2021年山东省枣庄市高考物理模拟试卷（二模）（附答案详解）.pdf

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1、2021年山东省枣庄市高考物理模拟试卷（二模）一、单 选 题（本大题共8小题，共24.0分）1.2.2021年 3 月中旬，我国大部分地区经历了近10年来最强的沙尘暴，给人们的生活带来了极大不便。假设一团沙尘暴中所含物质种类及每种物质质量均不变，关于这团沙尘暴，以下说法正确的是（）A.该沙尘暴的内能是其中所有空气的气体分子的无规则运动的动能和势能以及其它物质颗粒无规则运动的动能和势能的总和B.该沙尘暴从温度较低的内蒙古高原吹到温度较高的黄淮地区，温度逐渐升高、风势逐渐减弱，则其内能逐渐减小C.沙尘暴中的沙尘颗粒具有波动性D.沙尘暴中的所有沙尘颗粒所做的无规则运动是布朗运动通信卫星在现代生活、生

2、产和科学研究等活动中发挥重要作用。已知地球的半径为R,地球自转角速度为3,地球赤道同步通信卫星距离地面的高度为/?,则下列关于地球赤道同步通信卫星的说法正确的是（）A.以地心为参考系,该卫星是静止的B.以地面为参考系,该卫星做匀速圆周运动C.以地面为参考系,该卫星的加速度大小为“2（/?+九）D.以太阳为参考系,该卫星的运动不是匀速圆周运动3.如图所示，质量相同、但表面粗糙程度不同的三个物块八 R c 放在三个完全相同的斜面体上，斜面体静置于同一粗糙水平面上。物 块 八 尻 c 以相同初速度下滑,其v-t 图像如图所示。物块下滑过程中斜面体始终保持静止，八 氏 c 与斜面之间的动摩擦因数分别为

3、总、劭、生，斜面体对地面的压力分别为 Na、F g FNc,斜A.Ha Hb HcB.N a F/V b iMn他们又从实验室选择了如下器材：4 学生电源8.滑动变阻器(200 2A)CJ0402型(4 立)数字演示电表两只。单刀单掷开关一个E.导线若干(1)为了研究传感器所受压力一定时，其电阻随电压的变化情况，他们的实验操作如下：在传感器上放三个100g跌码(未画出)施加一定的压力。学生电源选择“稳压 6丫“，电表A 选择0 s 201Z,电表B 选择。E6004 连接的电路如图所示.请你用笔画线代替导线，在图2 中将电路连接补充完整。闭合开关，调节滑动变阻器，得到若干组电压U、电流/的测量

4、数值。根据测盘数据，他 们 利 用 得 到 的 U-/图像如图3 所示。根据图像，你可以得出的结论是：在误差允许范围内，传感器受到压力一定时，电 阻 随 电 压 的 增 大 而(填“增大”“减小”“变化”或“不变化”)。(2)为了研究传感器所加电压一定时，其电阻随压力的变化情况，他们的实验操作如下:调节滑动变阻器,使传感器两端的电压保持在5匕 电表8 仍选择。&460044改变传感器受到的压力，测得若干组数据见如表：压力/N0.51.01.52.02.53.03.54.0电流加490.06144.38184.03197.94207.13226.04240.73263.71电阻/kn55.523

5、4.6327.1725.2624.1422.1220.7718.96压力/N4.55.05.56.06.57.07.58.0电流/出4 272.93283.29294.12326.36331.35339.21357.65368.19电阻/kQ18.3217.6517.0015.3315.0914.7413.9813.58第8页，共28页根据表中数据，利用Erce/得到传感器的电阻值R随其所受压力F的变化图像如图4所示，从图像可以看出，传感器受到的压力在0.5N到 N的区间内，其灵敏度较大(设电阻值随压力的变化率7kO/N 时,其灵敏度较大)。(3)图5是他们设计的苹果自动分拣装置的示意图。该装

6、置把大小不同的苹果，按一定质量标准自动分拣为大苹果和小苹果。该装置的托盘秤压在一个以。1为转动轴的杠杆上，杠杆末端压在半导体薄膜压力传感器先上。调节托盘秤压在杠杆上的位置，使杠杆对此的压力处在传感器最灵敏的压力区间。当小苹果通过托盘秤时，所受的压力较小，电阻较大，闭合开关S后，R2两端的电压不足以激励放大电路触发电磁铁发生吸动分拣开关的动作，分拣开关在弹簧向上弹力作用下处于水平状态,小苹果进入上面通道；当大苹果通过托盘秤时，&所受的压力较大因而电阻较小，%两端获得较大电压，该电压激励放大电路并保持一段时间，使电磁铁吸动分拣开关打开下面通道，让大苹果进入下面通道。托盘平在图示位置时，设进入下面通

7、道的大苹果最小质量为M o,若提高分拣标准，要求进入下面通道的大苹果的最小质量M大于M o,则 应 该 调 节 托 盘 秤 压 在 杠 杆 上 的 位 置 向 (填“左”或“右”)移动一些才能符合要求。四、计算题(本大题共4小题，共46.0分)1 5.近年来，科学家发现，距离地球12.5光年的位置有一颗类地行星-蒂加登C星。它的地表有辽阔的湖面，不过湖里不是液态的水，而是液态二氧化碳。假设该液态二氧化碳的密度为1.2 x 1039/3,湖面下方2.0m处的压强为5.0 x l()6pa、下方5.0m处的压强为7.7 x 105P a.求：(1)该行星表面的重力加速度。疗的大小；(2)假设在该行

8、星表面有一个开口向下、竖直静止放置的导热良好的均匀气缸，气缸深为40.0cm,其中活塞横哉面积为2.5cm 2,活塞质量可忽略不计。当活塞下面悬挂一个质量为400.0g的重物时，活塞恰好位于气缸口处；取下重物，将气缸缓慢旋转到竖直开口向上，然后把相同的重物放在活塞上，待稳定后，活塞到气缸口的距离是多少。假设行星表面处的气温不变。(结果保留三位有效数字)1 6 .某型号的网红“水帘秋千”如图所示，它与平常秋千的不同之处是钢铁做成的秋千架上装有2 7 3 个独立竖直向下的出水孔，在系统控制下能够间断性出水，从而形成一个有孔洞的水帘。假设秋千摆长L =3.0 m,人坐在座板上，头顶到座板的距离为/i

9、 1 =1.0 m,鞋底到座板的距离为电=0.5 m，忽略绳的重力和空气阻力，人与座板整体的重心在座板上。假设秋千的摆动周期与同摆长的单摆做简谐运动的周期相同;出水孔打开时，水的初速度为零。以秋千座板从最高点刚要向下摆动时作为计时起点，此刻，比座板略宽的范围内的所有出水孔都是关闭的。取g =1 0 m/s2,7 r =3.1 4,厮=5.4 8，痴=6.3 2,行=8.3 7。计算结果均保留到小数点后面两位。求：(1)在秋千第一次从最高点运动到最低点的过程中，哪个时刻打开出水孔，水刚好不能淋湿人的头顶；(2)在秋千第二次到达最低点之前最迟哪个时刻关闭出水孔，水刚好不能淋湿人体的任何部位；(3)

10、接第(2)问，当秋千第二次到达最低点时，水又刚好不能淋湿人的头顶，那么,出水孔关闭了多长时间。1 7 .如图所示，在平面直角坐标系xO y中，直线4 B 距 x 轴为4 直线CQ距 x 轴为2 d,直线AB下方区域存在沿)，轴正方向的匀强电场，A B,8 之间存在垂直于坐标系第10页，共28页平面向外的匀强磁场。从t=0时刻，一个质量为八带电荷最为+q的粒子以初速度为由坐标原点。处，沿 x 轴正方向射入电场，在 AB上的P 点进入磁场，P 点坐标为(2d,d)。不计粒子受到的重力。求：(1)电场强度E 的大小；(2)若粒子恰好不从直线CD处离开磁场，则磁感应强度的大小；(3)在第(2)问条件下

11、，粒子经过x 轴的时刻。1 8.如图所示，水 平 轨 道 长 度 k=1.0 m,左端连接半径为R=0.5m的光滑;圆弧轨A4道，右端连接水平传送带，A 8与传送带的上表面等高，三段之间都平滑连接。一个质量m=1.0kg的物块(可视为质点),从圆弧上方距4 8 平面”高处由静止释放，恰好切入圆弧轨道，经过AB冲上静止的传送带，物块恰好停在C 端。已知物块与AB,BC段的动摩擦因数分别为 1=0.2、=0.5,8 c 长 度=2.0 m,取9=10m/s2,不计空气阻力。求：(1)”的大小；(2)物块第一次经过圆弧轨道最低点A 时对轨道的压力FN；（3）如果传送带以速度。的大小可调）逆时针转动，

12、那么，物块最后停止的位置到4点的距离。（用 v表示）第12页，共28页答案和解析1.【答案】C【解析】解：A、该沙尘暴的内能是其中所有空气的气体分子的无规则运动的动能和势能以及其它物质颗粒内分子无规则运动的动能和势能的总和，不包含物质颗粒运动的宏观的动能和势能，故A错误；B、该沙尘暴从温度较低的内蒙古高原吹到温度较高的黄淮地区，温度逐渐升高，则其内能逐渐增大，故8错误；C、所有宏观物体的运动都具有一定的波动性，只是沙尘颗粒的波动性较小，不易观察，故C正确；。、沙尘暴中的所有沙尘颗粒所做的无规则运动是风力作用下的定向移动，不是布朗运动，故。错误。故选：C。物体的内能是组成物体的所有分子热运动动能

13、与分子势能的总和；布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的无规则运动，不是颗粒分子的无规则运动。该题考查对物体的内能以及布朗运动的理解，解答的关键是理解物体的内能与物体宏观的速度无关。2.【答案】D【解析】解：A B C.因为所有地球同步卫星都在赤道上空定点，相对于地球上某点静止，即以地面卫星接收站为参考系，卫星是静止的，若以地心为参考系，该卫星做匀速圆周运动，故A8C错误；。、所有地球同步卫星都在赤道上空定点，相对于地球上某点静止，地球上某点相对于太阳是运动的，因为在公转的同时在自转，所以不是匀速圆周运动，故。正确；故选：。参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；如果未发生

14、变化，则物体是静止的.此题主要考查学生对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论.3.【答案】D【解析】解：设物块的质量为如斜面体的质量为M,斜面的倾角为*A、根据u-t 图像可知，。做匀加速直线运动，加速度沿斜面向下，6 做匀速直线运动，c 做匀减速直线运动，加速度沿斜面向上。设。、c 的加速度大小分别为a。、瓦，根据牛顿第二定律得：对 a 有：mgsina namgcosa-m aa对有：mgsina nbmgcosa=0对 c 有：/icmgcosa mgsina=m ac可得a tana,故幺 为&

15、，故A 正确；8、以a 和斜面体组成的整体为研究对象，a 有竖直向下的分加速度，处于失重状态，则有尸Na (M+m)g综上有尸 加(1 Ffjb bcXh 0.05mxn n所以%；/?2=$2(=1；4又因为U i：U2=1：2第18页，共28页根据欧姆定律/J可得：?=Q M =：X4=2Ku2 K1 N又因为人=2 4,所以/=/2=14，故 A 错误，8 正确；C D、若 A 端接正极、B端接负极，则通过导体的电流方向是从A 到 B,自由电子的定向移动方向为从8 到 A,当施加的磁场垂直外面向里时，根据左手定则可以判断，自由电子会受洛伦兹力向上偏转，在上极板累积，所以上极板电势低，下极

16、板电势高，故 C错误，。正确。故选：B D。利用电阻定律分析在不同的电源接法下的电阻之比，再根据欧姆定律分析电流之比，求出电流大小；根据自由电子定向移动的方向及左手定则判断自由电子所受的洛伦兹力方向，电子向上极板累积，会导致上极板的电势变低。本题考查电阻定律和霍尔效应，熟练掌握电阻定律公式的应用，能够用左手定则准确判断电子所受洛伦兹力的方向即可解答该题。11.【答案】BD【解析】解:AB、导体棒切割磁感线产生的电动势：E=Blv,电路中的电流:/=5=器，R R可知随磁感应强度的增大，电路中的感应电流增大，灯泡逐渐变亮，故 A 错误，B 正确;C D.导体棒做匀速直线运动，可知导体棒受到的拉力

17、与安培力的大小始终相等，方向相反，即：F=Fa=B=先鲁，在运动后的时刻的磁感应强度为Bo,则：尸=虹，故 C错误，。正确。故选：B D。根据E=BLv求出电路中的感应电动势，结合闭合电路的欧姆定律分析电流的变化，根据安培力的公式求出拉力的大小。本题是电磁感应与电路、力学知识的综合，关键要正确分析导体棒的受力情况，熟练推导出安培力与速度的关系。12.【答案】A CD【解析】解：A、开始弹簧的弹力小于A 的重力沿斜面向下的分力，后来弹簧的弹力大于 A 的重力沿斜面向下的分力，所以物块A 先加速下滑、后减速下滑，物块A 先失重后超重，故 A 正确；B、物块A 和弹簧组成的系统机械能守恒，物块A 的

18、机械能不守恒，故 B 错误；C、设弹簧的最大弹力为F,弹簧的最大压缩量为x,对物块A 根据动能定理可得：mgxsind g x=0,解得：F=2mgsin。；对物块B 根据平衡条件可得挡板对B的支持力大小为N =M gsine+尸=(2 m +M)g sind,故 C 正确;。、设弹簧的冲量大小为4，挡板对B的冲量大小为A，对 A 根据动量定理可得：mgsinB-C-/x=0对B根据动量定理可得：12 11-M gsine-t =0联立解得挡板对物块8 的冲量大小为与=(m +M)gtsind,故 正确。故选：A CD.根据物块A 的运动情况分析超重和失重；根据机械能守恒定律的守恒条件进行判断

19、；对物块A 根据动能定理求解弹簧最大的弹力，对物块8 根据平衡条件可得挡板对8 的支持力大小；对 A 根据动量定理、对 B 根据动量定理联立求解挡板对物块B的冲量大小。本题主要是考查功能关系和动量定理，关键是弄清楚物块A 的物块8 的受力情况，能够根据受力情况判断运动情况，知道超重和失重的特点，掌握动能定理和动量定理的应用方法。1 3 .【答案】99.8s AB D在摆角不大于5。的情况下单摆的周期与单摆摆角无关【解析】解：(1)由图2 所示秒表可知，其示数为:90 s +9.8s =99.8s。(2)实验过程摆长应保持不变，由图3 所示可知，AB。悬挂方式可以控制保持不变，悬挂方式C在实验过

20、程摆长会发生变化，故选A BD.(3)由表中实验数据可知，在摆角不大于5。的情况下单摆的周期与单摆摆角无关。故答案为：(l)99.8s：(2)480。(3)在摆角不大于5。的情况下单摆的周期与单摆摆角无关。(1)秒表分针与秒针示数之和是秒表示数。(2)实验过程摆长应保持不变，分析图3 各悬挂方式答题。(3)分析表中实验数据，根据实验数据得出结论。要掌握常用器材的使用方法与读数方法；实验过程摆长要保持不变；分析表中实验数据可以得出实验结论。1 4.【答案】不 变 化 2.0 右【解析】解：(1)因滑动变阻器阻值远小于传感器静态电阻，故采用分压式接法，电路连接如下图第20页，共28页根据传感器的u

21、-/图像看到图线是一条倾斜直线，斜率恒定，则电阻恒定，即：在误差允许范围内，传感器受到压力一定时，电阻随电压的增大而不变化。(2)由图可知，在0.5N2.0N的区间，电阻值随压力的变化率为竽=1 优/N =20/CO/N 7kH/N；在2.0N8.0N的区间，电阻值随压力的变化率为竽=|f|/c 0/N =2kH/N 7kfl/N；故在0.5N2.0N的区间内，其灵敏度较大；(3)因要提高分拣标准，要求进入下面通道的大苹果的最小质量M大于M o,则应使所受的压力减小，使电阻阻值较大，/?2两端获得较小电压，使电磁铁不吸引分拣开关,故应调节托盘秤压在杠杆上的位置向右移动，从而使所受的压力减小。故

22、答案为：;不变化；2.0；右因滑动变阻器阻值远小于传感器静态电阻，故采用分压式接法：根据传感器的U-/图像看到图线是一条倾斜直线，斜率恒定，则电阻恒定；通过图4中R-F图象斜率，可求电阻值随压力的变化率，从而判断灵敏度；因要提高分拣标准，要求进入下面通道的大苹果的最小质量M大于M。，则应使所受的压力减小，使电阻先阻值较大，两端获得较小电压，使电磁铁不吸引分拣开关，故应调节托盘秤压在杠杆上的位置向右移动,从而使凡所受的压力减小本题结合压力传感器设计实验，考查学生电学知识，要求学生从题干读取信息，结合图像对问题进行求解，对学生分析综合能力有一定要求，难度中等偏高。1 5.【答案】解：湖 面下方2.

23、(h n 的压强为P i =P o+p g/h,下方5.0 6处的压强为P 2 =P o +pg/2,代 入 数 据 解 得=750mls2,P o=3.2 x 106P a(2)气缸开口向下时，有P i =P o-等，p=2.0 x 1 06P ah3=4 0.0 m =0.4 m,V1=h3S=0.4 S气缸开口向下时，有P 2 =P o+等，v2=h4S根据玻意耳定律可得p/匕=p2V2解得心=0.1 8 2 m =1 8.2 c m则活塞到气缸口的距离 h=h3-h4,A/i =2 1.8 c m。答：(1)该行星表面的重力加速度。行的大小为75(h n/s 2；第22页，共28页(2

24、)活塞到气缸口的距离是2 1.8 c m.【解析】题目给出不同位置压强，结合液体压强的表达式可求重力加速度；对重物受力分析，结合理想气体状态方程可求活塞位置。本题考查理想气体状态方程，结合液体压强的公式，要求学生具备一定的分析综合能力，将已学知识整合运用于解决实际问题。1 6.【答案】解：(1)计时开始后，设第一滴水经历自由落体时间是At,刚好落到人头顶处，其下落距离应为L-b，由运动学公式有：L 一儿=9(口)2解得：J =0.6 3s,设单摆的运动周期是T,则有：T =2兀解得：7 =3.4 4 s,设在计时开始后，t i 时刻打开出水孔，则有：t i=一解得：t j =0.23s,(2)

25、设关闭出水孔时的最后一滴水经历自由落体时间A t 2刚好落到人脚底处，其下落距离应为L +九2。由运动学公式有：L +/i 2=：g St 2)2解得：A t2=0.8 4 s.设从计时开始后，t 2时刻关闭出水孔，则有：A t 2解 得:t2=1.7 4 s。(3)当再次打开出水孔的第一滴水又刚好不淋湿头顶，第一滴水下落的时间依然为 不设从关闭出水孔到再次打开出水孔，关闭的持续时间为A t 3，则有：Xt3=Xt2 f t i解 得:A t3=0.21 s,答：(1)在秋千第一次从最高点运动到最低点的过程中，0.23s 打开出水孔，水刚好不能淋湿人的头顶；(2)在秋千第二次到达最低点之前最迟

26、在1.7 4 s 时关闭出水孔，水刚好不能淋湿人体的任何部位；(3)接第(2)问，当秋千第二次到达最低点时，水又刚好不能淋湿人的头顶，那么，出水孔关闭了 0.21 s。【解析】水滴做自由落体运动，结合单摆的运动周期可以求出时间。本题考查单摆的周期和自由落体运动的时间求解方法，结合题意分析运动过程就可以求出具体问题。17.【答案】解：(1)粒子第一次在电场中运动，设所用时间为G，则根据牛顿第二定律得qE ma水平方向有2d=%ti竖直方向有d=联立解得E=磐；2qa(2)设粒子到达4 3边界沿电场方向的速度为力,粒子速度口与A3边界的夹角为仇 则Vy=Q i根据几何关系可得tan。=詈，Vo c

27、ost)联立解得。=45,v=V2v0粒子在磁场中运动，若恰好不从上边界CO飞出，轨迹如图所示。设粒子在磁场中运动的半径为R,由几何关系可得R-Rcos6=d由牛顿第二定律得c vqvB=m-联立解得Bo=吗qd(3)设粒子在磁场中运动的周期为T,每次在磁场中运动的时间为b，则7=箸因轨迹对应的圆心角为90。，则基=照7360联立解得2=总 詈设粒子第一次到达X轴的时间为G，则 =2 tl+t2可得 匣 逆 但2v0故粒子到达x轴的时刻f为t=71(20+口)=n更容&胆,(n=1,2,3.)2 v()第24页，共28页答：(1)电场强度E的大小为翳；(2)若粒子恰好不从直线C O处离开磁场，

28、则磁感应强度殳 的 大 小 为 叵 冷；(3)在第(2)问条件下，粒子经过x轴的时刻为n网 争】)叱,(n=l,2,3.)。2VO【解析】(1)粒子在电场中做类平抛运动，根据分位移公式和牛顿第二定律相结合求电场强度E的大小；(2)粒子在磁场中做匀速圆周运动，粒子恰好不从直线C。处离开磁场，其运动轨迹与C O相切，画出粒子运动轨迹，由几何关系求出轨迹半径，再根据洛伦兹力提供向心力求磁感应强度%的大小；(3)研究粒子在磁场中的运动过程，根据轨迹对应的圆心角求出粒子在磁场中的运动时间，结合粒子在电场中的运动时间，即可求解。本题考查带电粒子在组合场中的运动，要分析清楚粒子的运动过程，掌握带电粒子在电场

29、和磁场中的运动规律，结合作图进行分析以及求解。1 8.【答案】解：(1)对小物块从释放到C点用动能定理可得：m g H n1m g L1 口2mg L2=0 0代入数据解得：H =1.2m(2)设小物块在A点的速度为以，对小物块从释放到4点用动能定理可得：m g H =1?0在A点，小物块做圆周运动，设轨道对物块的支持力为尸，则：若F m g=m 由牛顿第三定律可得物块对轨道的压力为：FN=F三式联立可得：FN=5 8/V,方向竖直向下(3)设小物块下滑到B点时的速度为玲，对小物块从释放到B点用动能定理可得：1 ,m g H -=-m v j -0代入数据解得：vB 25m/s因为当传送带静止

30、时，小物块恰好运动到C点，所以当传送带逆时针运动时，小物块一定会反向运动从B处滑离传送带物体在水平轨道上运动的加速度大小为：a1=uig=2m/s2,在传送上运动的加速度大小为：a2=112g=5 m/s2若小物块从C处开始在传送带上由静止一直做匀加速直线运动，设运动到B处时的速度为力，由速度-位移公式可得：v 2 a 2 乙 2代入数据解得：V 1=2 V 5 m/s所以当传送带的速度22有 m/s 时，小物块运动到C点后返回，到达8 点时的速度始终还是2 遍 m/s小物块在传送带上的运动具有对称性，向右运动摩擦力做负功，向左运动摩擦力做正功,且绝对值相等，所以小物块离开B时的动能全部用来克

31、服A、8 段的摩擦力做功，由功能关系可得：1 2=N imgsi代入数据解得：S i 5 m因为：含=/=51m所以小物块最终会停在A处，即到4的距离为S i =0 m：若传动带的速度 2 6 m/s，则小物块从C处开始向左运动时会先加速再匀速，最终以与传送带相同的速度离开B点若小物块向左离开B点后，第一次到达A处即停止，设此过程中小物块在B点的速度为以，由功能关系可得：1 ,2mv2 =1 巾以1代入数据解得：v2=2m/s6、若小物块向左离开B点后，第一次回到B处即停止，设此过程中小物块在初次离开8 点的速度为火,由功能关系可得：1 .2m v3=2 林 i m g h代入数据解得：v3=

32、2 V 2 m/s同理可求出若小物块第二次回到A处停止，则初次离开B时的速度为：v4=2 V 3 m/s若小物块第二次回到8 处停止，则初次离开B时的速度为：v5=4 m/s第2 6页，共2 8页22所以当传送带的速度uW2m/s时，小物块停止时距A的距离为：S2=L1-=1-当传送带的速度2zn/s Vu42&7n/s时.，小物块停止时距A的距离为：s3=-M =V2-14当传送带的速度2/?n/s v 2bm/s时，小物块停止时距A的距离为：s4=3人一M _ v2=3-2al 42当传送带的速度2b m/s v 4m/s时，小物块停止时距A的距离为：s$=敷一 3公=2-34当传送带的速

33、度4m/s v 2遍m/s时，小物块停止时距A的距离为：s6=5 -=5上4综上所述，当传送带的速度W2m/s时，小物块停止时距A的距离为：s=l-；4当传送带的速度2?n/suW2V7n/s时，小物块停止时距A的距离为：s=?l当传送带的速度2Vn/svW 2g?n/s时，小物块停止时距A的距离为：s=3-9当传送带的速度2Mm/suW47?i/s时，小物块停止时距A的距离为：s=7 3当传送带的速度4m/su 2岔m/s时，小物块停止时距A的距离为。山。答：(1)H的大小是1.2m；(2)物块第一次经过圆弧轨道最低点A时对轨道的压力风 的大小为58N,方向竖直向下；(3)见解析。【解析】对小物块运动的全程用动能定理即可求出释放的高度；利用动能定理求出小物块运动到4点的速度，再利用向心力公式求出轨道对小物块的支持力，最后通过牛顿第三定律得到小球对轨道的压力；小物块从C处返回后的情况有多种，要分别进行讨论。本题的前两间使用动能定理可以解决，第三问分类讨论涉及的情况较多，难度较大。本题要注意小物块在传动带上的运动具有对称性，若小物块向右运动时始终减速、向左运动会时始终加速，则整个过程中摩擦力做的总功为0,所以小物块初次向左离开B点后，只需考虑水平轨道上摩擦力所做的功即可。第28页，共28页