2023年四川省宜宾市高考物理二诊试卷及答案解析.pdf

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1、2023年四川省宜宾市高考物理二诊试卷1.核聚变反应方程为：jH+lH He+X,若 已 知 的 质 量 为mi，；”的质量为62，的质量为m3,X的质量为6 4,则下列说法正确的是（）A.该反应中的X是中子B.该反应生成物的质量大于反应物的质量C.该反应释放的核能为4E=（m3+m4-ml-7n2）c2D.我国大亚湾核电站是利用该反应释放的能量来发电的2.如图所示，某同学利用绝缘弧形细条摆成的模型，若其左右分别均匀分布着等量异种电荷。a、b、c、d四点均位于对称轴上，且它们与中心点的距离均相等，则下列说法正确的是（）A.a、c两点的电势相等B.b、d两点的场强相等C.ab两点间电势差大于de

2、两点间电势差D.带正电的试探电荷从a点到b点电势能不变3.一物体沿水平面做初速度为零的匀加速直线运动，以动量大小p为纵轴建立直角坐标系,横轴分别为速度大小。、运动时间t、位移大小x,则以下图像可能正确的是（）4.在 电 影 翻E浪地球中，科学家利用固定在地面的万台超级聚变发动机瞬间点火，使地球在地球轨道I上的B点加速，进入运输轨道，再在运输轨道上的4点瞬间点火，从而进入木星轨道D、关于地球的运动，下列说法中正确的是（）地球轨道IA7、/运输轨道木 垢 i itA.在运输轨道上4 点的速度大于B点的速度B.在地球轨道I 上B点的加速度小于在运输轨道上8 点的加速度C.在木星轨道口上的周期大于在运

3、输轨道上的周期D.在木星轨道D 上的机械能等于在运输轨道上的机械能5.如图所示，人和G 为两条平行的磁场边界线，上方和乙 2下方都是垂直纸面向里，范围足够大，且磁感应强度相同的匀强磁场，人和人之间无磁场；4、8 两点是乙 2上相距一定距离的两点。带电粒子从A点以初速度见与切成30角斜向右上方射出，经过偏转后正好过B点，不计重力，下列说法正确的是（）XXXXXXXXXXXXXXXX.勺.|一/扭?.?.L2XXXXXXXXXXXXXXXXA.该粒子一定是带正电B.该粒子经过B点时的速度一定跟在4 点时的速度相同C.若只稍微增大该粒子在4 点的初速度，它将仍可能经过B点D.若只将该粒子在4 点的初

4、速度方向改为与G 成60角斜向右上方，它将不可能经过B点6.如图a所示，工人用推车运送石球，到达目的地后，缓慢抬起把手将石球倒出（图b）。若石球与板0 8、。4之间的摩擦不计，乙408=60。，图a 中8。与水平面的夹角为30。，则在抬起把手使。力 变为水平的过程中，石球对OB板的压力Ni、对04板的压力Nz的大小变化情况是（）图a图bA.M变小 B.Ni变大 C.股先变大后变小D.必 先变小后变大7.如图所示，跑步机底面固定有间距为L、长度为d的平行金属电极，电极间充满磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场，且两电极连接有电压表和电阻R,绝缘橡胶带上镀有间距为d,电阻也为R的平行细金属条

5、，磁场中始终仅有一根金属条，且与电极接触良好，若橡胶带匀速运动时,A.橡胶带匀速运动的速率为。=若D LB.电阻R中的电流方向由N到MC.电阻R消耗的电功率为=芷2RD.每根金属条每次经过磁场区域克服安培力做功为W=磬8.如图所示，为冬奥会单板滑雪大跳台项目简化模型。运动员以水平初速度处从P点冲上半径为R的六分之一光滑圆弧跳台，离开跳台经最高点M后落在倾角为。的斜坡上，落点距Q点的距离为3若忽略一切阻力并将其看成质点，重力加速度为g,则下列说法正确的是（）QA.运动员在最高点M的速度为02B.最高点M距水平面PQ的竖直距离为%+?）o 9 3C.运 动 员 离 开 圆 弧 跳 台 后 在 空

6、中 运 动 的 时 间 回 二 垣 口 I驾 一 所7 4g2 g 4 g 7 4gz 4gD.运动员落在斜面时的速度大小为J诏+2 gLsme9.某同学利用自由落体运动测量当地重力加速度，实验装置如图1,打点计时器接在频率为50Hz的交流电源上。重锤下落过程中，打点计时器在纸带上打出一系列如图2所示的点迹。图1（1）通过纸带上的点迹分布情况可以判断实验时重物连接在纸带的端（选 填“左”或“右”（2）所测得的重力加速度大小为 m/s2=（保留三位有效数字）（3）若该同学实验操作没有错误，实验测得物体的加速度应（选 填“略大于”“略小于”或“等于”）当地重力加速度。1 0.酒驾和醉驾是交通违法行

7、为，我国酒驾标准为“0.2mg/mL W C 0.8zng/m L,醉驾标准为“C 2 0.8mg/7nL。某实验小组想用二氧化锡半导体型酒精气体传感器组装一个简易酒精测试仪，此传感器电阻随酒精气体浓度C的变化规律如图甲所示。现他们手里有下列器材:二氧化锡传感器;电池E（电动势为4 V,内阻不计）；电压表大量程为3人内阻非常大，作为浓度显示表使用）;电阻箱R（最大阻值为999.90；定值电阻&（阻值为500）；定值电阻&（阻值为I。）；单刀双掷开关一个，导线若干。(1)图乙是该实验小组设计的酒精测试仪电路图，请根据图乙用笔画线代替导线将其对应的实物图丙连接成完整电路；(2)电路中定值电阻Ro应

8、 选 用 一(选填&或/?2)；(3)为了能够在电压表上直接读出酒精气体浓度C,该实验小组按照下列步骤进行调节并修改刻表盘：电路接通前，先将电阻箱调为40.0。，然后开关向(选填 a 或)端 闭 合，将电压表此时指针对应的电压刻度标记为 m g/m L；逐步减小电阻箱的阻值，电压表的示数不断变大，按照甲图数据将电压表上电压刻度线都标记为对应的“酒精浓度”；将开关向另一端闭合，这个简易酒精测试仪即可正常使用。(4)该小组用组装好的酒精测试仪去对一位饮酒者进行测量，发现电压表指针位于李茜偏刻度处，则这位饮酒者呼出的酒精气体浓度(填“已经”或“没有”)达到醉驾标准。1 1.如图所示、4B是半径为R的

9、圆的一条直径，在圆周平面内，存在匀强磁场或匀强电场，将一电量为q，质量为m的正电粒子从4 点以相同大小的初速度。射入，射入的方向不同时，粒子会从圆周上不同的点射出，已知NC4B=30。，若不计重力和空气阻力，完成下列问题:(1)若在圆周平面内只存在垂直纸面向里的匀强磁场，观察到粒子从C点射出的方向垂直于4B,求匀强磁场的磁感应强度B的大小；(2)若在圆周平面内只存在平行于圆平面的匀强电场，在所有出射点中，垂直于电场方向射入的粒子正好经过C点射出且速度最大，求匀强电场的场强E的大小。12.如 图 所 示、4B是一段光滑的四分之一圆弧，半径R=0.8m,BC是一段长度为d=0.9m的水平轨道，与圆

10、弧相切于B点。BC与传送带相接于C点，传送带长L=1 m,与水平面的夹角。=37。，传送带以大小恒为6zn/s速度逆时针转动，一质量为3kg的小物体血1从4 点释放，在B点与质量为1kg的小物体加2相碰后粘在一起，山1、巾2与水平轨道和传送带之间的摩擦因数均为“=0.5,小物体过C点时速度大小不变，过C点后直接开始滑动，且若C点速度为0时物体不会停留在C点。在传送带底端有一弹性挡板，小物体与之相碰后，速度大小不变，方向反向。(g取10m/s2,s讥37。=0.6,cos37=0.8).完成下列问题:(1)把巾1从A点静止释放，求?n1与瓶2相碰前的一瞬间，对B点的压力；(2)把Hi1从4 点静

11、止释放，到m1、巾2与挡板第一次碰撞前的一 一 瞬间，求巾1、巾2系统损失的机械能；(3)如果要求7n1、馆2还能回到4 点，那么在4 点时至少应给小 多大的初速度。13.一定质量的理想气体的体积U与热力学温度7 的关系图像如图所示，气体由状态a经状态b、c到状态d,0、a、d三点在同一直线上，ab和cd平行于横轴，儿平行于纵轴，则下列说法正确的是()A.状态a 的压强大于状态b的压强OB.由状态a变化到状态b,气体对外做功C.由状态c变化到状态d,气体的密度不变D.由状态b变化到状态c,气体对外做功，内能不变E.由状态a 变化到状态d,气体对外做功，内能增大14.如 图 所 示，绝热汽缸力与

12、导热汽缸B均固定于桌面，由刚性杆连接的绝热活塞与两汽缸间均无摩擦，两活塞之间与大气相通，汽缸B活塞面积为汽缸4 活塞面积的2倍。两汽缸内装有理想气体，两活塞处于平衡状态，汽缸4 的体积为%,压强为1.5po,温度为T o,汽缸B的体积为2%,缓慢加热4中气体，停止加热达到稳定后，A中气体压强为原来的2倍。设环境温度始终保持不变，汽缸4中活塞不会脱离汽缸4已知大气压为Po。求:(1)加热前B汽缸中气体的压强;(2)加热达到稳定后汽缸A中气体的体积。导热气缸绝热(缸1 5.如图甲所示，现在的智能手机大多有“双M/C降噪技术”，简单说就是在通话时，辅助麦克风收集背景音，与主麦克风音质信号相减来降低背

13、景噪音。图乙是原理简化图，图丙是理想状态下的降噪过程，实线表示环境噪声，虚线表示降噪系统产生的等幅降噪声波，则下列说法正确的是()红外发射器耳机插孔降噪麦克风图甲A.降噪过程应用了声波的反射原理，使噪声无法从外面进入麦克风B.理想状态下降噪声波与环境噪声声波的传播速度大小相等，波长相等C.降噪过程应用的是声波的干涉原理D.质点P经过一个周期向外迁移的距离为一个波长E.P点振动减弱点1 6.如图所示，某宇航员在空间站进行的水球光学实验，在,一水球中心注入空气，形成球形气泡，且内外两球面球心均在0/点，已知气泡内球面半径为R,外球面半径为2 R,让一束单色(*O )光从外球面上的A点与4。连线成6

14、0。角射入球中，光束经折射 f /)后恰好与内球面B点相切。求：-/(1)水的折射率；(2)欲使该光束能射入内部气泡中，在4点入射角应该满足什么条件。(不考虑光在水中的二次反射)答案和解析1.【答案】A【解析】解：4 核反应前后质子数和中子数是守恒的，故可推断核反应方程为：-4 He+n,故推理出X是中子，故 A 正确；员核聚变反应和核裂反应中均存在质量亏损，所以该反应生成物的质量小于反应物的质量，故 B错误；C.根据爱因斯坦质能方程ZE=4nle2,4m=+m2)-(m3 4-m4),可知这个反应释放的核能为4E=(mi+m2-m3 7n4)c2，故 C 错误；。.我国大亚湾核电站是利用核裂

15、变释放的能量来发电的，而本题中的反应为核聚变反应，故。错误。故选：Ao根据质子数和中子数守恒可推断该核聚变反应方程；原子序数低于铁的原子核(轻核)发生核聚变反应核聚变，或者原子序数高于铁的原子核(重核)发生核裂变核裂变，都会出现质量亏损，所以该反应的生成物的质量会小于反应物的质量，且损失的质量可以通过爱因斯坦质能方程求解。核电站发电原理是利用核燃料裂变所产生的巨大热能，将盐水加热成327冤的高温高压水，热水把热量传递给外层的冷却水，加热后产生大量的蒸汽来推动蒸汽机转动，带动发电机发电。本题考查核聚变反应和质能方程的运用。2.【答案】B【解析】解：所有正电荷可以看作位于a 点左侧的点电荷，所有负

16、电荷可以看作位于c点右侧的点电荷，且两点电荷关于6d连线对称。A.a点更靠近正电荷、c点更靠近负电荷，则a 点电势大于c点，故 A 错误；8.根据等量异种电荷的电场线对称性，b、d两点的场强相等，故 8 正确；C.根据等量异种电荷的电场线对称性，ab两点间电势差等于de两点间电势差，故 C 错误；D a 点电势大于等量异种电荷连线的中垂线上的电势，根据昂=pq,则带正电的试探电荷从a 点到b点电势能减小，故 O 错误。故选：B。根据等量异种电荷的电场线对称性和电场线特点，分析电势高低、电场强度大小、电势差等。本题解题关键是将所有正电荷可以看作位于a点左侧的点电荷，所有负电荷可以看作位于c点右侧

17、的点电荷，且两点电荷关于bd连线对称。3.【答案】C【解析】解：4物体做初速度为零的匀加速直线运动，则速度=at动量p=nw=m a t,可知动量p与速度 成正比。故A错误；B.ma为常数，设/c=m a,则=k t,可知动量p与时间t成正比。故B错误；CD.由匀变速直线运动规律/=2ax得v=/而则p=mv=mV 2ax=mV 2aV-r=mV 2ax2根据罂函数的性质可知C图正确，故C正确；故。错误；故选：Co初速度为零的匀加速直线运动，加速度a恒定，速度一时间关系为=a t,速度一位移关系为/=2a x,动量p=m u,利用以上公式，可以列出p v关系式、p t关系式、p x关系式，进而

18、求解。本题将动量与匀变速直线运动的物理量相结合，构成图像，考查学生综合分析能力，尤其是p-x图像，需要用到数学幕函数图像知识，是本题的难点。4.【答案】C【解析】解：力、根据开普勒第二定律可知，在运输轨道上近日点的速度大于远日点的速度，即经过4点的速度小于B点的速度，故A错误；8、在地球轨道I上B点与在运输轨道上B点相比，受到的万有引力相同，由牛顿第二定律得，加速度相同，故8错误；C、木星轨道H的半径大于在运输轨道上的半长轴，根据开普勒第三定律可知，在木星轨道口上的周期大于在运输轨道上的周期，故C正确；。、在运输轨道上的4点瞬间点火加速，机械能增加，进入木星轨道n,则在木星轨道n上的机械能大于

19、在运输轨道上的机械能，故。错误。故选：Co根据开普勒第二定律判断经过4点和B点的速度；经过不同轨道上同一点时，加速度相同；根据开普勒第三定律判断在两轨道上的周期；从运输轨道变到木星轨道n,机械能增加。本题考查开普勒定律，解题关键是掌握开普勒定律内容并能够熟练应用。5.【答案】C【解析】解：4B.粒子在磁场中的运动轨迹的可能情况如下图所示由粒子运动轨迹可知，粒子可能带正电也可能带负电，且粒子经过B点时的速度一定跟在4 点时的速度大小相等，而速度方向可能相同，也可能不同，故 4B 错误；C.若只稍微增大该粒子在4 点的初速度，但保持方向不变，粒子仍可能经过B点，故 C正确；。.设刀与人之间的距离为

20、小 则4 到B的距离为2d若将带电粒子在A点时的初速度方向改为与乙 2成60角斜向右上方，经过多个周期后仍有可能经过B 点,故。错误。故 选:Co分析带电粒子的运动情况：在无磁场区域，做匀速直线运动，进入磁场后，只受洛伦兹力，做匀速圆周运动，画出可能的轨迹，作出选择.根据左手定则判断粒子的正负；根据粒子可能的运动轨迹可知，粒子经过B点时的速度一定跟在4 点时的速度大小相等，而速度方向可能相同，也可能不同。若只稍微增大该粒子在4 点的初速度，它将仍可能经过B点；带电粒子在匀强磁场中匀速圆周运动问题，关键是画出粒子圆周的轨迹.往往要抓住圆的对称性和几何知识进行分析。6.【答案】AC【解析】解：以石

21、球为对象，受力如图所示“G缓慢抬起过程中，石球受力平衡，结 合 数 学 知 识 可 得 热=第=磊，其中G和a不变，在转动过程中。从90。增大到180。，sin不断变小，M将不断变小；y从150。减小到60。，siny先变大后变小，股将先变大后变小。故 8力错误，AC正确。故选：AC.以石球为对象，画出受力分析图，结合数学知识列出各力与夹角的关系式，根据转动过程中/?从90。增大到180。，分析Ni如何变化；y从150。减小到60。的过程中，分析N2如何变化。本题考查了共点力平衡，解决此类问题的关键是准确画出受力分析图，找到各力之间的夹角。7.【答案】AD【解析】解：4 橡胶带匀速运动的速率为

22、金属条切割磁感线产生的感应电动势为E=BLv电压表测的路端电压，内外阻相等，则有E=2U解得=胃，故A 正确；D L及由右手定则可知，电阻R中电流方向由M到N,故 B 错误；C.电阻R消耗的功率为P=工,故 c 错误；R。.设金属条所受安培力为F,则有F=BIL=BLK则一根金属条每次经过磁场区域克服安培力做的功为W=Fd=BLd,故 D 正确。A故选：AD.根据欧姆定律求出最大电流，应用E =8。求出橡胶带匀速运动的速率。根据右手定则判断回路2电流方向，然后再判断电阻R 中电流方向；由=人 求电阻R 消耗的功率；应用欧姆定律求出电流，R应用安培力公式求出金属条受到的安培力，根据功的计算公式求

23、出克服安培力做的功。本题是理论联系实际问题，关键是建立物理模型，综合运用电磁感应知识、电路知识、力学知识解题，考查分析和解决实际问题的能力.8.【答案】BD【解析】解：4、运动员离开跳台后做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做竖直上抛运动，所以运动员在最高点M有水平方向的速度，故 A错误；8、根据几何关系可知，圆弧对应的圆心角为。=6 0。运动员从开始沿圆弧运动到离开跳台，只有重力做功，有动能定理可知：-m g R（l -c o s。）=说-gm诏解得：%=-J VQ gR运动员从离开圆弧到最高点的过程中，V y=O i S i n O）2 =2 gh则最高点M点距水平面P Q 的竖直

24、距离为H =h +R（1 -cos9）解 得:H =（逋+务,故 B正确；C D、运动员从开始运动到落到斜面上时，只有重力做功，mgLsine=解得：v2=J 诏+2 gLstn9运动员落在斜面上时竖直分速度大小为：v2 y=J 育一（%c o s 0）2即%,=J 河 +2 g L s 讥8 +,g R则运动员离开圆弧跳台后在空中运动的时间为：=%-S y）=I+2Lsine T I 3v|_3Rt9 4 4g2 g 4g 7 4g2 4g故 C错误，。正确。故 选:B D。运动员离开跳台后做斜抛运动，水平方向做匀速直线运动；根据动能定理得到运动员离开跳台后的速度，进而根据斜抛知识可以得到最

25、高点到水平面的距离；根据动能定理得到运动员落到斜面上的速度，然后分解为水平和竖直方向的速度，进而可以得到在空中的运动时间。运动员做的是斜抛运动，在竖直方向上做的是匀变速直线运动，在水平方向做的是匀速直线运动，结合动能定理可以得到最后结果。9.【答案】左 9.69 略小于【解析】解：(1)重物做自由落体运动，速度应该越来越大，则纸带上相邻点迹间的距离应该越来越大，则实验时重物连接在纸带的左端；(2)利用逐差法求重力加速度为：a=。:.。=12.54-7：；黑7-3.15)又10-2m/s2 =g.69 m/s2(3)因存在阻力作用，导致所测加速度应略小于实际重力加速度。故答案为：(1)左；(2)

26、9.69；(3)略小于。(1)重物做自由落体运动，纸带上相邻点迹间的距离应该越来越大；(2)利用逐差法求解加速度即可；(3)由于有阻力作用，所测重力加速度偏小。本题考查测定自由落体加速度的实验，解题关键是掌握逐差法求加速度。1 0.【答案】R2 a 0.1 已经【解析】解：(1)电压表测定值电阻两端电压，根据电路图可得实物图如下:(2)对乙图根据闭合电路欧姆定律可得电压表读数为U =肃 而 Ro根据甲图可知，二氧化锡传感器的电阻范围：s n Rx 7on代入数值解得定值电阻&LX 2Q1 2X2 4显然假设不成立，则系统到D 点时速度小于6 m/s,则系统由。到C过程摩擦力对系统做正功，对全过

27、程，根据能量守恒g H i v 4-(瓶 1 +m2)gLcosO=m2gR+AE+(n h+m2)gd答：(l)n i i 与H i 2 相碰前的一瞬间，山1 对8 点的压力为9 0 N,方向竖直向下；(2)巾1、机2系统损失的机械能为4 Q/；(3)要求m 1、巾2还能回到4 点，那么在4 点时至少应给m i 的初速度为岑，Zm/s。【解析】(l)m i从4 点静止释放到与机2相碰前的过程，根据机械能守恒求出滑动末端的速度，再根据牛顿第二定律求出B 点对n h 的支持力，最后根据牛顿第三定律可知巾1 对B 点的压力大小和方向；(2)根据动量守恒和能量守恒求出m i、T n 2系统损失的机械

28、能；(3)C 到4 过程根据动能定理求出m 1、巾2返回到C 点的速度；再分析由。到C 过程中，根据牛顿第二定律求出加速度大小以及运动的距离；判断显然假设是否成立；最后分析由。到C 过程根据能量守恒求出要求6 1、巾2还能回到月点的最小初速度。本题考查了动量、机械能守恒以及能量守恒的相关知识，解决本题的关键是准确选取研究对象和研究过程，正确列出相关方程。13.【答案】CDE【解析】解：4 B.由状态a 变化到状态b 的过程中，气体的体积不变，气体对外界不做功，根据查理定律苧=C可知气体的温度升高，压强增大，则状态a 的压强小于状态匕的压强，故A B 错误；C.由状态c 变化到状态d,气体的体积

29、不变，质量不变，根据密度公式p =蔡可知，气体的密度不变，故 C正确；D由状态b 变化到状态c,气体体积增大，气体对外界做功，温度不变，则内能不变，故。正确；E.由状态a 变化到状态d,气体体积增大，气体对外做功，温度升高，内能增大，故 E正确。故选：CDE。4 8.根据题图，得出气体的体积和温度的变化，根据公式p V =C T 分析出气体的压强变化；等容变化气体体积不变，由此判断做功情况；C根据密度公式作出判断；D E.根据体积的变化得出气体的做功类型，根据温度的变化得出内能的变化，结合热力学第一定律即可完成分析。本题主要考查了一定质量的理想气体的状态方程，理解图像的物理意义，结合公式pv=

30、c r 和热力学第一定律即可完成分析；注意：对于一定质量的理想气体，气体的内能只与气体的温度有关。14.【答案】解：（1）设连接杆的压力为F,气缸B内气体压强为PB，活塞横截面积为2 S,气缸4 活塞横截面积为S对气缸B，根据平衡条件PB-2S=p0-2S+F对气缸4,根据平衡条件1.5po-S=p0-S+F联立解得PB=1.25p0（2）重新达到稳定后，对 于 气 缸 根 据 平 衡 条 件 PB-2S=PO-2S+F对于气缸4根据平衡条件2x l.5 p o-S =po-S+F联立解得PB=2Po由于气缸B中的气体做等温变化，根据波意耳定律乐-2%=PB-VB代入数据联立解得%=1.25%

31、因此气缸B的体积变化如B=2%-1.2570=0.75%气缸4 的体积变化/以=VA-V0设连接杆向右移动的距离为d,根据题意A%=2S-d,AVA=S-d代入数据联立解得以=1.375%答：（1）加热前8 汽缸中气体的压强为1.25 po；（2）加热达到稳定后汽缸A中气体的体积为1.375%。【解析】（1）选择两活塞以及刚性杆的整体作为研究对象，根据受力平衡，列出平衡方程，即可求出加热前气缸B中气体的压强；（2*中封闭气体发生等温变化，根据玻意耳定律即可求出，加热达到稳定后气缸B中气体的体积/；根据几何关系求出加热后4 中气体体积。本题考查气体定律与力学平衡的综合运用，解题关键是要利用平衡求

32、出初末状态封闭气体的压强，分析好压强P、体积V、温度7三个参量的变化情况，再选择合适的规律解决。15.【答案】BCE【解析】解：ABC.理想状态下降噪声波与环境声波波长相等，波速相等，则频率相同，叠加时产生干涉，两列声波等幅反相，所以振动减弱，起到降噪作用，故 A错误，BC正确；D P点并不随波移动，故力错误；环境噪声波使P点向下振动，而降噪声波使P点向上振动，所以P点振动减弱点，故E正确。故选：BCE.根据叠加原理，两列声波等幅反相，振动减弱；振动点不随波移动；本题解题关键是根据叠加原理，两列声波等幅反相，振动减弱，是一道基础题。1 6.【答案】解：(1)光线在4点的入射角为i =6 0。由

33、儿何关系可知，折射角r =3 0。，则折射率”=sini _ sin60 _ /sinr sin30(2)如图所示。设在4点的入射角为i 时，光束经折射后到达内球面上C点，并在C点恰好发生全反射，则光束在内球面上的入射角乙4 C D恰好等于临界角C。由s讥。=；=音由 正 弦 定 理 霹 缶r盘由折射定律有n =%sinr解得C=3 0。因此入射角满足i 3 0。的光线将射入空心球内部。答：(1)水的折射率为V?；(2)欲使该光束能射入内部气泡中，在4点入射角应该满足i 3 0%【解析】(1)根据已知条件找到入射角折射角，然后利用结合关系求出折射率；(2)作出光路图，根据几何关系求解折射角和入射角，再根据正弦定理及全反射规律进行解答。本题主要是考查光的折射，解答此类问题的关键是画出光路图，根据折射定律和几何关系列方程联立求解。