2022年河北省唐山市路北区中考二模物理试卷.pdf

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1、2022年河北省唐山市路北区中考物理二模试卷一、选 择 题（本题包括22个小题，共 47 分.其 中 1 19题为单选题，每 题 2 分；20-22小题为多选题，每题3 分.对于多选题，漏选得2 分，错选、多选得0 分.）1.（2分）下列估测的数据中最符合实际的是（）A.唐山夏季的最高气温为25B.医用外科口罩的长度约为30cmC.人正常步行的速度约为1.2 m/sD.我国国歌演奏一遍的时间约为5min2.（2分）关于声与电磁波的相关知识，下列说法正确的是（）A.声和电磁波都能在真空中传播，且都能传递信息和能量B.拉二胡时演员调节弦的松紧是为了调节发出声音的音调C.高速公路上的隔音板是在声源处

2、减弱噪声D.电磁波在空气中的传播速度是340m/s3.（2分）下列说法正确的是（）A.燃料的热值越大，热机的效率就越高B.温度高的物体一定比温度低的物体内能大C.物体的内能增加，温度不一定升高D.炎热的夏天在教室内洒水感觉凉爽，是因为水的比热容较大4.（2分）关于惯性，下列说法中正确的是（）A.高速行驶的汽车不容易停下来是因为速度越大惯性越大B.用杯子把水泼出去是利用了杯子的惯性C.汽车驾驶员和乘客系安全带能减小惯性，避免出现安全事故D.高速飞行的子弹穿入木头静止后仍具有惯性5.（2分）下列对电磁现象说法正确的是（）A.甲图中的POS刷卡机读出信息的原理是电磁感应现象，将电能转化为机械能B.乙

3、图中水位达到物块A 时绿灯亮报警C.丙图通电导体框在磁场中发生转动，原理是磁场对电流的作用D.丁图中同时改变电流方向和磁场方向，可以改变导体ab 的运动方向6.（2 分）在探究凸透镜成像规律的实验中，当点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示的位置时，在光屏上恰好得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是（）A.所成的像可应用于投影仪B.凸透镜焦距可能为20cmC.只将凸透镜移至35cm位置，光屏上会得到清晰、放大的像D.将该透镜换成焦距为10cm的凸透镜，将光屏适当左移可再次在光屏上得到清晰的像7.（2 分）如图所示，小明站在水平台上通过滑轮组提升重物，重物在时间t 内匀速上升的高度为h,已知每个滑轮的

4、质量均为m o,人的质量为M,重物的质量为m（不计绳重及摩擦）。下列说法正确的是（）A.小明匀速拉动绳端的速度大小为巨tB.拉力F 的大小为（叱皿“2C.拉力F 的功率为tD.滑轮组的最大机械效率为之时2M8.（2分）如图所示电路中，电源电压保持不变，a、b、c为电流表或电压表。闭合所有开关，滑片P移动的过程中，a、b两电表的示数均有变化，电表c 无示数。下列说法正确A.电表a、b是电流表，电表c 是电压表B.闭合S、S 2,滑片向右移，电表a 示数变大，电表c 示数变小C.闭 合 S、S 2,滑片向右移，电表C 示数的变化量与电表a 示数的变化量比值不变D.闭合全部开关，将滑片向右移，电表a

5、 示数变化量大于电表b示数变化量二、填空及简答题（本大题共9个小题；每 空1分，共31分）9.（3分）在家庭电路中，电 能 表 应 该 安 装 在 总 开 关 之 （选 填 前”或 后”），小明 4月底观察到自己家里的电能表如图所示，当他5月底再观察时;发现电能表示数为0 7 4 7 5I则他家5月份消耗的电能为.k Wh；如果电能表在某段时间内转盘转了 1 5 0 r,那么该电路中的用电器在这段时间内消耗的电能为 J。kW-h|0 8 3|2|5|同220V 10(40)A 50Hz3000 r kW-h1 0.（2分）井底之蛙所见甚小，这是由于光的 形成的，若井里有一些水，则青蛙在水 面

6、下 看 到 的 井 外 的 树 梢 比 其 实 际 位 置 要 （选 填 高”或“低”）。如图所示，太阳光与水平面成6 0 度角，要利用平面镜使太阳光沿竖直方向照亮井底，画出平面镜的位置。（保留必要的作图痕迹）11.（3 分）北京时间2022年 11月 2 3 日 8 时 55分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭（及配套远征一号上面级），以“一箭双星”方式成功发射第50、5 1 颗北斗导航卫星。（1）运载火箭在加速升空的过程中，两 颗 卫 星 的 机 械 能（选填“增大、“减小”或“不变”）；两 颗 卫 星 相 对 于 运 载 火 箭 是 （选 填“静止”或“运动”）的。（2）两 颗

7、 地 球 轨 道 卫 星 沿 圆 形 轨 道 正 常 运 行 时 处 于（选填“平衡”或“非平衡”）状态。12.（2 分）我们每天都在产生大量垃圾，合理分类和利用垃圾是我们面临的一个重大课题。某垃圾处理厂处理垃圾时提炼出了 200kg燃料油，若燃料油的热值为4.2Xl（）7j/kg,则这些燃料油完全燃烧放出的热量为 J,这些热量可将 k g 水 从 20加热到100,.13.（3 分）核能是目前被广泛应用的新能源，我国已建成十余座核电站。人类利用核能发电 的 主 要 方 式 是 （选 填“核裂变”或“核聚变”）；核能属于 能 源（选填“可再生”或“不可再生”）；利用核能发电过程中，发 电 机

8、的 能 量 转 化 是。三、实验探究题（本大题共4 个小题；第 32题 4 分，第 33题 6 分第34、35题各7 分，共24分）14.小明利用如图所示的装置来探究“杠杆的平衡条件甲T0S0乙BC于中吕DnK丙T 实 验 前，杠杆如图甲所示，可 将 杠 杆 右 端 的 平 衡 螺 母 向（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。这 样 做 的 好 处 是。（2）小明完成某次操作后，实验现象如图乙所示，记录的数据为动力F i =1.5 N,动力臂L i=2 0 c m,阻力 F 2=I N,阻力臂 L 2=c m。（3）如图丙所示，用弹簧测力计在D处竖直向下拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜

9、时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则 弹 簧 测 力 计 的 示 数 将（填“变大”或“变小”或“不变”）。（4）实验结束后，小明又提出了新的探究问题：“若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图（T）所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆在水平位置平衡时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是 给实验造成了影响。拓展 小明利用浮力和杠杆的知识，发明了一个密度称。如图戊所示，轻质杠杆AB可绕0点转动，在 A、B两端分别挂有两个完全相同的正方体C、D （边 长 为 1 0 c m,重力为2 0 N）,O A=1 0 c m,O

10、 B =8 c m。小明向容器中倒人不同密度的液体，每次都将C浸没于液体中，移动物体D,使杠杆在水平位置平衡，OB上便可以标出不同液体的密度值。这个密度称能够测量的最小液体密度为 k g/m3.（g取 1 0 N/k g）1 5.在“探究电流与电压的关系”实 验 中（电源电压恒为6 V）。(1)请用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整，要求滑片P向 B端滑动时，电流表示数变大(连线时导线不允许交叉)。(2)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P,发现电压表有示数，电流表无示数，原因可能是.(3)小明实验中测得多组数据，绘制出电阻R的 I -U图象，如图乙所示：由图象可得出 的 结 论 是。(4)小明

11、继续用此电路来探究“电流与电阻的关系“，想要完成四组实验，准备好的定值电阻有5。、1 0。，1 5。，2 0。，先将5欧姆电阻接入电路中。将电路连接正确后，闭合开关，移动变阻器的滑片P,使定值电阻两端的电压为2 V.断开开关，将定值电阻换成阻值为i o n 的电阻，应将滑动变阻器的滑片向 移动，使电压表的示数仍为2 V.实验 中 滑 动 变 阻 器 的 最 大 电 阻 应 不 小 于。拓展 完成上述实验后，小明又找来了一个阻值为R o 的电阻和两个开关，并借助部分现有的实验器材，继续测量小灯泡的额定功率(额定电压为U虢)，设计了如图丙所示的电路。请完成下列的实验步骤：闭合开关S i 和 S 3

12、,移动滑片，当电压表的示数为 时，停止移动滑片。只闭合开关S i 和 S 2,读出此时电压表的示数为U。灯泡额定功率的表达式为P s s：(用己知量和测量量表示)。四、计算应用题(本大题共3个小题，36题5分，37题6分，38题7分，共18分.解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分)16.如图所示，水平地面上放置了甲、乙两个质量均匀的长方体物块，甲物块的底面积为100cm2,乙物块的底面积是甲的2 倍。甲物块高15cm,乙 物 块 高 12cm：甲的密度为0.6g/cm p 甲：p 乙=3：5.(g 取 10N/kg)(1)求乙的质量。(2)现将甲物块叠放在乙物块上

13、方，求乙物块对水平地面的压强。(3)若将乙物块沿水平方向切下一部分，切下的部分放在甲物块上，此时甲、乙物块对水平面的压强相等，求切去的厚度应该是多少厘米？甲17.如图所示的电路中，电源电压为16V且保持不变，灯 泡 L 上标有“6V 2.4W”字样，R i的阻值为20。，滑动变阻器R2上标有“50。1A”字样，电流表有00.6A和 03A两个量程，电压表有03V 和 015V两个量程。(1)只闭合开关S、S i,调节滑动变阻器的滑片使灯泡L 正常发光，求此时滑动变阻器连入电路的阻值。(2)只闭合开关S、S 2,调节滑动变阻器的滑片，在保证电路安全的条件下，R1的最大功率为多少？(3)只闭合开关

14、S、S2时，用定值电阻Ro来替换电阻R 1,并选择合适的电表量程，要求在保证电路安全的前提下，调节滑动变阻器的滑片P,可使所有电表的示数都能达到各自的最大值。求符合上述条件的所有可能的定值电阻Ro的值。2022年河北省唐山市路北区中考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选 择 题（本题包括22个小题，共 47分.其 中 1 19题为单选题，每 题 2 分；20-22小题为多选题，每题3 分.对于多选题，漏选得2 分，错选、多选得0 分1.（2分）下列估测的数据中最符合实际的是（）A.唐山夏季的最高气温为2 5 B.医用外科口罩的长度约为3 0 c mC.人正常步行的速度约为1.2 m/sD.我国

15、国歌演奏一遍的时间约为5 m i n【答案】C【分析】不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个。【解答】解：A、唐山夏季高温炎热，最高气温在3 5；B、一根铅笔的长度在1 5 c m 左右，医用外科口罩的长度与此差。故 B不符合；C、人正常步行的速度在4 k m/h=4 X _ 8 m/s 仁6.1 m/s。故 C符合；3.6D,我国的国歌长度较小，完整演奏一遍中华人民共和国国歌所需的时间不到1 m。故 D不符合。故选：C。2.（2 分）关于声与电磁波的相关知识，下列说法正确的是（）A.声和电磁波都能在真空中传播，且都能传递

16、信息和能量B.拉二胡时演员调节弦的松紧是为了调节发出声音的音调C.高速公路上的隔音板是在声源处减弱噪声D.电磁波在空气中的传播速度是3 4 0 m/s【答案】B【分析】（1）声波和电磁波都可以传递信息和能量，但是声波不能在真空中传播，而电磁波可以在真空中传播，所以对于没有空气的情况下的信息传递一般都是通过电磁波实现的。（2）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性。（3）减弱噪声有三种：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱.（4）电磁波在空气中的传播速度和

17、光速相同，即 c=3 X l（）8m/s。【解答】解：A、声和电磁波都能传递信息和能量，声波不能在真空中，故 A；B、拉二胡时演员调节弦的松紧不同，弦振动的快慢，故 B；C、高速公路上的隔音板是在传播过程中减弱噪声，故 C；D、电磁波在空气中的传播速度为3 X1 0 8mzs,故 D错误。故选：B o3.（2 分）下列说法正确的是（）A.燃料的热值越大，热机的效率就越高B.温度高的物体一定比温度低的物体内能大C.物体的内能增加，温度不一定升高D.炎热的夏天在教室内洒水感觉凉爽，是因为水的比热容较大【答案】C【分析】（1）用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出的热量的比值叫热机效率；（2）（3）内

18、能的大小与温度、质量、状态等因素有关；（4）水的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。【解答】解：A、用来做有用功的能量和燃料完全燃烧放出热量的比值叫热机效率，热机的效率与、燃料的热值等因素，故 A错误；B、内能的大小与温度、质量、状态等因素，故 B；C、物体的内能增加，温度不一定，例如晶体的熔化，吸收热量，温度不变，故 C：D、炎热的夏天，在室内地面上，使人感到，不是利用水的比热容大的特点。故选：C 4.（2分）关于惯性，下列说法中正确的是（）A.高速行驶的汽车不容易停下来是因为速度越大惯性越大B.用杯子把水泼出去是利用了杯子的惯性C.汽车驾驶员和乘客系安全带能减小惯性，避免出现

19、安全事故D.高速飞行的子弹穿入木头静止后仍具有惯性【答案】D【分析】一切物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性，惯性的大小只与质量有关。【解答】解：A、高速行驶的汽车不容易停下来是因为汽车具有惯性，而惯性的大小只与质量，故 A；B、泼水时，杯子和水是运动的，当杯子受力停止运，故 B；C、系安全带不能改变驾驶员和乘客的质量，所以不能改变他们惯性的；D、物体在任何情况下都有惯性，受高速飞行的子弹具有，故 D。故选：D。A.甲图中的POS刷卡机读出信息的原理是电磁感应现象，将电能转化为机械能B.乙图中水位达到物块A 时绿灯亮报警C.丙图通电导体框在磁场中发生转动，原理是磁场对电流的作用D.丁图中同

20、时改变电流方向和磁场方向，可以改变导体ab的运动方向【答案】C【分析】（1）闭合电路的一部分导体在磁场中进行切割磁感线运动时，导体中有感应电流产生，这种现象是电磁感应现象；（2）由水位的变化导致了控制电路的通断，进一步决定了电磁铁磁性的有无，从而控制了工作电路的动触点的位置的变化，改变了工作电路的连接情况；（3）通电导体在磁场中受到力的作用；（4）通电导体在磁场中的受力方向与电流的方向和导体运动的方向有关。【解答】解：A、将带有磁条的信用卡在刷卡位置刷一下，检测头的线圈中就会产生变化的，将机械能转化为，故 A 错误；B、由图示电路图可知，当水位达到金属块；电磁铁中有，会吸引衔铁下移，红灯亮，绿

21、灯断路，绿灯，故 B；C、丙图中电路通电后，导体框在磁场中发生，其原理是磁场对电流的，故 C 正确；D、丁图中同时改变电流方向和磁场方向，则导体ab 的受力方向，故 D。故选：C。6.（2 分）在探究凸透镜成像规律的实验中，当点燃的蜡烛、凸透镜及光屏处于如图所示的位置时，在光屏上恰好得到烛焰清晰的像。下列说法正确的是（），一 中冲平邛【,田 严|叫叫用；不咛叫”!.”叫他唧ni网加 二C，2A.所成的像可应用于投影仪B.凸透镜焦距可能为20cmC.只将凸透镜移至35cm位置，光屏上会得到清晰、放大的像D.将该透镜换成焦距为10cm的凸透镜，将光屏适当左移可再次在光屏上得到清晰的像【答案】CD【

22、分析】（1）（2）凸透镜成实像时，当物距大于像距时，成倒立、缩小的实像，其应用是照相机；（3）（4）凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小，据此分析。【解答】解：AB、由图可知，此时的物距为u=4 0,物距要大于，成倒立、缩小的实像；则 u=40cm2f,f v=2 5 c m ,故 AB；C、只将凸透镜移至35cm处，根据光路可逆，故 C；D、将该透镜换成焦距为10cm的凸透镜，相当于增大了，才能在光屏上呈现清晰，所以应将光屏适当左移动。故选：CD。7.（2 分）如图所示，小明站在水平台上通过滑轮组提升重物，重物在时间t 内匀速上升的高度为h,己知每个滑轮的质量均为m o,人的质量为M,

23、重物的质量为m（不计绳重及摩擦）。下列说法正确的是（）A.小明匀速拉动绳端的速度大小为达tB.拉力F的大小为（叱+m）g2C.拉力F的功率为（叱g,g htD.滑轮组的最大机械效率为生时2M【答案】B CD【分析】（1）有几段绳子拉着动滑轮，绳子的自由端通过的距离为物体上升高度的几倍，由速度公式求出拉动绳端的速度；（2）不计绳重和摩擦，根据F=1 （G+G动）求出拉力的大小；n（3）根据P=Fv求出拉力的功率；（4）人站在地面上，人对绳子的最大拉力等于人的重力；不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功为额外功，分别表示出此时的额外功、总功和有用功，根据机械效率公式求出最大机械效率。【解答】解：A

24、、由图知，有两段绳子拉着动滑轮，即n,则绳子自由端的速：v=W _=2旦，故A错误；t tB、不计绳重和摩擦，则拉力的大：F=1动）-1（m g+m 7 g）=（叱 加 上,故B正确；6 2 2C、拉力的功率为：p=F（叫.沌 义 地=（叱-沌22 t tD、人站在地面上，人对绳子的最大拉力等于人的：F=；不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功为额外功，则额外：WM=Gfi）Jh=m o g h；拉力所做的总功为：W l=F s=Mg X 2 h,则有用功为：W 有=”?总-W s i=Mg X 5 h -m o g h=（2 M-m s）g h：滑轮组的最大机械效率为：詈=常察匚要故 D正确

25、0故选：B CD o8.(2 分)如图所示电路中，电源电压保持不变，a、b、c为电流表或电压表。闭合所有开关，滑片P移动的过程中，a、b两电表的示数均有变化，电表c 无示数。下列说法正确A.电表a、b是电流表，电表c 是电压表B.闭合S、S 2,滑片向右移，电表a 示数变大，电表c 示数变小C.闭合S、S 2,滑片向右移，电表c 示数的变化量与电表a 示数的变化量比值不变D.闭合全部开关，将滑片向右移，电表a 示数变化量大于电表b示数变化量【答案】A C【分析】(1)闭合所有开关，在滑片P移动过程中，电表a、b 示数均有变化，电表c 无示数，据此结合电流表在电路中相当于导线、电压表相当于断路判

26、断三个电表的类型；(2)闭合S、S 2 时，R 2 与 R 3 串联，电压表c 测 R 3 两端的电压，电流表a 测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和 R 3 两端的电压变化；设出滑片右移前后电路中的电流，根据欧姆定律表示出电压表c示数的变化量，然后结合R 3 的阻值判断电表c 示数变化量与电表a 示数变化量之比变化；(3)闭合全部开关，R 1与 R 2 并联，电流表a 测 R 2 支路的电流，电流表b测干路电流,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R i 的电流变化，根据并联电路的电流特点得出电表a 示数变化量与电表b

27、示数变化量关系。【解答】解：A.由题知，闭合所有开关，在滑片P移动过，电表a,电表c 无，由图可知，a 表与R 2 串联，则 a 表一定为电流表，否则滑片移动时a 表示数，若 b、c同为电压表，则 b、c 两表均3 的电压，滑片移动时，电表b、c 均有，由电表b的示数有变化、电表C无示数可知，b为电，此时电压表C被短路而无，此时电流表b测干路电流；B C.闭合S、S2时，R2与R3串联，电压表c测R5两端的电压，电流表a测电路中的电流，当滑片右移时，变阻器接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻，由I=U可知，电路中的电流变小，R3两端的电压变小，即电流表a的示数和电压表cR的示数均变小，故B；设

28、滑片右移前后电路中的电流分别为h、7 八。【分析】（1）光在同一均匀介质中沿直线传播；（2）光从水中斜射入空气中时，折射角大于入射角，折射光线远离法线；光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，折射光线靠近法线。（3）先过入射点作出反射光线，然后作入射光线和反射光线的角平分线，即法线，再过入射点作垂直于法线的镜面，最后根据角之间的关系求出镜面与水平面的夹角。【解答】解：坐井观天，所见甚小，这是由于光的直线传播形，岸上的树反射的光从空气进入水中，发生折射，折射角小于入，向下，所以青蛙在水面下看到的树的位置比实际位置偏高。：利用平面镜使太阳光沿竖直方向照亮井底，则反射光线是竖直向下的，所以先过入射点

29、作竖直向下的反射，反射角等于入，所以作入射光线和反射光线夹角的平分线即为法线。因为反射光线与水平面垂直，而 入 射 光 线 与 水 平 面 成 6 0 的角，所以入射角等6 0 +9 0-,2则入射光线与平面镜的夹角为9 0 -7 5 =1 5 ,故平面镜与水平方向的夹角为1 5+6 0 =7 5 或 1 80 -7 5 =1 0 5 。这种题一般要写出镜子与水平面夹角中锐角的度数，如图所示，平面镜与水平面夹角写为 7。7 5 故答案为：直线传播；高；见上图。1 1.（3分）北京时间2 0 2 2 年 1 1 月 2 3 日8 时 5 5 分，中国在西昌卫星发射中心用长征三号乙运载火箭（及配套

30、远征一号上面级），以“一箭双星”方式成功发射第5 0、5 1 颗北斗导航卫星。（1）运载火箭在加速升空的过程中，两颗卫星的机械能 增 大（选填“增大”、“减小”或“不变”）；两颗卫星相对于运载火箭是 静止（选 填“静止”或“运动”）的。（2）两颗地球轨道卫星沿圆形轨道正常运行时处于 非平衡（选 填“平衡”或“非平衡”）状态。【答案】增大；静止；非平衡。【分析】（1）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素，物体的质量和高度；机械能是动能和势能之和；（2）根据力的作用的相互性判断施力物体；在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物

31、发生变化，则运动，不发生变化，则静止。（3）物体的运动状态改变，包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化；静止和匀速直线运动是两种运动状态不变的情况。【解答】解：火箭在加速升空的过程中，两颗卫星的质量，动能；质量不变，势能增大，故卫星的机械能；两颗卫星相对于运载火箭没有位置变化，所以两颗卫星是静止的；卫星进入地球同步运行轨道正常运行时，其运动方向不断发生变化，所以其运动状态不断。故答案为：增大；静止：非平衡。1 2.（2分）我们每天都在产生大量垃圾，合理分类和利用垃圾是我们面临的一个重大课题。某垃圾处理厂处理垃圾时提炼出了 20 0 k g燃料油，若燃料油的热值为4.2Xl（）7 j/

32、k g,则这些燃料油完全燃烧放出的热量为8.4X1 0 9 j,这 些 热 量 可 将 2.5X 放4 k g水 从 20 加热到1 0 0。【答案】8.4X1 09；2.5X1 0、【分析】（1）知道燃料油的质量、热值，利用Q s u m q求出这些燃料油完全燃烧放出的热量；（2）由题知，水吸收的热量Q=Q放，再利用Q吸=c m Zt 求水的质量。【解答】解：（1）这些燃料油完全燃烧释放出的热量：Q 放=m 汕 q=20 0 k gX 4.2X 1 02J/k g=8.4X1 05J：（2）由题知，水吸收的热量Q咪=Q j i=8.4X1 0 8j,由 Q nc m ZXt 可得加热水的质量

33、：m=RL=_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ 左凶此_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _=2.4X 仙。c/k t 3.2X 1 33J/（k g-r）X（1 0 0 1 C-20 D故答案为:8.3X1 09；2.2X1 0、1 3.（3 分）核能是目前被广泛应用的新能源，我国已建成十余座核电站。人类利用核能发电的主要方式是 核裂变（选 填 核裂 变 或 核聚变）：核能属于 不可再生 能源（选 填“可再生”或“不可再生”）；利用核能发电过程中，发电机的能量转化是 机械 能 转 化 成 电 能。【答案】核裂变；不可再生；机械能转化成电能。【分析】根据核能发电的原

34、理、能源的分类以及能量的转化来分析解答。【解答】解：人类利用核能发电的主要方式是核裂变；核能会越用，所以核能属于不可再生；利用核能发电过程中。故答案为：核裂变；不可再生；机械能转化成。三、实验探究题（本大题共4 个小题；第 32题 4 分，第 33题 6 分第34、35题各7 分，共24分）1 4.小明利用如图所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”。丙T底（1）实验前，杠杆如图甲所示，可将杠杆右端的平衡螺母向 右（选填“左”或“右”）调节，使杠杆在水平位置平衡。这 样 做的好处是便 于 测 量 力 臂。（2）小明完成某次操作后，实验现象如图乙所示，记录的数据为动力F i =1.5N,动力臂L i=

35、20 c m,阻力 F 2=1 N,阻力臂 L 2=30 c m。（3）如图丙所示，用弹簧测力计在D 处竖直向下拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 变大（填“变大”或“变小”或“不变”）。（4）实验结束后，小明又提出了新的探究问题：”若支点不在杠杆的中点时，杠杆的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图（T）所示装置进行探究，发现在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆在水平位置平衡时，测出的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是杠杆的自重给实验造成了影响。拓展 小明利用浮力和杠杆的知识，发明了一个密度称。如图戊所示，轻质杠杆A B可

36、绕0点转动，在A、B两端分别挂有两个完全相同的正方体C、D （边 长 为1 0 c m,重力为2 0 N）,O A=1 0 c m,O B =8 c m。小明向容器中倒人不同密度的液体，每次都将C浸没于液体中，移动物体D,使杠杆在水平位置平衡，O B上便可以标出不同液体的密度值。这个密度称能够测量的最小液体密度为0.4 X 1 0 3 k g/n?.（g取1 0 N/k g）【答案】见试题解答内容【分析】（1）调节杠杆在水平位置平衡，左边下沉往右调；杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单化，便于探究；（2）根据杠杆平衡条件

37、分析解答；（3）阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。（4）图乙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。拓展：根据FILI=F2L2知：在L i、F 2不变时，拉力F i越大，L 2越大，即液体密度越小，O B越大；根据杠杆的平衡条件分析出物体在B点时拉力FA,对物体C受力分析算出此时的浮力F浮c ,在根据阿基米德原理算出液体的密度；【解答】解：（1）杠杆不在水平位置，左端向下，故应向右调节平衡，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂；（2）杠杆平衡条件为：FILI=F7L2O由杠杆平衡条件得：L 7 N X 0.2

38、 m=3 N X L 2,得：L 2=3.3 m=3 0 c m；（3）图丙中，弹簧测力计竖直向下拉杠杆，若弹簧测力计逐渐向右倾斜拉，阻力和阻力臂，根据杠杆平衡条件可知，弹簧测力计示数变大。（4）图丁中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了，测出的拉力大小F作、并将三个钩码拉力作阻力计算.拓展：液体密度越小，浮力，根据F 1 L 7=F 2 L 2知：在L 3、F 2不变时，拉力F i越大，L 3越大，最大为O B,为8根据 FAOA=FBOB,所以 FA=9 RXFB=-LX 20N=16N,O A 1 0 c m物体C受到的力：A点对C的拉力FA、浮力F浮C、重力GC,故物体C

39、受到的浮力为：F?c=G c -FA=20N-1 6 N=5 N；根据F i?=p g V排知液体的密度为：p 浪 小=-=-=0.6 X 1 03k g/m3og V排 l O N/k g X（Q.6 m）3故答案为：（1）右；便于测量；（3）；（4）杠杆的自重；拓展、1 5.在“探窕电流与电压的关系”实 验 中（电源电压恒为6 V）。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中电路连接完整，要求滑片P向B端滑动时，电流表示数变大（连线时导线不允许交叉）。（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P,发现电压表有示数，电流表无示数，原因可能 是R断 路。（3）小明实验中测得多组数据，绘制出电阻R的I-U图象

40、，如图乙所示：由图象可得出 的 结 论 是 电阻一定时，电流与电压成正比。（4）小明继续用此电路来探究“电流与电阻的关系“，想要完成四组实验，准备好的定值电阻有5 Q、1 0 C,1 5。，2 0 Q,先将5欧姆电阻接入电路中。将电路连接正确后，闭合开关，移动变阻器的滑片P，使定值电阻两端的电压为2 V.断开开关，将定值电阻换成阻值为1 0。的电阻，应将滑动变阻器的滑片向 左 移动,使电压表的示数仍为2 V.实验中滑动变阻器的最大电阻应不小于4 0 Q。拓展 完成上述实验后，小明又找来了一个阻值为R o的电阻和两个开关，并借助部分现有的实验器材，继续测量小灯泡的额定功率（额定电压为U sP，设

41、计了如图丙所示的电路。请完成下列的实验步骤：闭合开关S 1和S 3,移动滑片，当电压表的示数为时，停止移动滑片。只闭合开关S i和S 2,读出此时电压表的示数为U。U-U额 灯 泡 额 定 功 率 的 表 达 式 为 （用已知量和测量量表示）。Ro【答案】（1）如上所示；（2）R断路：（3）电阻一定时，电流与电压成正比；（4）左；4 0：U-U 额 拓展 Us uU额X赳。RQ【分析】（1）根据滑片P向B端滑动时，电流表示数变大，确定变阻器右下接线柱连入电路中，根据图乙可知，电流表选用小量程与电阻串联，电压表选用小量程与电阻并联：（2）若电流表示数为0,说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压

42、，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；（3）根据绘制出和电阻R的I -U图象为一过原点的直线分析；（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入2 0。电阻时变阻器连入电路中的电阻；拓展 要测灯的额定功率，首先使灯正常发光，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动

43、，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根 据P=U I可求出灯的额定功率。【解答】解：（1）滑 片P向B端滑动时，电流表示数变大，即电阻，根据图乙，电流最大为0.6 A,电压表选用小量程与电阻并联，如下:（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P,电流表无，发现电压表有，电压表与电源连通；（3）绘制出电阻R 的 I-U 图象为一过原点的直线，由图象可得出的结论是：电阻一；（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻由6Q改接成10H的电阻，电阻；探究电流与电阻的实验中应控

44、制电压不变，即应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的，应增大滑动变阻器连入电路中的，所以滑片应向左端移动；电阻两端的电压始终保持U v=2 V,根据串联电路电压的规律，变阻器分得的：U 滔=U-U v=6 V-4 V=4 V,变阻器分得的电压为电压表示数的2 倍，根据分压，变阻器连入电路中的电：R 卅=6X200=40。，为完成此四组实验，滑动变阻器的最大电阻应不小于4；（5）闭合开关S i和 S 3 ,移动滑片，当电压表的示数为2.5,停止移动；只闭合开关S8和 S 2,读出此时电压表的示数为U（即灯与定值电阻Ro的总电压）；在步骤中，电压表测灯与定值电阻

45、R7的总电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常，根据串联电路电压的规律，此时Ro两端电压：U o=U-U 演，由欧姆定律可得，通过R3的电流：10=!色=上 酶，3 RQ根据串联电路电流的规律知，此时通过灯泡的电流与Ro的电流相等，所以灯泡的额定功率：u-u 额P额=U额1额=u额 义R8故答案为：(1)如上所示；(2)R,电流与电压成；(4)左；4 0；拓展 Usu U颤 XU U额。R。四、计算应用题(本大题共3个小题，36题5分，37题6分，38题7分，共18分.解答时，要求有必要的文字说明、公式和计算步骤等，只写最后结果不得分)1 6.如图所示，水平地面上放置了甲、乙两个质量均匀

46、的长方体物块，甲物块的底面积为1 0 0 cm2,乙物块的底面积是甲的2倍。甲物块高1 5 cm,乙物块高1 2 cm；甲的密度为0.6 g/cm3,p 甲：p 乙=3：5.(g 取 1 0 N/kg)(1)求乙的质量。(2)现将甲物块叠放在乙物块上方，求乙物块对水平地面的压强。(3)若将乙物块沿水平方向切下一部分，切下的部分放在甲物块上，此时甲、乙物块对水平面的压强相等，求切去的厚度应该是多少厘米？【答案】乙的质量为2.4 kg；(2)乙物块对水平地面的压强为1 6 5 0 P a；(3)若将乙物块沿水平方向切下1 cm,切下的部分放在甲物块上时，甲、乙物块对水平面的压强相等。【分析】(1)

47、根据题意求出乙的高度、乙的密度、乙的底面积，利用V=Sh求出乙的体积，利用p=g 求出乙的质量；(2)根 据 V甲=S甲 1 1 中算出甲的体积，由 p=g 算出甲物体的质量，由 F=G总=(m 甲+m 乙)g 算出现将甲物块叠放在乙物块上方对地面的压力，由 p=_ 算出乙物块对水平地面的压强；(3)将乙物块沿水平方向切下部分的高度为h,切下的部分放在甲物块上，根据G=m g=p V g=p S h g表示出切去部分的重力，此时甲物块对水平面上的压力等于甲的重力加上乙切去部分的重力，根据p=E 求出此时甲物块对水平面的压强，根据p=pgh表示出s乙物块对水平面的压强，利用此时甲、乙物块对水平面

48、的压强相等得出等式即可求出乙切去的高度。【解答】解：(1)由题意可得，乙的高乙=12cm,因为P 甲：P 乙=3：5。所以乙的密度为：p z.p if)=X0.6g/cm7=l.Og/cm8,3 5乙的底面积为：S 乙=2S 甲=2 义 100cm2=200cm2,则乙的体积为：V c=S 乙 h 200cm2 X 12cm=2400cm5,由可得，V乙的质量为：m 乙=p 乙 丫 z,=1 .Og/cm6 X 2400cm3=2400g=2.2kg；(2)甲的体积为：V”，=S iph ip 100cm2 X 15cm=1500cm3,由 p=EL可得，V甲的质量为：m i|i=p ip V

49、 ip=6.6g/cm3X 1500cm6=900g=0.9kg；现将甲物块叠放在乙物块上方，对地面的压力为：F=G,；4=(m 甲+mz.)g=(8.4kg+0.8kg)X10N/kg=33N,乙物块对水平地面的压强为：p=/一=-邱工=1650Pa；S 乙 200X 10-2m2(3)将乙物块沿水平方向切下部分的高度为h ,切下的部分放在甲物块上，则切去部分的重力：G z.g=p 4/V z.g=p z.S ch g,此时甲物块对水平面上的压力：F tp=G 甲+4 G z.=p 甲 S iph ipg+p z.S z.h g此时甲物块对水平面的压强:F 甲 P 甲S 甲 gh 甲+P 7

50、 g h S7 S7 0p甲,.=-=p 1）（gh I（I+-P 乙gh p z.gh ip+2p z.S甲 S甲 S甲 6gh此时乙物块对水平面的压强：P 乙=P 乙g（h 乙-h）,因此时甲、乙物块对水平面的压强相等，所以，旦p z,gh 甲+2p z,gh=p z.g（h z,-hz）,2解得：h（6h 乙-3h 甲）=-（3X12cm-3X 15cm）=lc m。15 15答：（1）乙的质量为7.4kg；（2）乙物块对水平地面的压强为1650Pa：（3）若将乙物块沿水平方向切下1cm,切下的部分放在甲物块上时，甲、乙物块对水平面的压强。1 7.如图所示的电路中，电源电压为16V且保持