2023年高考第一次模拟试题：物理（重庆A卷）（全解全析）.pdf

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1、2023年高考第一次模拟考试卷物理试题全解全析（考试时间：75分钟 试卷满分：100分）注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置.认真核对条形码上的姓名、考生号和座号，并将条形码粘贴在指定位置上。2.选择题答案必须使用2B铅笔（按填涂样例）正确填涂；非选择题答案必须使用0.5mm黑色签字笔书写，字体工整，笔迹清楚。3.请按照题号在各题目的答题区域内答题，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效；保持卡面清洁，不折叠、不破损。第I卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共2 8分。每小题只有一个选项符合题目要求。1.（陕西省安康市2022-2

2、023学年高三上学期12月联考物理试题）如图所示，起重机将正方形工件缓缓吊起，四根等长的钢绳（质量不计）一端分别固定在正方形工件的四个角上，另一端汇聚一起挂在挂钧上，绳端汇聚处到每个角的距离均与正方形的对角线长度相等，每根钢绳的受力大小为尸，若工件的质量为“，则当地的重力加速度为（）mmm m【答案】D【解析】设每根钢绳的长度为2,钢绳与水平方向的夹角为a,由题意正方形工件的中心与每个角的距离为0.5/由几何关系可得解得a=60四根钢绳的弹力沿水平方向的分力的矢量和为0,沿竖直方向分力的矢量和与工件的重力等大反向，则有4Fsina=mg解得26 Fg=-m故选D2.（2022 北 京 人大附中

3、三模）为了测量储液罐中液体的液面高度，有人设计了如图甲所示装置。将与储物罐外壳绝缘的两块平行金属板构成的电容C置于储液罐中，电容C可通过开关S与电感L或电源相连。当开关从。拨到6时，由电感L与电容C构成的回路中产生振荡电流而向外辐射电磁波，再使用乙图中的调谐电路来接收甲振荡电路中的电磁波，这样就可通过测量乙中接收频率而获知甲中的发射频率，进而再通过振荡电路的振荡频率公式12兀1 LC即可获知电容C的 值（乙值已知），从而测量油罐内的液面高度。已知平行板电容器正对面积、间距一定的条件下，电容C两极板间充入电介质增加（液面上升）时,电容C增大。则下列分析判断正确的是（）A.该装置适用于测量任意种类

4、液体的液面高度B.当储物罐内的液面高度降低时，所测到的LC回路中电流的振荡频率变小C.当装置使用过久电源电动势减小时;测量的液面高度比真实值偏小D.该装置测得的振荡频率与所用电源的电动势大小无关。【答案】D【解析】A.该装置适用于测量不导电液体的液面高度，选项A错误;B.当储物罐内的液面高度降低时，根据C=-Ttkd正对面积减小，则C减小，根据f=11K4LC所测到的LC回路中电流的振荡频率变大，选 项B错误；C D.该装置测得的振荡频率与所用电源的电动势大小无关，则当装置使用过久电源电动势减小时，振荡电路的周期和频率不变，则测量的液面高度比真实值不变，选项C错误，D正确。故选D。3.（202

5、2湖南长郡中学模拟预测）钳形电流表是电机运行和维修工作中最常用的测量仪表之一，其工作部分主要由一只电流表和电流互感器组成。电流互感器铁心制成活动开口，且成钳形，用手柄来控制开合，图1图2为此电流表的实物图和内部结构图，则下列说法正确的 是（）A.测量电流时，需要断开电路将此钳形电流表串接在电路中B.钳口是否闭合紧密对电流的测量值不会有影响C.钳形电流表测电流时相当于降压变压器D.如果通电导线在钳形口多绕几圈，则电流测量值会变大【答案】D【解析】A.钳形电流表通过打开铁芯将导线圈入其中，不需要断开电路，故A错误;B.若钳口未闭合，则会出现漏磁，原副线圈的磁通量不同造成测量值变小，故B错误：C.该

6、电表原线圈为单匝，是升压变压器，故C错误；D.若原线圈多绕几圈，则孙增大，副线圈电流增大，最终导致电流测量值增大，故D正确。故选D。4.（2022浙江 镇海中学模拟预测）如图，一滑板爱好者在水平面滑行，看到横杆后起跳，人与滑板分离，越过横杆后仍落在滑板上，忽 略 切阻力，则（）八-A.整个过程中人和滑板组成的系统总动量守恒B.起跳时滑板对人做正功C.起跳时脚对滑板的作用力斜向后D.起跳时人相对滑板竖直向上运动【答案】D【解析】A.整个过程中人和滑板组成的系统水平方向动量守恒，而竖直方向动量不守恒，则总动量不守恒，选项A错误；B.起跳时人的水平速度不变，竖直速度变大，人的动能增加，由于滑板对人的

7、支持力没有位移，则滑板对人不做功，人的动能变大是由于人本身对自己做功，选 项B错误；C D.运动员既参与了水平方向上的匀速直线运动，又参与了竖直上抛运动。各分运动具有等时性，水平方向的分运动与滑板的运动情况一样，最终落在滑板的原位置。所以竖直起跳时，人相对滑板竖直向上运动，滑板对人水平方向无作用力，竖直方向对人的作用力竖直向上，则人对滑板的作用力应该是竖直向下。故C错误，D正确。故选D。5.（2021四川成都七中三模）如图所示，一绝缘容器内部为长方体空腔，容器内盛有NaCI的水溶液，容器上下端装有钳电极力和C,置于与容器表面垂直的匀强磁场中，开 关K闭合前容器两侧尸、。两管中液面等高，闭合开关

8、后（）A.M处钠离子浓度等于N处钠离子浓度B.M 处钠离子浓度小于N 处钠离子浓度C.何处电势高于N 处电势D.尸管中液面高于0 管中液面【答案】D【解析】A B.根据左手定则可以知道，钠离子在洛伦兹力作用下，向 用处偏转，因此M 处钠离子浓度大于N 处钠离子浓度，故 AB错误；C.根据正离子的定向移动方向与电流方向相同，而负离子移动方向与电流方向相反，根据左手定则可以知道，正负离子均偏向同一方向，可见，M 处和二处仍呈电中性，因此电势相等，故 c 错误；D.当开关闭合时，液体中有从4 到 C 方向的电流，根据左手定则可以知道，液体将受到向M 处的安培力作用，在液面内部将产生压强，因此P 端的

9、液面将比。端的高，故 D 正确。故选D。6.（2022 上海浦东新模拟预测）查德威克发现中子的实验示意图是（）【答案】B【解析】A.实验装置为卢瑟福通过a粒子轰击氮核发现质子的装置，故A错误;B.2；：p。发生a衰变，有2tPo-2嚣pb+：He产生的a粒子轰击被:B e,反应方程为:He+：Be-C +（；n即为查德威克发现中子的实验，故B正确：C.锌板在紫外线灯的照射下，电子吸收光子的能量变成光电子溢出，发生光电效应，故C错误；D.该装置为a粒子散射实验，表明原子的核式结构模型，故D错误；故选Bo7.（2022 安徽,合肥市第八中学模拟预测）光滑平行的倾斜导轨，在Z/与BB，之间有垂直于导

10、轨平面的匀强磁场区I,磁感强度为，在C C 与之间有垂直于导轨平面的匀强磁场区I I,磁感强度为星,图中线段。、A A BBJ C C.D D 均与导轨垂直。两根相同的导体棒1和2,先后从。处 由静止释放，当导体棒1到达4 4 时释放导体棒2；当导体棒1匀速通过并滑出磁场区I时，导体棒2刚好进入磁场区I；当导体棒1刚要进入磁场区II时，导体棒2刚好滑出磁场区I；当导体棒1匀速通过并滑出磁场区II时，导体棒2刚好进入磁场区H；导体棒1、2有电阻，其他电阻忽略不计。下列正确的是（）A.OA.AB、BC、CO之间的距离之比为1：2：3：4B.OA.AB、BC、CD之间的距离之比为1：3：5：7C.B

11、r.&=2：1D.Bi：8 2=3：1【答案】A【解析】A B.由于两根导体棒交替在磁场中，并且导体棒2完全模仿导体棒1的运动，可知导体棒1、2通过AB.B C、8 时间均相等，设每段时间均为/,以导体棒1为研究对象，则OA=-at22到达4 4 时的速度V)=at接下来下滑的过程中AB=卬=at2 3,BC=v,t Hat2=at2 2到达C C 时的速度v2=vt+at=2v(而C D =v2t =2at2可得O/、A B、B C、CD之间的距离之比为1：2：3：4,A正确，B错误;C D.由于导体棒穿过磁场I和穿磁场II都做匀速运动，因此3专而%=2匕可得B：B=V2:1C、D错误。故选

12、Ao二、多项选择题：本题共3小题，每小题5分，共15分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.（2022安徽省宣城市第二中学模拟预测）一个电荷量为质量为机的带负电的点电荷,仅在电场力的作用下沿x轴运动，其 动 能&随 位 置x变化的关系图像如图所示，图像关于x=2x。对称。规定x=5x0处电势为零，下列说法正确的是（）八线A.在区间，电势不断升高 B.在x=2%处的电势8=2 qC.2%3x0区间，电场强度减小 D.在x=4x0处电荷的电势能为品【答案】AB【解析】A.由于只有电场力做功，电荷的动能与电势能总和不变，在不2%区间，电荷的动能增大，

13、电势能减小，由于点电荷带负电，所以电势不断升高，A正确；B.规定x=5x（）处电势为零，电荷在x=5x。处电势能也为零。由图像可知在x=2%处电荷的动能为零。电荷仅在电场力的作用下，电势能和动能相互转化，电势能和动能的和E=后 口P +后卜K=0在x=2x处动能为2金，则在x=2x。处的电荷的电势能为-2 1，该点的电势B正确;C.在2x。3/区间，图像的切线斜率增大，斜率表示电荷受到的电场力的大小，所以电荷受到的电场力增大，电场强度增大，C错误；D.电荷的动能与电势能总和为零，所以x=4x0处 电 荷 的 电 势 能 为 错 误。故选ABo9.（2021 湖南永顺县第一中学模拟预测）如图所示

14、，一颗极地卫星从北纬30。的“点正上方的B 点按图示方向第一次运行至南极C点正上方的D 点时所用时间为t,地球半径为R,地球表面的重力加速度为g,引力常量为G,忽略地球自转的影响。以下说法正确的是（）A.卫星运行的周期力B.卫星距地面的高度C.卫星的角速度2今乃D.卫 星 的加速度茅i,22【答案】ACD【解析】A.卫星从8点到。点转动的圆心角为120。，即可知卫星运行的周期T=3tA正确;B.根据MmG-亍=1（R+行442（夫 +/?）T2在地表有r.MmG-=mg解得B 错误；C.卫星的角速度2万 2加a）=T 3fC正确；D.根据结合上述，解得卫星的加速度4 1尸 4%（4+）a=2

15、=-不-aD正确。故选A C D。1 0.（20 22福建模拟预测）如图所示，半径为R的光滑半圆弧轨道固定在水平地面上，质量分别为用、2加的物块/、8 之间锁定一压缩的轻质弹簧，静止放置在半圆弧轨道最低点,弹簧长度忽略不计且与48 均不栓接，/、8 均视为质点。某一时刻解除锁定，弹簧瞬间恢复原长，4 恰好可以到达半圆弧左端最高点尸处。已知重力加速度为g,则（）A.弹簧恢复原长瞬间，8 的速度大小为g师B.锁定时弹簧的弹性势能为3 唁 火C.弹簧恢复原长瞬间，/、8 对轨道的压力大小之比为1：1D.物块4 从最低点运动到P点的过程中，A,8 系统水平方向动量守恒【答案】A C【解析】A.弹簧恢复

16、原长过程中，A、B系统动量守恒，有2 7yA =mD vA.可得2V B =%物块A从最低点运动到P点的过程中，对A由机械能守恒定律得=nigR解得则逅B 2故 A正确;B.由机械能守恒定律得1 1 3与=5 酒+万.=万故 B错误；C.弹簧恢复原长瞬间，对 A、B分别由牛顿第二定律得Fzmg=*Fm 2mg=RB联立可得&.=1心 1由牛顿第三定律可知弹簧恢复原长瞬间，A,8 对轨道的压力大小之比为1：1,故 C正确；D.物块/从最低点运动到尸点的过程中，相同时刻圆弧轨道对A、8 的支持力大小不相等,所以在水平方向所受的合力不为零，所以N、8 系统水平方向动量不守恒，故 D错误。故选A C

17、o第n卷三、非选择题：共 5 7分。1 1.（6 分）（20 22海南模拟预测）（1）如下图所示，用多用电表测小灯泡两端的电压，关于选择开关K和表笔0、6,下列说法正确的是（填选项前的字母）。A.K 旋至量程合适的交流电压挡，。为红表笔B.K 旋至量程合适的直流电压挡，。为红表笔C.K 旋至量程合适的交流电压挡，b为红表笔D.K 旋至量程合适的直流电压挡，。为红表笔(2)某 同 学 用 该 多 用 电 表 测 量 某 电 阻 把 K 旋转至电阻挡x l O O 的位置，进行欧姆调零后，用两表笔分别与凡相接，发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，他应将K 旋转到 (填 xl 或 xl

18、 O 或 xl k )的位置，并重新进行欧姆调零。经过上述规范操作后，测量该电阻，指针位于下图所示位置，&=Q 。【解析】(1)1 由于使用的是直流电源，因此测小灯泡两端电压时多用电表应选择合适的直流电压挡，根据多用电表电流 红进黑出 的原则，b为红表笔，a 为黑表笔，故选B；(2)3 K 旋转至电阻挡 10 0 的位置时，发现指针偏转角度过小，由于是欧姆表，针偏转角度过小说明待测电阻较大，因此应该选择更大倍率，并重新调零，故选 xl k 挡，因此图中的读数是=14xlOOOQ=14000012.（9分）（20 23辽宁鞍山一中二模）实验小组利用光电门和数字传感设备设计了一个测量当地重力加速度

19、的集成框架，如图甲所示，框架上装有两个光电门，都可上下移动：框架的竖直部分贴有刻度尺，零刻度线在上端，可以直接读出两个光电门到零刻度线的距离X/和 均；框架水平部分安装了电磁铁，将质量为，”的小铁球吸住。一且断电，小铁球就由静止释放，先后经过两个光电门时，与光电门连接的数字传感器即可测算出速度大小V/和 V2o多次改变两个光电门的位置，得到多组X/和口、0和电的数据建立如图乙所示的坐标系并描点连线，得出图线的斜率为晨（1）需要提前向数字传感器输入小球的直径/当小铁球经过光电门时，光电门记录下小球经过光电门的时间，测 算 出 的 速 度 片。（2）当 地 的 重 力 加 速 度 为 （用左表示）

20、。（3）若选择刻度尺的0刻度所在高度为零势能面，则小铁球经过光电门1 时的机械能表达式为（用题中的X/、X 2、m、V/、V2、无 表示）_ _ d k 1 2 1 ,答案 mvf-m kxtt 2 2 2【解析】1 1 由于小铁球通过光电门的时间极短，所以小球通过光电门的瞬时速度会近似等于小球经过光电门的平均速度，所以速度为dv=小铁球从光电门1 到光电门2做匀加速直线运动，根据匀变速直线运动的规律可得2g=解得2 -%)结合图像可知小铁球从0刻度所在位置到经过光电门1的过程中，小铁球只受重力作用，故由机械能守恒定律可得c 1 2 1 2 kmx,0=5 加匕-mgxt -m v-即小铁球经

21、过光电门1 时的机械能为1 3.（1 2 分）（2 0 2 2 新疆 博乐市高级中学（华中师大一附中博乐分校）模拟预测）某同学设计了一种新型着陆装置。如图，该装置由船舱、间距为/的平行导轨、产生垂直船舱导轨平面的磁感应强度大小为B的匀强磁场的磁体和“A”型刚性线框组成，“A”型线框ah边可沿导轨滑动并接触良好。船舱、导轨和磁体固定在一起，总质量为机，整个装置竖直着陆到地球表面前瞬间的速度大小为%,接触地面后线框速度立即变为零。经过减速，在导轨下方缓冲弹簧接触地面前船舱已可视为匀速。已知船舱电阻为3 r，“八”型线框7条边的边长均为I,电阻均为r；地球表面的重力加速度为g。整个运动过程中只有湖

22、边在磁场中，线框与地球表面绝缘，不计导轨电阻和摩擦阻力。（1）求着陆装置接触到地面后瞬间线框ab边产生的电动势；（2）通过画等效电路图，求着陆装置接触到地面后瞬间流过油 的电流/。；（3）求船舱匀速运动时的速度大小V。【答案】（1）引:（2）誓：（3）丫 =煞【解析】（1）导体切割磁感线，电动势0 =Blvo（2）等效电路图如图R=r电流I=-A_=妪 R+r 2r（3）匀速运动时受到安培力门 B212 V匀速条件Fz=mg得y2-m-g-r-B2l21 4.（1 2 分）（广东省华附、省实、广雅、深 中 2 0 2 2-2 0 2 3 学年高三上学期四校联考物理试题）如图所示，在一底边长为2

23、 L,底角。=4 5。的等腰三角形MNP区域内（。为底边MN中点）有垂直纸面向外的匀强磁场。边上方有平行金属板，间距为有一质量为加，电量为g的带正电粒子从金属板左侧边缘，以平行于极板的初速度均紧贴上极板入射。经电场偏转后，从。点穿过下极板缝隙进入磁场，恰好从顶点尸处离开，不计重力与空气阻力的影响。求：（1）平行金属板间的电势差U;（2）匀强磁场的磁感应强度大小&（3）粒子从进入极板到离开磁场过程中运动的总时间0-+qM)8.N悟 案】吸贵；黄【解析】（1）粒子在平行金属板间做类平抛运动,则有L=UqL2 2 2 tn 2 m联立解得/=皿2q（2）根据动能定理解得粒子到达O 点的速度V =&v

24、。则此时速度方向与水平方向夹角为45根据几何关系，粒子在磁场中圆周运动的半径R=与L 根据洛伦兹力提供向心力2了qvB=m RF联 立 得qL（3）粒子在平行金属板间运动时间LA=%粒子在磁场中做圆周运动的周期.2TTR 2冗 m厂、T=-=-v /粒子在磁场中运动的轨迹为一圆弧，根据几何关系，这个圆弧对应的圆心角为90。，粒子在磁场中圆周运动的时间V联立得兀 L,2-4%则粒子从进入极板到离开磁场过程中运动的总时间L 冗 L（乃+4）L，=4+G=+=-%4%4%15.（18分）（2022 四川巴中高一期末）我国于2022年在北京举办冬奥会，滑雪是其中最具观赏性的项目之一。某滑道截面如图所示

25、，长直助滑道4 8的倾角为53。，/与8的竖直高度差=36m；助滑道末端与一半径为R的圆弧滑道8。平滑连接相切于8点；圆弧滑道 与 水 平 面 相 切 于C点，8点距水平面的高度力=5m,B、。两点关于竖直半径O C对称。运动员及滑雪板的总质量机=6 0 k g,运动员及滑雪板从力处由静止滑下，经8 8后从。点飞出，最后落到水平面M N上。已知运动员到达8点的速度田=2 4 m/s,经过。点时对轨道的压力大小为总重力的3.8倍。不计空气阻力，sin530=0.8,cos53=0.6,g=10m/s2求：（1）运动员及滑雪板在助滑道Z 8上所受的阻力大小；（2）运动员及滑雪板从B点到D点的过程中

26、损失的机械能；（3）运动员及滑雪板落到水平面M N上的位置到。点的水平距离。【答案】(1)96N；(2)5280J；(3)%=9 6 +125【解析】解：(1)/8 长为L,由几何关系得sin 530根据运动学公式得Vg=2a L由牛顿第二定律得mg sin 530-f =ma解得/=96N（2）由几何关系得A=/?-/?cos 530在。点处，根据牛顿第三定律，可知轨道的支持力为重力的3.8倍，由牛顿第二定律及向心力公式得3.Smg-mg cos 53由于8。两点等高，重力势能不变，则机械能的损失为解得Ef.=5280J(3)。点沿竖直方向分速度大小为匕,=vD sin 53=16m/s沿水平方向分速度大小为设离开D 点后至落地的时间为/,由运动学公式:V;=vD cos 53=12m/s57 1，-h=vyt-g r解得8+炳/=S5落地点至。点的水平距离为X,则x=综上解得96+12同X=-1 T 1