2020-2021学年高一物理下学期期末测试卷（粤教版）02（全解全析）.pdf

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1、2020-2021学年下学期期末测试卷02高 一 物 理全解全析123456789101112CDABCACBCDCDACDAC1.C【解析】A.万有引力常量是卡文迪什通过实验测量并计算得出的，A 正确，不符合题意；B.美国物理学家密立根通过油滴实验测出元电荷的数值，B 正确，不符合题意；C.处于静电平衡状态的导体内部场强处处为0,电荷只能分布在导体的外表面，内部没有感应电荷，C 错误，符合题意；D.维修高压电路的电工穿金属衣，形成静电屏蔽，保护人体，比绝缘衣更安全；在旷野，应远离树木和电线杆，防雷和防止高压放电，D 正确，不符合题意；2.D【解析】静电力做功与路径无关，则这三种运动路径，静电

2、力所做的功一样多。3.A【解析】该连接方式中，电容器所带的电量Q 不变，将 A 极板向左移动，d 变 大,由。=上】可知,电容C 变小，由U=2 可知，电压U 变大，极板间场强为E=3C d联立上述三式可得E=坦 丝 故 E 与 d 无关，故 E 不变，A 正确。sS4.B【解析】根据电阻定律R=可知，导线越长，电阻越大，电阻率越大，电阻越大，横截面积越大,电阻越小，所以B 正确；ACD错误；5.C【解析】两个点电荷在。点产生的场强大小都为左 乌,两个场强的方向互成120。，根据平行四边形r定则，合场强大小为女?，方向水平向右，所以最后一个电荷在o 点 产 生 的 场 强 大 小 为 方 向

3、水 平 向广r左，才能使圆心处的电场强度为零，所以，应在C 点放电荷。=-4 的电荷。6.A【解析】由图示可知，A 8方向与电场线方向间的夹角Q 6 0。，AB两点沿电场方向的距离d=Lcos。,48 两点间的电势差 UAB=Ed=ELcosO=100V/mx0.1 mxcos60=5V 所以 UBA=-UAH=-5V7.C【解析】A B C.由公式C=幺=也可得C=1=2.0 x 10-8F=2.0XKT?FU 8-6故 C 正确，AB错误；D.电容器的电容只与本身有关系，与其两端的电压无关，与所带电荷量无关，其大小可以用电荷量与电势差的比值计算，故 D 错误。A.由于沿电场线方向电势逐渐降

4、低，。点的电势低于6 点的电势，选项A 错误；B.由于等势线与电场线垂直，画出过6 点的等势线，可 知 氏 d 两点与匕点的电势相等，而电场线的疏密表示电场强度的大小，可得 a 点的电场强度大于6 点的电场强度，选项B 正确C.带负电的试探电荷从。点移到4 点的过程中电场力做正功，电势能减小，即带负电的试探电荷在a 点的电势能大于在。点的电势能，选项C 错误；D.带正电的试探电荷从c 点移到4 点的过程中电场力做正功。电势能减小，即带正电的试探电荷在c 点的电势能大于在d点的电势能，选项D 错误；9.C D【解析】设上夸克的电荷量为3，下夸克的电荷量为 由题意可得2%+s=e,5+20=02

5、1解得q=+e,%=故 A B 正确，CD错误。10.C D【解析】A C D.断开S,电容器带电量保持不变，A 板向右平移一些，即A、B 间距减小一些，根据C=可知，d 变小，C 变大，根据。=上 可知，U 减小，静电计指针张角变小；同理断开S后，使 B板向右平移一些，静电计指针张角变大；使 A、B 正对面积减小一些，则 C 减小，根据可知，U 变大，则静电计指针张角变大，则 A 错误，CD正确；B.因为U 一定，使 A、B 两板正对面积减小一些，则静电计指针张角不变，选项B 错误；11.ACD【解析】A.保 持 开 关 S 闭合，电容器板间电压保持不变，下板向上移动一小段距离，板间距离d减

6、小，根据公式七=为 可知，板间场强增大，故 A 正确；B.保持S 闭合，则电容器两极板间的电压保持a不变，在两极板间插入一块绝缘介质，由。=一 二 可 知，电容器的电容增大，由电容的定义式2=0已 可4兀kd知电容器所带电荷量增大，故 B 错误；C.断开S,电容器所带电荷量保持不变，根据C=C=gAnkd U和 七=-rj；得 =A-itkO异可知，板间场强不变，上板向下移动一小段距离，根 据 U=E得知，P 点与下板的电d sS势差不变，则 P 点电势不变，故 C 正确；D.断开S,则电容器所带电荷量保持不变，在两极板间插入一块o绝缘介质，由。=上7可知，电容器的电容增大，电容器的带电荷量不

7、变，所 以 由 可 知 两 极 板 间4 兀 kd C的电势差减小，故D正确12.AC【解析】A B.因为滑动变阻器上标有“IOC 1A”的字样，所以电路的最大电流为1A,此时照 的电功率最大，所以4的最大功率为大=/大2尺=代x5W=5W当滑动变阻器电阻最大时，电路的电流最小,rU 6./AR的电功率最小，最小电流为/小=-一f =7；A=（）.4A所以R的最小功率为A 1+1U片小=/小2=o.42x5W=O.8W故Ri的功率范围5W 0.8W,选项A正确，B错误；C D.滑动变阻器的功率为_J=_J R+L（4+7g2）2 号2-2号g+梃+4&与（R 一 R2R R2+1TJ2 X2当

8、 凡=&=5。时&的电功率最大，最大为巴大=W=1.8W选项C正确，D错误。穴 4Hl 4x513.（2 分）1.46（2 分）0.770.01（2 分）【解析】口 导线错误，滑动变阻器的连接方法应该是一上一下的接法，图中都接了下接线柱；导线错误，由于干电池内阻较小，为了减小误差应将的右端接在电流表的正极0.6量程处。根据U 4图像纵轴截距表示电源电动势，由图可知E=1.46V,电源内阻I .I 1.4 6-1.0 n 77cr-伙|=-=0.77Q1 1 0.614.Ei（2 分）/?2（2 分）-R（2 分）0.5（2 分）并 联（1 分）2【解析】（1）口 2根据实验方案可知，滑动变阻器

9、接入电路的电阻越大，接入电阻箱时对电路的影响越小。故滑动变阻器选&。滑动变阻器接入的电阻越大，要让表头满偏，则电源电动势就要越大，故电源选择艮。（2）3根据并联电路的特点可知/=（/）/?解得（3）4 5将表头改装成电流表，应并联一个电阻，其阻值满足4 4 =（/.）/?解得R =().5 O1 5.（1）N=0.3 N；以=2&m/s ；（5 分）（2）-3 2 0 V 1 6 0 V 0（5 分）【解析】（1）在。点处V2m g +N =m解得N=0.3 N从8到。过程1 2 1 2-根%-m vB=-m xB C-2mgR解得vB-2 G m/s（2）恰好圆轨道最高点D处哝m g =R从

10、A到。过程g 机喧一;机片=q UAB-mxBC-2 m g R过D点平抛到B点2R=5 g/XBC=%从A到。过程1 2 1 23 吗2 2m vo=q U A B-M m g xB C-2 m g R解得-3 2 0 V VU,B 1 6 0 V1 6.（1）4V；（5 分）（2）4 V；4 V；（5 分）（3）2 x l 02V/m.方向与 A B 垂直斜向下（5 分）【解析】（1）4、C两点间的电势差为U=.=4 V8、C两点间的电势差为UBC=4Vq(2)根据U K=(PZ-(PC所以9A=4 V同理 PB=4 V(3)因为AB电势相等，所以电场方向与AB垂直斜向下d=2 x 1 0 2mE =*=2 0 x l()2 v/md1 7.(l)0.3 m,0.1 5 m；(6 分)(2)0.1 75 J (6 分)【解析】(1)小球到达左板上边缘时的竖直分速度vv=个2gh=2 m/s设小球此时速度方向与竖直方向之间的夹角为仇则tan =2小球在电场中沿直线运动，则所受合力方向与运动方向相同，设板间距为“，有解得9=返=比m g m gd解得d=0.3m又L=dtan。L=0.15m(2)进入电场前，根据动能定理有电场中运动过程，根据动能定理有解得mgh=m V 12 mv11 2qU+mgL=Ek-mvEk=0.175J