2023届江苏省睢宁高三第五次模拟考试物理试卷含解析.pdf

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1、2023学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5 毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3,请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在离地高处，同时自由下落和竖直向上抛出各一个小球，其中竖直上抛的小球初速度大小为

2、V,不计空气阻力，重力加速度为g,两球落地的时间差为（）2、如图所示，M、N 两根通电长直导线在同一水平面内，且垂直纸面固定放置，通电电流相等且均垂直纸面向外，在 M、N 两根导线正中间竖直放有一可自由移动的通电导线ab,通电导线a b的电流方向竖直向上,则通电导线，出在安培力作用下运动的情况是（）abdbA.静止不动B.沿纸面顺时针转动C.。端转向纸外，。端转向纸内D.”端转向纸内，。端转向纸外3、下列关于天然放射现象的叙述中正确的是（）A.人类揭开原子核的秘密，是从发现质子开始的B.。衰变的实质是原子核内一个质子转化成一个中子和一个电子C.一种放射性元素，当对它施加压力、提高温度时，其半衰

3、期不变D.a、|1、丫三种射线中，a 射线穿透能力最强，丫射线电离作用最强4、如图所示为静止的原子核在匀强磁场中发生衰变后做匀速圆周运动的轨迹，衰变后两带电粒子“、力的半径之比为45：1,两带电粒子a、分的动能之比为117：2,下列说法正确的是（）A.此衰变为/?衰变C.小圆为a 粒子的运动轨迹B.大圆为粒子的运动轨迹D.两带电粒子a、8 的周期之比为10：135、如图所示，倾角为30。的斜面固定在水平地面上，斜面上放有一重力为G 的物块A,有一水平轻弹簧一端固定在竖直墙面上,另一端与物块A 接触。若物块A 静止时受到沿斜面向下的摩擦力大小为，此时弹簧的弹力大小是()2A 6 rA.G3R2百

4、 八o.-G3C.GD.36、如图所示，轻质弹簧下端固定，上端与一质量为，”的物块A 连接，物块A 经过P 点时速度大小为L方向竖直向下。经过t秒物块A 又回到P 点。速度大小为匕，方向竖直向上，则在时间 内()B.物块A 受到合力的冲量大小为2mvC.弹簧弹力对物块A 所做的功大小为m v?D.合力对物块A 所做的功大小为加/二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、平行金属板P。、M N 与电源和滑线变阻器如图所示连接，电源的电动势为E,内电阻为零；靠近金属板

5、P 的S 处有一粒子源能够连续不断地产生质量为“，电荷量+4,初速度为零的粒子，粒子在加速电场P Q 的作用下穿过。板的小孔尸，紧贴N 板水平进入偏转电场M N；改变滑片P 的位置可改变加速电场的电压q和偏转电场的电压。2,且所有粒子都能够从偏转电场飞出，下列说法正确的是（）A.粒子的竖直偏转距离与务成正比B.滑片P向右滑动的过程中从偏转电场飞出的粒子的偏转角逐渐减小C.飞出偏转电场的粒子的最大速率%D.飞出偏转电场的粒子的最大速率=28、如图所示，一光滑绝缘足够长的斜面与两个等量同种正点电荷连线的中垂面重合，。为两点电荷连线的中点。A、5 为斜面上的两点，且 一 个 带 电 荷 量 为 外

6、质 量 为 机，可视为质点的小物块，从 A 点以初速度也开始沿斜面下滑，到达B 点速度恰好为零。（斜面对电场无影响）以下说法正确的是（）A.小物块带正电，从 4 运动到B 点，加速度先增大后减小B.小物块带负电，从 A 运动到B 点，电势能先减小后增大C.小物块运动到。点时具有最大速度D.小物块能回到A 点，且速度大小等于为9、如图是在四川景区九寨沟拍摄的一张风景照片，湖水清澈见底，近处湖面水下的树枝和池底都看得很清楚，而远处则只看到对岸山峰和绿树的倒影，水面下的景物则根本看不到.下列说法中正确的是（）A.远处山峰的倒影非常清晰，是因为来自山峰的光线在水面上发生了全反射B.光从空气射入水中，光

7、的波速变小，波长变小C.远处水面下景物的光线到水面处，入射角较大，可能发生了全反射，所以看不见D.来自近处水面下景物的光射到水面处，入射角较小，反射光强而折射光弱，因此有较多的能量射出水面而进入人的眼睛中10、如图甲所示，正六边形导线框就放在匀强磁场中静止不动，磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度8随时间f的变化关系如图乙所示.f=0时刻，磁感应强度5的方向垂直纸面向里，设产生的感应电流以顺时针方向为正、竖直边cd所受安培力的方向以水平向左为正.则下面关于感应电流i和cd边所受安培力F随时间t变化的图象正确的是三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程

8、。11.（6 分）为了精确测量某待测电阻R 的 阻 值（约为30。）。有以下一一些器材可供选择。电流表Ai（量程O50mA,内阻约12C）；电流表A2（量程0 3 A,内阻约0.12。）；电压表V】（量程0 3 V,内阻很大）；电压表V2（量程015V,内阻很大）电源E（电动势约为3 V,内阻约为0.2。）；定值电阻R（50。，允许最大电流2.0A）；滑动变阻器品（0-1 0 Q,允许最大电流2.0A）；滑动变阻器及 允许最大电流0.5A）单刀单掷开关S 一个，导线若干。（D 为了设计电路，先用多用电表的欧姆挡粗测未知电阻，采用“xlO”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大,最后几乎紧挨满

9、偏刻度停下来，下 列 判 断 和 做 法 正 确 的 是 （填字母代号）。A.这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆B.这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆C.如需进-步测量可换“xl”挡，调零后测量D.如需进一步测量可换“xlOO”挡，调零后测量（2）根据粗测的判断，设计一个测量电路，要求测量尽量准确，画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁。12.（12分）某同学欲将内阻为100。、量程为300 JIA 的电流计G 改装成欧姆表，要求改装后欧姆表的0 刻度正好对准电流表表盘的300 JIA 刻度。可选用的器材还有：定值电阻&（阻值25C）；定值电阻R2（阻值100Q）；滑动变阻器R（最大

10、阻值1000。）；干电池（1）定 值 电 阻 应 选 择 一（填元件符号）.改装后的欧姆表的中值电阻为（2）该同学用改装后尚未标示对应刻度的欧姆表测量内阻和量程均未知的电压表V 的内阻。步骤如下：先将欧姆表的红、黑表笔短接，调节一填图甲中对应元件代号），使电流计G 指针指到nA；再 将 一（填“红”或 黑”）表笔与V 表的“+”接线柱相连，另一表笔与V 表的“一”接线柱相连。若两表的指针位置分别如图乙和图丙所示，则 V表的内阻为。，量程为 Vo四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)对于同一物理问题，常常可以

11、从宏观与微观两个不同角度进行研究，找出其内在联系，从而更加深刻地理解其物理本质.一段横截面积为S、长为/的直导线，单位体积内有个自由电子，一个电子电量为e.该导线通有恒定电流时，导线两端的电势差为U,假设自由电子定向移动的速率均为人(1)求导线中的电流/;(2)所谓电流做功，实质上是导线中的恒定电场对自由电荷的静电力做功.为了求解在时间，内电流做功W为多少,小红和小明给出了不同的想法：小红记得老师上课讲过，W=UIt,因此将第(1)问求出的/的结果代入，就可以得到W的表达式.但是小红不记得老师是怎样得出印=。这个公式的.小明提出，既然电流做功是导线中的恒定电场对自由电荷的静电力做功，那么应该先

12、求出导线中的恒定电场的场强，即 E =.,设导体中全部电荷为g后，再求出电场力做的功W=将4代换之后，小 明 没 有 得 出 的 结 果.请问你认为小红和小明谁说的对？若是小红说的对，请给出公式的推导过程；若是小明说的对，请补充完善这个问题中电流做功的求解过程.(3)为了更好地描述某个小区域的电流分布情况，物理学家引入了电流密度这一物理量，定义其大小为单位时间内通过单位面积的电量.若已知该导线中的电流密度为j,导线的电阻率为p,试证明：J =JP-14.(16分)如图所示，一对平行光滑轨道放置在水平面上，两轨道相距L=lm,两轨道之间用电阻K=2C连接，有一质量机=0.5kg的导体杆静止地放在

13、轨道上与两轨道垂直，杆及轨道的电阻皆可忽略不计，整个装置处于磁感应强度3=2T的匀强磁场中，磁场方向垂直轨道平面向上。现用水平拉力尸沿轨道方向拉导体杆，使导体杆从静止开始做匀加速运动。经过位移x=0.5m后，撤去拉力，导体杆又滑行了 x，=1.5m后停下。求：(1)整个过程中通过电阻R的电荷量q；(2)拉力的冲量大小/F；(3)整个过程中导体杆的最大速度vm；(4)在匀加速运动的过程中，拉力尸与时间f的关系式。15.(12分)一定质量的理想气体经历了如图A-B-C-OTA的状态变化求该过程中(1)气体最高温度乃与最低温度心的比值；(2)气体与外界交换的热量Q.参考答案一、单项选择题：本题共6小

14、题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】自由下落的小球，有h=2g t得对于竖直上抛的小球，由机械能守恒得：,1 2 1 ,2mgn+mv=mv则得落地时速度大小为M =Ji/2+2 gh对于竖直上抛的小球，将其运动看成一种匀减速直线运动，取竖直向上为正方向，加速度为-g,则运动时间为:故时间之差为hA.与结论不相符，选项A错误;vB.一，与结论不相符，选 项 B 错误;D.-+J4+J 与结论相符，选项D 正确；g g g v g故选D.点睛：本题关键要明确小球运动中机械能守恒，要理清过程中的速度关系，写出相应的公式，分析运动时间的关系.2

15、、C【解析】由右手定则可判断通电直导线M、N 在导线以人处产生的磁场方向如图所示：由左手定则可判断，“端转向纸外，）端转向纸内，故 C 符合题意，A B D 不符合题意。3、C【解析】A.天然放射现象是原子核内部变化产生的，人类认识原子核的复杂结构并进行研究是从贝克勒尔发现天然放射现象开始的，故 A 错误；B.。衰变的实质方程为；nf；H+；e,是原子核内一个中子转化成一个质子和一个电子，故 B 错误；C.原子核的半衰期是由自身的结构决定的，与物理条件（温度、压强）和化学状态（单质、化合物）均无关，则对原子核施加压力、提高温度时，其半衰期不变，故 C 正确；D.a、恨丫三种射线中，丫射线穿透能

16、力最强（主要看射线具有的能量），a 射线电离作用最强（从射线自身的带电情况衡量），故 D 错误。故选C。4、D【解析】mvA B C.根据动量守恒定律可知两带电粒子动量相等。由两圆外切可知，此为a衰变，由/?=年 得 大 圆 为a粒子轨迹,BqA B C 项错误;D.由/?=三一得Bq旦一鱼一丝凡/1根据动量守恒定律以及动量与动能的关系有J2 也 凡=J2%得4,_ 线1 _ 2瓦一叶正e 2兀m根据周期公式T=可知qB/j a-10E,mbqa 13D项正确。故选D。5、B【解析】对A进行受力分析，利用正交分解法对力进行分解，如图所示:在沿斜面方向，根据平衡条件:Fcos30/+Gsin30

17、而解得:F=-G3故 B 正确A C D 错误。故选B。6 B【解析】A B.以小球为研究对象，取向上为正方向，整个过程中根据动量定理可得I合=/珅,-mgt=mv-(-wv)得 A 受到合力的冲量大小为I 令=2mv小球所受弹簧弹力冲量的大小为=2mv+mgt选项A 错误，B 正确；C D.整个过程中根据动能定理可得%=吗,-M-g加)而整个过程重力做功WG=O得合力对物块A 所做的功大小为嘱=。小球所受弹簧弹力做功的大小为%谶=叫=0选 项 C D 错误。故选B。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对

18、但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A.在加速电场中，由动能定理得 1 2qU,=mv-在偏转电场中，加速度为则偏转距离为y=at-2运动时间为t=一%联立上式得U#y=-4(7/其中/是偏转极板的长度，d 是板间距离。粒子的竖直偏转距离与兴成正比，故 A 错误;B.从偏转电场飞出的粒子的偏转角的正切值attana=%联立解得滑片，向右滑动的过程中，S 增大，S 减小，可知偏转角逐渐减小，故 B 正确;C D.紧贴M 板飞出时，电场做功最多，粒子具有最大速率。由动能定理1 ,-m vm-0 =q(Ul+U2)=qE2qE_故 C 正确，D 错误。故选BCo8、BD【解析】A B.从

19、 A 到 8,物块的动能和重力势能均减小，则机械能减小，电势能变大，电场力对滑块做负功，可知滑块带负电,从 A 到 0,电场力做正功，电势能减小；从。到 8 电场力做负功，电势能变大；因在0 点两侧斜面上都存在一个场强最大的位置，此位置与A 5两点的位置关系不确定，则不能确定滑块加速度的变化情况，选 项A错误，B正确；C.因滑块在。点以下某位置时，受到向下的重力、垂直斜面的支持力以及沿斜面向上的电场力，三力平衡时加速度为零，速度最大，可知小物块运动到。点以下某位置时具有最大速度，选 项c错误；D.小物块到达最低点后，加速度沿斜面向上，由能量关系可知，滑块能回到A点，且速度大小等于W，选 项D正

20、确。故选BD。9、BC【解析】试题分析：远处山峰的倒影非常清晰，是因为山峰的光线在水面上发生了反射，但不是全反射，因为全反射只有光从光密介质射入光疏介质时才可能发生，故A错误.光线由空气射入水中，光的波速变小，频率不变，由波速公式v=Xf知波长变小，故B正确.远处水面下景物的光线射到水面处，入射角很大，当入射角大于等于全反射临界角时能发生全反射，光线不能射出水面，因而看不见，故C正确.近处水面下景物的光线到水面处，入射角越小，反射光越弱而折射光越强，射出水面而进入人眼睛中能量越少，故I）错 误.故 选BC.考点：光的折射；全反射10、AC【解析】分析：根据法拉第电磁感应定律求出各段时间内的感应

21、电动势和感应电流的大小，根据楞次定律判断出感应电流的方向，通过安培力大小公式求出安培力的大小以及通过左手定则判断安培力的方向.解答：解：A、02 s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向，为正值.根据法拉第电磁感应定律，E=A 5=B oS为定值，则感应电流为定值，I k型.在23 s内，磁感应强度方M R向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为顺时针方向，为正值，大小与02 s内 相 同.在34 s内，磁感应强度垂直纸面向外，且逐渐减小，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与02s内 相 同.在46 s内，磁感应强度方

22、向垂直纸面向里，且逐渐增大，根据楞次定律，感应电流方向为逆时针方向，为负值，大小与02 s内 相 同.故A正确，B错误.C、在。2 s内，磁场的方向垂直纸面向里，且逐渐减小，电流恒定不变，根 据FA=BIL,则安培力逐渐减小，cd边所受安培力方向向右，为负值.0时刻安培力大小为F=2BoIoL.在2s3 s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，根据FA=BIL,则安培力逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，为正值，3 s末安培力大小为BoIoL.在23 s内，磁感应强度方向垂直纸面向外，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向右，为负值，第4 s初的安培力大小为BoIoL.

23、在46 s内，磁感应强度方向垂直纸面向里，且逐渐增大，则安培力大小逐渐增大，cd边所受安培力方向向左，6s末的安培力大小2BoIoL.故C正确，D错误.故选AC.三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。【解析】（1）口 采用“xlO”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，说明待测电阻的阻值较小，为了使欧姆表指针在中值电阻附近读数，减小误差，需更换较小的倍率，更换“XI”挡倍率后需重新调零后再测量，故 AC正确，BD错误；故选AC；（2）2 电源电动势只有3 V,故选用电压表Vi（量程0 3 V,内阻很大）；回路

24、中的电流最大电流为,3I=A=100mAm 30故选用电流表Ai（量程050mA内阻约12。），待测电阻阻值远小于电压表内阻，电流表应选外接法，但根据欧姆定律，若将电阻直接接在电压表两端时，电阻两端最大电压为U=/A7?x=50 x10-3*30 v=1.5V只是电压表Vi量程的一半；若将待测电阻与定值电阻串联，则它们两端电压为U=/A（叫+H）=50 X10-3 X（30+50）V=4V能达到电压表V i的量程，为达到测量尽量准确的目的，滑动变阻器采用分压式接法，故选用阻值小的滑动变阻器心,电路图如图所示12、Ri 1000 R（或滑动变阻器）300 黑 500 1【解析】（1）由于滑动变阻

25、器的最大阻值为1000。，故当滑动变阻器调到最大时，电路中的电路约为E/=1.5mAR此时表头满偏，故定值电阻中的电流约为/1 ：/-/=1.2 mA故其阻值为R，R,=2 5 QA&因此定值电阻应该选择Ri。改装后将红黑表笔短接，将电流表调大满偏，此时多用表的总内阻为E凡=GOOOQ4 +L故多用表的中值电阻为叫,=凡=1 0 0()。(2)3 由于使用欧姆表测内阻，故首先要进行欧姆调0,即调节R,使电流表满偏，即指针指到3 0 0 jiA,黑表笔接的电源正极，故将黑表笔与电压表的“+”接线柱相连；6 7 欧姆表指针指在/=200HA 位置，则电路中的总电流为5/,故待测电压表的内阻为E&=

26、万 一 凡=5 0 0。设电压表量程为。，此时电压表两端的电压为y =5/x/?v=0.5 V故其量程为I V。四、计算题：本题共2小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3、(1)IneSv(2)见 解 析(3)见解析【解析】(1)电 流 定 义 式/=义，在 f时间内，流过横截面的电荷量Q=S vfe,因 此/=雁 5丫；t(2)小红和小明说的都有一定道理a.小红说的对.由于/=&,在 f时间内通过某一横截面的电量。=，对于一段导线来说，每个横截面通过的电量均t为。，则从两端来看，相当于。的电荷电势降低了 U,贝 IJW =Q U

27、 =UIt.b.小明说的对.恒定电场的场强E =g 导体中全部电荷为4 =电场力做的功卬=qEvt=q vt=nSel vt=nSevUt；又因为/=e S v,贝=(3)由欧姆定律:、U=I R,、由电阻定律：穴=0(；则 U=则S I S由电流密度的定义：/=;St S故 7=/2；14、(l)2C(2)4kg-m/s(3)6m/s(4)F=72/+18(N)【解析】(1)导体杆切割磁感线产生的感应电动势A0E=Ar回路中电流E/=一R通过电阻R 的电荷量 q=IA t=-R磁通量 A 0=B L A x,又 A x=x+xr代入数据可得B Lx 2x lx(0.5+1.5)q=-=-C=

28、2CR2(2)根据动量定理IpF 安 A/=00/安=以，Af为导体杆整个过程中所用时间lF=BlLNt=BLq所以7F=4kg*m/so(3)当撤去力尸后，根据楞次定律可以判断感应电流必定阻碍导体杆的相对运动，所以杆做减速运动，杆的最大速度应该为撤去外力F 瞬间的速度。撤去F 之后通过电阻R 的电荷量为 0,吸热【解析】(1)根据理想气体状态方程pV-=cT变形得pV=Tc即压强与体积的乘积越大，温度越高，故状态5 温度最高，状态。温度最低，设 A 状 态 温 度 为 则 A-3 等压变化，则有TA工0 r A等容变化，则有Po=3 PoT j联立解得7 _ 9石=7(2)A r B f C f O f A的状态变化过程外界对气体做的功W =一6 0 0匕 +2 po%=-4 p(K根据热力学第一定律有 U=Q+W解得Q=4p%0故此过程是吸热