2017年吉林省全国统一高考物理试卷(新课标ⅱ)(含解析版).pdf

《2017年吉林省全国统一高考物理试卷(新课标ⅱ)(含解析版).pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2017年吉林省全国统一高考物理试卷(新课标ⅱ)(含解析版).pdf（29页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、第 1 页（共 2 9 页）2 0 1 7 年全 国统 一高 考物 理试 卷（新课 标）一、选择 题：本大 题共 8 小题，每小 题 6 分 在每 小题 给出的 四个 选项中，第 15 题只 有一 项是符 合题 目要求，第 68 题有 多项 符合题 目要 求 全部 选对 的得 6 分，选对 但不全 的得 3 分 有选 错的得 0 分1（6 分）如 图，一 光 滑 大 圆 环 固 定 在 桌 面 上，环 面 位 于 竖 直 平 面 内，在 大 圆环 上 套 着 一 个 小 环，小 环 由 大 圆环 的 最 高 点 从 静 止 开 始 下 滑，在 小 环 下 滑 的过程中，大圆环对它的作用力（）A

2、 一直不做功 B 一直做正功C 始终指向大圆环圆心 D 始终背离大圆环圆心2（6 分）一 静 止 的 铀 核 放 出 一 个 粒 子 衰 变 成 钍 核，衰 变 方 程 为+，下列说法正确的是（）A 衰变后钍核的动能等于 粒子的动能B 衰变后钍核的动量大小等于 粒子的动量大小C 铀核的半衰期等于其放出一个 粒子所经历的时间D 衰变后 粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量3（6 分）如 图，一 物 块 在 水 平 拉 力 F 的 作 用 下 沿水 平 桌 面 做 匀 速 直 线 运动。若保持 F 的大小不变，而方向与水平面成 60 角，物块也恰好做匀速直线运动。物块与桌面间的动摩擦因数为（）

3、A 2 B C D 第 2 页（共 2 9 页）4（6 分）如图，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，一 小 物 块 以 速 度 v 从 轨 道 下 端 滑 入 轨 道，并 从 轨 道上 端 水 平 飞 出，小 物 块 落地 点 到 轨 道 下 端 的 距 离 与 轨 道 半径 有 关，此 距 离 最 大 时，对 应 的 轨 道 半 径 为（重力加速度为 g）（）A B C D 5（6 分）如图，虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场，P 为磁场 边 界上 的 一 点，大 量 相 同 的带 电 粒 子 以相 同 的 速率 经 过 P 点，在纸 面 内 沿不 同方 向

4、射 入磁 场，若粒 子 射入 的 速 率为 v 1，这些 粒 子 在磁 场 边 界的 出 射点分 布在 六 分 之一 圆 周 上；若 粒子 射 入 速率 为 v 2，相应 的 出 射点 分 布 在三 分 之一圆周上，不计重力及带电粒子之间的相互作用，则 v 2：v 1 为（）A：2 B：1 C：1 D 3：6（6 分）如图所示，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P 为近日点，Q 为远日点，M，N 为 轨 道短 轴 的 两 个 端点，运 行 的周 期 为 T 0，若 只考 虑 海 王 星 和太 阳 之间的相互作用，则海王星在从 P 经 M、Q 到 N 的运动过程中（）A 从 P 到 M 所用的时间等于

5、B 从 Q 到 N 阶段，机械能逐渐变大C 从 P 到 Q 阶段，速率逐渐变小第 3 页（共 2 9 页）D 从 M 到 N 阶段，万有引力对它先做负功后做正功7（6 分）两 条 平 行 虚 线 间 存 在 一 匀 强 磁 场，磁 感 应 强 度 方 向 与 纸 面 垂 直。边长 为 0.1m、总 电阻 为 0.005 的 正 方形 导 线 框 a bc d 位 于 纸面 内，c d 边 与 磁场边界平行，如图（a）所示。已知导线框一直向右做匀速直线运动，c d 边于 t=0时刻进入磁场。线框中感应电动势随时间变化的图线如图（b）所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正）。下列说法正确的

6、是（）A 磁感应强度的大小为 0.5 TB 导线框运动速度的大小为 0.5m/sC 磁感应强度的方向垂直于纸面向外D 在 t=0.4s 至 t=0.6s 这段时间内，导线框所受的安培力大小为 0.1N8（6 分）某 同 学 自 制 的 简 易 电 动 机 示 意 图 如 图 所 示。矩 形 线 圈 由 一 根 漆 包 线绕 制 而 成，漆 包 线 的 两 端 分 别 从线 圈 的 一 组 对 边 的 中 间 位 置 引 出，并 作 为 线圈 的 转 轴。将 线 圈 架 在 两 个 金 属支 架 之 间，线 圈 平 面 位 于 竖 直 面 内，永 磁 铁置 于 线 圈 下 方。为 了 使 电 池

7、 与 两金 属 支 架 连 接 后 线 圈 能 连 续 转 动 起 来，该 同学应将（）A 左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B 左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C 左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D 左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉第 4 页（共 2 9 页）三、非选 择题：共 174 分 第 2232 题为 必考 题，每个 试题 考生都 必须 作答 第3338 题为 选考 题，考 生根 据要求 作答（一）必考 题（共 129 分）9（6 分）某 同 学 研 究 在 固 定 斜 面 上 运 动 物 体 的 平 均 速 度、瞬 时 速 度 和 加 速 度的 之 间

8、的 关 系 使 用 的 器 材 有：斜 面、滑 块、长 度 不 同 的 挡 光 片、光 电 计 时器图（a）图（b）图（c）实验步骤如下：如图（a），将光 电门 固定 在斜 面下 端附 近：将一 挡光 片安 装在滑 块上，记 下挡光片前端相对于斜面的位置，令滑块从斜面上方由静止开始下滑；当滑块上的挡光片经过光电门时，用光电计时器测得光线被挡光片遮住的时间t；用s 表示挡光片沿运动方向的长度（如图（b）所示），表示滑块在挡光片遮住光线的t 时间内的平均速度大小，求出；将另一挡光片换到滑块上，使滑块上的挡光片前端与中的位置相同，令滑块由静止开始下滑，重复步骤、；多次重复步骤利用实验中得到的数据作出

9、 t 图，如图（c）所示完成下列填空：（1）用 a 表示滑块下滑的加速度大小，用 v A 表示挡光片前端到达光电门时滑块第 5 页（共 2 9 页）的瞬时速度大小，则 与 v A、a 和t 的关系式为=（2）由图（c）可求得，v A=c m/s，a=c m/s2（结果保留 3 位有效数字）10（9 分）某 同 学 利 用 如 图（a）所 示 的 电 路 测 量 一 微 安 表（量 程 为 100 A，内阻 大约为 2500）的 内阻。可 使用的器 材有：两个滑动 变阻器 R 1，R 2（其中一个阻值为 20，另一个阻值为 2000）；电阻箱 R z（最大阻值为 99999.9）；电 源 E（电

10、动 势约 为 1.5V）；单 刀开 关 S 1 和 S 2 C、D 分 别为 两个 滑动 变阻器的滑片。（1）按原理图（a）将图（b）中的实物连线。（2）完成下列填空：R 1 的阻值为（填“20”或“2000”）为 了 保 护 微 安 表，开 始 时 将 R 1 的 滑 片 C 滑 到 接 近 图（a）中 的 滑 动 变 阻 器 的端（填“左”或“右”）对应的位置；将 R 2 的滑片 D 置于中间位置附近。将电阻箱 R z 的阻值置于 2500.0，接通 S 1 将 R 1 的滑片置于适当位置，再反复调节 R 2 的滑片 D 的位置、最终使得接通 S 2 前后，微安表的示数保持不变，这说明 S

11、 2 接通前 B 与 D 所在位置的电势（填“相等”或“不相等”）将 电 阻 箱 R z 和 微 安 表 位 置 对 调，其 他 条 件 保 持 不 变，发 现 将 R z 的 阻 值 置 于2601.0 时，在 接 通 S 2 前 后，微 安 表 的 示 数 也 保 持 不 变。待 微 安 表 的 内 阻 为（结果保留到个位）。（3）写出一条提高测量微安表内阻精度的建议：。1 1（12 分）为 提 高 冰 球 运 动 员 的 加 速 能 力，教 练 员 在 冰 面 上 与 起 跑 线 距 离 s 0和 s 1（s 1 s 0）处分别设置一个挡板和一面小旗，如图所示 训练时，让运动第 6 页（

12、共 2 9 页）员和冰 球都位于 起跑线上，教练员 将冰球以速 度 v 0 击出，使冰球在 冰面上沿垂 直 于 起 跑 线 的 方 向 滑 向 挡 板：冰 球 被 击 出 的 同 时，运 动 员 垂 直 于 起 跑 线 从静止出发滑向小旗 训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处 假定 运动 员 在 滑行 过 程 中做 匀 加速 运 动，冰 球 到 达挡 板 时的 速 度 为 v 1 重力 加速度为 g求（1）冰球与冰面之间的动摩擦因数；（2）满足训练要求的运动员的最小加速度12（20 分）如 图，两 水 平 面（虚 线）之 间 的 距 离 为 H，其 间 的 区 域 存 在 方 向水平

13、向 右的匀强电场。自该区域 上方的 A 点将质 量为 m、电荷 量分别为 q 和q（q0）的带电小球 M、N 先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出。小球 在重力作 用下进入 电场区 域，并从 该区域的 下边界 离开。已 知 N 离开 电场时的速度方向竖直向下；M 在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为N 刚离开电场时的动能的 1.5 倍。不计空气阻力，重力加速度大小为 g。求（1）M 与 N 在电场中沿水平方向的位移之比；（2）A 点距电场上边界的高度；（3）该电场的电场强度大小。第 7 页（共 2 9 页）三、选 考 题：请 考 生 从 给 出 的 物 理 题 中 任 选 一 题 作

14、答.如 果 多 做，则 按 所 做 的 第一题 计分。物理-选修 3-3（15 分）13（5 分）如图，用隔板将一绝热汽缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔 板 右 侧 与 绝 热 活 塞 之 间 是 真 空。现 将 隔 板 抽 开，气 体 会 自 发 扩 散 至 整 个 汽缸。待 气 体 达 到 稳 定 后，缓 慢 推压 活 塞，将 气 体 压 回 到 原 来 的 体 积。假 设 整个系统不漏气。下列说法正确的是（）A 气体自发扩散前后内能相同B 气体在被压缩的过程中内能增大C 在自发扩散过程中，气体对外界做功D 气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动

15、能不变14（10 分）一 热气球体 积为 V，内部 充有温度 为 T a 的热空 气，气球 外冷空气的温度为 T b 已知空气在 1 个大气压、温度为 T 0 时的密度为 0，该气球内、外的气压始终都为 1 个大气压，重力加速度大小为 g。（i）求该热气球所受浮力的大小；（i i）求该热气球内空气所受的重力；（i i i）设充气前热气球的质量为 m 0，求充气后它还能托起的最大质量。第 8 页（共 2 9 页）物理-选修 3-4（15 分）15 在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样若要增大干涉图样中两相邻亮条纹的间距，可选用的方法是（）A 改用红色激光B 改用

16、蓝色激光C 减小双缝间距D 将屏幕向远离双缝的位置移动E将光源向远离双缝的位置移动16 一直桶状容器的高为 2l，底面是边长为 l 的正方形；容器内装满某种透明液体，过 容 器 中 心 轴 D D、垂 直 于 左 右 两 侧 面 的 剖 面 图 如 图 所 示 容 器 右 侧 内壁 涂 有 反 光 材 料，其 他 内 壁 涂 有吸 光 材 料 在 剖 面 的 左 下 角 处 有 一 点 光 源，已知由液体上表面的 D 点射出的两束光线相互垂直，求该液体的折射率第 9 页（共 2 9 页）2 0 1 7 年 全 国 统 一 高 考 物 理 试 卷（新 课 标）参 考 答 案 与 试 题 解 析一

17、、选择 题：本大 题共 8 小题，每小 题 6 分 在每 小题 给出的 四个 选项中，第 15 题只 有一 项是符 合题 目要求，第 68 题有 多项 符合题 目要 求 全部 选对 的得 6 分，选对 但不全 的得 3 分 有选 错的得 0 分1（6 分）如 图，一 光 滑 大 圆 环 固 定 在 桌 面 上，环 面 位 于 竖 直 平 面 内，在 大 圆环 上 套 着 一 个 小 环，小 环 由 大 圆环 的 最 高 点 从 静 止 开 始 下 滑，在 小 环 下 滑 的过程中，大圆环对它的作用力（）A 一直不做功 B 一直做正功C 始终指向大圆环圆心 D 始终背离大圆环圆心【考点】62：功

18、的计算菁 优 网 版 权 所 有【专题】31：定性思想；43：推理法；52B：功的计算专题【分析】小环在运动过程中，大环是固定在桌面上的，大环没有动，大环对小环的作用力垂直于小环的运动方向，根据功的定义分析做功情况【解答】解：A B、大圆 环 是光 滑 的，则 小环 和 大环 之 间没 有 摩擦 力；大 环 对小环的 支持力总 是垂直于 小环的 速度方向，所以大 环对小 环没有做 功，故 A 正确，B 错误；C D、小环 在 刚刚 开 始运 动 时，在 大环 的 接近 顶 部运 动 时，大 环对 小 环的 支 持力背 离 大 环 圆 心，小 环 运 动 到 大 环的 下 半 部 分 时，支 持

19、 力 指 向 大 环 的 圆 心，故第 1 0 页（共 2 9 页）C D 错误。故选：A。【点评】本题考查了功的两要素：第一是有力作用在物体上；第二是物体在力的作用下产生位移2（6 分）一 静 止 的 铀 核 放 出 一 个 粒 子 衰 变 成 钍 核，衰 变 方 程 为+，下列说法正确的是（）A 衰变后钍核的动能等于 粒子的动能B 衰变后钍核的动量大小等于 粒子的动量大小C 铀核的半衰期等于其放出一个 粒子所经历的时间D 衰变后 粒子与钍核的质量之和等于衰变前铀核的质量【考点】J A：原子核衰变及半衰期、衰变速度菁 优 网 版 权 所 有【专题】31：定性思想；45：归纳法；54O：衰变和

20、半衰期专题【分析】根据动量守恒定律，抓住系统总动量为零得出两粒子的动量大小，结合动 能 和 动 量 的 关 系 得 出 动 能 的 大小 关 系 半 衰 期 是 原 子 核 有 半 数 发 生 衰 变 的时间，结合衰变的过程中有质量亏损分析衰变前后质量的大小关系【解答】解：A B、一静止的铀核放出一个 粒子衰变成钍核，根据系统动量守恒知，衰变 后 钍 核 和 粒 子 动量 之 和 为 零，可 知 衰 变后 钍 核 的 动量 大 小 等于 粒子的动量大小，根据 知，由于钍核和 粒子质量不同，则动能不同，故A 错误，B 正确。C、半衰期是原子核有半数发生衰变的时间，故 C 错误。D、衰 变 的 过

21、 程 中 有 质 量 亏 损，即 衰 变 后 粒 子 与 钍 核 的 质 量 之 和 小 于 衰 变 前 铀核的质量，故 D 错误。故选：B。【点评】本题考查了原子核的衰变，知道半衰期的定义，注意衰变过程中动量守恒，总动量为零，以及知道动量和动能的大小关系3（6 分）如 图，一 物 块 在 水 平 拉 力 F 的 作 用 下 沿水 平 桌 面 做 匀 速 直 线 运动。第 1 1 页（共 2 9 页）若保持 F 的大小不变，而方向与水平面成 60 角，物块也恰好做匀速直线运动。物块与桌面间的动摩擦因数为（）A 2 B C D【考点】2G：力的合成与分解的运用；3C：共点力的平衡菁 优 网 版

22、权 所 有【专题】527：共点力作用下物体平衡专题【分析】拉力水平时，二力平衡；拉力倾斜时，物体匀速运动，依然是平衡状态，根据共点力的平衡条件解题。【解答】解：当拉力水平时，物体匀速运动，则拉力等于摩擦力，即：F=m g；当拉力倾斜时，物体受力分析如图，有：f=F NF N=m g F s i n 可知摩擦力为：f=（m g F s i n）f=F代入数据为：m g=（m g F）联立可得：=故选：C。【点评】本题考查了共点力的平衡，解决本题的关键是把拉力进行分解，然后列平衡方程。4（6 分）如图，半圆形光滑轨道固定在水平地面上，半圆的直径与地面垂直，第 1 2 页（共 2 9 页）一 小 物

23、 块 以 速 度 v 从 轨 道 下 端 滑 入 轨 道，并 从 轨 道上 端 水 平 飞 出，小 物 块 落地 点 到 轨 道 下 端 的 距 离 与 轨 道 半径 有 关，此 距 离 最 大 时，对 应 的 轨 道 半 径 为（重力加速度为 g）（）A B C D【考点】43：平抛运动；4A：向心力；6C：机械能守恒定律菁 优 网 版 权 所 有【专题】32：定量思想；43：推理法；52E：机械能守恒定律应用专题【分析】根据动能定理得出物块到达最高点的速度，结合高度求出平抛运动的时间，从 而 得 出 水 平 位 移 的 表 达 式，结 合 表 达 式，运 用 二 次 函 数 求 极 值 的

24、 方 法得出距离最大时对应的轨道半径。【解答】解：设半圆的半径为 R，根据动能定理得：，离开最高点做平抛运动，有：2R=，x=v t，联立解得：x=可知当 R=时，水平位移最大，故 B 正确，A C D 错误。故选：B。【点评】本题考查了动能定理与圆周运动和平抛运动的综合运用，得出水平位移的 表 达 式 是 解 决 本 题 的 关 键，本题 对 数 学 能 力 的 要 求 较 高，需 加 强 这 方 面 的训练。第 1 3 页（共 2 9 页）5（6 分）如图，虚线所示的圆形区域内存在一垂直于纸面的匀强磁场，P 为磁场 边 界上 的 一 点，大 量 相 同 的带 电 粒 子 以相 同 的 速率

25、 经 过 P 点，在纸 面 内 沿不 同方 向 射 入磁 场，若粒 子 射入 的 速 率为 v 1，这些 粒 子 在磁 场 边 界的 出 射点分 布在 六 分 之一 圆 周 上；若 粒子 射 入 速率 为 v 2，相应 的 出 射点 分 布 在三 分 之一圆周上，不计重力及带电粒子之间的相互作用，则 v 2：v 1 为（）A：2 B：1 C：1 D 3：【考点】C I：带电粒子在匀强磁场中的运动菁 优 网 版 权 所 有【专题】31：定性思想；43：推理法；536：带电粒子在磁场中的运动专题【分析】根据题意画出带电粒子的运动轨迹，找出临界条件角度关系，利用圆周运 动 由 洛 仑 兹 力 充 当

26、 向 心 力，分别 表 示 出 圆 周 运 动 的 半 径，再 由 洛 伦 兹 力 充当向心力即可求得速度之比。【解答】解：设圆形区域磁场的半径为 r，当速度大小为 v 1 时，从 P 点入射的粒子射出磁场时与磁场边界的最远交点为 M（图甲）时，由题意知P O M=60，由几何关系得轨迹圆半径为 R 1=；从 P 点入射的粒子射出磁场时与磁场边界的最远交点为 N（图乙）；由题意知 P O N=120，由几何关系得轨迹圆的半径为 R 2=r；根据洛伦兹力充当向心力可知：B qv=m解得：v=故速度与半径成正比，因此 v 2：v 1=R 2：R 1=：1故 C 正确，A B D 错误。故选：C。第

27、 1 4 页（共 2 9 页）【点评】本题考查带电粒子在磁场中的圆周运动的临界问题。根据题意画出轨迹、定出轨迹半径是关键，注意最远点时 P M 的连线应是轨迹圆的直径。6（6 分）如图所示，海王星绕太阳沿椭圆轨道运动，P 为近日点，Q 为远日点，M，N 为 轨 道短 轴 的 两 个 端点，运 行 的周 期 为 T 0，若 只考 虑 海 王 星 和太 阳 之间的相互作用，则海王星在从 P 经 M、Q 到 N 的运动过程中（）A 从 P 到 M 所用的时间等于B 从 Q 到 N 阶段，机械能逐渐变大C 从 P 到 Q 阶段，速率逐渐变小D 从 M 到 N 阶段，万有引力对它先做负功后做正功【考点】

28、4F：万有引力定律及其应用菁 优 网 版 权 所 有【专题】31：定性思想；43：推理法；528：万有引力定律的应用专题【分析】根据海王星在 P M 段和 M Q 段的速率大小比较两段过程中的运动时间，从而得出 P 到 M 所用时间与周期的关系；抓住海王星只有万有引力做功，得出机械能守恒；根据万有引力做功确定速率的变化。【解答】解：A、海王星在 P M 段的速度大小大于 M Q 段的速度大小，则 P M 段的时间小于 M Q 段的时间，所以 P 到 M 所用的时间小于，故 A 错误。B、从 Q 到 N 的过程中，由于只有万有引力做功，机械能守恒，故 B 错误。C、从 P 到 Q 阶段，万有引力

29、做负功，速率减小，故 C 正确。D、根 据万 有 引 力 方 向与 速 度 方 向 的关 系 知，从 M 到 N 阶 段，万 有 引 力 对 它先第 1 5 页（共 2 9 页）做负功后做正功，故 D 正确。故选：C D。【点评】解决本题的关键知道近日点的速度比较大，远日点的速度比较小，从 P到 Q 和 Q 到 P 的运动是对称的，但是 P 到 M 和 M 到 Q 不是对称的。7（6 分）两 条 平 行 虚 线 间 存 在 一 匀 强 磁 场，磁 感 应 强 度 方 向 与 纸 面 垂 直。边长 为 0.1m、总 电阻 为 0.005 的 正 方形 导 线 框 a bc d 位 于 纸面 内，

30、c d 边 与 磁场边界平行，如图（a）所示。已知导线框一直向右做匀速直线运动，c d 边于 t=0时刻进入磁场。线框中感应电动势随时间变化的图线如图（b）所示（感应电流的方向为顺时针时，感应电动势取正）。下列说法正确的是（）A 磁感应强度的大小为 0.5 TB 导线框运动速度的大小为 0.5m/sC 磁感应强度的方向垂直于纸面向外D 在 t=0.4s 至 t=0.6s 这段时间内，导线框所受的安培力大小为 0.1N【考点】D 9：导体切割磁感线时的感应电动势；D D：电磁感应中的能量转化 菁优 网 版 权 所 有【专题】32：定量思想；43：推理法；53C：电磁感应与电路结合【分 析】根据

31、线框 匀速 运动 的位 移和 时间 求出 速度，结 合 E=B L v 求出 磁感 应强度，根 据 感 应 电 流 的 方 向，结 合楞 次 定 律 得 出 磁 场 的 方 向。根 据 安 培 力 公 式得出导线框所受的安培力。【解答】解：A B、由图象可以看出，0.20.4s 没有感应电动势，所以从开始到a b 进 入 用 时 0.2s，导 线 框 匀 速 运 动 的 速 度 为：v=，根 据第 1 6 页（共 2 9 页）E=B L v 知磁感应强度为：B=，故 A 错误，B 正确。C、由 b 图可知，线框进磁场时，感应电流的方向为顺时针，根据楞次定律得，磁感应强度的方向垂直纸面向外，故

32、C 正确。D、在 0.4 0.6s 内，导 线 框 所 受 的 安 培 力F=B I L=N=0.04N，故 D 错误。故选：B C。【点评】本题考查了导线切割磁感线运动，掌握切割产生的感应电动势公式以及楞次定律，本题能够从图象中获取感应电动势的大小、方向、运动时间等。8（6 分）某 同 学 自 制 的 简 易 电 动 机 示 意 图 如 图 所 示。矩 形 线 圈 由 一 根 漆 包 线绕 制 而 成，漆 包 线 的 两 端 分 别 从线 圈 的 一 组 对 边 的 中 间 位 置 引 出，并 作 为 线圈 的 转 轴。将 线 圈 架 在 两 个 金 属支 架 之 间，线 圈 平 面 位 于

33、 竖 直 面 内，永 磁 铁置 于 线 圈 下 方。为 了 使 电 池 与 两金 属 支 架 连 接 后 线 圈 能 连 续 转 动 起 来，该 同学应将（）A 左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B 左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C 左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D 左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉【考点】D 8：法拉第电磁感应定律；D 9：导体切割磁感线时的感应电动势菁 优 网 版 权 所 有【专题】12：应用题；21：信息给予题；31：定性思想；43：推理法；53C：电磁感应与电路结合【分析】线圈中有通电电流时，安培力做功，根据左手定则判断安培力做功情况，由

34、此确定能否连续转动。第 1 7 页（共 2 9 页）【解 答】解：A D、当 左、右转 轴下 侧的 绝缘 漆都 刮掉 或左 转轴 上下 两侧 的绝 缘漆 都 刮 掉，右 转 轴 下 侧 的 绝 缘 漆刮 掉，通 电 后 根 据 左 手 定 则 可 知 下 边 受 到 的安 培 力 方 向 向 右，线 圈 开 始 转 动，在 前 半 周 转 动 过 程 中，线 圈 中 有 电 流，安培 力 做 正 功，后 半 周 电 路 中 没 有电 流，安 培 力 不 做 功，由 于 惯 性 线 圈 能 够 连续转动，故 A、D 正确；B、线圈中电流始终存在，安培力先做正功后做负功，但同时重力做负功，因此在转

35、过一半前线圈的速度即减为 0，线圈只能摆动，故 B 错误；C、左右转轴不能同时接通电源，始终无法形成闭合回路，电路中无电流，不会转动，故 C 错误。故选：A D。【点评】电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理，在转动过程中，分析线圈中电流方向和安培力做功情况是解答本题的关键。三、非选 择题：共 174 分 第 2232 题为 必考 题，每个 试题 考生都 必须 作答 第3338 题为 选考 题，考 生根 据要求 作答（一）必考 题（共 129 分）9（6 分）某 同 学 研 究 在 固 定 斜 面 上 运 动 物 体 的 平 均 速 度、瞬 时 速 度 和 加 速 度的 之 间 的 关 系 使

36、 用 的 器 材 有：斜 面、滑 块、长 度 不 同 的 挡 光 片、光 电 计 时器实验步骤如下：如图（a），将光 电门 固定 在斜 面下 端附 近：将一 挡光 片安 装在滑 块上，记 下挡光片前端相对于斜面的位置，令滑块从斜面上方由静止开始下滑；当滑块上的挡光片经过光电门时，用光电计时器测得光线被挡光片遮住的时间t；第 1 8 页（共 2 9 页）用s 表示挡光片沿运动方向的长度（如图（b）所示），表示滑块在挡光片遮住光线的t 时间内的平均速度大小，求出；将另一挡光片换到滑块上，使滑块上的挡光片前端与中的位置相同，令滑块由静止开始下滑，重复步骤、；多次重复步骤利用实验中得到的数据作出 t

37、图，如图（c）所示完成下列填空：（1）用 a 表示滑块下滑的加速度大小，用 v A 表示挡光片前端到达光电门时滑块的瞬时速度大小，则 与 v A、a 和t 的关系式为=（2）由图（c）可求得，v A=52.2 c m/s，a=16.3 c m/s2（结果保留 3 位有效数字）【考点】M 5：测定匀变速直线运动的加速度菁 优 网 版 权 所 有【专 题】13：实 验题；23：实 验探 究题；32：定 量思 想；43：推 理法；51 1：直线运动规律专题【分 析】（1）根 据某段 时间内 的平均 速度等于 中间时 刻的瞬 时速度 求出挡 光片通 过 光 电 门 过 程 中 中 间 时 刻 的 瞬

38、时 速 度，结 合 时 间 公 式 求 出 与 v A、a 和 t的关系式（2）结合 与 v A、a 和t 的关系式，通过图线的斜率和截距求出 v A 和加速度的大小【解 答】解：（1）某 段 时 间 内 的 平 均 速 度 等 于 中 间 时 刻 的 瞬 时 速 度，则 等 于挡光片通过光电门过程中中间时刻的瞬时速度，根据速度时间公式得：（2）由 知，纵轴截距等于 v A，图线的斜率 k=，由图可知：v A=52.2c m/s，a=2k=2 c m/s2=16.3c m/s2故答案为：（1）；（2）52.2，16.3【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运第 1

39、 9 页（共 2 9 页）用，对 于 图 线 问 题，一 般 解 题 思路 是 得 出 物 理 量 之 间 的 关 系 式，结 合 图 线 的斜率和截距进行求解10（9 分）某 同 学 利 用 如 图（a）所 示 的 电 路 测 量 一 微 安 表（量 程 为 100 A，内阻 大约为 2500）的 内阻。可 使用的器 材有：两个滑动 变阻器 R 1，R 2（其中一个阻值为 20，另一个阻值为 2000）；电阻箱 R z（最大阻值为 99999.9）；电 源 E（电动 势约 为 1.5V）；单 刀开 关 S 1 和 S 2 C、D 分 别为 两个 滑动 变阻器的滑片。（1）按原理图（a）将图（

40、b）中的实物连线。（2）完成下列填空：R 1 的阻值为 20（填“20”或“2000”）为了保护微安表，开始时将 R 1 的滑片 C 滑到接近图（a）中的滑动变阻器的 左端（填“左”或“右”）对应的位置；将 R 2 的滑片 D 置于中间位置附近。将电阻箱 R z 的阻值置于 2500.0，接通 S 1 将 R 1 的滑片置于适当位置，再反复调节 R 2 的滑片 D 的位置、最终使得接通 S 2 前后，微安表的示数保持不变，这说明 S 2 接通前 B 与 D 所在位置的电势 相等（填“相等”或“不相等”）将 电 阻 箱 R z 和 微 安 表 位 置 对 调，其 他 条 件 保 持 不 变，发

41、现 将 R z 的 阻 值 置 于2601.0 时，在 接 通 S 2 前 后，微 安 表 的 示 数 也 保 持 不 变。待 微 安 表 的 内 阻 为2550（结果保留到个位）。（3）写出一条提高测量微安表内阻精度的建议：调节 R 1 上的分压，尽可能使微安表接近满量程。第 2 0 页（共 2 9 页）【考点】N 6：伏安法测电阻菁 优 网 版 权 所 有【专题】13：实验题；31：定性思想；46：实验分析法；535：恒定电流专题【分析】（1）根据电路原理图在实物图上连线；（2）根据实验方法确定 R 1 选择阻值较小或较大的滑动变阻器；为了保护微安表，分析滑片 C 开始应处的位置；接通 S

42、 2 前后，微安表的示数保持不变，由此分析电势高低；根据比例方法确定 R x 的值；（3）从减少误差的方法来提出建议【解答】解：（1）根据电路原理图在实物图上连线，如图所示：（2）R 1 选择 20；这是因为滑动变阻器的分压式接法要求滑动变阻器的最大阻 值 远 小 于 负 载 阻 值，滑 动 变 阻器 的 最 大 阻 值 越 小，滑 片 滑 动 时，电 压 变 化越均匀，越有利于实验的进行；故 R 1=20；为 了 保 护 微 安 表，通 过 微 安 表 的 电 流 应 从 零 逐 渐 增 大，当 滑 片 C 滑 到 滑 动 变阻器 的最 左端 时，通过微 安表 的电 流为 零所 以开 始时，

43、滑 片 C 应滑 到滑 动变阻器的最左端；接 通 S 2 前 后，微 安 表 的 示 数 保 持 不 变，则 微 安 表 两 端 的 电 压 不 变，又 微 安 表右 端 电 势 在 S 2 接 通 前 后 保 持 不 变，所 以 说 明 S 2 接 通 前 B 与 D 所 在 位 置 的 电势相等；设微安表内阻为 R x，根据题意有，解得 R x=2550；（3）为了提高精度，可以调节 R 1 上的分压，尽可能使微安表接近满量程原因是，在微安表的读数接近满量程的情况下，为了使 B、D 两点电势相等而调第 2 1 页（共 2 9 页）节滑动变阻器 R 2 时，R 2 滑片的微小偏差将导致微安表

44、指针产生较大偏摆，有利于更精确的调节 R 2；反之，在微安表指针偏摆较小的情况下，R 2 滑片的微小偏差很难从微安表上显示出来故答案为：（1）图见解析；（2）20；左；相等；2550；（3）调节 R 1上的分压，尽可能使微安表接近满量程【点评】对于实验题，要弄清楚实验目的、实验原理以及数据处理、误差分析等问题，一般的实验设计、实验方法都是根据教材上给出的实验方法进行拓展，延 伸，所 以 一 定 要 熟 练 掌 握 教 材中 的 重 要 实 验 对 于 实 验 仪 器 的 选 取 一 般 要求满足安全性原则、准确性原则和操作方便原则1 1（12 分）为 提 高 冰 球 运 动 员 的 加 速 能

45、 力，教 练 员 在 冰 面 上 与 起 跑 线 距 离 s 0和 s 1（s 1 s 0）处分别设置一个挡板和一面小旗，如图所示 训练时，让运动员和冰 球都位于 起跑线上，教练员 将冰球以速 度 v 0 击出，使冰球在 冰面上沿垂 直 于 起 跑 线 的 方 向 滑 向 挡 板：冰 球 被 击 出 的 同 时，运 动 员 垂 直 于 起 跑 线 从静止出发滑向小旗 训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到达小旗处 假定 运动 员 在 滑行 过 程 中做 匀 加速 运 动，冰 球 到 达挡 板 时的 速 度 为 v 1 重力 加速度为 g求（1）冰球与冰面之间的动摩擦因数；（2）满足训练要求的运

46、动员的最小加速度【考点】2G：力的合成与分解的运用；37：牛顿第二定律菁 优 网 版 权 所 有【专 题】1 1：计 算题；22：学 科综 合题；32：定 量思 想；43：推 理法；522：牛顿运动定律综合专题第 2 2 页（共 2 9 页）【分 析】（1）根 据速度 位移公 式求出 冰球的加 速度，结合牛 顿第二 定律求 出动摩擦因数的大小（2）抓 住两者 运动时 间相等 得出运动 员到达 小旗处 的最小 速度，结合速 度位移公式求出最小加速度【解答】解：（1）对冰球分析，根据速度位移公式得：，加速度为：a=，根据牛顿第二定律得：a=g，解得冰球与冰面之间的动摩擦因数为：（2）根据两者运动时

47、间相等，有：，解得运动员到达小旗处的最小速度为：v 2=，则最小加速度为：=答：（1）冰球与冰面之间的动摩擦因数为；（2）满足训练要求的运动员的最小加速度为【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，难度不大12（20 分）如 图，两 水 平 面（虚 线）之 间 的 距 离 为 H，其 间 的 区 域 存 在 方 向水平向 右的匀强电场。自该区域 上方的 A 点将质 量为 m、电荷 量分别为 q 和q（q0）的带电小球 M、N 先后以相同的初速度沿平行于电场的方向射出。小球 在重力作 用下进入 电场区 域，并从 该区域的 下边界 离开。已 知 N

48、离开 电第 2 3 页（共 2 9 页）场时的速度方向竖直向下；M 在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为N 刚离开电场时的动能的 1.5 倍。不计空气阻力，重力加速度大小为 g。求（1）M 与 N 在电场中沿水平方向的位移之比；（2）A 点距电场上边界的高度；（3）该电场的电场强度大小。【考点】A K：带电粒子在匀强电场中的运动菁 优 网 版 权 所 有【专 题】1 1：计 算题；32：定 量思 想；43：推 理法；531：带 电粒 子在 电场 中的运动专题【分 析】（1）抓 住两球 在电场 中，水 平方向上 的加速 度大小 相等，一个做 匀加速 直 线 运 动，一 个 做 匀 减 速 直

49、 线运 动，在 竖 直 方 向 上 的 运 动 时 间 相 等 得 出 水平方向时间相等，结合运动学公式求出 M 与 N 在电场中沿水平方向的位移之比；（2）根 据 离 开 电 场 时 动 能 的 大 小 关 系，抓 住 M 做 直 线 运 动，得 出 M 离 开 电 场时水平分速度和竖直分速度的关系，抓住 M 速度方向不变，结合进入电场时竖直 分速度和 水平分速 度的关 系，根据 速度位移 公式求 出 A 点距 电场上边 界的高度；（3）结合带电小球 M 电场中做直线运动，结合速度方向得出电场力和重力的关系，从而求出电场强度的大小。【解答】解：（1）两带电小球的电量相同，可知 M 球在电场中

50、水平方向上做匀加 速 直 线 运 动，N 球 在 水 平 方 向 上 做 匀 减 速 直 线 运 动，水 平 方 向 上 的 加 速 度大小相等，两球在竖直方向均受重力，竖直方向上做加速度为 g 的匀加速直线运动，由于竖直方向上的位移相等，则运动的时间相等，设水平方向的加速度大小为 a，对 M，有：，第 2 4 页（共 2 9 页）对 N：v 0=a t，可得，解得 x M：x N=3：1。（2、3）设 正 电 小 球 离 开 电 场 时 的 竖 直 分 速 度 为 v y，水 平 分 速 度 为 v 1，两 球 离开电场时竖直分速度相等，因为 M 在电场中做直线运动，刚离开电场时的动能为 N