2017年云南省全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅲ)及解析.docx

《2017年云南省全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅲ)及解析.docx》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2017年云南省全国统一高考数学试卷(理科)(新课标ⅲ)及解析.docx（25页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2017年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标）一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1（5分）已知集合A=（x，y）|x2+y2=1，B=（x，y）|y=x，则AB中元素的个数为（）A3B2C1D02（5分）设复数z满足（1+i）z=2i，则|z|=（）ABCD23（5分）某城市为了解游客人数的变化规律，提高旅游服务质量，收集并整理了2014年1月至2016年12月期间月接待游客量（单位：万人）的数据，绘制了下面的折线图根据该折线图，下列结论错误的是（）A月接待游客量逐月增加B年接待游客量逐年增加C各年的月接待游客量高峰期大致在

2、7，8月D各年1月至6月的月接待游客量相对于7月至12月，波动性更小，变化比较平稳4（5分）（x+y）（2xy）5的展开式中的x3y3系数为 （）A80B40C40D805（5分）已知双曲线C：=1 （a0，b0）的一条渐近线方程为y=x，且与椭圆+=1有公共焦点，则C的方程为（）A=1B=1C=1D=16（5分）设函数f（x）=cos（x+），则下列结论错误的是（）Af（x）的一个周期为2By=f（x）的图象关于直线x=对称Cf（x+）的一个零点为x=Df（x）在（，）单调递减7（5分）执行如图的程序框图，为使输出S的值小于91，则输入的正整数N的最小值为（）A5B4C3D28（5分）已知圆

3、柱的高为1，它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上，则该圆柱的体积为（）ABCD9（5分）等差数列an的首项为1，公差不为0若a2，a3，a6成等比数列，则an前6项的和为（）A24B3C3D810（5分）已知椭圆C：=1（ab0）的左、右顶点分别为A1，A2，且以线段A1A2为直径的圆与直线bxay+2ab=0相切，则C的离心率为（）ABCD11（5分）已知函数f（x）=x22x+a（ex1+ex+1）有唯一零点，则a=（）ABCD112（5分）在矩形ABCD中，AB=1，AD=2，动点P在以点C为圆心且与BD相切的圆上若=+，则+的最大值为（）A3B2CD2二、填空题:本题共4小题

4、，每小题5分，共20分。13（5分）若x，y满足约束条件，则z=3x4y的最小值为 14（5分）设等比数列an满足a1+a2=1，a1a3=3，则a4= 15（5分）设函数f（x）=，则满足f（x）+f（x）1的x的取值范围是 16（5分）a，b为空间中两条互相垂直的直线，等腰直角三角形ABC的直角边AC所在直线与a，b都垂直，斜边AB以直线AC为旋转轴旋转，有下列结论：当直线AB与a成60角时，AB与b成30角；当直线AB与a成60角时，AB与b成60角；直线AB与a所成角的最小值为45；直线AB与a所成角的最小值为60；其中正确的是 （填写所有正确结论的编号）三、解答题：共70分。解答应写

5、出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：60分。17（12分）ABC的内角A，B，C的对边分别为a，b，c，已知sinA+cosA=0，a=2，b=2（1）求c；（2）设D为BC边上一点，且ADAC，求ABD的面积18（12分）某超市计划按月订购一种酸奶，每天进货量相同，进货成本每瓶4元，售价每瓶6元，未售出的酸奶降价处理，以每瓶2元的价格当天全部处理完根据往年销售经验，每天需求量与当天最高气温（单位：）有关如果最高气温不低于25，需求量为500瓶；如果最高气温位于区间20，25），需求量为300瓶；

6、如果最高气温低于20，需求量为200瓶为了确定六月份的订购计划，统计了前三年六月份各天的最高气温数据，得下面的频数分布表：最高气温10，15）15，20）20，25）25，30）30，35）35，40）天数216362574以最高气温位于各区间的频率代替最高气温位于该区间的概率（1）求六月份这种酸奶一天的需求量X（单位：瓶）的分布列；（2）设六月份一天销售这种酸奶的利润为Y（单位：元），当六月份这种酸奶一天的进货量n（单位：瓶）为多少时，Y的数学期望达到最大值？19（12分）如图，四面体ABCD中，ABC是正三角形，ACD是直角三角形，ABD=CBD，AB=BD （1）证明：平面ACD平面AB

7、C；（2）过AC的平面交BD于点E，若平面AEC把四面体ABCD分成体积相等的两部分，求二面角DAEC的余弦值20（12分）已知抛物线C：y2=2x，过点（2，0）的直线l交C与A，B两点，圆M是以线段AB为直径的圆（1）证明：坐标原点O在圆M上；（2）设圆M过点P（4，2），求直线l与圆M的方程21（12分）已知函数f（x）=x1alnx（1）若 f（x）0，求a的值；（2）设m为整数，且对于任意正整数n，（1+）（1+）（1+）m，求m的最小值（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。选修4-4：坐标系与参数方程22（10分）在直角坐标系

8、xOy中，直线l1的参数方程为，（t为参数），直线l2的参数方程为，（m为参数）设l1与l2的交点为P，当k变化时，P的轨迹为曲线C（1）写出C的普通方程；（2）以坐标原点为极点，x轴正半轴为极轴建立极坐标系，设l3：（cos+sin）=0，M为l3与C的交点，求M的极径选修4-5：不等式选讲23已知函数f（x）=|x+1|x2|（1）求不等式f（x）1的解集；（2）若不等式f（x）x2x+m的解集非空，求m的取值范围2017年全国统一高考数学试卷（理科）（新课标）参考答案与试题解析一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1（5分）

9、【考点】1E：交集及其运算【分析】解不等式组求出元素的个数即可【解答】解：由，解得：或，AB的元素的个数是2个，故选：B【点评】本题考查了集合的运算，是一道基础题2（5分）【考点】A5：复数代数形式的乘除运算【分析】利用复数的运算法则、模的计算公式即可得出【解答】解：（1+i）z=2i，（1i）（1+i）z=2i（1i），z=i+1则|z|=故选：C【点评】本题考查了复数的运算法则、模的计算公式，考查了推理能力与计算能力，属于基础题3（5分）【考点】2K：命题的真假判断与应用；B9：频率分布折线图、密度曲线【分析】根据已知中2014年1月至2016年12月期间月接待游客量（单位：万人）的数据，

10、逐一分析给定四个结论的正误，可得答案【解答】解：由已有中2014年1月至2016年12月期间月接待游客量（单位：万人）的数据可得：月接待游客量逐月有增有减，故A错误；年接待游客量逐年增加，故B正确；各年的月接待游客量高峰期大致在7，8月，故C正确；各年1月至6月的月接待游客量相对于7月至12月，波动性更小，变化比较平稳，故D正确；故选：A【点评】本题考查的知识点是数据的分析，命题的真假判断与应用，难度不大，属于基础题4（5分）【考点】DB：二项式系数的性质【分析】（2xy）5的展开式的通项公式：Tr+1=（2x）5r（y）r=25r（1）rx5ryr令5r=2，r=3，解得r=3令5r=3，r

11、=2，解得r=2即可得出【解答】解：（2xy）5的展开式的通项公式：Tr+1=（2x）5r（y）r=25r（1）rx5ryr令5r=2，r=3，解得r=3令5r=3，r=2，解得r=2（x+y）（2xy）5的展开式中的x3y3系数=22（1）3+23=40故选：C【点评】本题考查了二项式定理的应用，考查了推理能力与计算能力，属于中档题5（5分）【考点】KC：双曲线的简单性质【分析】求出椭圆的焦点坐标，得到双曲线的焦点坐标，利用双曲线的渐近线方程，求出双曲线实半轴与虚半轴的长，即可得到双曲线方程【解答】解：椭圆+=1的焦点坐标（3，0），则双曲线的焦点坐标为（3，0），可得c=3，双曲线C：=1

12、 （a0，b0）的一条渐近线方程为y=x，可得，即，可得=，解得a=2，b=，所求的双曲线方程为：=1故选：B【点评】本题考查椭圆与双曲线的简单性质的应用，双曲线方程的求法，考查计算能力6（5分）【考点】H7：余弦函数的图象【分析】根据三角函数的图象和性质分别进行判断即可【解答】解：A函数的周期为2k，当k=1时，周期T=2，故A正确，B当x=时，cos（x+）=cos（+）=cos=cos3=1为最小值，此时y=f（x）的图象关于直线x=对称，故B正确，C当x=时，f（+）=cos（+）=cos=0，则f（x+）的一个零点为x=，故C正确，D当x时，x+，此时函数f（x）不是单调函数，故D错

13、误，故选：D【点评】本题主要考查与三角函数有关的命题的真假判断，根据三角函数的图象和性质是解决本题的关键7（5分）【考点】EF：程序框图【分析】通过模拟程序，可得到S的取值情况，进而可得结论【解答】解：由题可知初始值t=1，M=100，S=0，要使输出S的值小于91，应满足“tN”，则进入循环体，从而S=100，M=10，t=2，要使输出S的值小于91，应接着满足“tN”，则进入循环体，从而S=90，M=1，t=3，要使输出S的值小于91，应不满足“tN”，跳出循环体，此时N的最小值为2，故选：D【点评】本题考查程序框图，判断出什么时候跳出循环体是解决本题的关键，注意解题方法的积累，属于中档题

14、8（5分）【考点】LF：棱柱、棱锥、棱台的体积；LR：球内接多面体【分析】推导出该圆柱底面圆周半径r=，由此能求出该圆柱的体积【解答】解：圆柱的高为1，它的两个底面的圆周在直径为2的同一个球的球面上，该圆柱底面圆周半径r=，该圆柱的体积：V=Sh=故选：B【点评】本题考查面圆柱的体积的求法，考查圆柱、球等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力，考查化归与转化思想，是中档题9（5分）【考点】85：等差数列的前n项和【分析】利用等差数列通项公式、等比数列性质列出方程，求出公差，由此能求出an前6项的和【解答】解：等差数列an的首项为1，公差不为0a2，a3，a6成等比数列，（a1+

15、2d）2=（a1+d）（a1+5d），且a1=1，d0，解得d=2，an前6项的和为=24故选：A【点评】本题考查等差数列前6项和的求法，是基础题，解题时要认真审题，注意等差数列、等比数列的性质的合理运用10（5分）【考点】K4：椭圆的简单性质菁优网版权所有【分析】以线段A1A2为直径的圆与直线bxay+2ab=0相切，可得原点到直线的距离=a，化简即可得出【解答】解：以线段A1A2为直径的圆与直线bxay+2ab=0相切，原点到直线的距离=a，化为：a2=3b2椭圆C的离心率e=故选：A【点评】本题考查了椭圆的标准方程及其性质、直线与圆相切的性质、点到直线的距离公式，考查了推理能力与计算能力

16、，属于中档题11（5分）【考点】52：函数零点的判定定理【分析】通过转化可知问题等价于函数y=1（x1）2的图象与y=a（ex1+）的图象只有一个交点求a的值分a=0、a0、a0三种情况，结合函数的单调性分析可得结论【解答】解：因为f（x）=x22x+a（ex1+ex+1）=1+（x1）2+a（ex1+）=0，所以函数f（x）有唯一零点等价于方程1（x1）2=a（ex1+）有唯一解，等价于函数y=1（x1）2的图象与y=a（ex1+）的图象只有一个交点当a=0时，f（x）=x22x1，此时有两个零点，矛盾；当a0时，由于y=1（x1）2在（，1）上递增、在（1，+）上递减，且y=a（ex1+）

17、在（，1）上递增、在（1，+）上递减，所以函数y=1（x1）2的图象的最高点为A（1，1），y=a（ex1+）的图象的最高点为B（1，2a），由于2a01，此时函数y=1（x1）2的图象与y=a（ex1+）的图象有两个交点，矛盾；当a0时，由于y=1（x1）2在（，1）上递增、在（1，+）上递减，且y=a（ex1+）在（，1）上递减、在（1，+）上递增，所以函数y=1（x1）2的图象的最高点为A（1，1），y=a（ex1+）的图象的最低点为B（1，2a），由题可知点A与点B重合时满足条件，即2a=1，即a=，符合条件；综上所述，a=，故选：C【点评】本题考查函数零点的判定定理，考查函数的单调性

18、，考查运算求解能力，考查数形结合能力，考查转化与化归思想，考查分类讨论的思想，注意解题方法的积累，属于难题12（5分）【考点】9V：向量在几何中的应用【分析】如图：以A为原点，以AB，AD所在的直线为x，y轴建立如图所示的坐标系，先求出圆的标准方程，再设点P的坐标为（cos+1，sin+2），根据=+，求出，根据三角函数的性质即可求出最值【解答】解：如图：以A为原点，以AB，AD所在的直线为x，y轴建立如图所示的坐标系，则A（0，0），B（1，0），D（0，2），C（1，2），动点P在以点C为圆心且与BD相切的圆上，设圆的半径为r，BC=2，CD=1，BD=BCCD=BDr，r=，圆的方程为（

19、x1）2+（y2）2=，设点P的坐标为（cos+1，sin+2），=+，（cos+1，sin+2）=（1，0）+（0，2）=（，2），cos+1=，sin+2=2，+=cos+sin+2=sin（+）+2，其中tan=2，1sin（+）1，1+3，故+的最大值为3，故选：A【点评】本题考查了向量的坐标运算以及圆的方程和三角函数的性质，关键是设点P的坐标，考查了学生的运算能力和转化能力，属于中档题二、填空题:本题共4小题，每小题5分，共20分。13（5分）【考点】7C：简单线性规划.【分析】作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，求目标函数z=3x4y的最小值【解答】解：由z=3x4

20、y，得y=x，作出不等式对应的可行域（阴影部分），平移直线y=x，由平移可知当直线y=x，经过点B（1，1）时，直线y=x的截距最大，此时z取得最小值，将B的坐标代入z=3x4y=34=1，即目标函数z=3x4y的最小值为1故答案为：1【点评】本题主要考查线性规划的应用，利用目标函数的几何意义，结合数形结合的数学思想是解决此类问题的基本方法14（5分）【考点】88：等比数列的通项公式【分析】设等比数列an的公比为q，由a1+a2=1，a1a3=3，可得：a1（1+q）=1，a1（1q2）=3，解出即可得出【解答】解：设等比数列an的公比为q，a1+a2=1，a1a3=3，a1（1+q）=1，a

21、1（1q2）=3，解得a1=1，q=2则a4=（2）3=8故答案为：8【点评】本题考查了等比数列的通项公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题15（5分）【考点】3T：函数的值【分析】根据分段函数的表达式，分别讨论x的取值范围，进行求解即可【解答】解：若x0，则x，则f（x）+f（x）1等价为x+1+x+11，即2x，则x，此时x0，当x0时，f（x）=2x1，x，当x0即x时，满足f（x）+f（x）1恒成立，当0x，即x0时，f（x）=x+1=x+，此时f（x）+f（x）1恒成立，综上x，故答案为：（，+）【点评】本题主要考查不等式的求解，结合分段函数的不等式，利用分类讨论的数学思想进行求

22、解是解决本题的关键16（5分）【考点】MI：直线与平面所成的角【分析】由题意知，a、b、AC三条直线两两相互垂直，构建如图所示的边长为1的正方体，|AC|=1，|AB|=，斜边AB以直线AC为旋转轴，则A点保持不变，B点的运动轨迹是以C为圆心，1为半径的圆，以C坐标原点，以CD为x轴，CB为y轴，CA为z轴，建立空间直角坐标系，利用向量法能求出结果【解答】解：由题意知，a、b、AC三条直线两两相互垂直，画出图形如图，不妨设图中所示正方体边长为1，故|AC|=1，|AB|=，斜边AB以直线AC为旋转轴，则A点保持不变，B点的运动轨迹是以C为圆心，1为半径的圆，以C坐标原点，以CD为x轴，CB为y

23、轴，CA为z轴，建立空间直角坐标系，则D（1，0，0），A（0，0，1），直线a的方向单位向量=（0，1，0），|=1，直线b的方向单位向量=（1，0，0），|=1，设B点在运动过程中的坐标中的坐标B（cos，sin，0），其中为BC与CD的夹角，0，2），AB在运动过程中的向量，=（cos，sin，1），|=，设与所成夹角为0，则cos=|sin|0，正确，错误设与所成夹角为0，cos=|cos|，当与夹角为60时，即=，|sin|=，cos2+sin2=1，cos=|cos|=，0，=，此时与的夹角为60，正确，错误故答案为：【点评】本题考查命题真假的判断，考查空间中线线、线面、面面间的位

24、置关系等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力，考查数形结合思想、化归与转化思想，是中档题三、解答题：共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。第1721题为必考题，每个试题考生都必须作答。第22、23题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：60分。17（12分）【考点】HT：三角形中的几何计算【分析】（1）先根据同角的三角函数的关系求出A，再根据余弦定理即可求出，（2）先根据夹角求出cosC，求出CD的长，得到SABD=SABC【解答】解：（1）sinA+cosA=0，tanA=，0A，A=，由余弦定理可得a2=b2+c22bccosA，即28=4+c222c（）

25、，即c2+2c24=0，解得c=6（舍去）或c=4，故c=4（2）c2=b2+a22abcosC，16=28+4222cosC，cosC=，CD=CD=BCSABC=ABACsinBAC=42=2，SABD=SABC=【点评】本题考查了余弦定理和三角形的面积公式，以及解三角形的问题，属于中档题18（12分）【考点】CH：离散型随机变量的期望与方差；CG：离散型随机变量及其分布列【分析】（1）由题意知X的可能取值为200，300，500，分别求出相应的概率，由此能求出X的分布列（2）当n200时，Y=n（64）=2n400，EY400；当200n300时，EY1.2300+160=520；当30

26、0n500时，n=300时，（EY）max=6400.4300=520；当n500时，EY14402500=440从而得到当n=300时，EY最大值为520元【解答】解：（1）由题意知X的可能取值为200，300，500，P（X=200）=0.2，P（X=300）=，P（X=500）=0.4，X的分布列为： X 200 300 500 P 0.2 0.4 0.4（2）当n200时，Y=n（64）=2n400，EY400，当200n300时，若x=200，则Y=200（64）+（n200）24）=8002n，若x300，则Y=n（64）=2n，EY=p（x=200）（8002n）+p（x300）

27、2n=0.2（8002n）+0.8=1.2n+160，EY1.2300+160=520，当300n500时，若x=200，则Y=8002n，若x=300，则Y=300（64）+（n300）（24）=12002n，当n=300时，（EY）max=6400.4300=520，若x=500，则Y=2n，EY=0.2（8002n）+0.4（12002n）+0.42n=6400.4n，当n500时，Y=，EY=0.2（8002n）+0.4（12002n）+0.4（20002n）=14402n，EY14402500=440综上，当n=300时，EY最大值为520元【点评】本题考查离散型随机变量的分布列的求

28、法，考查数学期望的最大值的求法，考查函数、离散型随机变量分布列、数学期望等基础知识，考查推理论证能力、运算求解能力、空间想象能力，考查分类与整合思想、化归与转化思想，是中档题19（12分）【考点】MT：二面角的平面角及求法；LY：平面与平面垂直的判定【分析】（1）如图所示，取AC的中点O，连接BO，ODABC是等边三角形，可得OBAC由已知可得：ABDCBD，AD=CDACD是直角三角形，可得AC是斜边，ADC=90可得DO=AC利用DO2+BO2=AB2=BD2可得OBOD利用线面面面垂直的判定与性质定理即可证明（2）设点D，B到平面ACE的距离分别为hD，hE则=根据平面AEC把四面体AB

29、CD分成体积相等的两部分，可得=1，即点E是BD的中点建立如图所示的空间直角坐标系不妨取AB=2利用法向量的夹角公式即可得出【解答】（1）证明：如图所示，取AC的中点O，连接BO，ODABC是等边三角形，OBACABD与CBD中，AB=BD=BC，ABD=CBD，ABDCBD，AD=CDACD是直角三角形，AC是斜边，ADC=90DO=ACDO2+BO2=AB2=BD2BOD=90OBOD又DOAC=O，OB平面ACD又OB平面ABC，平面ACD平面ABC（2）解：设点D，B到平面ACE的距离分别为hD，hE则=平面AEC把四面体ABCD分成体积相等的两部分，=1点E是BD的中点建立如图所示的

30、空间直角坐标系不妨取AB=2则O（0，0，0），A（1，0，0），C（1，0，0），D（0，0，1），B（0，0），E=（1，0，1），=，=（2，0，0）设平面ADE的法向量为=（x，y，z），则，即，取=同理可得：平面ACE的法向量为=（0，1，）cos=二面角DAEC的余弦值为【点评】本题考查了空间位置关系、空间角、三棱锥的体积计算公式、向量夹角公式，考查了推理能力与计算能力，属于中档题20（12分）【考点】KN：直线与抛物线的位置关系【分析】（1）方法一：分类讨论，当直线斜率不存在时，求得A和B的坐标，由=0，则坐标原点O在圆M上；当直线l斜率存在，代入抛物线方程，利用韦达定理及向量数

31、量积的可得=0，则坐标原点O在圆M上；方法二：设直线l的方程x=my+2，代入椭圆方程，利用韦达定理及向量数量积的坐标运算，即可求得=0，则坐标原点O在圆M上；（2）由题意可知：=0，根据向量数量积的坐标运算，即可求得k的值，求得M点坐标，则半径r=丨MP丨，即可求得圆的方程【解答】解：方法一：证明：（1）当直线l的斜率不存在时，则A（2，2），B（2，2），则=（2，2），=（2，2），则=0，则坐标原点O在圆M上；当直线l的斜率存在，设直线l的方程y=k（x2），A（x1，y1），B（x2，y2），整理得：k2x2（4k2+1）x+4k2=0，则x1x2=4，4x1x2=y12y22=（y

32、1y2）2，由y1y20，则y1y2=4，由=x1x2+y1y2=0，则，则坐标原点O在圆M上，综上可知：坐标原点O在圆M上；方法二：设直线l的方程x=my+2，整理得：y22my4=0，A（x1，y1），B（x2，y2），则y1y2=4，则（y1y2）2=4x1x2，则x1x2=4，则=x1x2+y1y2=0，则，则坐标原点O在圆M上，坐标原点O在圆M上；（2）由（1）可知：x1x2=4，x1+x2=，y1+y2=，y1y2=4，圆M过点P（4，2），则=（4x1，2y1），=（4x2，2y2），由=0，则（4x1）（4x2）+（2y1）（2y2）=0，整理得：k2+k2=0，解得：k=2，

33、k=1，当k=2时，直线l的方程为y=2x+4，则x1+x2=，y1+y2=1，则M（，），半径为r=丨MP丨=，圆M的方程（x）2+（y+）2=当直线斜率k=1时，直线l的方程为y=x2，同理求得M（3，1），则半径为r=丨MP丨=，圆M的方程为（x3）2+（y1）2=10，综上可知：直线l的方程为y=2x+4，圆M的方程（x）2+（y+）2=或直线l的方程为y=x2，圆M的方程为（x3）2+（y1）2=10【点评】本题考查直线与抛物线的位置关系，考查韦达定理，向量数量积的坐标运算，考查计算能力，属于中档题21（12分）【考点】6B：利用导数研究函数的单调性；6E：利用导数求闭区间上函数的最

34、值【分析】（1）通过对函数f（x）=x1alnx（x0）求导，分a0、a0两种情况考虑导函数f（x）与0的大小关系可得结论；（2）通过（1）可知lnxx1，进而取特殊值可知ln（1+），kN*一方面利用等比数列的求和公式放缩可知（1+）（1+）（1+）e，另一方面可知（1+）（1+）（1+）2，从而当n3时，（1+）（1+）（1+）（2，e），比较可得结论【解答】解：（1）因为函数f（x）=x1alnx，x0，所以f（x）=1=，且f（1）=0所以当a0时f（x）0恒成立，此时y=f（x）在（0，+）上单调递增，这与f（x）0矛盾；当a0时令f（x）=0，解得x=a，所以y=f（x）在（0，a

35、）上单调递减，在（a，+）上单调递增，即f（x）min=f（a），又因为f（x）min=f（a）0，所以a=1；（2）由（1）可知当a=1时f（x）=x1lnx0，即lnxx1，所以ln（x+1）x当且仅当x=0时取等号，所以ln（1+），kN*一方面，ln（1+）+ln（1+）+ln（1+）+=11，即（1+）（1+）（1+）e；另一方面，（1+）（1+）（1+）（1+）（1+）（1+）=2；从而当n3时，（1+）（1+）（1+）（2，e），因为m为整数，且对于任意正整数n，（1+）（1+）（1+）m成立，所以m的最小值为3【点评】本题是一道关于函数与不等式的综合题，考查分类讨论的思想，考查

36、转化与化归思想，考查运算求解能力，考查等比数列的求和公式，考查放缩法，注意解题方法的积累，属于难题（二）选考题：共10分。请考生在第22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。选修4-4：坐标系与参数方程22（10分）【考点】QH：参数方程化成普通方程【分析】解：（1）分别消掉参数t与m可得直线l1与直线l2的普通方程为y=k（x2）与x=2+ky；联立，消去k可得C的普通方程为x2y2=4；（2）将l3的极坐标方程为（cos+sin）=0化为普通方程：x+y=0，再与曲线C的方程联立，可得，即可求得l3与C的交点M的极径为=【解答】解：（1）直线l1的参数方程为，（t为参数）

37、，消掉参数t得：直线l1的普通方程为：y=k（x2）；又直线l2的参数方程为，（m为参数），同理可得，直线l2的普通方程为：x=2+ky；联立，消去k得：x2y2=4，即C的普通方程为x2y2=4；（2）l3的极坐标方程为（cos+sin）=0，其普通方程为：x+y=0，联立得：，2=x2+y2=+=5l3与C的交点M的极径为=【点评】本题考查参数方程与极坐标方程化普通方程，考查函数与方程思想与等价转化思想的运用，属于中档题选修4-5：不等式选讲23（2017新课标）【考点】R4：绝对值三角不等式；R5：绝对值不等式的解法【分析】（1）由于f（x）=|x+1|x2|=，解不等式f（x）1可分1

38、x2与x2两类讨论即可解得不等式f（x）1的解集；（2）依题意可得mf（x）x2+xmax，设g（x）=f（x）x2+x，分x1、1x2、x2三类讨论，可求得g（x）max=，从而可得m的取值范围【解答】解：（1）f（x）=|x+1|x2|=，f（x）1，当1x2时，2x11，解得1x2；当x2时，31恒成立，故x2；综上，不等式f（x）1的解集为x|x1（2）原式等价于存在xR使得f（x）x2+xm成立，即mf（x）x2+xmax，设g（x）=f（x）x2+x由（1）知，g（x）=，当x1时，g（x）=x2+x3，其开口向下，对称轴方程为x=1，g（x）g（1）=113=5；当1x2时，g（x）=x2+3x1，其开口向下，对称轴方程为x=（1，2），g（x）g（）=+1=；当x2时，g（x）=x2+x+3，其开口向下，对称轴方程为x=2，g（x）g（2）=4+2=3=1；综上，g（x）max=，m的取值范围为（，【点评】本题考查绝对值不等式的解法，去掉绝对值符号是解决问题的关键，突出考查分类讨论思想与等价转化思想、函数与方程思想的综合运用，属于难题.第25页（共25页）