有示数且较大（接近电源电压），可能是并联的用电器断路或其它部分短路。14（3 分）下列技术应用中，不是利用电磁波工作的是（）A利用微波雷达跟踪飞行目标B利用北斗导航系统进行定位和导航C用手机打电话D利用声呐系统探测海底深度【考点】D2：电磁波的传播与应用菁优网版 权所有【分析】电磁波和声波都能传递信息和能量；电磁波能在真空中传播，而声波不能在真空中传播。【解答】解：A、利用微波雷达跟踪飞行目标，微波属于电磁波，是利用电磁波工作的，故 A 不符合题意；B、利用北斗导航系统进行定位和导航，是利用电磁

21、波工作的，故 B 不符合题意；C、手机可以发出电磁波，也可以接收电磁波，故 C 不符合题意；D、利用声呐系统探测海底深度，声呐发出的是超声波，故 D 符合题意。故选：D。【点评】本题考查了电磁波、声音的利用，属于基础知识。15（3 分）一支密度计分别放入甲乙两种液体中，静止时位置如图所示。若密度计在甲乙液体中受到的浮力分别是 F甲，F乙，甲乙两种液体的密度分别为甲，乙下列说法正确的是（）第 11页（共 24页）AF甲F乙BF甲F乙C甲乙D甲乙【考点】8O：阿基米德原理的应用；8S：物体的浮沉条件及其应用菁优网版 权所有【分析】（1）同一密度计在两种液体中都漂浮，所以受到的浮力都等于密度计受到的

22、重力。（2）由图可以得出密度计排开液体体积的大小关系，再根据阿基米德原理分析液体的密度大小关系；【解答】解：AB、由于密度计两次静止时都处于漂浮，则 F浮G，即密度计在两种液体中受到的浮力相等，都等于密度计受到的重力 G故 AB 错误；CD、由图知，密度计排开液体的体积：V甲排V乙排，由 F浮液gV排可知：甲乙；故 C 正确，D 错误。故选：C。【点评】本题考查了阿基米德原理、物体的漂浮条件，利用好密度计漂浮（F浮G）是解此类题目的关键。16（3 分）高铁站台的安全线到站台边缘的距离比普通火车站台的安全线到站台边缘的距离更远，这是因为高铁列车经过站台时车身附近的空气（）A流速更快，压强更小B流

23、速更快，压强更大C流速更慢，压强更小D流速更慢，压强更大【考点】8K：流体压强与流速的关系菁优网版 权所有【分析】当火车驶过站台时会带动周围空气流动速度加快，从而造成人周围空气流速不同，结合流体压强与流速的关系即可解决此题。【解答】解：当高铁列车经过站台时，会带动人和车之间的空气流动速度加快，压强更小，此时人外侧的空气流动速度慢，压强较大，根据流体压强与流速的关系可知：人外侧空气流速慢压强大，而内侧流速快压强小，会产生一个向内侧的压强差，将人推向火车，易出现危险。所以高铁站台的安全线到站台边缘的距离比普通火车站台的安全线到站台边缘的距离更远。第 12页（共 24页）故选：A。【点评】解答这类题

24、目的思路是先确定哪里的流体流速大，压强小，在这个压力差的作用下便产生了什么现象。二、填空题（每空二、填空题（每空 1 分）分）17（2 分）拉弓射箭的过程中，弓被拉弯，说明力可以改变物体的形状；松手后箭飞出，说明力可以改变物体的运动状态。【考点】6F：力的作用效果菁优网版 权所有【分析】力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态。【解答】解：力可以改变物体的形状，所以在拉力的作用下弓变弯了；力能改变物体的运动状态，所以放手后弓对箭产生了力的作用将箭向前推出。故答案为：形状；运动状态。【点评】本题考查了力的作用效果，是力学基础知识的考查，是中考的热点。18（2 分）如图，一开

25、口的杯子，装上 8cm 深的水后，放在水平桌面上。已知杯子和水的总质量为 0.6kg，杯子与桌面的接触面积为 60cm2则杯子对桌面的压强为1000Pa，水对杯底的压强为800Pa（g 取 10N/kg）。【考点】86：压强的大小及其计算；89：液体的压强的计算菁优网版 权所有【分析】（1）水对杯底产生的压强利用液体压强公式 pgh 进行计算；（2）杯子对桌面的压强是固体压强，可利用压强定义式 p计算得出。【解答】解：放在水平桌面上，杯子对桌面的压力：FGmg0.6kg10N/kg6N；受力面积：S60cm26103m2，杯子对桌面的压强：p1000Pa；由液体内部的压强公式 pgh 得，8c

26、m 深的水对杯底部的压强为：p1.0103kg/m310N/kg8102m800Pa。故答案为：1000；800。【点评】求压强时应注意区分液体压强和固体产生的压强，进而采用合适的公式进行解第 13页（共 24页）答。19（2 分）小明身高 1.6m，站在距平面镜 3m 处，能够看到自己的全身像。则他的像高1.6m，像到平面镜的距离为3m。【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案菁优网版 权所有【分析】根据平面镜成像的特点：所成的像是虚像；像和物体形状、大小相同；像和物体各对应点的连线与平面镜垂直；像和物体到平面镜间距离相等来解答此题。【解答】解：（1）根据平面镜成像的特点，像和

27、物体形状大小相同，所以身高 1.6m 的小明同学她在镜中的像高仍然为 1.6m；（2）由平面镜成像的特点知，像和物体到平面镜间距离相等，当人到镜面的距离 3m 时，像到镜面的距离也为 3m；故答案为：1.6；3【点评】本题考查了平面镜成像的特点，是常考题型，难度不大。20（2 分）扬声器是把电信号转化成声信号的一种装置，它的原理跟电动机（填“电动机”或“发电机”）原理相似。【考点】CL：扬声器和耳机的构造和原理菁优网版 权所有【分析】扬声器是把电流信号转化为声音信号的装置；扬声器的线圈中有随声音变化的电流，因为通电线圈在磁场中受到力的作用，使得线圈就不断地来回振动，纸盆也就振动动起来，便发出了

28、声音。电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而转动的原理制成的。【解答】解：扬声器是把电流信号转化为声音信号的装置；当扬声器中的线圈中通过变化电流时，线圈会受到永久磁铁的磁场力的作用，而带动与线圈相连的纸盆振动，将电信号转化成声信号，因此与电动机的原理一致。故答案为：声；电动机。【点评】对比记忆扬声器和话筒：话筒把声信号转换成电信号，机械能转化成电能，是利用了电磁感应原理；扬声器把电信号转换成声信号，电能转化成机械能，利用了通电导体在磁场中受到力的作用的原理。21（2 分）如图，在斜面上将一个重 5N 的物体匀速拉到顶端。沿斜面向上的拉力为 2N，斜面长 4m，高 1m。则拉力做的有用功为5J，斜

29、面的机械效率为62.5%。第 14页（共 24页）【考点】EH：有用功和额外功；F6：斜面的机械效率菁优网版 权所有【分析】（1）知道物体重力和斜面高，利用 WGh 求拉力做的有用功；（2）知道拉力和斜面长，利用 WFs 求拉力 F 对物体做的总功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比。【解答】解：（1）拉力做的有用功：W有用Gh5N1m5J；（2）拉力 F 对物体做的总功：W总Fs2N4m8J，斜面的机械效率：100%62.5%。故答案为：5；62.5%。【点评】本题考查了使用斜面时有用功、总功、机械效率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。22（2 分）信鸽是靠地球的磁场来导航的。指南针静止

30、时 S 极指的是地理的南方（填“南方”或“北方”）。【考点】C8：地磁场菁优网版 权所有【分析】（1）地球是一个巨大的磁场，周围存在着地磁场；（2）磁极间的相互作用是：同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引。【解答】解：（1）地球周围存在着地磁场，信鸽是靠地球的磁场来导航的；（2）磁体周围存在着磁场，地球也是一个磁体，周围有地磁场；指南针静止时 S 极指向地理的南方，N 极所指的是地理的北方，根据异名磁极互相吸引，说明地磁场的南极在地理的北极附近。故答案是：磁场；南方。【点评】该题考查了地磁场及磁极间的相互作用，属于基础知识，难度不大。第 15页（共 24页）23（2 分）小明五一期向跟爸爸一起乘

31、火车去张家界游玩，火车在路上行驶时，以路边的房屋为参照物，火车是运动的：以车窗为参照物，火车上的座椅是静止的。【考点】52：参照物及其选择菁优网版 权所有【分析】研究对象的运动情况是怎样的，就看它与参照物的相对位置是否变化，如果变化，物体是运动的，如果没变化，则是静止的。【解答】解：在路上行驶的火车与路边的房屋之间的位置发生了变化，所以以路边的房屋为参照物，火车是运动的；车窗相对于火车上的坐椅位置没发生变化，所以以车窗为参照物，火车上的座椅是静止的。故答案为：运动；静止。【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相

32、对性。24（2 分）汽车用水作为冷却剂，是因为水的比热容较大。汽车在行驶过程中消耗了2kg 汽油，若汽油完全燃烧则放出的热量为9.2107J（汽油的热值为 4.6107J/kg）。【考点】GE：水的比热容的特点及应用；GJ：燃料的热值及其计算菁优网版 权所有【分析】（1）相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。（2）知道汽油的质量和热值，利用 Q放mq 求汽油完全燃烧产生的热量。【解答】解：（1）因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，水能带走较多的热量，冷却效果好，所以用水做

33、汽车发动机的冷却剂。（2）2kg 汽油完全燃烧产生的热量：Q放mq2kg4.6l07J/kg9.2l07J。故答案为：比热容；9.2l07。【点评】本题考查水的比热容的应用、热量计算公式的应用，相对比较简单，属于基础题。25（2 分）电阻 R112，R24并联在同一电路中，则它们两端的电压之比为 U1：U21：1，电流之比 Il：I21：3，功率之比 P1：P21：3。第 16页（共 24页）【考点】I7：并联电路的电压规律；IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算菁优网版 权所有【分析】两电阻并联时，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压之比，根据欧姆定律求出通过它们的电流之比，根据 PU

34、I 得出功率之比。【解答】解：R1、R2并联时，并联电路中各支路两端的电压相等，它们两端的电压之比 U1：U21：1，根据欧姆定律可得，通过它们电流值比：。根据 PUI 得：。故答案为：1：1；1：3；1：3。【点评】本题考查并联电路的电压特点、功、功率公式以及欧姆定律的应用，是一道较为简单的应用题。26（3 分）在平静的池水中漂浮有一个木球，木球的体积为 4dm3，露出水面的体积为总体积的，那么木球受到的浮力为30N 木球的密度为0.75103kg/m3（gl0N/kg）【考点】2A：密度的计算；8P：浮力大小的计算菁优网版 权所有【分析】（1）求出木球排开水的体积，利用 F浮gV排计算浮力

35、；（2）物体漂浮，浮力等于重力，利用 Gmg 求出木球的质量，再利用计算木球的密度。【解答】解：（1）由题知，木球排开水的体积：V排V浸（1）V4dm33dm33103m3，则木球受到的浮力：F浮水gV排1103kg/m310N/kg3103m330N；（2）木球漂浮，则 F浮G30N，故木球的质量：m3kg，第 17页（共 24页）木球的密度：0.75103kg/m3。故答案为：30；0.75103。【点评】此题考查浮力和密度的计算，难度不大，关键是利用物体漂浮条件得出木球的重力，计算过程中应注意单位换算。27（3 分）铁水很热，冰块很冷，但它们都具有内能。冬天搓手可以感到温暖，是通过做功的

36、方式改变内能；用热水袋取暖，是通过热传递的方式改变内能。【考点】G4：内能的概念；G9：做功改变物体内能；GA：热传递改变物体内能菁优网版 权所有【分析】物体内部所有分子做无规则运动具有的分子动能和分子势能的总和，叫内能。一切物体在任何情况下都具有内能；改变内能有两种方式：做功和热传递。【解答】解：物质是由分子组成的，分子永不停息地做无规则运动，所以分子在任何状态下都具有动能和势能，也就是具有内能；冬天两手互搓之后手暖和，是克服摩擦力做功，使手的内能增加，是通过做功的方式改变物体的内能；使用热水袋取暖，手从暖水袋吸热，属于热传递改变物体的内能。故答案为：内；做功；热传递。【点评】此题考查了内能

37、的存在和改变内能的方法，是一道基础题。三、作图和实验探究（本大题共三、作图和实验探究（本大题共 30 分其中作图题分其中作图题 9 分，实验题分，实验题 21 分分）28（3 分）作图题：在图中括号内标出通电螺线管的 N、S 极和小磁针的 N、S 极。【考点】CA：通电螺线管的磁场菁优网版 权所有【分析】根据电源的正负极可以确定线圈中的电流方向，再结合线圈的绕向，可以安培定则可以确定螺线管的 NS 极，进而利用磁极间的作用规律可以确定小磁针的 NS 极。【解答】解：根据电源的正负极，可以确定电流从螺线管的右端流入，左端流出，右手第 18页（共 24页）握住螺线管，四指指向电流的方向，则大拇指向

38、螺线管的右端为 N 极，左端为 S 极，根据磁极间的相互作用可知，小磁针右端为 S 极，左端为 N 极，如图所示：【点评】安培定则共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个方向可以确定其中的另一个方向。29（3 分）画出图中 F 的力臂 L。【考点】7P：力臂的画法菁优网版 权所有【分析】已知支点和力 F 的方向，根据力臂的画法，过支点作力的作用线的垂线段，即为 F 的力臂。【解答】解：如图。【点评】会根据力臂的画法，画出相应力的力臂，并且要求作图规范。30（3 分）在图中画出物体所受重力的示意图。【考点】7B：重力示意图菁优网版 权所有【分析】根据力的示意图的定义，将重力的

39、三要素：大小；方向；作用点表示出来即可。【解答】解：图中物体为形状规则物体，重力的作用点即重心，在物体的几何中心，重力的方向是竖直向下的，故画重力的示意图如图所示：第 19页（共 24页）【点评】本题主要考查学生对重力的示意图的画法的了解和掌握，是一道基础题。31（6 分）在探究“影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小吴有如下猜想：A滑动摩擦力大小与接触面的粗糙程度有关；B滑动摩擦力大小与压力大小有关。为此，小吴进行了如图所示实验。（1）在实验过程中，需用弹簧测力计拉动木块做匀速直线运动，根据二力平衡的知识可知，滑动摩擦力大小拉力大小（填“”、“”或“”）（2）由图甲和图乙比较，可验证猜想B（

40、填“A”或“B“）正确。并可得到结论：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大。（3）由图乙和图丙比较，可得到结论当压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，在该实验中，采用的实验方法是控制变量法。【考点】7L：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验菁优网版 权所有【分析】（1）根据二力平衡原理分析；（2）摩擦力大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，根据表中数据，运用控制变量法进行分析。（3）摩擦力与物体间的压力、接触面的粗糙程度有关，根据控制变量法的要求，分析图示情景，然后答题。【解答】解：（1）将木块放在水平长木板上，用弹簧测力计水平拉动木块，使木块沿长木板做匀速直线运动，根据二

41、力平衡可知滑动摩擦力与拉力大小相等；（2）由图甲和图乙比较可知，这两次实验接触面的粗糙程度相同，压力不同，摩擦力不第 20页（共 24页）同，可以验证：B；滑动摩擦力大小与压力大小有关；其结论是：在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）由图可知，图乙与图丙物体间的压力相同而接触面粗糙程度不同，因此图乙与图丙所示实验探究的是滑动摩擦力的大小跟接触面粗糙程度的关系，可得结论：当压力大小相同时，接触面越粗糙，滑动摩擦力越大，在该实验中，采用的实验方法是控制变量法。故答案为：（1）匀速直线；（2）B；在接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；（3）当压力大小相同时，接触面越粗糙

42、，滑动摩擦力越大；控制变量法。【点评】滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，知道实验的注意事项、应用控制变量法分析清楚图示情景是正确解题的关键。32（8 分）探究“凸透镜成像规律”实验（1）由图甲可知，该凸透镜的焦距是10.0cm。（2）按乙图安装器材时，需要调节烛焰的中心、透镜的光心、光屏的中心在同一高度处。（3）移动蜡烛和光屏，当处于图乙位置时，光屏上恰好能得到清晰的像，则像的特点为倒立、放大、实像。我们生活中的投影仪就是根据这一原理制成的。（4）保持凸透镜位置不变，向左移动蜡烛。则应向左移动光屏（填“左”或”右”）才能在光屏上得到清晰的像。与图乙相比，此时的像是变小（填“变大

43、”“不变”或“变小”）。【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验菁优网版 权所有【分析】（1）根据凸透镜焦点和焦距的定义进行判断。（2）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；（3）凸透镜成像时，2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。（4）凸透镜成实像时，具有物近像远像变大的特点。【解答】解：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是第 21页（共 24页）凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是：f30.0cm20.0cm10.0cm。（2）按乙

44、图安装器材时，需要调节烛焰的中心、透镜的光心、光屏的中心在同一高度处；（3）移动蜡烛和光屏，当处于图乙位置时，2fuf，光屏上恰好能得到清晰的像，则像的特点为倒立、放大的实像，我们生活中的投影仪就是根据这一原理制成的。（4）如果蜡烛向左移动，则物距变大，所以像距将变小，成的像也变小，光屏应该靠近凸透镜，向左移动。故答案为：（1）10.0；（2）同一高度；（3）倒立；放大；实像；投影仪；（4）左；变小。【点评】此题是有关凸透镜成像规律的探究实验，主要考查了对焦距概念的理解及成像规律和应用，这些应熟练掌握，难度不大。33（7 分）探究“电流通过导体时产生的热量与什么因素有关”的实验如图甲和乙所示，

45、两透明容器中密封着等质量的空气，两容器中的电阻丝串联起来连接到电源两端，通电一定时间后，比较两个 U 形管中液面高度差的变化。（1）在图甲中，通过两电热丝的电流相等；该实验是探究电流通过导体产生的热量与导体的电阻关系。（2）在图乙中，是探究电流通过导体产生的热量与通过导体的电流关系。（3）在该实验中，我们是通过观察 U 型管中液面的高度差来比较各容器中电热丝产生热量的多少的。（4）英国物用学家焦耳通过大量实验，最先精确的确定了电流通过导体时产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比这个规律叫做焦耳定律，其表达式为QI2Rt。【考点】JH：焦耳定律菁优网版 权所有【分析

46、】（1）探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；（2）探究电流产生热量跟电流关系时，控制电流和通电时间不变；第 22页（共 24页）（3）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但液体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；（4）根据焦耳定律内容分析。【解答】解：（1）在图甲中，将容器中的电阻丝串联起来接到电源两端，通过它们的电流 I 与通电时间 t 相同；故该实验是探究电流通过导体产生的热量与导体的电阻的关系。（2）在图乙中，电阻和通电时间是相同的，而通过它们的电流不同，故探究导体产生的热量与通过导体的电流的关系。（3）电流通过电热丝产生热量的多少不能直

47、接观察，电热丝产生的热量被容器内空气吸收，各个容器内空气的温度变化可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转换法；（4）英国物用学家焦耳通过大量实验，最先精确的确定了电流通过导体时产生的热量跟电流的二次方成正比，跟导体的电阻成正比，跟通电时间成正比这个规律叫做焦耳定律，其表达式为 QI2Rt。故答案为：（1）相等；电阻；（2）电流；（3）高度差；（4）电阻；通电时间；QI2Rt。【点评】此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与电阻的关系”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用，同时考查了学生对焦耳定律变形公式的理解和掌握，难度较大。四、综合应用题（本题共两小题，共四、综合

48、应用题（本题共两小题，共 18 分）分）34（9 分）2018 年 5 月 13 号第一艘国产航母山东舰第一次海试。山东舰的排水量约为 6.5104吨，最大航速约为 54km/h，额定功率约 1.5103kW海试时，航母在某段海域以最大航速匀速航行了 2 小时。（g10N/kg）求：（1）该航母在 2 小时内所行驶的路程？（2）该航母满载时所受浮力的大小？（3）该航母以最大速度匀速航行时的牵引力？【考点】69：速度公式及其应用；8P：浮力大小的计算；FG：功率计算公式的应用菁优网版 权所有【分析】（1）已知最大航速约为 54km/h，航母在某段海域以最大航速匀速航行了 2 小时。利用速度公式变

49、形可求得该航母在 2 小时内所行驶的路程；（2）航空母舰所受的浮力等于满载时的排开水的重力；（3）已知发动机的额定功率和行驶速度，根据公式 F可求牵引力的大小，第 23页（共 24页）【解答】解：（1）已知 v54km/h，t2h，由 v可得，该航母在 2 小时内所行驶的路程：svt54km/h2h108km；（2）该航母满载时，受到的浮力：F浮G排m排g6.51041000kg10N/kg6.5108N，（3）已知最大航速 v54km/h15m/s，额定功率 P1.5103kW1.5106W，由 PFv 可得该航母以最大速度匀速航行时的牵引力：F1105N，答：（1）该航母在 2 小时内所行

50、驶的路程为 108km；（2）该航母满载时所受浮力的大小为 6.5108N；（3）该航母以最大速度匀速航行时的牵引力为 1105N，【点评】本题考查了学生对阿基米德原理 F浮G排液V排g、功率公式和二力平衡条件的掌握和运用，关键是对排水量的理解（满载时排开水的质量）。35（9 分）某电熨斗的电路如图所示，额定电压为 220V，最大功率为 440W，发热部分由调温电阻 R 和定值电阻 R0组成。调温电阻 R 是可变电阻，其最大阻值为 110，温度对电阻值的影响忽略不计，则：（1）该电熨斗以最大功率工作 10min 消耗多少电能？（2）定值电阻 R0的阻值为多大？（3）该电熨斗在以额定电压工作时的