2023年高考政治第二次模拟考试卷—物理（全国甲卷B卷）（全解全析）.pdf

《2023年高考政治第二次模拟考试卷—物理（全国甲卷B卷）（全解全析）.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2023年高考政治第二次模拟考试卷—物理（全国甲卷B卷）（全解全析）.pdf（22页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2023年高考物理第二次模拟考试卷物理全解全析注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回二、选择题：本题共8 小题，每小题6 分。在每小题给出的四个选项中，第 1418题只有一项符合题目要求，第 1921题有多项符合题目要求。全部选对的得6 分，选对但不全的得3 分，有选错的得 0 分。1 4.己知杯元素的半衰期约为88 年，杯 238衰变

2、时只放出a 射线，杯 238制作的同位素电池广泛应用于宇宙飞船、人造卫星、极地气象站等。下列说法正确的是（）A.a 射线的电离作用比B 射线弱B.2；U+；HeC.1kg杯经过44年未衰变质量是0.25kgD.杯经过化学反应后生成其他化合物之后，其放射性即消失【答案】B【解析】A.a 射线的电离作用比p 射线强，A 错误；B.根据核反应方程的两边质量数和电荷数相等可知2群u f ：U+；HeB正确；C.已知林元素的半哀期约为88年，可 知 1kg钵经过176年未衰变质量是0.25kg,故 C 错误；D.放射性的性质是由原子核决定，与元素处于单质或化合物状态无关，即原子核的放射性与原子所处的物理

3、和化学状态均无关，钵经过化学反应后生成其他化合物之后，其放射性仍然存在，D 错误。故选B。1 5.两款儿童玩具电动车与计算机相连，在平直道路上进行竞速比赛，f=0 时两车从同一位置同时同向运动，通过计算机得到两车的“，上图像如图所示（x 为位移，为时间），下列说法正确的是（）B.开始运动后b车在前，后来“车在前C.两车相遇前相距最远距离为】mD.两车在运动过程中可能相遇两次【答案】C【解析】A B.根据匀变速运动的位移公式1 ，x=vot+-a r整理得x_在 产，图像中是直线，由此可得=4m/saa=2m/s2v0t=2m/sab=4m/s2因为。车的加速度大，人车的速度变化快，“车初速度大

4、，但加速度小，故开始运动后来b车在前，故AB错误；C.当两车速度相同时，两车相距最远，由得/=1s两车相距最远距离为“=+；atf)=1 m故C正确；D.两车相遇有车在前，后即1 2 12 c=%/+/J =2 s只有一解，相遇一次，故 D错误。故选C。1 6.如图所示电路中，电源电动势E =8V,内阻/*=1。，定值电阻4=9。，6=1 ,R 3=5 O；滑动变阻器的取值范围为0 15。闭合开关S,调节滑动变阻器的滑片，使尺取不同的阻值接入电路，则下列说法正确的是（）-1 I-4&4ri-E,r SA.凡=时，定值电阻K消耗的功率最大，为2 WB.凡=5 0 时，电源内阻消耗的功率最小，为0

5、.5WC.凡=1 时，凡消耗的功率最大，为0 4 WD.6=”C时，电源的效率最高，为 9 0%【答案】C【解析】A.&=时，外电阻最小，总电流最大，则定值电 阻%消耗的功率最大，此时并联部分的总阻值为马 生.R2+R3 3由闭合电路欧姆定律得干路电流为则定值电阻用消耗的功率为Pt=IRt=3.2 4W故 A 错误；B.当电源内阻消耗的功率最小时，由3知此时电路中的总电流最小，对应的外电阻最大，故当错误；&=5。时，总的外电阻并未达最大值，故B故 C 正确:D.当&=15。时，总的外电阻最大。由于电源效率为n=xlOO%=-x lO O%=-xlOO%E R+r.r1 n-R显然，当总的外电阻

6、R 最大时，取最大值，当凡=15。时，总的外电阻为R=此时7 最大，且为n=-xl00%=94%R+r故 D 错误。故选C。1 7.如图所示，质量均为7的两物体A、B用劲度系数为2 的轻质弹簧拴接，物体C 叠放在物体B上，系统处于静止状态。现 将 C 瞬间取走，物 体 A 恰好不离开地面。已知弹性势能的表达式为E=kx2P 2，其中x 为弹簧的形变量，重力加速度为g。以下说法正确的是（）BHAA.物体C 的质量为3机B.物体B运动到最高点时的加速度大小为3gC.物 体B的最大速度大小为2mgD.物体B上升的最大高度为一广【答案】C【解析】A.C物体叠加在B物体上面静止时，由二力平衡kxt=（机

7、+%）g拿走C物体后，B物体在弹簧上做简谐运动，其在平衡位置时，弹簧压缩长度有kxn=mg其振幅A 3-/当B物体上升到最高点，此时弹簧拉伸长度最长，由于物体A恰好不离开地面，由二力平衡kx2=nig所以由振幅相等A=X2+X）=X-XQ解得物体C的质量为mc=2m故A错误；B.B物体在最高点受重力和弹簧弹力，由于物体A恰好不离开地面，故F奥=吆所以由牛顿第二定律可得B物体在最高点的加速度为2mga=-，=2gm故B错误；D.物体B上升的最大高度为=2Ak故D错误；C.当B物体经过平衡位置的时候其速度最大，B物体从最高点回落到平衡位置的过程中，B物体与弹簧组成的系统机械能守恒，则解得物体B的最

8、大速度大小为故 C 正确。故选c。1 8.如图甲所示，光滑绝缘水平面上有一带负电荷的小滑块，可视为质点，在 x=lm 处以初速度v=Gm/s沿 轴正方向运动。小滑块的质量为m=2 k g,带电量为4=-0/C。整个运动区域存在沿水平方向的电场，图乙是滑块电势能综随位置x 变化的部分图像，P 点是图线的最低点，虚线AB是图像在x=lm 处的切线，并且AB经 过（1,2）和（2,1）两点，重力加速度g 取 lOm/s?。下列说法正确的是（）o,I_I，_，1 2 3 4 5图甲x/m图乙A.在x=lm 处的电场强度大小为20V/mB.滑块向右运动的过程中，加速度先增大后减小C.滑块运动至x=3m处

9、时，速度的大小为2.5m/sD.若滑块恰好能到达x=5m处，则该处的电势为-5OV【答案】D【解析】A.厮-x 图像斜率的绝对值表示滑块所受电场力的大小，所以滑块在A lm 处所受电场力大小为F=Eq=Ar2-1=N=1N2-1解得电场强度大小=10V/m故 A 错误；B.滑块向右运动时，电场力先减小后增大，所以加速度先减小后增大，故 B 错误;C.滑块从x=lm 到 4 3m运动过程中电势能减小，电场力做功=-A p=-（l-2）J=U由动能定理得ITr1,1w：ti=2m v 2mV解得滑块运动至x=3m处时，速度的大小为v=2m/s故 C 错误；D.若滑块恰好到达广5m 处，则滑块恰好到

10、达4 5m 处v=0则滑块从x=lm 到 x=5m运动过程中%=-(P2 -P)=0-w vo2由E=2 J解得滑块到达x=5m 处的电势能%=5 Jx=5m 处的电势为E,5e=上=二 一V=-50Vq-0.1故 D 正确。故选D。1 9.如图所示，在进行火星考查时，火星探测器对火星完成了“绕、着、巡 三项目标.在探测器着陆后，探测器上的科研装置，将一个小球由离地面力的高度静止释放，做自由落体运动，测得小球在经过时间，落地.已知引力常量为G,火星的半径为凡下列说法正确的是()_ hB.由题中数据可计算出火星表面处的重力加速度为2hR)C.由题中数据可计算出火星质量为G产3hD.由题中数据可计

11、算出火星的平均密度为2兀GRt?【答案】CD【解析】A.火星探测器虽然离开了地球但没有离开太阳系，所以其发射速度应介于第二宇宙速度和第三宇宙速度之间，故 A 错误；B.由自由落体运动公式,1 2h=y解得2hg=H故 B错误;C.设火星质量为M,火星表面质量为?的物体所受万有引力等于重力，即解得M-理Gt2故 C 正确;D.火星的体积为V=-TTR33火星的平均密度为Mp=V解得3/2P-T2 兀 GRF故 D 正确。故选CD。2 0.如图所示，宽度为乙的光滑平行金属导轨水平放置于方向竖直向下的匀强磁场中，金属导轨足够长且电阻不计，磁场的磁感应强度为8,导轨左端接一阻值为R 的定值电阻和一电容

12、为C 的电容器，电 阻 不 计 的 金 属 棒 置 于 导 轨 上。某时刻在垂直于金属棒方向施加一水平恒力凡 使金属棒由静止开始运动，运动过程中金属棒与导轨始终保持垂直且接触良好。下列说法正确的是（）FRA.开关和断开、S?闭合，金属棒最终做匀速直线运动，速 度 为 赤FB.开关E闭合、S,断开，金属棒做匀加速直线运动，加速度为BlC +znFRC.开 关 际 多都闭合，金属棒最终做匀速直线运动，速 度 为 标FD.开 关 即&都闭合，金属棒做匀加速直线运动，加速度为）尸C+m【答案】AB C【解析】A.开关8断开、$2闭合，金属棒先加速运动，最终做匀速直线运动，此时安培力5又%=BIL=解得

13、v=FR故A正确;B.开关斯闭合、SZ断开F -B1L=ma,q C U C BLv iAr Nt Ar解得a=B?l?c+m故B正确；FRC D.开关5 S2都闭合，电容器稳定后相当于断路，金属棒最终做匀速直线运动，速度为了 密，故C正确，D错误。故选AB Co2 1.如图所示，竖直固定的光滑细杆上穿着一个小球B,小球通过一根不可伸长的轻绳绕过轻质光滑定滑轮与质量为切的物块A相连，用手将物块A竖直向上托起至定滑轮左侧细绳与竖直方向的夹角为9,现突然松手，物块A开始在竖直方向上做往复运动，小球最高能到达例点。己知定滑轮到细杆的距离为d,。点和定滑轮的高度相同，O M 1 O P,sin6=0.

14、6,重力加速度大小为g,定滑轮可看作质点，下列说法正确的是（）A.小球经过。点时的加速度大小为gmB.小球的质量为53mgC.绳中的最小张力为一厂Bmg dD.该系统的最大总动能为 5【答案】AB D【解析】本题考查机械能守恒定律，目的是考查学生的分析综合能力.A.小球经过。点时水平方向平衡，在竖直方向仅受到重力作用，加 速 度 大 小 为 故 A 正确;B.根据机械能守恒定律有/,八 d、.d d.mgdtan9+-)=-)tan sin，cos”解得故 B正确；C.小球从P 到 Q,物块A 先加速后减小，物块受到的拉力先小于重力后大于重力，小球从。到最高点，物块A 先向上加速后向上减速，物

15、块受到的拉力先大于重力后小于重力，所以最小值应该在最高或者最低点。设小球在最高点的加速度大小为“商，则物块对应的加速度大小为 则有.m nisSinS+g =(高 mg-T,：i=ma;：lisin0解得T=巡高 7设小球在最低点时的加速度为a对小球有T cos 0-mBg=mBa对物块有mgT=ma cos 0解得T 4T=mg故 C 错误;D.设轻绳与水平方向的夹角为a 时，系统的总动能为线，有d d m dEk-）-g（-dtana）sm cos a 5 tan”解得厂 ,.7 sin a-5、纥=mgd（-+-）5 5cosasina-5c o s a 为第一象限内单位圆上的点与定点（

16、，5）连线的斜率，所以与 4 -mgd故 D 正确。故选AB Do22.（6 分）某同学将一内阻为425C、量程为 15（A 的微安表改装为量程为。m A的电流表,再把该电流表改装为一多挡位欧姆表。（1）把该微安表改装为量程为。1mA的 电 流 表 需 要（填“串联”或“并联”）Q 的电阻。（2）取一电动势为L5V、内阻较小的电源和调节范围足够大的滑动变阻器，与改装所得1mA的电流表连接成如图甲所示欧姆表，其中M 为（填“红”或“黑”）表笔，改装表盘后，正确使用该欧姆表测量某电阻的阻值，示数如图乙所示，图乙所测电阻为 C。乙【答案】并联 75 红 1000【解析】（1）增大电流表的量程时，连接

17、的电阻起分流作用，所以需要并联一个电阻；根据并联电路的特点可得/=（/-4）飞解得R=7 5。（2）由题图甲可知，电流由M回到电源负极，根据“红进黑出”可知，M为红表笔;根据电源及电流表量程可知，欧姆表内阻为E%=7 =1 5 0 0。结合中值电阻刻度可知，该欧姆表倍率为X 1 0 0,所以待测电阻阻值为1 0 0 0 C。2 3.（9分）某同学用气垫导轨验证动量守恒定律，实验装置如图1所示。图1（1）实验室有两组滑块装置。甲组两个滑块的碰撞端面装上弹性碰撞架，乙组两个滑块的碰撞端面分别装上撞针和橡皮泥。若要求碰撞过程动能损失最小，应选择（填“甲”或“乙”）组的实验装置。甲（2）用螺旋测微器测

18、量遮光条宽度d,如图2所示，并将两块宽度均为d的遮光条安装到两滑块上,可知遮光条的宽度=m m。505332h=r一三（3）安装好气垫导轨和光电门，接通气源后，在导轨上轻放一个滑块，给滑块一初速度，使它从轨道右端向左运动，发现滑块通过光电门2的时间小于通过光电门1的时间。为使导轨水平，可调节P使轨道左端（填“升高”或 降低”）一些。（4）用天平测得滑块A、B的 质 量（均包括遮光条）分别为A、B；调整好气垫导轨后，将滑块A向左弹出，与静止的滑块B发生碰撞，碰后两滑块没有粘连，与光电门1 相连的计时器显示的挡光时间为加1,与光电门2相 连 的 计 时 器 显 示 的 先 后 挡 光 时 间 为

19、和。从实验结果可知两滑块的质量满足mA（填，“，或“=”）叫;滑块A、B碰 撞 过 程 中 满 足 表 达 式 （用所测物理量的符号表示），则说明碰撞过程中动量守恒。%=成%【答案】甲 6.79 0 升高抽 M M【解析】（1）乙组中两滑块碰撞后连成一体运动，是完全非弹性碰撞，动能损失较大，根据题意，应选择甲组的实验装置。（2）螺旋测微器的读数为6.5 m m +2 9.0 x 0.0 1 mm=6.79 0 m m（3）滑块通过光电门2的时间小于通过光电门1 的时间，说明滑块从右到左加速运动，为使导轨水平，可调节P 使轨道左端升高一些。（4）滑块A向左运动，先通过光电门I,与滑块B碰撞后，滑

20、块A通过光电门2,接着滑块A通过光电门2,说明碰撞后滑块A向左运动，所以心 外滑块A、B碰撞前后动量守恒，则WAVO=WAVA+WBVBd d d%=vA=-%=-又 加1、加3、A/2 ,代入可得M z?2 4.（1 4 分）如图甲所示，质量为2 加的足够长木板C置于水平面上，滑 块 A、B质量均为机，置于 C上，B位于A右方某处。A、C 间的动摩擦因数-=2,B、C 间，C 与地面间的动摩擦因数B=C=0。给 C 施加一水平向右的恒力F,A、B第一次相遇时间为，。可得与尸的关系如图乙所示。（设 A、B间碰撞为弹性正碰，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g =l0 向一）求：（1）滑块A、B的最大

21、加速度明、&；（2）A、B之间的初始距离乙和滑块A的质量加；（3）若 尸=1 3 N,从刚开始施加力至A、B第二次相撞时拉力F 所做的功卬。【答案】2 m/s-lm/s2.2 m,g 7 0 2 J【解析】（1）根据题意，由牛顿第二定律，对滑块A有y g =小解得aA=2 m/s2对滑块B有=ma解得aR=lm/s2（2）根据题意，由图可知/足 够大时A、B加速度恒定，即 A、B均相对C 滑动，相遇时间恒定为由运动学公式可得12 1 2 T5卬 2a =L解得L =2 m又因为A、C 与 B产生相对滑动时，才能相遇，由图可知，当F =8N,滑 块 B与 C 恰好发生相对滑动，则有F-4&m g

22、=4 比 解得帆=1 kg（3）根据题意，设 A、B、C 均产生相对运动时的拉力为耳，则有月-4 c 吆-=2ma解得片=1 1 N当f =1 3 N 时,有F-4氏 叫-A”?g -幺B皿g=2m%解得ac=3 m/s2由运动学公式y=%+S u T 得，由于相遇时间为2 s,则有第一次相撞前vA=4 m/svB=2 m/svc=6 m/s碰撞前后C 速度不变，由于A、B间碰撞为弹性正碰，则碰撞后速度交换vA I=2 m/svB I=4m/s设经过 2,A、B第二次碰撞，则有1 2 1 2以 工 2 +万4,2 =解得t2=4 s则整个过程木板运动的距离为XC=1 c(A+?2)2=54m则

23、拉力9 所做的功为W =-X c=7 0 2 J2 5.(1 8 分)如图所示，平面 直 角 坐 标 系 中，x 区域内存在着方向与x轴负向成4 5。角的匀强电场弓，电场强度大小耳=1 应 V/m,在 区 域 内 存 在 着 垂 直 于 x Q y 平面向里的匀强磁场，在x Tm区域内存在沿),轴负方向的匀强电场片,电场强度大 小&=2 0 V/m,带正电粒子从电场石 中 尸(-2 m,0.5 m)点 沿 x轴正方向以初速度玲=2 m/s 射出，粒子恰好从坐标原点进入P2=0.2 C/kg电 场/，该粒子的比荷加，不计粒子重力，求：(1)粒子进入磁场时的速度：(2)磁感应强度大小；(3 )粒子

24、从P点射出到第三次经过y 轴时的时间。（2.5+-【答案】（1）6=45。；8=20T；（3）V 4【解析】（1）根据题意可知，粒子在电场片中做类平抛运动，设经过 时间进入磁场，有解得%=0.5s则有y=0.5m2 m粒子从（Tm,0）处进入磁场，其速度大小V =+V：=（。2 +（*J =2 0 m/s速度方向与x 轴正向夹角为etan。=1%解得夕=45。（2）由对称性可知，粒子进入电场当 时速度方向与x 轴正向夹角也为45。，即在磁场中转过角度。=90。，设在磁场中圆周运动半役为R,运动轨迹如图所示d=/2R则洛仑兹力提供向心力有解得B =2()T（3）粒子进入电场当做匀减速运动，当速度

25、为零时折返，由动能定理有1 2 口/n v-=E2qs解得5 =V 2 m在磁场做圆周运动周期f 27rm 冗T=-=sqB 2粒子在磁场中运动时间T 7 1以=二S-4 8粒子在电场当中单程运动时间r3=1 s-V2粒子再次进入磁场做圆周运动，转过90 后 垂 直 进 入 电 场 用 时=，2,粒子第三次通过y轴时间(-)选考题：共 15分。请考生从2 道物理题中任选一题作，答。如果多做，则按所做的第一题计分。33.【选修 3-3(15分)(1)(5 分)下 列 说 法 正 确 的 是。(填正确答案标号，选 对 1 个给2 分，选对2 个得4 分，选对3 个得5 分，每选错1 个扣3 分，最

26、低得分0 分)A.烟花三月，鲜花盛开，香气扑鼻，人能够闻到花香是因为鲜花释放的有香气的物质分子做布朗运动的结果B.夏天车胎容易爆胎是因为随着温度升高，胎内气体分子间斥力增大的缘故C.封装在气缸中的气体，气缸容积不变，气体温度升高，单位时间碰撞内壁单位面积的分子数增多D.理想气体的压强与单位体积的分子数、温度以及气体的摩尔质量有关E.Imol的理想氢气和Imol的理想氧气，气体温度相同时，氧气分子的平均速率较小【答案】AB D【解析】A.人能够闻到花香是因为鲜花释放的有香气的物质颗粒在空气中做布朗运动的结果，A错误：B.气体分子间几乎不存在相互作用力，夏天车胎容易爆胎是因为随着温度升高，胎内气体

27、分子无规则运动加剧，气体压强变大的缘故，B错误；C.封装在气缸中的气体，气缸容积不变，单位体积内的分子数不变，气体温度升高，分子运动的剧烈程度增加，单位时间碰撞内壁单位面积的分子数增多，C 正确；D.理想气体的压强与单位体积的分子数以及温度有关，D 错误；E.Imol的理想氢气和Imol的理想氧气，气体温度相同时，分子的平均动能相同，但氧气分子质量较大，因此氧气分子的平均速率较小，E 正确。故错误的选AB Do(2)(1 0 分)如图所示为某型号家用喷水壶的外形图和原理图，壶中气筒内壁的横截面积S=3.0 xl()7m 2,活塞的最大行程为/=0.16m,正常喷水时壶内气体压强需达到P=L5x

28、l()5pa以上。壶内装水后，将压柄连接的活塞压到气筒的最底部，此时壶内气体体积为=L2xl().m 3,压强为P 1=1 0 x l05 p a,温度为27。已知大气压强P o=L 0 x l*a。(1)将喷水壶放到室外，室外温度为12。求稳定后壶内气体的压强；(2)在(1)问情况下且温度保持不变，为了使喷水壶达到工作状态，至少需要通过压柄充气多少次？【解析】（1）气体发生等容变化，由查理定律可知区=上工T2代入数据解得p2=0.9 5 x 1 05 P a（2）将原有气体转化为工作压强，由玻意耳定律可知P 2%=MV代入数据解得A V =0.76 x l 0-5m3打入 次的外界气体转换为

29、工作压强，由玻意耳定律可知np0Sl=p（yQ-V）解得=1 3.75,取 =1 4,至少需要通过压柄充气1 4 次3 4.【选修 3-4 （1 5 分）（1）（5 分）用自然光照射一间距为0.5 mm的双缝，在其后距离为1.0 0 m处的光屏上得到彩色条纹，已知红光和紫光的波长分别为4=7.6 x l 0 n,4=4 x I 0 7 m。则 下 列 说 法 正 确 的 是。（填正确答案标号，选 对 1 个给2分，选对2个得4分，选对3个得5分，每选错1个扣3分，最低得分。分）A.干涉条纹的中央亮纹是白色条纹B.两个相邻红色条纹的中心间距与两个相邻紫色条纹的中心间距之差为0.72 mmC.若测

30、得某色光第I I 条亮纹与第I 条亮纹的中心间距为1 1 m m,则该光的波长为5.5 x l 0 mD.如果仅增大双缝到光屏的距离，则所有色光的条纹间距均会减小E.在彩色条纹中，紫色的条纹间距最大【答案】A B C【解析】A.各种颜色的光均在光屏中央有一条亮纹，所以在光屏的中央复合色为白色，A正确;B.由相邻两个亮条纹的中心间距公式Ax=A.d可知两个红色亮条纹的中心间距为x=”a同理，两个紫色亮条纹的中心间距为I)d所以/=，(4-2,)=0.72mmdB正确；C.由I,x,=nA1 d可得*幺nl代入题中数据可得该光的波长为4=5.5xl(TmC正确；D.由Ax=-2d可知，其他条件不变

31、，当/增大时，条纹间距增大，D错误；E.因所有可见光中，紫光的波长最小，由Ar=2d可知，在彩色条纹中紫光的条纹的间距最小，E错误。故选AB Co(2)(10分),如图所示，为一简谐横波的波动图像。质点P的平衡位置对应的横坐标为6 m,实线为4=时刻的波形，虚线为G=2s时刻形成的波形图。已知波向x轴正方向传播，求：该波的传播速度；若v=5m/s,写出质点p的振动方程。答案 （i）u=（4 +l）m/s 5 =0,l,2、）；（2）（5 3 1y=0.2 sin 兀 t+一兀 mU 2 J【解析】（1）从图像可以看出波长为A =8 m由题意可知波在2 s时间内沿波的方向传播了Ax=（8 +2）m（=0,l,2、）则有Ar _（8 +2）v=诏=（4 +1）M（“=0,2、）（2）若u=5 m/s,则周期T =-=-s=1.6 sv 5角速度为2乃 57r.co=rad/sT 4质点P的振动方程y=0.2 sin5 3 7rt+7T4 2