2018年甘肃省天水市中考物理试题及答案.pdf

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1、20182018 年甘肃省天水市中考物理年甘肃省天水市中考物理试题及答案试题及答案一、选择题（共一、选择题（共 6 6 小题，每小题小题，每小题 3 3 分，满分分，满分 1818 分）分）1以下有关热现象的解释符合物理规律的是（）A90的水也可以沸腾沸点随气压的升高面降低B往皮肤上涂一些酒精会感到凉爽酒精蒸发时放热C用湿手拿出冰箱冷冻室里的雪糕感觉到“粘”手水的凝固现象D夏天从冰箱冷藏室里取出的易拉罐外壁上出现了小水滴水蒸气的凝华现象2在做“凸透镜成像规律”的实验中，小明将蜡烛放在距凸透镜 20cm 处的位置，通过透镜在光屏上形成倒立、缩小的像。由于未及时记录实验数据，实验结束后小明按自己的

2、理解在笔记本上画出了对应的光路图（光屏位置未画出），如图所示，下列说法正确的是（）A小明画的光路图是正确的B透镜成的是虚像C透镜的焦距小于 10cmD若画出光屏，则光屏应画在透镜的左侧3如图所示，在探究“杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格的长度为 3cm，当弹簧测力计在 A 点沿与水平方向成 30角斜向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是（）A拉力的力臂为 0.12mB此时为省力杠杆C弹簧测力计的示数为 4ND钩码总重为 2N4用相同的电加热器分别对质量相等的 A 和 B 两种液体（不计热量损失）如图是 A 和 B 的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是（）AA 的

3、比热容与 B 的比热容之比为 2：1BA 的比热容与 B 的比热容之比为 2：3C都加热 t 时间，B 吸收热量比 A 吸收热量多DA 和 B 升高相同的温度，B 吸收热量较多5关于电与磁及其应用，下列说法正确的是（）A法拉第发现了电流的磁效应B电磁继电器应用了电流的磁效应C奥斯特发现了电磁感应现象D扬声器应用了电磁感应原理6如图所示的电路中，电源电压保持不变 R 为定值电阻。闭合开关 S 移动滑片 P，多次记录电压表示数 U 和对应的电流表示数 I，则绘出的 UI 关系图象正确的是（）ABCD二、填空题（每空二、填空题（每空 1 1 分，共分，共 1818 分）分）7如图所示，在试管中加入少

4、量水，用嘴对着试管口吹气，使其发出声音。声音是由管内空气柱产生，通过传入人耳的，改变试管内的水量，会使声音的发生改变。8暑假里，小明到四川黄龙景区（海拔近 4000m）旅游到达目的地后发现：带去的密封很好的袋装方便面的袋子鼓起来了。导致这一现象的主要原因是小明家所在地的大气压比黄龙景区的大气压，与鼓起来之前相比袋内气体的密度。9夏天到了有些人运动完之后喜欢喝冰镇饮料解渴，其实这种做法不利于健康，同学们不要盲目效仿。现有一冰块漂浮于水面如图所示冰块在熔化过程中要（选填“吸收”或“放出”）热量；冰块熔化后杯底受到水的压强，杯子对桌面的压强。（以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）（已知冰0.

5、9103kg/m3，水1.0103kg/m3）10已知天然气的热值为 4.2107J/m3，水的比热容为 4.2103J/（kg）。（1）完全燃烧 0.05m3天然气可放出热量为J。（2）某天然气灶烧水的效率为 50%，完全燃烧 0.05m3天然气可使常温下 5kg 的水温度升高。11如图所示的电路中电源电压恒定，R230当 S1闭合，S2、S3断开时电流表的示数为0.6A，则电源电压为V；当 S2闭合，S1、S3断开时，电流表的示数为 0.36A，则 R1；当 S1、S3闭合 S2断开时，电流表示数为A。12某电饭锅内部电加热器原理电路如图所示，它有烧煮和保温两档。开关 S 断开时，电饭锅处

6、于档，已知R1605，电饭锅烧煮时的功率是保温时的11倍，则R2；该电饭锅烧煮 20mim，保温 10min 总共产生的电热是J（不计热量损失）13手机已经成为我们生活中不可缺少的通信工具，用手机拨打、接听电话或连接 WiFi 无线上网都是利用了来传递信息；调成振动模式后，来电时电流驱动内部的马达产生振动提示来电接听。能说明这个马达振动原理的是图中的（选填“甲”或“乙”）。三、识图、作图题（每小题三、识图、作图题（每小题 3 3 分，共分，共 9 9 分分1 14如图所示，凸透镜的主光轴恰好与水面重合，水面上方是空气，光线 BF 经凸透镜射出后斜射到水面，在焦点 F 处发生反射和折射。请画出射

7、向凸透镜的入射光线 AB 和斜射到水面的反射光线 FC 以及射入水中的折射光线 FD。15如图所示，小球在竖直细绳的拉力作用下在光滑斜面上处于平衡状态，请画出小球的重力示意图16如图所示螺线管通电后右端为 S 极。请在图中标出静止的小磁针的 N 极电源的正极并用箭头标出磁感线的方向。四、探究实验题每空四、探究实验题每空 1 1 分作图分作图 1 1 分，共分，共 1717 分分1 17小明同学在探究“平面镜成像特点”的实验时所用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸笔、火柴、光屏、刻度尺、两支外形相同的蜡烛 A 和 B。（1）实验过程中一切准备就绪后，小明在竖立的玻璃板前点燃蜡烛 A，拿（选填“点燃

8、”或“未点燃”）的蜡烛 B 竖立在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛 B 与蜡烛 A 的像完全重合如图所示。这种确定像与物大小关系的方法是（选填“控制变量法”或“等效替代法”）。（2）小明移去蜡烛 B 在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛 A 的像，这说明平面镜成的像是（选填“虚或”实”）像。（3）为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，小明只将玻璃板向右平移，则蜡烛像的位置（选填“向左移动”、“向右移动”或“不变”）。18在探究“力和运动的关系”的实验中，某小组同学设计了如图甲所示的实验。（1）分别让同一小车从同一斜面的同一位置由静止下滑，能够使小车到达水平面起始端的

9、速度（选填“相同”或“不同”）（2）小根据小车通三次滑行的距离可以得处的结论是：小车受到的阻力越小，速度减小的越慢，进一步推理可知：如果运动的物体不受理，将保持。（3）完成上述实验后，小组同学又取来一个小球和一个木块，将小球从斜面的某一位置由静止滚下，小球推动水平长木板上的木块由 A 位置运动到 B 位置，如图乙所示；保持木块在 B 位置不动，取回小球置于斜面同一位置重复上面的操作，如图丙所示。在这两次实验中，（选填“乙”或“丙”）图中小球将木块推动的距离更大一些。由此可得出关于影响物体动能大小因素的结论是。19世界上很多发明都是受到生活现象的启发而蒙生的。比如蒸汽机和汽油机都是热机，它们工作

10、时，能的转化过程是，喜欢探究的小明同学做了如图甲、乙所示的实验，其中（选填“甲”或“乙”）图可以反映汽油机的工作原理。如图丙所示，来回摩擦绳甲乙使金属筒的温度升高，这是通过的方式改变了金属筒的内能；当筒内的酒精蒸气将软木塞弹开后，周围的人能闻到酒精的气味，这个扩散现象说明了。20小明同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，他想知道小灯泡正常工作时的电功率，于是在学校实验室借了一些实验器材，连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒定不变。（1）在图甲中找出连接错误的一根导线并在该导线上画“”，用笔画线代替导线将电路连接正确。（2）电路连接好后小明闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片发现小灯泡

11、始终不亮，电流表有示数，电压表无示数，则故障原因可能是。（3）故障排除后，小明调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为W。（4）完成上述实验后，小明又找到了一只阻值已知的定值电阻 R0，并借助部分现有的实验器材设计了如图丙所示的电路，继续测量另一个额定电压为 U额的小灯泡正常发光时的电阻。测量时，应先闭合开关 S 和 S1，调节滑动变阻器，当电流表的示数为时，小灯泡正常发光；接着将 S1断开，S2闭合，读出电流表的示数 I，则小灯泡正常发光时的电阻 R（以上两空均用含有 I、U额、和 R0的代数式表示）五、计算题（本大题共五、计算题（本大题共 3 3 小

12、题，每小题小题，每小题 6 6 分，共分，共 1818 分解题中要有必要的分析和说明分解题中要有必要的分析和说明，还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位还要有公式及数据代入过程，结果要有数值和单位2 21 如图所示将边长为 10cm 的实心正方体木块轻轻放入装满水的溢水杯中。木块静止时，从杯中溢出水的质量为 0.6kg（g 取 10N/kg，水1.0103kg/m3），试计算：（1）木块受到的浮力；（2）木块的密度；（3）木块下表面受到的水的压强。22现有 A、B、C 三只灯泡已知 A 灯标着 6V 3W，B 灯标着“6V 6W，C 灯只能看清其铭牌上的额定电压为 6V 通过 A 灯和

13、B 灯的电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示。则：（1）将 A、B 两灯并联接在电压为 6V 的电源，20min 内电路消耗的电能是多少焦？（2）将 A、B 两灯串联接在电压可调的电源两端，使 A 灯恰好正常发光，此时 A、B 两灯的总功率是多少？（3）如图乙所示将 C 灯和一个滑动变阻器 R 接入到另一个电源电压恒定的电路中，当闭合开关 S 滑动变阻器滑片位于中点时灯泡正常发光，此时灯泡的电功率为 P；当滑片位于最右端时灯泡实际电功率为 P，已知 P：P16：9，求此电路的电源电压是多少？（设C 灯的电阻始终不变）23如图是工人利用滑轮组提升重为 960N 物体的示意图，某段过程中物体匀速

14、上升的速度为 0.1m/s，工人拉力 F 的功率为 120W，物体上升 10s 拉力 F 克服滑轮组的摩擦做的功是 140J，不计绳重。求：（1）工人拉绳子的速度；（2）滑轮组的机械效率；（3）滑轮组中的动滑轮的重力。参考答案与试题解析参考答案与试题解析1以下有关热现象的解释符合物理规律的是（）A90的水也可以沸腾沸点随气压的升高面降低B往皮肤上涂一些酒精会感到凉爽酒精蒸发时放热C用湿手拿出冰箱冷冻室里的雪糕感觉到“粘”手水的凝固现象D夏天从冰箱冷藏室里取出的易拉罐外壁上出现了小水滴水蒸气的凝华现象【分析】液体沸腾时是温度叫沸点。沸点与气压有关：气压越高，沸点越高；液体蒸发时需要吸收热量，所以

15、蒸发具有致冷作用；物质由液态变成固态的过程叫凝固；物质由气态变为液态的过程叫液化。【解答】解：A、在标准大气压下水的沸点是 100，如果气压小于标准大气压，98的水也可以沸腾，说明液体沸点随气压的降低而减低。故 A 错误；B、酒精蒸发时要吸收热量，所以在皮肤上涂一些酒精，酒精蒸发时带走部分热量，会感到凉爽。故 B 错误；C、雪糕的温度非常低，手上的水接触雪糕由液态变成固态是凝固过程。故 C 正确；D、从冰箱中刚取出的易拉罐温度较低，空气中的水蒸气在其表面液化，形成小水珠。故D 错误。故选：C。2在做“凸透镜成像规律”的实验中，小明将蜡烛放在距凸透镜 20cm 处的位置，通过透镜在光屏上形成倒立

16、、缩小的像。由于未及时记录实验数据，实验结束后小明按自己的理解在笔记本上画出了对应的光路图（光屏位置未画出），如图所示，下列说法正确的是（）A小明画的光路图是正确的B透镜成的是虚像C透镜的焦距小于 10cmD若画出光屏，则光屏应画在透镜的左侧【分析】凸透镜成像的规律：当 u2f 时，成倒立、缩小的实像。此时 fv2f。当 fu2f 时，成倒立、放大的实像，此时 v2f。【解答】解：当蜡烛放在凸透镜前 20cm 处时，光屏上成缩小的像，所以 u2f，此时 fv2f。因为物体在 20cm 处成倒立缩小的实像，由 u2f，故 f10cm，光屏上所成的像是实像；由 fv2f 可知，若画出光屏，则光屏应

17、画在透镜的右侧 1 倍焦距与 2 倍焦距之间。故选：C。3如图所示，在探究“杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格的长度为 3cm，当弹簧测力计在 A 点沿与水平方向成 30角斜向上拉杠杆，使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是（）A拉力的力臂为 0.12mB此时为省力杠杆C弹簧测力计的示数为 4ND钩码总重为 2N【分析】当弹簧测力计在 A 点斜向上拉（与水平方向成 30角）动力臂是OA，比较力臂大小判断杠杆是否省力；根据弹簧测力计的示数得出弹簧测力计的读数；根据杠杆的平衡条件求出钩码重力。【解答】解：A、当弹簧测力计在 A 点斜向上拉（与水平方向成 30角）杠杆，此时动力臂等于OA4

18、3cm6cm0.06m，故 A 错误；B、阻力臂的大小：L233cm9cmL1，杠杆为费力杠杆，故 B 错误；C、由图中弹簧测力计指针在 3N，弹簧测力计的示数为 3N，故 C 错误；D、根据杠杆的平衡条件 F1L1GL2得 G2N，故 D 正确。故选：D。4用相同的电加热器分别对质量相等的 A 和 B 两种液体（不计热量损失）如图是 A 和 B 的温度随加热时间变化的图象，下列说法正确的是（）AA 的比热容与 B 的比热容之比为 2：1BA 的比热容与 B 的比热容之比为 2：3C都加热 t 时间，B 吸收热量比 A 吸收热量多DA 和 B 升高相同的温度，B 吸收热量较多【分析】（1）用相

19、同的电加热器分别对质量相等的 A 和 B 两种液体加热，在时间 t 内，吸收的热量相同，知道 A、B 的温度变化，而 A、B 的质量相同，利用 c可得比热容的大小关系；（2）由图可知，A、B 升高相同的温度，加热 A 的时间比 B 的时间长，据此比较吸收的热量关系。【解答】解：（1）由图可知，在时间 t 内，吸收的热量相同，故 C 错；在时间 t，吸收的热量相同，A 的温度变化tA20，B 的温度变化tB40，A、B的质量相同，由 Q吸cmt 得 c，则 cA：cBtB：tA2：1，故 A 正确、B错；（2）由图可知，A、B 升高相同的温度，加热 A 的时间长，A 吸收的热量多，故 D 错。故

20、选：A。5关于电与磁及其应用，下列说法正确的是（）A法拉第发现了电流的磁效应B电磁继电器应用了电流的磁效应C奥斯特发现了电磁感应现象D扬声器应用了电磁感应原理【分析】（1）奥斯特发现了电流的磁效应；（2）电磁继电器应用了电流的磁效应；（3）法拉第发现了电磁感应；（4）扬声器的原理是通电导体在磁场中受力而运动。【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，故 A 错误；B、电磁继电器应用了电流的磁效应，故 B 正确；C：法拉第发现了电磁感应现象，故 C 错误；D：扬声器的原理是通电导体在磁场中受力而运动，故 D 错误。故选：B。6如图所示的电路中，电源电压保持不变 R 为定值电阻。闭合开关 S 移动

21、滑片 P，多次记录电压表示数 U 和对应的电流表示数 I，则绘出的 UI 关系图象正确的是（）ABCD【分析】由电路图可知，定值电阻 R 和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，根据串联电路的电压特点和欧姆定律表示出电压表与电流表的示数关系，然后得出答案。【解答】解：由电路图可知，定值电阻 R 和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，由 I可得，滑动变阻器两端的电压：U滑UIR，由表达式可知，电压表的示数 U滑与电流表的示数 I 是一次函数，且电压表的示数随电流表的示数增大而减小，故 BCD

22、错误；故选：A。7如图所示，在试管中加入少量水，用嘴对着试管口吹气，使其发出声音。声音是由管内空气柱振动产生，通过空气传入人耳的，改变试管内的水量，会使声音的音调发生改变。【分析】首先明确吹瓶口时，振动物体是空气柱，声音的传播需要介质；然后明确音调指声音的高低，由振动频率决定，响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；由此解答。【解答】解：在试管内装入一定量的水，对着试管口吹气，空气柱振动产生声音；声音可以通过空气传入人耳；改变试管内的水量，会使空气柱振动的频率发生变化，即声音的音调发生改变。故答案为：振动；空气；音调。8暑假里，小明到四川黄龙景区（海拔近 4000m）旅游到达目的地后发现：带

23、去的密封很好的袋装方便面的袋子鼓起来了。导致这一现象的主要原因是小明家所在地的大气压比黄龙景区的大气压高，与鼓起来之前相比袋内气体的密度变小。【分析】（1）大气压与高度的关系是：海拔越高，气压越低。（2）根据公式判断袋内气体密度。【解答】解：（1）随着海拔高度的增高，空气密度减小，大气压也随之降低；而袋内气体由于密闭，气压几乎不变，外界大气压大于袋内气压，外界大气压的降低导致袋装方便面内部气体膨胀；（2）袋内气体膨胀后体积变大，由于气体的质量不变，根据公式可知，袋内气体密度变小。故答案为：高；变小。9夏天到了有些人运动完之后喜欢喝冰镇饮料解渴，其实这种做法不利于健康，同学们不要盲目效仿。现有一

24、冰块漂浮于水面如图所示冰块在熔化过程中要吸收（选填“吸收”或“放出”）热量；冰块熔化后杯底受到水的压强不变，杯子对桌面的压强不变。（以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）（已知冰0.9103kg/m3，水1.0103kg/m3）【分析】（1）晶体熔化的特点：吸收热量，温度保持不变。（2）因冰块浮在水面上，浮力等于自身的重力也等于排开水的重力，即冰的重力等于排开水的重力，所以，往水里投入冰块待冰熔化后水面是不会有变化的，根据 pgh 判断出水对杯底的压强的变化；由于杯的底面积一定，水对杯底的压力也不变，杯子内的物体质量在前后不变，根据 p判断杯子对桌面的压强的变化。【解答】解：（1）冰属于

25、晶体，晶体熔化时吸收热量，温度保持不变；（2）因冰块浮在水面上，浮力等于自身的重力也等于排开水的重力，即冰的重力等于排开水的重力；冰熔化后质量不变，所以冰的重力等于冰熔化成水的重力，还等于排开水的重力，所以，往水里投入冰块待冰熔化后水面是不会有变化的，根据 pgh 知水对杯底的压强的不变；由于杯的底面积一定，水对杯底的压力也不变，杯子内的物体质量在前后不变，根据 p知杯子对桌面的压强不变。故答案为：吸收；不变；不变。10已知天然气的热值为 4.2107J/m3，水的比热容为 4.2103J/（kg）。（1）完全燃烧 0.05m3天然气可放出热量为2.1106J。（2）某天然气灶烧水的效率为 5

26、0%，完全燃烧 0.05m3天然气可使常温下 5kg 的水温度升高50。【分析】（1）知道天然气的热值和体积，利用 Q放Vq 求天然气完全燃烧放出的热量；（2）知道天然气完全燃烧放出的热量只有 50%被水吸收，即 Q吸Q放50%，求出水吸收的热量，再根据吸热公式求水升高的温度值。【解答】解：（1）完全燃烧 0.05m3天然气放出的热量：Q放Vq0.05m34.2107J/m32.1106J；（2）由题知，水吸收的热量：Q吸Q放50%2.1106J50%1.05106J，由 Q吸cmt 可得，水升高的温度：t50。故答案为：（1）2.1106；（2）50。11如图所示的电路中电源电压恒定，R23

27、0当 S1闭合，S2、S3断开时电流表的示数为0.6A，则电源电压为18V；当 S2闭合，S1、S3断开时，电流表的示数为 0.36A，则 R120；当 S1、S3闭合 S2断开时，电流表示数为1.5A。【分析】（1）当 S1闭合，S2、S3断开时，只有 R2连入电路中，由欧姆定律计算电源电压；（2）当 S2闭合，S1、S3断开时，R1与 R2串联，由欧姆定律和串联电路特点计算 R1；（3）当 S1、S3闭合，S2断开时，R1与 R2并联，电流表测干路电流，由并联电路特点和欧姆定律计算电流表示数。【解答】解：（1）由电路图知，当 S1闭合，S2、S3断开时，只有 R2连入电路中，电流表测 R2

28、的电流，由 I可得电源电压：UU2I2R20.6A3018V；（2）由电路图知，当 S2闭合，S1、S3断开时，R1与 R2串联，电流表电路的电流，由 I可得：总电阻 R50：由串联电路电阻特点知：R1RR2503020；（3）由电路图知，当 S1、S3闭合，S2断开时，R1与 R2并联，电流表测干路电流，由并联电路电压特点知：UU1U218V，由并联电路的电流特点和 I可得：电流表示数：II1+I2+I2+0.6A1.5A。故答案为：18；20；1.5。12某电饭锅内部电加热器原理电路如图所示，它有烧煮和保温两档。开关 S 断开时，电饭锅处于保温档，已知 R1605，电饭锅烧煮时的功率是保温

29、时的 11 倍，则 R260.5；该电饭锅烧煮 20mim，保温 10min 总共产生的电热是1.104106J（不计热量损失）【分析】（1）由电路图可知，开关 S 断开时，电路为 R1的简单电路，电路中的总电阻最大，根据 PUI判断电路的总功率大小，然后得出答案；（2）开关 S 闭合时，R1与 R2并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，电饭锅处于烧煮档，根据电路的总功率等于各用电器功率之和求出两电热丝的功率之比，根据 PUI求出两电热丝的阻值之比，进一步求出 R2的阻值；（3）根据 PUI求出电饭煲保温时的功率，进一步求出电饭煲烧煮时电路的总功率，根据 WPt 求出该电饭锅烧煮 20m

30、im，保温 10min 消耗的总电能。【解答】解：（1）由电路图可知，开关 S 断开时，电路为 R1的简单电路，此时电路中的电阻最大（大于并联时的总电阻），由 PUI可知，此时电路的总功率最小，电饭锅处于保温档；（2）开关 S 闭合时，R1与 R2并联，电路中的总电阻最小，电路的总功率最大，电饭锅处于烧煮档，因电路中总功率等于各用电器功率之和，且烧煮时的功率是保温时的 11 倍，所以，两电热丝的功率之比：，由 PUI可得，两电热丝的阻值之比：，则 R2R160560.5；（3）电饭煲保温时的功率：P保温80W，电饭煲烧煮时，电路的总功率：P烧煮11P保温1180W880W，由 P可得，电饭锅烧

31、煮 20mim，保温 10min 总共产生的电热：Q总W总P烧煮t1+P保温t2880W1200s+80W600s1.104106J。故答案为：保温；60.5；1.104106。13手机已经成为我们生活中不可缺少的通信工具，用手机拨打、接听电话或连接 WiFi 无线上网都是利用了电磁波来传递信息；调成振动模式后，来电时电流驱动内部的马达产生振动提示来电接听。能说明这个马达振动原理的是图中的乙（选填“甲”或“乙”）。【分析】（1）广播、电视和无线通信都是利用电磁波来传递信息的；（2）电动机的原理是通电导体在磁场中受力的作用而转动，发电机是根据电磁感应现象制成的。【解答】解：（1）手机是利用电磁波

32、来传递信息的；（2）当手机调成振动模式后，来电时电流驱动内部的马达产生振动提示来电接听，将电能转化为机械能，其原理是通电导体在磁场中受力的作用而运动；图甲中没有电源，是发电机的原理图，是电磁感应现象；图乙中有电源，是电动机的原理图，故乙与马达振动的原理相同。故答案为：电磁波；乙。1 14如图所示，凸透镜的主光轴恰好与水面重合，水面上方是空气，光线 BF 经凸透镜射出后斜射到水面，在焦点 F 处发生反射和折射。请画出射向凸透镜的入射光线 AB 和斜射到水面的反射光线 FC 以及射入水中的折射光线 FD。【分析】利用下列知识作图：（1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。（2）反射定律：反射

33、光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；（3）折射定律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线方向偏折，折射角大于入射角。【解答】解：（1）根据平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点作出入射光线；（2）过 F 垂直于界面作出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线左侧的水中画出反射光线；光由空气中斜射进入水中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角，由此在法线左

34、侧的水中画出折射光线；如图所示：15如图所示，小球在竖直细绳的拉力作用下在光滑斜面上处于平衡状态，请画出小球的重力示意图【分析】根据重力的方向是竖直向下的，过重心做竖直向下的力即可。【解答】解：重力的方向是竖直向下的，过重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用 G表示，如图所示：16 如图所示螺线管通电后右端为 S 极。请在图中标出静止的小磁针的 N 极电源的正极并用箭头标出磁感线的方向。【分析】根据磁极间的相互作用判断小磁针的磁极。根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从 N 极发出，回到 S 极。根据右手螺旋定则判断出电流的方向，确定电源的正负极。【解答】解：由图知

35、通电螺线管的右端为 S 极，则左端为 N 极，根据异名磁极相互吸引，小磁针的右端为S 极，则左端为 N 极。因为在磁体外部，磁感线总是从 N 极发出，回到 S 极，所以图中磁感线的方向是指向右的。根据安培定则，伸出右手使大拇指指向螺线管的左端，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的右端流入，则电源的右端为正极，如下图：17小明同学在探究“平面镜成像特点”的实验时所用的实验器材有带底座的玻璃板、白纸笔、火柴、光屏、刻度尺、两支外形相同的蜡烛 A 和 B。（1）实验过程中一切准备就绪后，小明在竖立的玻璃板前点燃蜡烛 A，拿未点燃（选填“点燃”或“未点燃”）的蜡烛 B 竖立在玻璃板后面

36、移动，人眼一直在玻璃板的前侧观察，直至蜡烛 B 与蜡烛 A 的像完全重合如图所示。这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法（选填“控制变量法”或“等效替代法”）。（2）小明移去蜡烛 B 在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛 A 的像，这说明平面镜成的像是虚（选填“虚或”实”）像。（3）为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，小明只将玻璃板向右平移，则蜡烛像的位置不变（选填“向左移动”、“向右移动”或“不变”）。【分析】（1）等效替代法是在保证某种效果相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法。等效替代法是初中物理中

37、常用的探索问题和分析解决问题的科学方法之一。（2）平面镜所成的像是虚像，不会出现在光屏上。（3）平面镜成像特点：像距等于物距，物像等大。【解答】解：（1）在竖立的玻璃板前点燃蜡烛 A，拿未点燃的蜡烛 B 竖直在玻璃板后面移动，人眼一直在玻璃板的前侧（A 侧）观察，直至它与蜡烛 A 的像完全重合，这种确定像与物大小关系的方法是等效替代法；（2）光屏只能承接实像，不能承接虚像，而平面镜成的是虚像，所以移去蜡烛 B，在其原来位置上放置一块光屏，光屏上无法呈现蜡烛的像，这说明平面镜成的是虚像；（3）为了让右座的同学也能够看清蜡烛的像，艾英只将玻璃板向右平移，在向右移动的过程中，由于物和像关于平面镜对称

38、且蜡烛的位置不变，所以蜡烛像的位置不变。故答案为：（1）未点燃；等效替代法；（2）虚；（3）不变。18在探究“力和运动的关系”的实验中，某小组同学设计了如图甲所示的实验。（1）分别让同一小车从同一斜面的同一位置由静止下滑，能够使小车到达水平面起始端的速度相同（选填“相同”或“不同”）（2）小根据小车通三次滑行的距离可以得处的结论是：小车受到的阻力越小，速度减小的越慢，进一步推理可知：如果运动的物体不受理，将保持匀速直线运动。（3）完成上述实验后，小组同学又取来一个小球和一个木块，将小球从斜面的某一位置由静止滚下，小球推动水平长木板上的木块由 A 位置运动到 B 位置，如图乙所示；保持木块在B

39、位置不动，取回小球置于斜面同一位置重复上面的操作，如图丙所示。在这两次实验中，乙（选填“乙”或“丙”）图中小球将木块推动的距离更大一些。由此可得出关于影响物体动能大小因素的结论是在质量相同的情况下，物体的速度越大动能越大。【分析】（1）小车从同一斜面的相同高度由静止下滑，小车到达水平面时的速度相等；（2）小车停下来的原因是小车受到了摩擦阻力，实验中通过改变接触面的粗糙程度来改变阻力的大小，阻力越小小车运动的距离越远；据此推理出阻力为零时的运动情况；（3）动能的大小跟质量和速度有关，结合实验中的现象以及小球速度的变化可做出解答。【解答】解：（1）为保证小车到达水平面时的速度相等，需让小车从相同高

40、度滑下；（2）表面越光滑，阻力就越小，小车运动的距离就越远，这说明小车受到的阻力越小，速度减小得越慢；假如小车受到的阻力为零，即小车不受力，小车的运动状态将不会改变，做匀速直线运动；（3）在图乙和丙中，先让小球从斜面的某一位置由静止滚下，小球推动水平长木板上的木块由 A 位置运动到 B 位置；保持木块在 B 位置不动，将小球从斜面的同一位置由静止滚下，重复上述实验。在这两次实验中，由于水平面的摩擦力作用，第二次小球撞击木块时的速度小，所以动能小，因此，乙图中小球将木块推动的距离更大一些。实验表明：在质量相同的情况下，物体的速度越大动能越大。故答案为：（1）相同；（2）匀速直线运动；（3）乙；在

41、质量相同的情况下，物体的速度越大动能越大。19世界上很多发明都是受到生活现象的启发而蒙生的。比如蒸汽机和汽油机都是热机，它们工作时，能的转化过程是内能转化为机械能，喜欢探究的小明同学做了如图甲、乙所示的实验，其中乙（选填“甲”或“乙”）图可以反映汽油机的工作原理。如图丙所示，来回摩擦绳甲乙使金属筒的温度升高，这是通过做功的方式改变了金属筒的内能；当筒内的酒精蒸气将软木塞弹开后，周围的人能闻到酒精的气味，这个扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动。【分析】（1）热机是利用内能做功的机器，将内能转化为机械能；（2）分析图中实验的能量转化情况得出结论；（3）改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热

42、传递过程也就是能量的转移过程，做功过程是能量的转化过程；一切物质的分子都在不停地做无规则的运动。【解答】解：（1）蒸汽机和汽油机都属于热机，工作时将内能转化为机械能；（2）由图甲可知，燃料燃烧，将燃料的化学能转化为水和水蒸气的内能，从玻璃管口喷出的水蒸气驱动叶轮转动，水蒸气会对叶轮做功，将水蒸气的内能转化为叶轮的机械能；此过程与蒸汽机的工作过程相似，反映了蒸汽机的工作原理。在图乙中，火焰使上方空气温度升高、上升，热空气带动叶轮转动，内能转化为机械能，与汽油机的工作原理相同。图中的工作过程是内能转化为机械能，是汽油机的做功冲程。（3）来回拉绕在金属筒上的绳子，绳子对筒做功时，机械能转化为筒的内能

43、，筒的温度升高，筒内酒精的温度也会升高，内能增加；当酒精的内能足够大时会将塞子喷出，酒精的内能转化为塞子的机械能，周围的人也能闻到酒精味，说明了分子在不停地做无规则运动，属于扩散现象。故答案为：内能转化为机械能；乙；做功；分子在不停地做无规则运动。20 小明同学手里有一个标有“3.8V”字样的小灯泡，他想知道小灯泡正常工作时的电功率，于是在学校实验室借了一些实验器材，连接了如图甲所示的实验电路，电源电压恒定不变。（1）在图甲中找出连接错误的一根导线并在该导线上画“”，用笔画线代替导线将电路连接正确。（2）电路连接好后小明闭合开关，无论怎样移动滑动变阻器的滑片发现小灯泡始终不亮，电流表有示数，电

44、压表无示数，则故障原因可能是灯泡短路（电压表被短路）。（3）故障排除后，小明调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为1.14W。（4）完成上述实验后，小明又找到了一只阻值已知的定值电阻 R0，并借助部分现有的实验器材设计了如图丙所示的电路，继续测量另一个额定电压为 U额的小灯泡正常发光时的电阻。测量时，应先闭合开关 S 和 S1，调节滑动变阻器，当电流表的示数为时，小灯泡正常发光；接着将 S1断开，S2闭合，读出电流表的示数 I，则小灯泡正常发光时的电阻 R（以上两空均用含有 I、U额、和 R0的代数式表示）【分析】（1）根据灯的额定电压为 3.8V 确

45、定电压表应选用大量程与灯并联；（2）电路连接好后小明闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，根据无论怎样移动滑动变阻器的滑片发现小灯泡始终不亮，电压表无示数分析故障的原因；（3）根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据 PUI 求出小灯泡的额定功率；（4）要测灯正常发光时电阻，应先使灯正常发光，在没有电压表的情况下，电流表与定值电阻 R0应起到电压表的测量作用，故将 R0与电流表串联后再与灯并联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为时，由并联电路电压的规律，灯的电压为额定电压，灯正常发光；保持滑片位置不变，通过开关的转换，使电流表测灯与 R 并联的总电流，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通

46、过的电流不变，灯仍正常发光，根据并联电路电流的规律求出灯的额定电流，根据欧姆定律写出正常发光时的电阻 R 表达式。【解答】解：（1）灯的额定电压为 3.8V，故电压表应选用大量程与灯并联：如下所示：（2）电路连接好后小明闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，无论怎样移动滑动变阻器的滑片发现小灯泡始终不亮，电压表无示数，则故障原因可能是灯泡短路（电压表被短路）。（3）故障排除后，小明调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为 0.02A，电流为 0.3A，则小灯泡的额定功率为：PUI3.8V0.3A1.14W；（4）测量时，应先闭合开关 S 和 S1，

47、调节滑动变阻器，当电流表的示数为时，小灯泡正常发光；接着将 S1断开，S2闭合，读出电流表的示数为 I，此时，电流表测干路电流，根据并联电路电流的规律，灯的电流为：I额I，由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻：R。故答案为：（1）如上所示；（2）灯泡短路（电压表被短路）；（3）1.14；（4）；。2 21如图所示将边长为 10cm 的实心正方体木块轻轻放入装满水的溢水杯中。木块静止时，从杯中溢出水的质量为 0.6kg（g 取 10N/kg，水1.0103kg/m3），试计算：（1）木块受到的浮力；（2）木块的密度；（3）木块下表面受到的水的压强。【分析】（1）根据阿基米德原理解答；（2）木块在水

48、中漂浮，据此求质量，木块为正方体，已知边长求体积，根据求密度；（3）根据浮力产生的原因求木块下表面所受压力，根据 p求压强；【解答】解：（1）根据阿基米德原理可得木块所受的浮力：F浮G排m排g0.6kg10N/kg6N；（2）因为木块在水中漂浮，所以，木块的重力：G木F浮6N，则木块的质量：m木0.6kg，木块为正方体，所以木块的体积 V木（0.1m）3103m3，则木块的密度：木0.6103kg/m3；（3）正方体木块的底面积：S（0.1m）2102m2，浮力产生的实质是物体上下表面受到的压力差，即 F浮F向上F向下，木块漂浮，则 F向下0，所以木块下表面受到的压力：F向上F浮6N，木块下表

49、面受到水的压强：p600Pa；答：（1）木块受到的浮力是 6N；（2）木块的密度为 0.6103kg/m3；（3）木块下表面受到的水的压强为 600Pa。22现有 A、B、C 三只灯泡已知 A 灯标着 6V 3W，B 灯标着“6V 6W，C 灯只能看清其铭牌上的额定电压为 6V通过 A 灯和 B 灯的电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示。则：（1）将 A、B 两灯并联接在电压为 6V 的电源，20min 内电路消耗的电能是多少焦？（2）将 A、B 两灯串联接在电压可调的电源两端，使 A 灯恰好正常发光，此时 A、B 两灯的总功率是多少？（3）如图乙所示将 C 灯和一个滑动变阻器 R 接入到另

50、一个电源电压恒定的电路中，当闭合开关 S 滑动变阻器滑片位于中点时灯泡正常发光，此时灯泡的电功率为 P；当滑片位于最右端时灯泡实际电功率为 P，已知 P：P16：9，求此电路的电源电压是多少？（设 C 灯的电阻始终不变）【分析】（1）将 A、B 并联接在 6V 电源两端时，两灯泡两端的电压和额定电压相等，两灯泡都正常发光，先求出总功率，利用 WPt 求出 20min 内电路消耗的电能；（2）将 A、B 串联接在某电源两端，使 A 灯恰好正常发光，根据图象读出通过 A 灯的电流即为电路中的电流，再根据图象读出 B 灯两端的电压，求出电路的总电压，根据 PUI 算出 A、B 两灯的总功率；（3）利