湖北省孝感市应城市中考物理一模试卷（解析版）.doc

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1、2016年湖北省孝感市应城市中考物理一模试卷一、选择题（本大题共10个小题，共30分。第1-8小题只有一项符合要求，第9-10小题有多项符合要求。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1广场舞作为一种新的休闲娱乐方式，近几年在全国城乡广泛兴起，但过大的音乐噪声使得广场舞变成了让人头疼的“扰民舞”，为了使双方的利益都得到尊重，和谐相处，对于广场舞扰民的解决方法，下列说法合理的是（）A住宅楼的居民都载一个防噪声的耳罩B说服广场舞者尽量降低舞曲声音的响度C说服广场舞者降低舞曲声音的音调D在住宅楼内安装噪声监测装置2如图所示的四种现象中，由于光的反射形成的是（）A B小孔成像 水中山的

2、倒影C D地面上桌子的影子 水中铅笔变弯折了3下列属于凝固现象的是（）A从冰箱里刚取出的矿泉水瓶壁出现水柱B在衣柜里的“樟脑丸”（萘）放久后变小了C用冰块冷却饮料时冰块逐渐变小D铁水倒进模具中，冷却后变成车轮4关于摩擦，下列说法正确的是（）A在机器的转动部分装滚动轴承，是为了增大摩擦力B鞋底刻有花纹，是为了增大接触面的粗糙程度从而增大摩擦力C在站台上候车的旅客要站在安全线以外，是防止摩擦力过小带来危害D用手握住竖直的茶杯，握力越大手与茶杯间的摩擦力越大5易拉罐“可乐”是许多中学生喜欢的饮料，与“可乐”相关的下列说法中错误的是（）A用吸管能吸取“可乐”是利用了大气压强B罐上标有“355mL”字样

3、，则所装“可乐”质量约为355gC用铝合金制作易拉罐，是利用了该材料具有良好的导电性D罐上标有回收标志，是提醒人们保护环境、节约资源6把质量相等的两块橡皮泥分别捏成实心球状和碗状，轻轻放到水面，发现实心球橡皮泥沉到容器底部，碗状橡皮泥漂浮在水面，如图所示，则它们所受浮力的大小关系是（）AF球F碗BF球F碗CF球=F碗D无法判断7市场上一些不法商贩常用纯净水冒充价格较高的矿泉水对外出售，矿泉水中含有人体所需的多种矿物质，导电能力较强，纯净水是用自来水经过多层过滤后得到的饮用水，矿物质较少，导电能力较差，小明根据这两种水导电能力不同这一特点，设计了如图所示的装置，验证他家购买的水是不是矿泉水P，Q

4、是相同的两根细长玻璃管P内装满已知矿泉水，Q内装满待测的“矿泉水”单刀双掷开关S从1拨到2时（）A若电压表示数不变，则Q内是纯净水B若电压表示数不变，则Q内是矿泉水C若电压表示数变小，则Q内是纯净水D若电压表示数变小，则Q内是矿泉水8如图所示的电路中，开关S闭合后，电压表Vl、V2的读数分别为6V、4V则电阻R1与R2的阻值之比是（）A3：2B2：3C2：1D1：29如图是由相同的两滑轮组装的滑轮组，甲乙两人分别用两装置在相等时间内将质量相等的重物匀速提升相同的高度，空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，下列说法正确的有（）A甲的拉力是乙的拉力的3倍B乙拉绳子的速度大小是甲拉绳子速度大小的2

5、倍C甲乙两人做的有用功相等D乙拉绳子的速度大小和甲拉绳子速度大小相等10如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中间向a滑动时，下列说法中正确的是（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C灯L消耗的功率变大D灯L消耗的功率小二、实验探究题（本大题共3小题，共20分）11按要求完成下列各题：（1）如图所示，在图（a）中画出物体AB在平面镜中所成的像、在图（b）中标出小磁针S、N极（将N极涂黑）和磁感线的方向（2）改变内能的方式有两种在图（c）、（d）中，能说明做功改变物体内能的是图，能说明热传递改变物体内能的是（选填“c”或“d”）（3）如图2

6、所示，是某同学研究液体压强时，准确绘制的甲、乙两种液体的压强与深度的关系图象，由图可知，甲乙两种液体密度的大小关系为甲乙，其中种液体是水12如图为测量滑轮组机械效率的实验装置，钩码总重6N（1）实验时竖直向上拉动弹簧测力计，由图可知拉力大小为N（2）若钩码上升的高度为10cm，则有用功是J，该滑轮组的机械效率为（3）若仅增加钩码的质量，该滑轮组的机械效率将（选填：“增大”、“减小”或“不变”）13测量额定电压为2.5V的小灯泡额定功率时，已经连好部分电路（1）请在图甲中，把余下部分的电路连接好要求向左移动滑片时，连入的电阻变小（2）小明把电路连接正确后，闭合开关测量了三组不同的电压与电流的数值

7、，其中两次已填在下表中，第一次实验的电压、电流如图乙所示，请把观测到的电压与电流数值填在表格中次数物理量123电压U/V2.52.8电流I/A0.50.54功率P/W（3）小军发现小明每做一次实验，灯就会更亮一些，他想看看小灯泡最亮会有多亮，于是就把滑动变阻器的滑片再向（填左、右）移，结果滑片刚移了一下，小灯泡马上烧坏，灭了小军细想之后提醒自己，以后使用用电器，要注意：（4）小明通过表格数据，得知小灯泡的额定功率为W三、计算题（本大题共3个小题，共20分）14一辆重为20000N的汽车在水平的公路上匀速行驶，汽车所受阻力为车重的0.05倍；汽车在1分钟内行驶了1.5km，求：（1）在1分钟内牵

8、引力做功多少焦？（2）牵引力做功的功率为多大？15在南极考察中使用的海洋破冰船，针对不同的冰层有不同的破冰方法其中一种破冰方法是：接触冰面前，船全速航行，船体大部分冲上冰面，就可以把冰压碎（海水的密度取1.0103kg/m3，g取10N/kg）（1）当破冰船航行于海面时，它的排水体积约为2700m3，求船自身的重力（2）在一次破冰行动中，当船体冲到冰面上时，船的排水体积变为原来的三分之一，船与冰层接触面积为8m2，此时破冰船对冰层的压强是多少？16某兴趣小组利用图甲所示电路进行如下的实验研究（1）闭合S1，断开S2，调节电源电压进行有关测量，由记录到的电流表和电压表的数据绘制成电压和电流的关系

9、图象根据图象，求电阻R的电阻（2）断开S1，闭合S2，调节电源电压进行有关测量由记录到的灯泡L的电压和电流数据绘制成电压和电流的关系图象根据图象，当电压表示数为0.5V时，在60s时间内，灯泡L消耗了多少电能？（3）同时闭合S1和S2，调节电源电压，当灯泡的功率为1W时，R与RL的总功率是多大？2016年湖北省孝感市应城市中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共10个小题，共30分。第1-8小题只有一项符合要求，第9-10小题有多项符合要求。全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有错选的得0分）1广场舞作为一种新的休闲娱乐方式，近几年在全国城乡广泛兴起，但过大的音乐噪声使得广场舞

10、变成了让人头疼的“扰民舞”，为了使双方的利益都得到尊重，和谐相处，对于广场舞扰民的解决方法，下列说法合理的是（）A住宅楼的居民都载一个防噪声的耳罩B说服广场舞者尽量降低舞曲声音的响度C说服广场舞者降低舞曲声音的音调D在住宅楼内安装噪声监测装置【考点】声音的综合利用【专题】应用题；声现象【分析】减弱噪声的途径：在声源处减弱；在传播过程中减弱；在人耳处减弱【解答】解：A、让住宅楼的居民都戴一个防噪声的耳罩可以减弱噪声，但不适用于实际情况，故A错误；B、巨大的噪声使得广场舞变成了让人头疼的“扰民舞”，主要是因为它发出声音的响度大，所以说服广场舞者降低舞曲的响度，能减弱噪声，故B正确；C、巨大的噪声主

11、要是因为它发出声音的响度大，因此跳广场舞时让大妈们降低发出的声音的音调不能减弱噪声，故C错误；D、住宅楼内安装噪声监测装置，不能减弱噪声，故D错误故选B【点评】从实际的角度分析减弱噪声的几种方式是解决该题的关键2如图所示的四种现象中，由于光的反射形成的是（）A B小孔成像 水中山的倒影C D地面上桌子的影子 水中铅笔变弯折了【考点】光的反射【专题】光的传播和反射、平面镜成像【分析】光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像、水变浅了、水中的筷子折断了等；光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像；要掌握光沿直线传播现象，

12、知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像都是光沿直线传播形成的【解答】解：A、小孔成像是由光沿直线传播形成的，故本不选项符合题意B、水中山的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故本选项符合题意C、地面上桌子的影子是由于光沿直线传播形成的所以本选项不符合题意D、水中铅笔变弯折了是由于光从水中斜射入空气中发生的折射现象所以本选项不符合题意故选B【点评】本题主要考查学生利用光学知识解释生活中常见的物理现象，此题与实际生活联系密切，体现了生活处处是物理的理念3下列属于凝固现象的是（）A从冰箱里刚取出的矿泉水瓶壁出现水柱B在衣柜里的“樟脑丸”（萘）放久后变小了C用冰块冷却饮料时冰块逐渐变小D铁水倒进

13、模具中，冷却后变成车轮【考点】凝固与凝固放热特点【专题】应用题；汽化和液化、升华和凝华【分析】六种物态变化：物质从固态到液态的过程叫做熔化，物质从液态变成固态的过程叫做凝固；物质从液态变为气态叫做做汽化，物质从气态变为液态叫做液化；物质从固态直接变成气态叫升华，物质从气态直接变成固态叫凝华【解答】解：A、冰箱里刚取出的矿泉水瓶温度较低，空气中的水蒸气遇到温度较低的矿泉水瓶放出热量，发生液化现象，瓶外壁出现水柱；故A错误；B、“樟脑丸”（萘）放久后变小是由固态变为气态的升华现象；故B错误；C、冰块逐渐变小，是由固态变为液态的熔化现象；故C错误；D、铁水冷却变成车轮，是由液态变为固态的凝固过程；故

14、D正确故选：D【点评】此题考查三种物质三种状态之间六种物态变化，都是基础性的，要对生活中物态变化现象多观察，多思考，以便能够灵活应用4关于摩擦，下列说法正确的是（）A在机器的转动部分装滚动轴承，是为了增大摩擦力B鞋底刻有花纹，是为了增大接触面的粗糙程度从而增大摩擦力C在站台上候车的旅客要站在安全线以外，是防止摩擦力过小带来危害D用手握住竖直的茶杯，握力越大手与茶杯间的摩擦力越大【考点】增大或减小摩擦的方法【专题】应用题；重力、弹力、摩擦力【分析】摩擦力是物体在发生相对运动时，在接触面产生的阻碍相对运动的力摩擦力大小的影响因素：压力大小和接触面的粗糙程度生活中的摩擦分有益摩擦和有害摩擦，有益摩擦

15、要增大，有害摩擦要减小【解答】解：A、在机器的转动部分装滚动轴承，是为了变滑动为滚动，从而减小摩擦力，故A错误；B、鞋底刻有花纹，是为了增大接触面的粗糙程度从而增大摩擦力，故B正确；C、在站台上候车的旅客要站在安全线以外，是因为靠近列车一侧空气流速快、压强小，容易产生向列车一侧的压强差，容易发生危险，故C错误；D、用手握住竖直的茶杯，摩擦力始终与杯子的重力是一对平衡力，大小相等；所以，握力增大时，手与茶杯间的摩擦力不变，故D错误故选B【点评】掌握摩擦力大小的影响因素、增大和减小摩擦力的方法，结合实际应用可逐一做出判断5易拉罐“可乐”是许多中学生喜欢的饮料，与“可乐”相关的下列说法中错误的是（）

16、A用吸管能吸取“可乐”是利用了大气压强B罐上标有“355mL”字样，则所装“可乐”质量约为355gC用铝合金制作易拉罐，是利用了该材料具有良好的导电性D罐上标有回收标志，是提醒人们保护环境、节约资源【考点】大气压的综合应用；物质的基本属性；密度公式的应用【专题】简答题；其他综合题【分析】吸管吸饮料是利用了大气压；可乐的密度和水的密度差不多；大部分的金属材料都具有延展性；要认得回收标志知道其意义【解答】解：A、用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管，故A正确；B、可乐的密度和水的密度差不多，根据m=V计算可得，355mL“可乐”质量约为355g是合理的，故

17、B正确；C、铝合金易于加工成不同的形状，说明该材料具有良好的延展性，故C错误；D、罐上标有回收标志，说明该材料是可回收材料，提醒人们保护环境、节约资源，故D正确；故选C【点评】本题利用生活中的实例，考查了多方面的知识，要求学生对物理知识有一个全面的了解并能学以致用让学生感悟到物理就在我们身边6把质量相等的两块橡皮泥分别捏成实心球状和碗状，轻轻放到水面，发现实心球橡皮泥沉到容器底部，碗状橡皮泥漂浮在水面，如图所示，则它们所受浮力的大小关系是（）AF球F碗BF球F碗CF球=F碗D无法判断【考点】物体的浮沉条件及其应用【专题】证明题；类比法；浮力【分析】实心球橡皮泥沉到容器底部，受到的浮力F球G；碗

18、状橡皮泥漂浮在水面，受到的浮力F碗=G；而碗状和实心球状的橡皮泥受到的重力相同，据此判断它们所受浮力的大小关系【解答】解：因为实心球橡皮泥沉到容器底部，所以实心球橡皮泥受到的浮力：F球G，因为碗状橡皮泥漂浮在水面，所以碗状橡皮泥受到的浮力：F碗=G，由可得：F球F碗故选：B【点评】本题考查了学生对物体浮沉条件的掌握和运用，确定碗状和实心球状的橡皮泥受到的重力相同是本题的关键7市场上一些不法商贩常用纯净水冒充价格较高的矿泉水对外出售，矿泉水中含有人体所需的多种矿物质，导电能力较强，纯净水是用自来水经过多层过滤后得到的饮用水，矿物质较少，导电能力较差，小明根据这两种水导电能力不同这一特点，设计了如

19、图所示的装置，验证他家购买的水是不是矿泉水P，Q是相同的两根细长玻璃管P内装满已知矿泉水，Q内装满待测的“矿泉水”单刀双掷开关S从1拨到2时（）A若电压表示数不变，则Q内是纯净水B若电压表示数不变，则Q内是矿泉水C若电压表示数变小，则Q内是纯净水D若电压表示数变小，则Q内是矿泉水【考点】导体；欧姆定律的应用；电功与热量的综合计算【专题】应用题；实验题；压轴题【分析】（1）若Q内是纯净水，电阻较大，单刀双掷开关S从1拨到2时，电路的总电阻变大，电流变小，根据U=IR可知，电压表示数变小；（2）若Q内是矿泉水，单刀双掷开关S从1拨到2时，电路的总电阻不变，电流不变，根据U=IR可知，电压表示数不变

20、；【解答】解：（1）若电压表示数不变，根据I=可知电流不变，因为电源电压不变，所以总电阻不变，说明Q内装满待测的“矿泉水”与P内装满已知矿泉水电阻相同，说明Q内是矿泉水，故A错误，B正确；（2）若电压表示数变小，根据I=可知电流变小，因为电源电压不变，所以总电阻变大，说明Q内装满待测的“矿泉水”比P内装满已知矿泉水电阻大，说明Q内是纯净水，故C正确，D错误；故选BC【点评】本实验设计巧妙，通过电压表的示数判断两容器中液体的电阻关系来验证他家购买的水是不是矿泉水，这种实验思路值的同学们借鉴8如图所示的电路中，开关S闭合后，电压表Vl、V2的读数分别为6V、4V则电阻R1与R2的阻值之比是（）A3

21、：2B2：3C2：1D1：2【考点】欧姆定律的应用；电阻的串联【专题】推理法【分析】电压表相当于开路，电流表相当于一根导线，据此画出等效电路图，利用串联电路的分压关系求解【解答】解：按电流分析画出等效电路如右图，则U2：U=4：6=2：3U1：U2=1：2两个电阻串联U1：U2=R1：R2=1：2故选D【点评】串联电路的分压关系是基础，画等效电路图，确认连接方式是关键9如图是由相同的两滑轮组装的滑轮组，甲乙两人分别用两装置在相等时间内将质量相等的重物匀速提升相同的高度，空气阻力、摩擦、滑轮和绳子的质量均不计，下列说法正确的有（）A甲的拉力是乙的拉力的3倍B乙拉绳子的速度大小是甲拉绳子速度大小的

22、2倍C甲乙两人做的有用功相等D乙拉绳子的速度大小和甲拉绳子速度大小相等【考点】滑轮组绳子拉力的计算；功的大小比较【专题】计算题；机械与功【分析】（1）定滑轮只能改变用力方向，不能省力；（2）滑轮组由几段绳子承担物重，拉起绳子的力就是物重的几分之一；（3）利用功的计算公式分析解答【解答】解：A、图甲为两定滑轮，不计绳重、滑轮重和摩擦，则F甲=G；图乙由两段绳子承担物重，不计绳重、滑轮重和摩擦，则F乙=G；所以甲的拉力为乙的2倍，故A错误；BD、图甲为两定滑轮，则s甲=h，时间相同，所以v甲=v物；乙由两段绳子承担物重，省力但费距离，则s乙=2h，时间相同，所以v乙=2v物，即乙拉绳子的速度大小是

23、甲拉绳子速度大小的2倍，故B正确，D错误；C、因为提升的重物质量相等，则重力相等，提升的高度相同，根据W=Gh可知，甲乙两人做的有用功相同，故C正确故选：BC【点评】本题考查了定滑轮、滑轮组的省力特点，在分析过程中，要注意s、h与承担物重绳子段数之间的关系10如图所示的电路，电源电压不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从中间向a滑动时，下列说法中正确的是（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数变小，电压表示数变大C灯L消耗的功率变大D灯L消耗的功率小【考点】电路的动态分析【专题】错解分析题；动态预测题；电路变化分析综合题【分析】由电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V测滑动变阻器

24、两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据串联电路的电压特点即可判断电压表的示数变化，利用P=I2R判断灯泡功率的变化【解答】解：由电路图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表V测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片P从中间向a滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据I=可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大，由串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和可知：滑动变阻器两端的电压U滑=UUL，所以滑动变阻器两端的电压变小，即电压

25、表V的示数变小；故A正确，B错误；根据P=I2R可知，灯L消耗的功率变大；故C正确，D错误故选AC【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的应用，关键是滑片移动时接入电路电阻变化的判断和电表所测电路元件的判断二、实验探究题（本大题共3小题，共20分）11按要求完成下列各题：（1）如图所示，在图（a）中画出物体AB在平面镜中所成的像、在图（b）中标出小磁针S、N极（将N极涂黑）和磁感线的方向（2）改变内能的方式有两种在图（c）、（d）中，能说明做功改变物体内能的是图d，能说明热传递改变物体内能的是c（选填“c”或“d”）（3）如图2所示，是某同学研究液体压强时，准确绘制的甲、乙两种液体的压强与

26、深度的关系图象，由图可知，甲乙两种液体密度的大小关系为甲乙，其中乙种液体是水【考点】平面镜成像的相关作图；液体的压强的特点；通电螺线管的磁场；物体内能的改变【专题】应用题；作图题；比较思想；图析法；其他综合题【分析】（1）首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A、B的像点，连接像点即为物体AB在平面镜中的像；由磁极间的相互作用规律得出小磁针的NS极，由右手螺旋定则得出电源的正负极，由磁感线特点可知磁感线方向（2）解决此类问题要知道改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能

27、量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程（3）此题可选取深度为4cm时通过比较压强来判断密度【解答】解：（1）先作出物体AB的端点A、B在平面镜中的对称点A、B，连接A、B点即为物体AB在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示：延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴；如图所示：由磁极间的相互作用规律得出小磁针的左端为S极，右端为N极，由右手螺旋定则可知电流由左侧流入，即电源左侧为正极；因电磁铁外部磁感线由N极指向S极，故磁感线方向向左，如图所示：（2）气球喷气时内能转化为机械能，气体的内能减小，温度降低，所以球壁变凉；企鹅晒太阳时，太阳能以热传递的方式将能量转移到企鹅身上，

28、使其内能增大，温度升高；（3）当深度为4cm时，根据p=gh可得=，可知压强越大，密度越大；根据=1.0103Kg/m3故答案为：（1）见解答图；（2）d；c；（3）；乙【点评】本题考查了平面镜成像、物体内能改变的方式、液体压强的特点、磁极间的相互作用规律和右手螺旋定则的使用，属于中考的重点难点在（3），有关图表类的问题，应充分利用图表中数值，得出答案12如图为测量滑轮组机械效率的实验装置，钩码总重6N（1）实验时竖直向上匀速拉动弹簧测力计，由图可知拉力大小为2.4N（2）若钩码上升的高度为10cm，则有用功是0.6J，该滑轮组的机械效率为83.3%（3）若仅增加钩码的质量，该滑轮组的机械效率

29、将增大（选填：“增大”、“减小”或“不变”）【考点】滑轮（组）机械效率的测量实验【专题】探究题；测量型实验综合题【分析】（1）只有在匀速拉动时，拉力的大小才是不变的，弹簧测力计的示数是不变的，才能快速准确测出拉力的大小；弹簧测力计的读数：明确每一个大格和每一个小格代表的示数有用功等于钩码重力和钩码上升高度的乘积，即W有用=Gh；总功等于拉力和绳端移动距离的乘积，即W总=FS，由图可知，用来承重动滑轮的绳子段数为3段，所以绳子移动的距离为物体上升高度的3倍，即S=3h；机械效率等于有用功和总功的比值，即=（3）使用滑轮组时，做的额外功不变，增加钩码的个数，增大了有用功，因此机械效率会变大【解答】

30、解：（1）在操作时应竖直向上匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计示数不变，便于读数；同时，测力计的示数才反映了拉动物体过程中拉力的大小该弹簧测力计每一个大格代表1N，每一个小格代表0.2N，图中弹簧测力计的示数为2.4N（2）W有=Gh=6N0.1m=0.6J因为重物有3段绳子承担，所以s=3h=30.1m=0.3m，总功：W总=Fs=2.4N0.3m=0.72J；滑轮组的机械效率为：=100%83.3%；（3）整个滑轮组保持不变，即额外功不变因为对重物做的功为有用功，增加钩码的质量，即增大了有用功，机械效率就会增大故答案为：（1）匀速；2.4；（2）0.6；83.3%；（3）增大【点评】（1）滑轮

31、组做的有用功是提升物体重力做的功，额外功是克服动滑轮重力和绳子重力及摩擦做的功，总功是拉力做的功，机械效率等于有用功和总功的比值（2）滑轮组的机械效率与提升物体的物重有关，同一滑轮组，提升物体重力越大，机械效率越大13测量额定电压为2.5V的小灯泡额定功率时，已经连好部分电路（1）请在图甲中，把余下部分的电路连接好要求向左移动滑片时，连入的电阻变小（2）小明把电路连接正确后，闭合开关测量了三组不同的电压与电流的数值，其中两次已填在下表中，第一次实验的电压、电流如图乙所示，请把观测到的电压与电流数值填在表格中次数物理量123电压U/V2.52.8电流I/A0.50.54功率P/W（3）小军发现小

32、明每做一次实验，灯就会更亮一些，他想看看小灯泡最亮会有多亮，于是就把滑动变阻器的滑片再向右（填左、右）移，结果滑片刚移了一下，小灯泡马上烧坏，灭了小军细想之后提醒自己，以后使用用电器，要注意：加在用电器两端的电压不要超过用电器的额定电压太多（4）小明通过表格数据，得知小灯泡的额定功率为1.25W【考点】电功率的测量【专题】实验题；探究型实验综合题【分析】（1）本实验中，变阻器、灯泡、电流表应串联，电压表并联与灯泡，变阻器一上一下接，由灯泡规格选择电表量程；（2）根据图中电表读出第一次实验中灯泡两端电压和电流；（3）他想看看小灯泡最亮会有多亮，要使灯更亮一些，要增大其两端的电压，就要减少滑动变阻

33、器两端的电压，减少连入的电阻，要把滑片向右移动；但灯两端的电压也不能太大，会烧坏灯丝，要注意：加在用电器两端的电压不要超过用电器的额定电压太多；（4）由表格知灯泡正常发光的电压和电流，由P=UI计算其额定功率【解答】解：（1）测量小灯泡额定功率时，变阻器、灯泡、电流表应串联，电压表并联与灯泡，变阻器一上一下接，灯泡额定电压2.5V，所以电压表使用03V量程，电流表使用00.6A量程，实物连接如图所示：；（2）电压表使用03V量程，分度值0.1V，示数为2.1V；电流表使用00.6A量程，分度值0.02A，示数为0.4A（3）要使灯更亮一些，要增大其两端的电压，就要减少滑动变阻器两端的电压，减少

34、连入的电阻，要把滑片向右移动；但灯两端的电压也不能太大，会烧坏灯丝，所以：加在用电器两端的电压不要超过用电器的额定电压太多；（4）由表格数据知，当灯泡电压为2.5V时灯泡正常发光，此时通过灯泡的电流为0.5A，所以灯泡的额定功率：P=UI=2.5V0.5A=1.25W故答案为：（1）见上图；（2）2.1；0.4；（3）右；加在用电器两端的电压不要超过用电器的额定电压太多；（4）1.25【点评】本实验题涉及电压表和电流表的使用、滑动变阻器的使用、实物图的连接和电功率的计算，虽综合性强，但都属于基础知识，难度适中三、计算题（本大题共3个小题，共20分）14一辆重为20000N的汽车在水平的公路上匀

35、速行驶，汽车所受阻力为车重的0.05倍；汽车在1分钟内行驶了1.5km，求：（1）在1分钟内牵引力做功多少焦？（2）牵引力做功的功率为多大？【考点】功的计算；功率的计算【专题】计算题；功、功率、机械效率【分析】（1）已知车重可求摩擦力，根据二力平衡的条件可知牵引力就等于摩擦力；已知行驶的距离，根据公式W=Fs求做的功；（2）知道时间，根据公式P=求牵引力做功的功率【解答】解：（1）因为汽车匀速行驶，所以牵引力F=f=0.05G=0.0520000N=1000N，汽车行驶的路程s=1.5km=1500m，汽车牵引力所做的功：W=Fs=1000N1500m=1.5106J；（2）汽车牵引力所做功功

36、率：P=2.5104W=25kW答：（1）在1分钟内牵引力做功1.5106J；（2）牵引力做功的功率为25kW【点评】本题考查功和功率的计算，速度的计算，二力平衡的条件的应用，掌握基本公式，并搞清各个量之间的关系，注意计算过程中时间的单位换算15在南极考察中使用的海洋破冰船，针对不同的冰层有不同的破冰方法其中一种破冰方法是：接触冰面前，船全速航行，船体大部分冲上冰面，就可以把冰压碎（海水的密度取1.0103kg/m3，g取10N/kg）（1）当破冰船航行于海面时，它的排水体积约为2700m3，求船自身的重力（2）在一次破冰行动中，当船体冲到冰面上时，船的排水体积变为原来的三分之一，船与冰层接触

37、面积为8m2，此时破冰船对冰层的压强是多少？【考点】阿基米德原理；压强的大小及其计算【专题】计算题；压强和浮力【分析】（1）根据物体浮沉条件，因为船浮在海面上，所以自身重力等于浮力；（2）当船冲到冰面上，浮力变小，它对冰的压力应是船的自身重力减去浮力，再利用压强定义式求压强【解答】解：（1）F浮=gV排=1.0103kg/m310N/kg2700m3=2.7107N；因为船漂浮，所以G=F浮=2.7107N；（2）当船的排水体积变为原来的三分之一时，F浮=gV排=1.0103kg/m310N/kg2700m3=9106N，船对冰层的压力：F=GF浮=2.7107N9106N=1.8107N，破

38、冰船对冰层的压强：p=2.25106Pa答：（1）船自身的重力为2.7107N；（2）破冰船对冰层的压强是2.25106Pa【点评】本题考查了学生对压强定义式、物体漂浮条件和阿基米德原理掌握和运用，要知道破冰时，对冰的压力等于重力减去浮力，这是本题的易错点！16某兴趣小组利用图甲所示电路进行如下的实验研究（1）闭合S1，断开S2，调节电源电压进行有关测量，由记录到的电流表和电压表的数据绘制成电压和电流的关系图象根据图象，求电阻R的电阻（2）断开S1，闭合S2，调节电源电压进行有关测量由记录到的灯泡L的电压和电流数据绘制成电压和电流的关系图象根据图象，当电压表示数为0.5V时，在60s时间内，灯

39、泡L消耗了多少电能？（3）同时闭合S1和S2，调节电源电压，当灯泡的功率为1W时，R与RL的总功率是多大？【考点】欧姆定律的应用；电功率的计算【专题】应用题；图析法；电路和欧姆定律；电能和电功率【分析】（1）由图乙可知，R的UI图象是正比例函数，则R为定值电阻，根据图象读出任意一组电流和电压值，根据欧姆定律求出电阻R的电阻；（2）由图乙可知，当电压表示数为0.5V时通过的电流，根据W=UIt求出在60s时间内灯泡L消耗的电能；（3）同时闭合S1和S2时，L与R并联，根据图乙读出灯泡的功率为1W时的电流和电压，根据并联电路的电压特点可知R两端的电压，根据图象可知通过R的电流，根据并联电路的电流特

40、点求出干路电流，利用P=UI求出R与RL的总功率【解答】解：（1）由图乙可知，R的UI图象是正比例函数，则R为定值电阻，当UR=2.5V时，通过的电流IR=0.25A，由I=可得，R的阻值：R=10；（2）由图乙可知，当电压表示数UL=0.5V时，通过的电流IL=0.2A，则在60s时间内灯泡L消耗的电能：WL=ULILt=0.5V0.2A60s=6J；（3）同时闭合S1和S2时，L与R并联，由图乙可知，当UL=2.5V，IL=0.4A时，灯泡的功率PL=ULIL=2.5V0.4A=1W，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，电阻R两端的电压UR=U=UL=2.5V，此时通过R的电流IR=0.25A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，I=IL+IR=0.4A+0.25A=0.65A，R与RL的总功率：P=UI=2.5V0.65A=1.625W答：（1）电阻R的电阻为10；（2）当电压表示数为0.5V时，在60s时间内，灯泡L消耗了6J的电能；（3）同时闭合S1和S2，调节电源电压，当灯泡的功率为1W时，R与RL的总功率是1.625W【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功公式、电功率公式的应用，关键是根据图象读出有用的信息