2023年高考第一次模拟试题：物理（广东A卷）（全解全析）.pdf

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1、2023年高考物理第一次模拟考试卷物理全解全析注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回第I卷一、单项选择题：本题共7 小题，每小题4 分，共 2 8 分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.放射性同位素是核医学诊断和治疗的基础 铝99 Mo）和得99（c）都是放射性元素，在医院里利用放射性同位素发生器可以由铝99制备耨

2、99,病人服用含胃99的药物后可用于内脏器官造影。下列说法正确的是（）A.对铝99密封并低温保存可以减缓其衰变速度B.病人体温升高会加快得9 9 的衰变速度C.利用钥99制备得99的核反应方程为:;M。f ：；Tc+D.利用铝99制备得99 的核反应方程为:;M。f ：；Tc+；He【答案】C【详解】A B.放射性元素的半衰期由原子核决定，与外界的温度无关，故 AB错误；C D.根据题意，由质量数守恒和电荷数守恒可得，利用铝99制备得99的核反应方程为M o f c+_；e故 D 错误，C 正确。故选C。2.如图所示，两个相同的小球A 和 B,质量均为加，用长度相同的两根轻质细线把A,B 两球

3、悬挂在水平天花板上的同一点O,并用长度相同的细线连接A,B 两球。在水平外力尸的作用下，小球A,B 均处于静止，三根细线均处于拉直状态，其中。/细线位于竖直方向。现保持小球B 的位置不变，将外力尸逆时针缓慢旋转90。角，已知重力加速度为g,则下列关于此过程的分析正确的是)B.A.细绳O A的弹力大小可能大于mg 细绳O B的弹力大小可能为2.5机gC外方厂的最小值为乎mgD.外力F的最小值为g mg【答案】C【详解】A.对球A受力分析，受重力和O A绳子的拉力，根据受力平衡，绳子A B的拉力为零,绳子O A的拉力等于FoA=mg故A错误:C D.对B球受力分析，受重力，细线O B的拉力和所求力

4、 根据三力平衡条件知：任意两个力的合力必定与第三个力等大、反向、共线，所以当E与O B垂直时，有最小值，如图所示结合几何关系可得几2=mS sin 600=*m g故C正确，D错误;B.对B球受力分析，受重力，细线O B的拉力和所求力尸，根据动态三角形可知当/水平时，OB的拉力最大，即T B=mgcos 60=2mg故B错误。故选C。3.在物理学建立、发展的过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步，关于科学家和他们的贡献，下列说法正确的是（）A.牛顿利用逻辑推理，使亚里士多德的物体下落的快慢由它们的重量决定的理论陷入了困境B.伽利略巧妙地利用斜面实验来冲淡重力影响，通过逻辑推理得到了

5、自由落体的运动规律C.开普勒对第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了万有引力定律D.卡文迪什进行了“月一地检验”，将天体间的力和地球上物体的重力统一起来【答案】B【详解】A.利用逻辑推理，使亚里士多德的物体下落的快慢由它们的重量决定的理论陷入了困境的是伽利略，故A错误；B.在研究自由落体运动的过程中，伽利略巧妙地利用斜面实验来冲淡重力影响，最后通过逻辑推理得到了自由落体的运动规律，故B正确；C.开普勒对第谷观测的行星数据进行了多年研究，得出了行星运动三大定律，故C错误；D.牛顿进行了“月 一 地检验“，将天体间的力和地球上物体的重力统起来，建立了万有引力定律,故D错误。故选B。4.在农田灌溉

6、中往往需要扩大灌溉面积，常用的方法是在水管的末端加装一段细管，如图所示。保持细管水平且高度不变，农田水平，不考虑空气阻力的影响，单位时间内的进水量不变，下列说法正确的是（）水管 细管I-农田7777777777777777777777A.加装细管后，单位时间内的出水量将显著增加B.加装细管后，喷出的水的出口速度不变C.加装细管后，喷出的水在空中运动的时间将变长D.加装细管后，喷出的水的水平射程将变大【答案】D【详解】A.因为单位时间内的进水量不变，加装细管后，单位时间内的出水量也不变，A错误；B.根据流量公式，流速加装细管后，横截面积变小，喷出的水的出口速度变大，B错误；C.加装细管后，喷出的

7、水在空中做平抛运动，根据，）回，高度不变，水在空中运动的时间不变,C错误：D.根据,1 2卜=0广解得X =加装细管后，高度/；不变，初速度V变大，喷出的水的水平射程X将变大，D 正确。故选D1,5.避雷针附近的电场分布如图所示，实线为电场线，虚线为等势面，等势面和电场线关于避雷针所在的竖直线对称分布，曲线为某带电粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，4、8、C 为轨迹上的三个点，4 8 是关于避雷针所在的竖直线对称的两点，C 点在竖直线上，则（）A./、8 两点的电场强度相同B.此时避雷针的尖端聚集大量正电荷C.粒子在/点具有的电势能比在C 点的电势能大D.粒子在/点具有的动能比在C 点的动能大【

8、答案】D【详解】A.电场线疏密表示电场强度的大小，电场线上某点的切线方向表示该点的电场强度方向。小 8 两点的电场强度大小相同，方向不同。A 错误；B.电场线从无穷远终止于负电荷，此时避雷针的尖端聚集大量负电荷。B 错误；C.由运动轨迹可知，电场力指向轨迹的凹侧，可知该带电粒子带负电。电场线由电势高的等势面指向电势低的等势面，可知0）、速 度 大 小 为此的离子。不计离子受到的重力和空气阻力，下列说法正确的是（m)X XBX X|X X；I II II I-X X7rniA.离子在磁场中运动的最长时间 为 力B.离子从右侧边界离开磁场时，在磁场中运动的最短时间为二3qB57TmC.离子从右侧边

9、界离开磁场时，在磁场中运动的最长时间为；D.离子从左侧边界离开磁场时，射入点与射出点间的最大距离为百【答案】B【详解】A D.由V2qvB=tnr得r=mv=-m-qBL=LrqB qB m则垂直左边界运动的离子恰与右边界相切，运动半个圆周，在磁场中运动的最长时间为_ 7 _ 1 27tm _ 兀m此时，离子从左边界离开磁场，射入点与射出点间的距离最大，大小为23 A D 错误；B.当离子圆周运动的弦长最短时，圆心角最小，运动时间最短，则最短弦长 为 乙 由几何关系，此时圆心角为60,此过程时间最短_ r _ 1 2 1 加 _ 7um mm 66qB 一 丽B正确：c.离子初速度沿左边界向下

10、时，离子做四分之一的圆周运动，此时有最大弦长，则离子从右侧边界离开磁场时，在磁场中运动的最长时间为t，；7-1 2兀tn _.加1rax 4 3 qB 2qBC错误。故选B。7.手机无线充电是比较新颖的充电方式.如图所示，电磁感应式无线充电的原理与变压器类似，通过分别安装在充电基座利接收能量装置上的线圈，利用产生的磁场传递能量.当充电基座上的送电线圈通入正弦式交变电流后，就会在邻近的受电线圈中感应出电流，最终实现为手机电池充电.在充电过程中（）A.送电线圈中电流产生的磁场呈周期性变化B .受电线圈中产生的是恒定电流C.送电线圈和受电线圈利用自感现象实现能量传递D.手机和基座通过互感现象实现能量

11、传输，该传输过程，能量没有损失【答案】A【详解】A.由于送电线圈中电流周期性变化的，因此产生的磁场也呈周期性变化，A正确；B.由于送电线圈中电流周期性变化的，可知受电线圈中产生的也是周期性变化的电流，B错误；C.送电线圈和受电线圈利用互感现象实现能量传递，C错误；D.手机和基座通过互感现象实现能量传输，由于电磁辐射，该传输过程，会出现能量损失，D错、口氏。故选A。二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共 1 8 分.在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分.8.甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其 v-f 图像如图所示。已知两车在t

12、=3 s 时并排行驶，则A.在f=ls时，甲车在乙车后B.在/=0时，甲车在乙车前7.5mC.两车另一次并排行驶的时刻是/=2sD.甲、乙车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m【答案】BD【详解】A.由题图中的图像下的面积表示位移可知，t=3s时两车并排行驶,行驶，A 错误；B.f=ls时，乙车比甲车多运动10+5x=(-x l)m=7.5m故f=0 时，甲车在乙车前7.5m,B 正确；C.f=2s时，乙在甲前，C 错误；D.从f=ls到f=3 s,甲的位移为x,fi=I.2)m=40mD 正确。故选BD。则f=ls时两车也并排9.如图所示的电路中，电源内阻不计，电源电动势E=6 V

13、,a=q=4。，R.=舄=2。，电容器的电容C=4 尸，两极板水平放置，e 端接地，当开关和S?都闭合时，电容器内一油滴处于静止状态，已知重力加速度为g,则()A.油滴带正电B.电容器的带电量为8xl()YCEC.D.当开关舟闭合，开关当断开时，稳定后电容器上的电量不变当开关S1闭合，开关S2断开时，油滴在电容器中运动，油滴的加速度小于g【答案】BC【详解】A.当开关L 和S2都闭合时(Pa=E得,5#电场强度的方向向下，电场力方向向上，油滴一定带负电，选项A 错误;B.电容器的带电量为Q=CUa b=SxO-(C选项B 正确;C.开关S2断开F E则电容器上的电量不变，但极板上的电性正好相反

14、，选项C 正确;D.开关S2断开，电容器中电场强度的方向向匕油滴所受电场力方向向下，油滴在电容器中运动,油滴的加速度大于g,选项D 错误。故选BCo1 0.如图所示甲、乙两种粗糙面不同的传送带。倾斜于水平地面放置。以同样恒定速率V向上运动。现将一质量为根的小物体（视为质点）轻轻放在/处，小物体在甲传送带上到达8 处时恰好达到传送带的速率L在乙传送带上到达离8 竖直高度为/，的 C 处时达到传送带的速率L已知B处离地面高度为H,则在物体从4 到8 的运动过程中（）A.两种传送带对小物体做功相等B.将小物体传送到B处，乙传送带上的划痕长C.将小物体传送到8 处，乙系统由于摩擦产生的热量多D.将小物

15、体传送到8 处，甲上的小物体需要的时间较长【答案】AD【详解】A.传送带对物块做的功等于物块机械能的增加量，两种情况物块重力势能和动能增加量都相同，所以机械能增加量相同，所以两种传送带对小物体做功相等，A 正确；B.设甲图中到达B 处时时间为匕，乙图中到达C 处时时间为“，根据题意可得乙图中物块到达C处后随传送带以速率v匀速运动到8 点，所以甲图中划痕长为0+v 1S中=s皮带 _ S物块 4=5%同理乙图中划痕长为15乙=5%同时有Htsing 2/v using vsin2可得所以有S甲 5乙B错误；C.甲图中系统由于摩擦产生的热量为Q Y=f-s=fv t=/.$物 块根据动能定理有7.

16、s物块一?g =g机/所以有1 2Q(i =m g H +mv同理可得。乙=mg(.H-h)+mv2所以有。甲 。乙C错误；D.传送到B处，甲上的小物体需要的时间为2 Hvsin 8乙上的小物体需要的时间为ht_z+l e _ 2 H-h)h _ 2 H-hl y H-1-v ysin。vsin。vsin。所以有，甲 ，乙D正确。故选ADo第n卷三、非选择题：共5 4分，第1114题为必考题，考生都必须作答.第1516题为选考题，考生根据要求作答.(-)必考题：共4 2分.11.(7分)某同学用如图甲所示装置做“探究加速度与力关系”实验。小 车 的 质 量 为 当 地 重 力 加速度为g。数点

17、，若相邻计数点间的时间间隔为7,/、8 间的距离为4、A、C 间的距离为巧，则小车的加速度为a=。（3 分）-x2-（2）改变挂盘中祛码的质量重复实验，得到多组挂盘中祛码的质量机及对应的小车加速度，若挂盘的质量为“。，以 工 为 纵 轴 一 二 一 为 横 轴 作 出 图 像，若图像是一条倾斜直线，则图像在纵轴上的截距为，图像的斜率为，则表明小车的加速度与合外力成正比。（4 分）【答案】（1）与 其 （3 分）（2）,（4 分）T2 g g【详解】（1）1利用逐差法可知Ax=r2根据图乙数据代入解得_x2-2x1a T2（2）23如果小车的加速度与合外力成正比,则T=Ma同样，对于祛码和祛码盘

18、有+=（加 +加0）4解得1 M 1 1=-1 S rn+m0 g因此作1 一一图像，如果图像是一条倾斜直线，图像在纵轴上的截距为,，图像的斜率为 ,a m+m0 g g则表明小车的加速度与合外力成正比。12.（9 分）某小组研究电源和小灯泡两端的电压随电流的变化规律，实验电路如图甲。按规范连接好实验电路:闭合电键S,移动滑动变阻器滑片P 到某一位置，读出电流表A （量程为3 A、内阻为0.5。）和电压表Vi、V2（量程3 V、内阻约为3 k C）的示数，并记录数据；改变滑动变阻器滑片P 的位置，重复步骤多次测量；根据数据描绘U/图像，获得图线/、B,如图乙；完成实验，整理实验器材。（1）在步

19、骤中，移动滑动变阻器滑片P到某位置时，电压表V 2的指针如图丙所示，则其读数为V-（2 分）（2）由图乙可知，电源的电动势E =V,内阻r =C。（4 分）（3）如图甲，当滑片P移到滑动变阻器的最左端时，小灯泡的实际功率为 W o （结果保留两位有效数字）（2 分）（4）下列选项中，使滑动变阻器和小灯泡的功率最为相近的电流表A示数为（1 分）A.1.0 5 A B.1.25 A C.1.5 5 A D.1.75 A【答案】（1）1.20 （2 分）（2）4.5 0 0.5 （4 分）（3）5.0 （2 分）（4）C（1 分）【详解】（1）1 电压表的最小分度为0.1 V,读数为1.20 V；（

20、2）2根据闭合电路欧姆定律有Ui=/（r+rg）可知图像纵轴截距表示电动势，则E =4.5 V图像的斜率表示电源内阻和电流表内阻和，则有则电源内阻为r=0.5 Q（3）3 图像/、8 父点的电压为S=2.4V,电流为。=2.1 A,小灯泡的实际功率为PL=UdL=2.4 x 2.1 W=5.0 W（4）4 当滑动变阻器和小灯泡的功率最为相近时，它们两端的电压相等，电压表V i 示数为电压表V 2的 2 倍，根据图像可知，电流表电流大约为1.5 A。故选C。1 3.（1 1 分）如图所示，水平轨道。/段光滑，Z C段粗糙，/C段的中点8 的正上方有一探测器，探测器只能探测处于其正下方的物体，C处

21、有一竖直挡板。处固定一弹簧，其右端有一小物块压紧弹簧但与弹簧不粘连，开始时弹簧处于压缩状态。释放耳，片脱离弹簧后与静止在A点的物体鸟碰撞，并结合成复合体P,以此碰撞时刻为计时零点，探测器只在4=2 s 至4=6 s 内工作，已知6、6 的质量都为加=l k g,P与RC间的动摩擦因数为 =0.1,段长为A =4 m,耳、舄及复合体P都视为质点，P与挡板碰撞后原速率反弹，g 取l O m/s?。（1）若开始时弹簧的弹性势能用=1 8J,求脱离弹簧时的速度大小；（3 分）（2）在（1）的条件下，求6、g 因碰撞损失的动能A E：（3 分）（3）若 P与挡板碰撞后，要使P 第一次向左运动过程中，能在

22、探测器的工作时间内通过B点，求弹性势能易的取值范围。（5分）【答案】（1）%=6 m/s；（3 分）（2）A =9J；（3 分）（3）4 8J Ef 98J （5 分）【详解】（1）设6与鸟碰撞前的速度大小为v,由能量守恒有Ep=3（1.分）解得%=6 m/s （2 分）（2）与鸟碰撞，由动量守恒，有mv0=2 mv（1 分）解得v=3 m/s （1 分）由能量守恒，损失的动能为A =m vl-x2 w v2解得A E=9J （1 分）（3）从A点滑动到C点，再从C点滑动到A点的整个过程，P做的是匀减速直线运动。设加速度大小为a,则jjmg=ma解得a=fig=l m/s2（1 分）讨论：当尸

23、在A点速度为匕时，P与挡板碰撞后恰好在B点停下，设经过时间,有0-v,2=2（-a）-3 斗=如解得v,=2灰m/s ,%=2 6 s 6 s （1 分）求解可知，满足要求。则P最小速度4=2指m/s。由动量守恒，设尸/碰前速度 为%-有m v0l=2 m v,解得v01=4 5/6 m/s由能量守恒有稣2=；机*=4 8J （1分）当P在A点速度增大时，P与挡板碰撞后经过8点时则 1 23L=v2t2-a t2若=2 s 时经过B点、,可得P最大速度v2=7m/s （1 分）同理由动量守恒加 2 =2/77V2可得P/碰前速度为%2 =1 4 m/s由能量守恒可得所以弹性势能的范围4 8J

24、Er/2 m （1 分）由几何关系可知圆心恰好落在x轴上。在第二象限内转过的角度为a=几 一。=4则粒子在磁场中的运动时间为a 2兀m 3兀m 3 7 之 4 /八、12 2=4-q-B-=4-q-B-=8 x 1 0 s=1.1 2 5 x 1 0 s （1 分）则粒子从4点出发到刚进入第三象限运动的时间为t=t+t2=1.6 2 5 x 1 0 4s （1 分）（3）由解析图可知，粒子进入第三象限时的速度大小为匕=v =2 2 xl 04m/s （1 分）方向竖直向卜，可.在水平方向上配上水平向左的速度匕和水平向右的速度为，使匕满足qvB =y2 qE可得匕=2 /2 xl 04m/s （

25、1 分）匕与匕的合速度大小为v4=J.+.=2 v0=4 xl 04m/s（1 分）与工轴方向的夹角为a =4 5。；所以粒子进入第三象限后以匕做匀速圆周运动的同时以匕向左做匀速直线运动。设粒子做匀速圆周运动的半径为弓，由牛顿第二定律得qv4B =m -r2解得弓=2 m （1 分）由几何关系得则有B 2兀m 3兀m 3冗 八 口 八八二，八-4 ,Z.=-.=-=x l 0 s=2.2 5 x 1 0 4s （1 分）3 2 万 qB 2 qB 4则有粒子运动过程中，第二次与1 轴负半轴的交点坐标x=-|z;（l +c o s 4 5）+无石解得x=_（_ +i）m（1 分）（二）选考题：共

26、 12分.请 考 生 从 2 道题中任选一题作答.如果多做，则按所做的第一题计分.15.选修 3-3 （12 分）（1）（6 分）一 U 形玻璃管竖直放置，左端开口，右端封闭，左端上部有一光滑的轻活塞，初始时,管内汞柱及空气柱长度如图所示。用力向下缓慢推活塞，直至管内两边汞柱高度相等时为止。己知玻璃管的横截面积处处相同；在活塞向下移动的过程中，没有发生气体泄漏；大气压强p尸75cmHg,环境温度不变。末状态右侧管内气体的压强为 cm H g,活塞向下移动的距离（填“大于”、“小于”、或“等于）右侧管内水银上升的距离。活塞水银20.0cm4.00cm20.0cm5.00cm【答案】144（3 分

27、）大 于（3 分）【详解】1 设初始时，右管中空气柱的压强为0,长度为/;左管中空气柱的压强为P 2=p,长度为/2,活塞被下推力后，右管中空气柱的压强为0、长度为/:左管中空气柱的压强为必，长度为以 cmHg为压强单位，由题给条件可得p1=p+(h2-ZzJcmHg-90cmHg4=20.0 cm 20.0-5.00,=(20.0-)cm=12.5cm由玻意耳定律得p/S =p%S解得p=144cmHg 2 依题意Pl=p=4.0 0 c m +3=2由玻意耳定律得 PJ2s解得活塞向下移动的距离为h x 9.4 2 c m右侧管内水银上升的距离=/-/：=2 0-1 2.5 c m=7.5

28、 c m所以活塞向下移动的距离大于右侧管内水银上升的距离。(2)(6 分)如 图，一封闭的圆柱形容器竖直放置在水平地面上，一重量不可忽略的光滑活塞将容器内的理想气体分为A、B两部分，A体积为=4.0 x l 0-3 m 3,压 强 为=4 7 c m H g ；B体积为=6.0 x l 0-3m3,压强为P B=5 0 c m H g。现将容器缓慢转至水平，气体温度保持不变，求此时A、B两部分气体的体积。【答案】3.8 5 x 1 0 3 ；6.1 5 x 1 0 3m3(6 -)【详解】A中气体，初态：压强PA=4 7 c m H g体积=4.0 x 1 0-3m3(1 分)末态：压强p：,

29、体积唳因为气体温度保持不变，根据玻意耳定律可得P/=P；SB中气体，初态：压强PB=5 0 c i n H g体积=6.0 x l0-3m3（1 分）末 态 压 强PB，体积嗫根据玻意耳定律可得PBB=PB 唳（1分）容器转至水平后有P；=PB容器的总体积保持不变，即=4+=1.0 xl（r2m3 （1 分）联立解得=3.8 5 x l 0 T=6.15x10 3m3（1 分）16.选修 3-4 （12 分）（1）（6 分）在 x=-0.2m 处有一简谐横波的波源，形成的简谐波沿x 轴传播，如图所示是f=0 时的波形图，f=0.02s时，位于x=-0.3m 处的质点/第一次到达波峰处，由此可知

30、，该筒谐波的传播速度大小为 m/s；质点B的平衡位置位于x=0.1m 处，则质点B的 振 动 方 程 为。【答案】15（3 分）y=0.4sin75（m）（3 分）【详解】口 由图可知，该波的波长为2=0.4m由于x=-0.2m处为波源，则在波源左侧的波向左传播，可知f=0 时质点4 向下振动，质点Z 第一次到达波峰处有3-7 =0.02s4解得,0.08T=-s3所以波的传播速度为2 0.4 ,=二/“n i/s=1 5 m/sT 0.0 83 2 由于该波在波源右侧的波向右传播，则在f=0时质点8向上振动，质点8的振动方程为y=Asin atA=0.4 mco=7 5 r a d/sT代入

31、数据得y =0.4 s i n 7 5 7 r M m）（2）（6分）如图，竖直放置在水平地面上的长方形玻璃砖折射率 =一束单色光以入射角i=6 0射到玻璃砖右表面的中点4经左、右两表面传播后在地面上出现三个光点（图中未画出）已知玻璃砖的高度=8c m,厚度d =3 c m,不考虑多次反射，以右表面。点为一维坐标原点，求地面上三个光点的坐标位置。恪 案】铝5（4石.-2 c m,I 3 ）【详解】画出相应光路，如图所示:=皿（1分）s in r解得折射角=3 0 （1 分）由几何关系可知，从 5点折射出的光线与从Z点直接反射的光线平行，有AB =2 d t a n r=2 d t a n 3 0 =2/3 c m（1 分）结合题给条件可知HOA=4cm（1 分）2由几何知识，解得O M=（?/lt a n3 0o=-c m3O N =（4超）OA-AB t a n 3 0 =I-2 J c m（4 向O P =r f+O 4-t Z t a n3 00 t a n3 0=2 +c m（1 分）7所以标尺上三光点的坐标为厂（A A 、（d i、M:生色c m，N:4 2 c m,P:-2 +竽c m（1 分）3I 3 I 3 J