上海市奉贤区中考物理一模试卷.doc

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1、2019年上海市奉贤区中考物理一模试卷一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂1（2分）一节新干电池的电压为（）A1.5伏B2.0 伏C2.5伏D3.8伏2（2分）下列利用大气压工作的是（）A洒水车B船闸C高压喷水器D抽水机3（3分）世界上首次制成能连续供电电源的物理学家是（）A安培B伏特C瓦特D欧姆4（2分）如图所示，已经喝完饮料的罐中装有矿泉水，小孩喝矿泉水时罐中矿泉水的物理量不发生变化的是（）A质量B体积C重力D密度5（2分）将重为3牛的泡沫板轻轻放入盛满水的自制溢水杯中，杯中水重5牛，则溢出

2、水的重力为（）A0牛B2牛C3牛D5牛6（2分）下述事例中，运用相同科学方法的是用水压类比电压探究力的合成引入合力的概念探究串联电路特点引入“总电阻”的概念探究物质质量与体积的关系（）A和B和C和D和7（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合电键S，滑动变阻器滑片P向左移动时（）A电流表A示数变小B电压表V2示数可能变为0C电压表V1示数与电压表V2示数的差值变小D电压表V1示数与电流表A示数的比值变大8（2分）如图所示，装有一定量水的圆柱形容器（容器足够高）置于水平地面上，把甲、乙两个等体积实心小球分别放入水中，水对容器底部压强的增加量依次为p甲、p乙，下列判断正确的是（）A若p甲p乙，则F

3、浮甲F浮乙B若p甲p乙，则m甲m乙C若p甲p乙，则甲乙D若p甲p乙，则G甲G乙二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置9（3分）上海地区家庭照明电路的电压为 伏，电灯与控制它的电键是 连接的（均选填“串联”或“并联”），家中同时使用的用电器越多，电路中总电流越 。10（3分）铁的密度为7.8103千克/米3，它的单位读作 。现有一木块放在水平地面，将它切去一半，则剩余部分密度 ，对地面的压力 。（后两空选填“变大”、“不变”或“变小”）11（3分）柱形容器内有适量的水，水面下某点的压强为9.8102帕，它表示该点每平方米面积上受到水的 为9.8102牛，该点的深度为 米；若该点的深度

4、增加0.1米，则水的压强变为 帕。12（3分）质量为0.5千克的木块漂浮在水面上，它所受到的浮力为 牛，排开水的重力为 牛。若该木块同样漂浮在海面上，则它排开海水的质量 0.5千克。（选填“大于”、“等于”或“小于”）13（3分）某导体两端的电压为3伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为 安，该导体的电阻为 欧。将该导体两端的电压降到0.6伏，其电阻为 欧。14（3分）现有长度相同的铜导线甲和乙，已知甲的电阻较大，则甲的横截面积 乙的横截面积；若将它们串联在电路中，甲两端的电压 乙两端的电压；若将它们并联在电路中，则甲的电阻 它们并联的总电阻。（均选填“小于”、“等于”

5、或“大于”）15（3分）如图所示，电源电压保持不变。闭合电键S后，电压表示数为U，一段时间后发现只有一个电表的示数变大，已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障。（1）故障情况是 或 。（2）若将R1和R2的位置互换，则示数一定不发生变化的是 表（选填“A”、“V”或“A和V”）（3）若此时电压表示数为3U，则R1与R2的比值为 。16（3分）如图所示是实验室常用的电压表。小鹏同学根据电压表测量电源电压过程中指针发生偏转的现象得出结论：电压表使用过程中有电流通过。指针偏转角度越大，流过的电流越大。指针偏转的方向与电流方向无关。使用不同的量程测量同一电源电压时指针偏转的角度相同。（1）你认为小鹏同

6、学得出的结论正确的是 （写出序号）。（2）关于小鹏同学的结论，请写出你认为错误的某一条（写出序号）并说出你的依据。答： ，依据： 。三作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔17（3分）如图所示，重为6牛的物体静止在水面上，请用力的图示法画出它受到的浮力。18（3分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S后，灯L1和L2都能发光，且电流表只测量通过灯L2的电流。四计算题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置19（6分）体积为2103米3的金属小球浸没在水中。求：（1）小球排开水的体积V排。（2）小球受到的

7、浮力F浮。20（6分）如图所示，电源电压为6伏保持不变，电阻R1的阻值为10欧，闭合电键后R1两端电压为4伏求：（1）通过电阻R1的电流I1。（2）通电10秒流过电阻R2的电流所做的功W2。21（6分）如图1所示，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2标有“201A”字样。闭合电键后移动滑片使电流表示数如图2中所示，已知通过R1的电流I1为0.6安，求：（1）电源电压U。（2）此时滑动变阻器连入电路的阻值R2。（3）重新移动滑片使电压表V与电流表A示数的比值最小，求此时电路消耗的总功率P总。22（6分）如图所示，底面积为2102米2的正方体木块放置在水平地面上，现将盛有体积为

8、4103米3水的轻质薄壁圆柱形容器放在木块的中央，已知圆柱形容器的底面积为1102米2。求：（1）容器内水的质量m水。（2）容器对木块的压强p容。（3）现有一实心小球浸没在该圆柱形容器内的水中（容器足够高），此时水对容器底部压强的增加量为p水，木块对地面压强的增加量为p木，若p水：p木5：3，求小球的密度球。五实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答23（4分）如图（a）所示的实验装置可以用来证明 的存在。如图（b）所示的实验仪器是利用 原理工作的。在“探究液体物质的质量与体积的关系”时，应先选用同一种液体改变 进行多次实验（选填“质量”或“体积”），其次再对 液体进行实验。24（4

9、分）在“探究导体中电流与导体两端电压的关系”实验中，电流表应 在电路中，电压表应 在电路中（均选填“串联”或“并联”）。如图所示，表明甲导体中电流与其两端的电压成 关系；乙导体的电阻为 欧。25（4分）某小组同学做“用电流表、电压表测电阻”的实验，现有电源（电压保持不变）、待测电阻Rx、电流表、电压表（只有03伏档完好）、滑动变阻器A、B两个待选（A标有“202A”字样、B标有“51A”字样）、电键及导线若干。该小组同学将待测电阻Rx、电流表、电键、滑动变阻器等串联接入电路后，再将电压表并联在Rx两端。闭合电键后，在移动滑片的过程中发现两电表的示数如序号1所示，且始终不变。该小组同学经过思考后

10、重新调整电路并实验，记录下另外两次实验的数据如序号2和3所示。（1）该小组同学重新调整电路前使用的滑动变阻器规格是 。（选填“A”或“B”）（2）实验所用电源的电压为 伏。（3）请将下表填写完整（计算电阻时，精确到0.1欧）物理量序号电流（安）电压（伏）电阻Rx（欧）电阻Rx平均值（欧）10.203.0 20.220.630.240.3 26（7分）为了探究均匀实心圆柱体沿水平方向切割后对水平桌面压强变化量p与切割厚度h的关系，某小组同学和老师一起设计了实验方案，并确定实验步骤如下：选用重力G、底面积S和高度h都已知的某一均匀实心圆柱体，并将其放置在水平桌面上。用_测出切割部分的重力G。用工具

11、沿水平方向切去该圆柱体一定的厚度h，利用刻度尺测出h。分析桌面压强变化量p与厚度h的关系。收集实验数据记入表格，处理数据，并计算出桌面压强变化量p。（1）你认为正确的实验步骤是 （选填字母），并写出序号所需要的实验器材名称： 。ABCD（2）下表是实验方案中设计的数据记录表，请你在表格中第一行空白处填写相应的内容，物理量序号底面积S（米2）切割厚度h（米）切割重力G（牛） 压强变化量p（帕）123并写出桌面压强变化量p的计算式： 。（3）该小组同学经过讨论后一致认为还需要选择不同的均匀实心圆柱体进行实验，你是否同意他们的观点？请说出你的理由。答： （选填“同意”或“不同意”）理由： 。2019

12、年上海市奉贤区中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共16分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置上，更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂1（2分）一节新干电池的电压为（）A1.5伏B2.0 伏C2.5伏D3.8伏【解答】解：电压是形成电流的原因。一节新干电池的电压是1.5V。故选：A。2（2分）下列利用大气压工作的是（）A洒水车B船闸C高压喷水器D抽水机【解答】解：A、洒水车是利用液体的压强的原理制成的，不属于大气压的利用，不符合题意；B、船闸的原理先打开一端，船闸里的水位逐渐与外面相等，外面的船就可以开进船闸；然后把这一端船闸关闭，打开另一端的

13、船闸，船闸里的水位逐渐与外面相等，船就可以开到另一端去，应用了两次连通器。不符合题意；C、喷水枪是利用液体的压强的原理制成的，不属于大气压的利用，不符合题意。D、抽水机抽水，通过活塞上移使活塞下方的桶内气压减小，水在外界大气压的作用下，被压上来，符合题意。故选：D。3（3分）世界上首次制成能连续供电电源的物理学家是（）A安培B伏特C瓦特D欧姆【解答】解：A、安培发现了安培定则。故A不符合题意；B、伏特首次制成能连续供电电源电池。故B符合题意；C、瓦特发明了蒸汽机。故C不符合题意；D、欧姆发现了著名的欧姆定律。故D不符合题意。故选：B。4（2分）如图所示，已经喝完饮料的罐中装有矿泉水，小孩喝矿泉

14、水时罐中矿泉水的物理量不发生变化的是（）A质量B体积C重力D密度【解答】解：小孩喝矿泉水时，矿泉水的质量减小、体积减小，重力也减小，但密度不变。故选：D。5（2分）将重为3牛的泡沫板轻轻放入盛满水的自制溢水杯中，杯中水重5牛，则溢出水的重力为（）A0牛B2牛C3牛D5牛【解答】解：将泡沫板轻轻放入盛满水的自制溢水杯中，由于泡沫板的密度小于水的密度，所以泡沫板会漂浮在水面上，则由漂浮条件可知泡沫板受到的浮力等于泡沫板的重力，由阿基米德原理可知浮力也等于泡沫板排开水的重力（溢出水的重力），故溢出水的重力等于泡沫板的重力，大小为3N。故选：C。6（2分）下述事例中，运用相同科学方法的是用水压类比电压

15、探究力的合成引入合力的概念探究串联电路特点引入“总电阻”的概念探究物质质量与体积的关系（）A和B和C和D和【解答】解：水压和电压都客观存在，但水压产生的作用可以直接观察，用水压类比电压，便于理解电压的作用，采用的是“类比法”；研究力的合成时，一个力产生的效果与其他几个力产生的效果相同，从而引入了合力，采用的是等效替代法；在串并联电路中几个电阻共同作用产生的效果与一个电阻产生的效果相同，从而引入了“总电阻”的概念，采用的是等效替代法；质量与密度和体积都有关系，研究质量与体积的关系时，需要保持物质的密度一定（即用同种物质做实验），采用的是控制变量法。所以研究方法相同的是，运用的都是等效替代法。故选

16、：C。7（2分）如图所示，电源电压保持不变，闭合电键S，滑动变阻器滑片P向左移动时（）A电流表A示数变小B电压表V2示数可能变为0C电压表V1示数与电压表V2示数的差值变小D电压表V1示数与电流表A示数的比值变大【解答】解：由电路图可知，闭合电键S，定值电阻与滑动变阻器串联，电压表V1测定值电阻两端的电压，电压表V2测变阻器两端的电压，电流表测量电路中的电流，滑动变阻器滑片P向左移动时，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，因电源电压保持不变，所以，由I可知，电路中的电流变大，即电流表A的示数变大，故A错误；当滑片P向左移动到最左端时，变阻器接入电路中的电阻为零，此时电压表V2示数变为零；

17、故B正确；滑片P向左移动时，电路中的电流变大，由UIR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表V1的示数变大；因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，变阻器两端的电压变小，即电压表V2示数变小，则电压表V1与电压表V2示数的差值变大，故C错误；根据欧姆定律可知，电压表V1示数与电流表A示数的比值为定值电阻的阻值，由于定值电阻的阻值不变，则比值不变；故D错误。故选：B。8（2分）如图所示，装有一定量水的圆柱形容器（容器足够高）置于水平地面上，把甲、乙两个等体积实心小球分别放入水中，水对容器底部压强的增加量依次为p甲、p乙，下列判断正确的是（）A若p甲p乙，则F浮甲F浮乙B若p甲p乙，则m甲m乙C

18、若p甲p乙，则甲乙D若p甲p乙，则G甲G乙【解答】解：（1）若p甲p乙，由于实心小球是放入同一个圆柱形容器里的水中，根据pgh可知：h甲h乙，根据V排Sh可知：V甲排V乙排；根据F浮gV排可知：F浮甲F浮乙；故A正确；由于甲、乙两个实心小球等体积，V甲排V乙排；则说明甲球浸没水中（悬浮或下沉），乙球漂浮，根据物体的浮沉条件可知：G甲F浮甲，G乙F浮乙；所以m甲m乙；故B错误；（2）若p甲p乙，由于实心小球是放入同一个圆柱形容器里的水中，根据pgh可知：h甲h乙，根据V排Sh可知：V甲排V乙排；由于甲、乙两个实心小球等体积，V甲排V乙排；则说明甲球漂浮，乙球浸没水中；根据物体的浮沉条件可知：甲水

19、，乙水；所以甲乙；故C错误；由于甲、乙两个实心小球等体积，根据GmgVg可知：G甲G乙；故D错误。故选：A。二、填空题（共26分）请将结果填入答题纸的相应位置9（3分）上海地区家庭照明电路的电压为220伏，电灯与控制它的电键是串联连接的（均选填“串联”或“并联”），家中同时使用的用电器越多，电路中总电流越大。【解答】解：（1）在我国家庭电路中，照明电路的电压是220V，因此上海地区家用照明电路的电压也为220V。（2）白炽灯与它控制的电键之间是串联连接。（3）因为干路中的电流等于各支路电流之和，所以使用的家用电器越多，电路中的总电流越大。故答案为：220；串联；大。10（3分）铁的密度为7.8

20、103千克/米3，它的单位读作千克每立方米。现有一木块放在水平地面，将它切去一半，则剩余部分密度不变，对地面的压力变小。（后两空选填“变大”、“不变”或“变小”）【解答】解：（1）铁的密度是7.8103千克/米3，它的单位读作：千克每立方米；（2）密度是物质的一种特性，当切去一半后，其密度不变，但质量变小，所以其重力变小；木块放在水平面上，它对地面的压力来自它本身的重力，重力变小，则木块对地面的压力也变小；故答案为：千克每立方米；不变；变小。11（3分）柱形容器内有适量的水，水面下某点的压强为9.8102帕，它表示该点每平方米面积上受到水的压力为9.8102牛，该点的深度为0.1米；若该点的深

21、度增加0.1米，则水的压强变为1960帕。【解答】解：水面下某处的压强为9.8103帕，它表示该处每平方米面积上受到水的压力为9.8103N；因为pgh，所以，该处的深度：h0.1m；若深度增加0.1m，则水的总深度为h0.1m+0.1m0.2m，则压强为：p水gh1103kg/m39.8N/kg0.2m1960Pa。故答案为：压力；0.1；1960。12（3分）质量为0.5千克的木块漂浮在水面上，它所受到的浮力为4.9牛，排开水的重力为4.9牛。若该木块同样漂浮在海面上，则它排开海水的质量等于0.5千克。（选填“大于”、“等于”或“小于”）【解答】解：因为木块漂浮在水面上，所以它所受到的浮力

22、：F浮1G木m木g0.5kg9.8N/kg4.9N；根据阿基米德原理可知，排开水的重力等于浮力，即G排水F浮14.9N；若该木块漂浮在海面上，木块受到的浮力F浮2G木，所以F浮1F浮2，由阿基米德原理可知F浮G排m排g，所以它排开海水的质量等于排开水的质量，等于0.5kg，故答案为：4.9；4.9；等于。13（3分）某导体两端的电压为3伏，10秒内通过该导体横截面的电荷量为5库，通过该导体的电流为0.5安，该导体的电阻为6欧。将该导体两端的电压降到0.6伏，其电阻为6欧。【解答】解：通过该导体的电流：I0.5A，由I可得导体的电阻：R6，因电阻是导体本身的一种性质，与导体两端的电压和通过的电流

23、无关，所以，将该导体两端的电压降到0.6V时，导体的电阻仍为6不变。故答案为：0.5；6；6。14（3分）现有长度相同的铜导线甲和乙，已知甲的电阻较大，则甲的横截面积小于乙的横截面积；若将它们串联在电路中，甲两端的电压大于乙两端的电压；若将它们并联在电路中，则甲的电阻大于它们并联的总电阻。（均选填“小于”、“等于”或“大于”）【解答】解：因为甲、乙两导线都是铜导线，材料相同，又知长度相同；甲的电阻较大，则甲的横截面积小于乙的横截面积；若将它们串联后接入电路，串联电路的电流I相等，故I甲I乙，甲的电阻较大，根据UIR知，甲的电压大，即甲两端的电压大于乙两端的电压；并联后的总电阻小于任何一个并联电

24、阻的阻值即甲的电阻大于它们并联的总电阻。故答案为：小于；大于；大于。15（3分）如图所示，电源电压保持不变。闭合电键S后，电压表示数为U，一段时间后发现只有一个电表的示数变大，已知电阻R1、R2中仅有一个出现了故障。（1）故障情况是R1断路或R1短路。（2）若将R1和R2的位置互换，则示数一定不发生变化的是A表（选填“A”、“V”或“A和V”）（3）若此时电压表示数为3U，则R1与R2的比值为1：2。【解答】解：（1）两电阻串联，电流表测电流，电压表测R1两端的电压，因为两个电表中只有一个电表的示数变大，分以下两种情况：若电压表示数变大，则R1两端的电压变大，故障应为R2短路或者R1断路，如果

25、R2短路则电流表示数也变大，不合题意，因此可能是电阻R1断路；若电流表示数变大，电路总电阻变小，则可能是电阻R1短路或R2短路，如果R2短路则电压表示数也变大，不合题意，因此可能是电阻R1短路；（2）若将电阻R1与R2互换，电路的连接不变，故电路的电流一定不变，示数不发生变化的是A表；（3）若此时电压表示数为3U，说明示数变大的是电压表，那么故障就是R1断；此时电压表测量的是电压电压，电阻R1两端电压是U，根据串联电压规律，则R2两端电压是3UU2U；串联分压，分压之比与电阻之比成正比，因此R1与R2的比值为：U：2U1：2。故答案为：（1）R1断路；R1短路；（2）A；（3）1：2。16（3

26、分）如图所示是实验室常用的电压表。小鹏同学根据电压表测量电源电压过程中指针发生偏转的现象得出结论：电压表使用过程中有电流通过。指针偏转角度越大，流过的电流越大。指针偏转的方向与电流方向无关。使用不同的量程测量同一电源电压时指针偏转的角度相同。（1）你认为小鹏同学得出的结论正确的是（写出序号）。（2）关于小鹏同学的结论，请写出你认为错误的某一条（写出序号）并说出你的依据。答：，依据：电压表正负接线柱接反时，指针会反向偏转。【解答】解：（1）电压表的结构为：在灵敏电流计里面有一个永磁体，在电流计的两个接线柱之间串联一个由导线构成的线圈，线圈放置在永磁体的磁场中，并通过传动装置与表的指针相连。电流越

27、大，所产生的磁力越大，表现出的就是电压表上的指针的摆幅越大。所以是正确的；（2）使用电压表测量用电器两端电压时，必须是使电流从电压表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针将反向偏转（即向左侧偏转）；电压表一般有三个接线柱，两个量程；选择不同量程时，由于电源电压不变，改变量程，所对应的最小分度值不同，所以指针偏转角度不同；所以是错误的。故答案为：（1）；（2）；电压表正负接线柱接反时，指针会反向偏转。三作图题（共6分）请将图直接画在答题纸的相应位置，作图题必须使用2B铅笔17（3分）如图所示，重为6牛的物体静止在水面上，请用力的图示法画出它受到的浮力。【解答】解：物体静止在水面上，其所受浮力大小

28、为F浮G6N；选取标度为3N，过物体的重心，沿竖直向上的方向画一条有向线段，使线段长度为标度的2倍，用F浮表示，如图所示：18（3分）在如图所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上。补上后要求：闭合电键S后，灯L1和L2都能发光，且电流表只测量通过灯L2的电流。【解答】解：两只灯泡的连接方式为并联，电流表只测量通过灯L2的电流，故应将灯泡L1右侧的接线柱与电流表的“0.6”接线柱相连接。如图所示。四计算题（共24分）请将计算过程和答案写入答题纸的相应位置19（6分）体积为2103米3的金属小球浸没在水中。求：（1）小球排开水的体积V排。（2）小球受到的浮力F浮。【解答】解：（1

29、）因为小球浸没在水中，所以小球排开水的体积：V排V2103m3；（2）小球受到的浮力：F浮水gV排1103kg/m39.8N/kg2103m319.6N。答：（1）小球排开水的体积为2103m3；（2）小球受到的浮力为19.6N。20（6分）如图所示，电源电压为6伏保持不变，电阻R1的阻值为10欧，闭合电键后R1两端电压为4伏求：（1）通过电阻R1的电流I1。（2）通电10秒流过电阻R2的电流所做的功W2。【解答】解：由电路图可知，两电阻串联；（1）通过R1的电流：I10.4A；（2）因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以R2两端的电压：U2UU16V4V2V，串联电路电流处处相等，则：I2

30、I10.4A；则通电10秒流过电阻R2的电流所做的功：W2U2I2t2V0.4A10s8J。答：（1）通过电阻R1的电流I10.4A。（2）通电10秒流过电阻R2的电流所做的功W28J。21（6分）如图1所示，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为10欧，滑动变阻器R2标有“201A”字样。闭合电键后移动滑片使电流表示数如图2中所示，已知通过R1的电流I1为0.6安，求：（1）电源电压U。（2）此时滑动变阻器连入电路的阻值R2。（3）重新移动滑片使电压表V与电流表A示数的比值最小，求此时电路消耗的总功率P总。【解答】解：由电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联，电流表测干路电流。（1）由I可得R

31、1两端的电压：U1I1R10.6A106V；由并联电路的电压特点可得，电源电压：UU16V；（2）由图2可知，电流表的量程为03A，其示数为1A，即干路电流I1A；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过滑动变阻器的电流：I2II11A0.6A0.4A，由I可得此时滑动变阻器连入电路的阻值：R215；（3）由I可知电压表V与电流表A示数的比值为电路的总电阻，该比值最小时，总电阻最小，则干路上的电流最大，因电流表的量程为3A，变阻器允许通过最大电流为1A，且滑片移动时通过R1的电流I1不变，则由并联电路的电流特点可得，干路上的最大电流为：I最大I1+I2最大0.6A+1A1.6A，所以此

32、时电路消耗的总功率：P总UI最大6V1.6A9.6W。答：（1）电源电压U6V。（2）此时滑动变阻器连入电路的阻值R215。（3）此时电路消耗的总功率P总9.6W。22（6分）如图所示，底面积为2102米2的正方体木块放置在水平地面上，现将盛有体积为4103米3水的轻质薄壁圆柱形容器放在木块的中央，已知圆柱形容器的底面积为1102米2。求：（1）容器内水的质量m水。（2）容器对木块的压强p容。（3）现有一实心小球浸没在该圆柱形容器内的水中（容器足够高），此时水对容器底部压强的增加量为p水，木块对地面压强的增加量为p木，若p水：p木5：3，求小球的密度球。【解答】解：（1）由可得容器内水的质量：

33、m水水V水1103kg/m34103m34kg；（2）因为容器是轻质薄壁圆柱形容器，所以容器对木块的压力：FG水m水g4kg9.8N/kg39.2N，受力面积SS容1102m2，容器对木块的压强：p3920Pa；（3）设实心小球的体积为V，将实心小球浸没在水中，排开水的体积V排V，水面升高的高度：h，水对容器底部压强的增加量：p水水gh水g；木块对地面压力的增加量：FG球m球g，木块对地面压强的增加量：p木，由题知，p水：p木5：3，即水g：5：3，可得：水g3：5，则根据式可得小球的密度：球水1103kg/m31.2103kg/m3。答：（1）容器内水的质量为4kg。（2）容器对木块的压强为

34、3920Pa。（3）小球的密度为1.2103kg/m3。五实验题（共18分）请根据要求在答题纸的相应位置作答23（4分）如图（a）所示的实验装置可以用来证明大气压的存在。如图（b）所示的实验仪器是利用U形管两边的液体高度差越大，液体压强越大原理工作的。在“探究液体物质的质量与体积的关系”时，应先选用同一种液体改变体积进行多次实验（选填“质量”或“体积”），其次再对不同液体进行实验。【解答】解：（1）如图a所示的装置为马德堡半球实验装置，它可以证明大气压强的存在；（2）如图b所示的实验仪器是用液体压强计，运用此装置可以比较液体压强大小，U形管两边的液体高度差越大，液体压强越大；（3）“探究液体物

35、质的质量与体积的关系”，需测量的物理量是质量与体积；先改变液体的体积，测出对应的质量；为了探究其规律性，应进行多次实验，所以，需要选用不同种类的液体重复进行实验，使实验结论具有普遍性。故答案为：大气压；U形管两边的液体高度差越大，液体压强越大；体积；不同。24（4分）在“探究导体中电流与导体两端电压的关系”实验中，电流表应串联在电路中，电压表应并联在电路中（均选填“串联”或“并联”）。如图所示，表明甲导体中电流与其两端的电压成正比关系；乙导体的电阻为20欧。【解答】解：（1）在“探究导体中电流与导体两端电压的关系”实验中，电流表应串联在电路中，电压表应并联在电路中；（2）如图所示，甲、乙导体中

36、电流与其两端的电压的关系为过原点的直线，故甲导体中电流与其两端的电压成正比关系；由欧姆定律，乙导体的电阻为：R20。故答案为：串联；并联；正比；20。25（4分）某小组同学做“用电流表、电压表测电阻”的实验，现有电源（电压保持不变）、待测电阻Rx、电流表、电压表（只有03伏档完好）、滑动变阻器A、B两个待选（A标有“202A”字样、B标有“51A”字样）、电键及导线若干。该小组同学将待测电阻Rx、电流表、电键、滑动变阻器等串联接入电路后，再将电压表并联在Rx两端。闭合电键后，在移动滑片的过程中发现两电表的示数如序号1所示，且始终不变。该小组同学经过思考后重新调整电路并实验，记录下另外两次实验的

37、数据如序号2和3所示。（1）该小组同学重新调整电路前使用的滑动变阻器规格是B。（选填“A”或“B”）（2）实验所用电源的电压为4伏。（3）请将下表填写完整（计算电阻时，精确到0.1欧）物理量序号电流（安）电压（伏）电阻Rx（欧）电阻Rx平均值（欧）10.203.015.320.220.630.240.315.4【解答】解：（1）将电压表并联在Rx两端，闭合电键后，在移动滑片的过程中发现两电表的示数如序号1所示，由欧姆定律可得，这次测出的待测电阻阻值：R115；因移动滑片时两表示数始终不变，则说明变阻器没有了变阻的作用；若变阻器连入电路中的电阻为0，则电源电压为3V，由表中第2次数据，根据欧姆定

38、律可得，此时待测电阻的电压为：UI2R10.22A153.3V3V，所以不可能是变阻器连入电路中的电阻为0，只能是将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中，若将20的变阻器连入电阻中，在重新调整电路前，根据电阻的串联和欧姆定律可得，电源电压为：UI1（R1+R滑A）0.20A（15+20）7V；第1次实验测量的电阻R115；在第2次实验中，电压表示数为0.6V，电流为0.22A，若电压表接在待测电阻两端，由欧姆定律可求出待测电阻远小于15，所以电压表一定不是接在待测电阻的两端，且2、3次实验时电压表示数不同，故后两次实验中电压表只能是并联在滑动变阻器的两端，如下图所示：在第2次实验中（即调整电路后

39、），若电源电压为7V，则待测电阻的电压为7V0.6V6.4V，此时的电流为0.22A，由欧姆定律可求出待测电阻值约为29，大于15；综上可知，电源电压不是7V，也不是选用20的变阻器，故只能是选用“51A”的B滑动变阻器；（2）重新调整电路前，根据电阻的串联和欧姆定律可得，电源电压为：UU1+I1R滑B3.0V+0.20A54V；（3）由串联电路的特点和欧姆定律可得，第2、3次实验待测电阻的阻值：R215.5，R315.4，三次测量电阻的平均值为：Rx15.3；如下表所示：理量序号电流（安）电压（伏）电阻Rx（欧）电阻Rx平均值（欧）10.203.015.3 20.220.630.240.31

40、5.4 故答案为：（1）B；（2）4V；（3）如上表所示。26（7分）为了探究均匀实心圆柱体沿水平方向切割后对水平桌面压强变化量p与切割厚度h的关系，某小组同学和老师一起设计了实验方案，并确定实验步骤如下：选用重力G、底面积S和高度h都已知的某一均匀实心圆柱体，并将其放置在水平桌面上。用_测出切割部分的重力G。用工具沿水平方向切去该圆柱体一定的厚度h，利用刻度尺测出h。分析桌面压强变化量p与厚度h的关系。收集实验数据记入表格，处理数据，并计算出桌面压强变化量p。（1）你认为正确的实验步骤是D（选填字母），并写出序号所需要的实验器材名称：弹簧测力计。ABCD（2）下表是实验方案中设计的数据记录表

41、，请你在表格中第一行空白处填写相应的内容，物理量序号底面积S（米2）切割厚度h（米）切割重力G（牛）压力的变化量F（牛）压强变化量p（帕）123并写出桌面压强变化量p的计算式：p。（3）该小组同学经过讨论后一致认为还需要选择不同的均匀实心圆柱体进行实验，你是否同意他们的观点？请说出你的理由。答：同意（选填“同意”或“不同意”）理由：多次测量找出普遍成立的规律。【解答】解：（1）探究均匀实心圆柱体沿水平方向切割后对水平桌面压强变化量p与切割厚度h的关系时，应控制圆柱体的横截面积不变，测出切割厚度h和切割部分的重力，然后求出桌面压强变化量p，最后分析数据得出结论，所以，正确的实验步骤是，故选D；弹

42、簧测力计是测量力的工具，要测出切割部分的重力G应使用弹簧测力计；（2）水平面上物体的压力和自身的重力相等，测出切割物体的重力即为对水平桌面压力的变化量，则表格中缺少的内容是压力的变化量F（牛）；物体对水平桌面压力的变化量：FG，则对桌面压强的变化量：p；（3）为了发现普遍成立的规律，实验中需要选择不同的均匀实心圆柱体进行多次实验。故答案为：（1）D；弹簧测力计；（2）压力的变化量F（牛）；p；（3）同意；多次测量找出普遍成立的规律。声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布日期：2019/4/2 13:02:18；用户：初物13；邮箱：CWmst13；学号：25902506第25页（共25页）