【化学试卷】有机化合物的结构特点与研究方法测试题 2022-2023学年高二人教版（2019）化学选择性必修3.docx

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1、第一章 有机化合物的结构特点与研究方法测试题一、选择题1实验室制备苯甲醇和苯甲酸的化学原理是：已知苯甲醛易被空气氧化；苯甲醇的沸点为205.3 ，微溶于水，易溶于乙醚；苯甲酸的熔点为121.7 ，沸点为249 ，微溶于水，易溶于乙醚；乙醚的沸点为34.8 ，难溶于水。制备苯甲醇和苯甲酸的主要过程如图所示，根据以上信息判断，下列说法错误的是A操作是萃取分液B操作蒸馏得到的产品甲是苯甲醇C操作过滤得到的产品乙是苯甲酸钠D乙醚溶液中所溶解的主要成分是苯甲醇2下列选项中各有三组物质，每组都能用分液漏斗分离的是（ ）A乙酸乙酯和水，乙醇和水，植物油和水B四氯化碳和水，溴苯和水，硝基苯和水C甘油和水，乙酸

2、和水，乙酸和乙醇D汽油和水，苯和水，正己烷和环己烷3某化合物有碳、氢、氧三种元素组成，其红外光谱图有C-H键、C=O键、C-O键的振动吸收，该有机物的相对分子质量是60，则该有机物的结构简式是ACH3COOCH3BHCOOCH3CCH3CH(OH)CH3DCH3CH2OCH34下列物质一定属于纯净物的是ABCD5分子式为C5H12O的醇，其同分异构体有A8种B7种C6种D5种6下列说法不正确的是A质谱仪可用于测定有机物的相对分子质量BpH计可用于酸碱中和滴定终点的判断C用红外光谱仪可区别CH3COOCH2CH3与CH3CH2CH2COOHD通过晶体的x-射线衍射实验可以确定键长、键角和键能70

3、.5某气态烃能与加成，加成后产物中的氢原子又可被3氯原子取代，则此气态烃可能是ABCD8下列化合物中，核磁共振氢谱只出现两组峰且峰面积之比不为3：2的是ABCD9某种医用胶的结构简式是，在核磁共振氢谱上显示的吸收峰的数目是(已知：中d，e代表除氢原子以外的不同原子或基团，和两个氢原子在该分子的核磁共振氢谱中会显示出两组峰，且峰面积相等)A3B4C5D610正戊烷与新戊烷的关系是A同系物B同分异构体C同位素D同素异形体11测定晶体结构的常用仪器是A分光镜B红外光谱仪C质谱仪DX射线衍射仪12某有机物的结构简式为，下列关于该有机物的说法不正确的是A分子式为B不能发生氧化反应C分子中含有羟基D可使溴

4、的四氯化碳溶液褪色13在下列结构的有机物中，属于同分异构体的正确组合是A和B和C和D和14下列说法正确的是A乙醇与金属钠能反应，且在相同条件下比水与金属钠的反应更剧烈B苯都能与发生加成反应，说明苯的分子中含碳碳双键C新戊烷有一种一氯取代物D金属钠在加热条件下生成氧化钠15在下列物质的分类中，不符合“X包含Y，Y包含Z”关系的是选项XYZA烃的衍生物芳香烃的衍生物B链烃烯烃丙烯C环状化合物芳香族化合物苯的同系物D不饱和烃芳香烃AABBCCDD二、填空题16硫醇-烯点击反应具有反应过程相对简单、反应过程可控等优点，成为近年来有机合成的研究热点之一、硫醇-烯点击反应的原理可表示如下：R-SH+CH2

5、=CHRR-S-CH2CH2R。以下是硫醇-烯点击反应的一个实例的部分资料，请观察图像回答下列问题：(1)若相对分子质量XY， X的键线式为_，Y的键线式为_。(2)Z的分子式为_。17回答下列问题：(1)书写下列物质的结构简式：2，6二甲基4乙基辛烷：_。1，3，5三甲苯_。2甲基1戊烯：_。分子式为C8H10的芳香烃，苯环上的一溴取代物只有一种，写出该芳香烃的结构简式：_。戊烷(C5H12)的某种同分异构体只有一种一氯代物，写出它的结构简式：_。(2)分子式为C2H4O2的有机物的结构可能有和两种。为对其结构进行鉴定的方法可采用_。(3)有机物A常用于食品行业，已知9.0gA在足量O2中充

6、分燃烧，将生成的混合气体依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，分别增重5.4g和13.2g，经检验剩余气体为O2。A分子的质谱图如图所示，由图可知其相对分子质量是_，则A的分子式是_。A能与NaHCO3溶液发生反应，A一定含有的官能团的名称是_。A分子的核磁共振氢谱有4个峰，峰面积之比是1113，则A的结构简式是_。18丹参素能明显抑制血小板的聚集，其结构如图所示：(1)丹参素属于_(填“无机化合物”或“有机化合物”)。(2)丹参素一定条件下能与CH3CH2OH反应生成酯，该反应的类型属于_反应(填“取代”或“加成”)。(3)丹参素中含氧官能团有羧基和_(填名称)。(4)向丹参素溶液中滴入23滴紫色石

7、蕊试液，溶液颜色变红，说明丹参素溶液具有_性。(5)丹参素具有很强的还原性。向稀的酸性KMnO4溶液中滴入几滴丹参素溶液，观察到的现象为_。19卤沙唑仑W是一种抗失眠药物，在医药工业中的一种合成方法如图：已知：(i)+HCl(ii)+H2OD具有的官能团名称是_。20有机物M可从酸牛奶中提取。已知纯净的M为无色黏稠液体， 易溶于水。为研究M的组成与结构，进行了如下实验：实验步骤解释或实验结论(1)称取M 4.5 g，升温使其汽化，测其密度是相同条件下H2的45倍。试通过计算填空：(1)M的摩尔质量为： _ 。(2)将此4.5 g M 在足量纯 O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石

8、灰，发现两者分别增重2.7g和6.6 g(2)M的分子式为：_ 。(3)通过M 的红外光谱图发现该分子中既有羟基，还有羧基(3)写出M中含有的官能团羟基电子式：_(4)M 的核磁共振氢谱如下图：(4)M 中含有_种氢原子。(5)综上所述，M 的结构简式为_ 。(6)等物质的量M 分别与足量的钠、碳酸氢钠反应产生的H2与CO2的物质的量之比为_三、计算题2118 g某有机物A，完全燃烧的产物依次通过无水氯化钙和碱石灰后，增加的质量分别为10.8 g和26.4 g。求：（1）A的最简式为（2）若常温下A为气体，则A的结构简式为（3）若A在低于16时为无色晶体，且A的水溶液具有弱酸性，则A的结构简式

9、为（4）若0.1 molA含有9.6 g氧元素，则A的结构简式可能是四、元素或物质推断题22两种有机物A和B可以互溶，有关性质如下：相对密度(20)熔点沸点溶解性A0.7893-117.378 .5与水以任意比混溶B0.7137-116.634.5不溶于水（1）若要除去A和B的混合物中少量的B，可采用_(填代号)方法即可得到A。a重结晶 b蒸馏 c萃取 d加水充分振荡，分液 （2）将有机物A 置于氧气流中充分燃烧，实验测得： 生成5.4gH2O和8.8gCO2 ，消耗氧气6.72L (标准状况下)，则该物质的最简式为_，若要确定其分子式，是否必需有其它条件_(填“是”或“否“)，已知有机物A

10、的质谱、核磁共振氢谱如图1所示，则A的结构简式为_。（3）若质谱图2显示B的相对分子质量为74,红外光谱如图3所示，则B的结构简式为_，其官能团的名称为_。（4）准确称取一定质量的A和B的混合物，在足量氧气中充分燃烧，将产物依次通过足量的无水氯化钙和碱石灰，发现质量分别增重19.8g 和35.2g计算混合物中A 和B 的物质的量之比_。五、实验题23如图所示装置是用燃烧法确定有机物化学式常用的装置，这种方法是电炉加热时用纯氧氧化管内样品，根据产物的质量确定有机物的组成。回答下列问题：(1)A装置分液漏斗中盛放的物质是_，写出有关反应的化学方程式：_。(2)C装置(燃烧管)中CuO的作用是_；写

11、出E装置中所盛放试剂的名称：_；若将B装置去掉会对实验造成什么影响?_。(3)若实验中所取样品只含C、H、O三种元素中的两种或三种，准确称取0.44g样品，经充分反应后，D管质量增加0.36g，E管质量增加0.88g，已知该物质的相对分子质量为44，则该样品的化学式为_。(4)若该有机物的核磁共振氢谱如图所示，则其结构简式为_。(5)若符合下列条件，则该有机物的结构简式为_。环状化合物只有一种类型的氢原子(6)某同学认E和空气相通，会影响测定结果准确性，应在E后再增加一个装置E，其主要目的是_。【参考答案】一、选择题1C解析：A从过程上看操作得到乙醚溶液和水溶液，这两个是互不相溶的液体，采用萃

12、取和分液的方法，选项A正确；B操作利用了苯甲醇的沸点为205.3，乙醚的沸点为34.8，两者互溶，利用沸点不同，采用蒸馏的方法得到乙醚和苯乙醇，选项B正确；C操作水溶液中加入盐酸，苯甲酸钾转变成苯甲酸，苯甲酸不溶于水，采用过滤的方法进行分离，选项C错误；D苯甲醛在氢氧化钾中生成苯乙醇和苯甲酸钾，根据制备苯甲酸和苯乙醇的制备过程，乙醚溶液溶解的主要成分是苯甲醇，选项D正确；答案选C。2B解析：A乙酸乙酯和水不溶，植物油和水不溶，能用分液漏斗进行分离，酒精和水互溶，不能用分液漏斗进行分离，故A错误；B四氯化碳和水不溶，溴苯和水不溶，硝基苯和水不溶，都能用分液漏斗进行分离，故B正确；C甘油和水互溶、

13、乙酸和水互溶、乙酸和乙醇互溶，不能用分液漏斗进行分离，故C错误；D汽油和水，苯和水能用分液漏斗进行分离，正己烷和环己烷互溶，不能用分液漏斗进行分离，故D错误；故答案为B。3B解析：ACH3COOCH3相对分子质量为74，故A不选；BHCOOCH3相对分子质量为60，分子中含C-H键、C-O键、C=O键，故B选；CCH3CH(OH)CH3相对分子质量为60，分子中含有C-H键、O-H键、C-O键，不含有C=O键，故C不选；DCH3CH2OCH3相对分子质量为60，分子中含C-H键、C-O键，不含有C=O键，故D不选；故选B。4B解析：A可能是丙烯，也可能是环丙烷，A不符合；B只能表示丙烷，一定属

14、于纯净物，B符合；C可能是乙醇，也可能是二甲醚，C不符合；D可能的CH3CHCl2，也可能是CH2ClCH2Cl，D不符合；答案选B。5A解析：由题意知，分子式为C5H12O的醇为饱和一元醇，其同分异构体属于醇，其中碳链结构如下：，共8种。故答案选A。6D解析：A质谱仪可根据有机物碎片的质荷比，用于测定有机物的相对分子质量，故A正确；B酸碱中和滴定可以借助pH计记录pH的变化，从而判断终点，故B正确；C用红外光谱仪可以测定官能团的红外光谱，可区别CH3COOCH2CH3含有酯基，CH3CH2CH2COOH含有羧基，峰位置不同，可以区分，故C正确；D通过晶体的x-射线衍射实验可以确定键长、键角，

15、不能测定键能，故D错误；故答案为D7C解析：0.5mol烃能与1molHCl加成，说明烃中含有1个CC键或2个C=C键，加成后产物分子上的氢原子又可被3molCl完全取代，说明0.5mol氯代烃中含有3molH原子，则0.5mol烃中含有2molH原子，即1mol烃含有4molH，并含有1个CC键或2个C=C键，符合要求的只有CHCCH3，故选C。8A【分析】核磁共振氢谱只出现两组峰，说明有机物含有两种H原子，峰面积之比为3：2说明分子中两种H原子数目之比为3：2。结合分子中等效氢判断，分子中等效氢原子一般有如下情况：分子中同一甲基上连接的氢原子等效；同一碳原子所连甲基上的氢原子等效；处于镜面

16、对称位置（相当于平面成像时，物与像的关系）上的氢原子等效。解析：A. 该物质为对称结构，分子中有2种H原子，分别处于甲基上、C=C双键上，二者H原子数目之比为6:2=3:1，故A符合题意；B. 该物质为高度对称结构，分子中有2种H原子，分别处于甲基上、环上，二者H原子数目之比为6:4=3:2，故B不符合题意；C. 该物质为高度对称结构，分别处于甲基上、甲基邻位，三者H原子数目之比为3:2，故C不符合题意；D. 该物质分子中有2种H原子，分别处于甲基上、亚甲基上，二者H原子数目之比为6:4=3:2，故D不符合题意；故选A。9C解析：，共5种H原子，核磁共振氢谱有5组峰，故选：C。10B解析：A同

17、系物是结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的化合物，正戊烷和新戊烷分子式相同，不是互为同系物的关系，故A不选；B同分异构体是分子式相同，结构不同的化合物，正戊烷和新戊烷符合要求，故B选；C同位素是质子数相同、中子数不同的同种元素的不同原子，正戊烷和新戊烷是化合物，不互为同位素，故C不选；D同素异形体的同种元素组成的不同单质，而正戊烷和新戊烷是化合物，故D不选；故选B。11D解析：A分光镜是用来测定宝石吸收光谱的仪器，故A错误；B红外光谱仪测定分子的结构中存在的化学键和官能团，故B错误；C质谱仪用于测定分子的相对分子质量，故C错误；D晶体与非晶体最本质的区别是组成物质的粒子在微观空

18、间是否有序排列，X射线衍射仪可以看到微观结构，能用于区别晶体和非晶体，故D正确；故选D。12B解析：A有机物分子式为，A正确；B有机物含有羟基，能发生氧化反应，B错误；C有机物含有羟基，C正确；D有机物含有碳碳双键，可使溴的四氯化碳溶液褪色，D正确；故选A。13B【分析】分子式相同、结构不同的化合物互为同分异构体，据此解答。解析：是正戊烷，是正己烷，是2甲基戊烷， 是异丁烷，是3甲基戊烷，所以互为同分异构体的分别是、。答案选B。14C解析：A乙醇与Na反应比水与Na反应更缓和，因乙醇中羟基H不如水中H活泼，故A错误；B苯分子中的碳碳键是介于碳碳单键和碳碳双键之间的特殊的键，故B错误；C新戊烷（

19、C(CH3)4）中有1种H原子，其一氯代物有1种，故C正确；D金属钠在加热条件下生成过氧化钠，故D错误；故选C。15D解析：A烃包含脂肪烃和芳香烃，则烃的衍生物包含芳香烃的衍生物，氯苯属于芳香烃的衍生物，A不合题意；B丙烯属于烯烃，烯烃属于链烃，B不合题意；C苯的同系物属于芳香族化合物，芳香族化合物属于环状化合物，C不合题意；D苯甲醇不属于烃类，即芳香烃不包含苯甲醇，芳香烃属于不饱和烃，D符合题意；故答案为：D。二、填空题16(1) (2)C6H16O3SSi【分析】根据缩聚反应原理，X、Y分别为和，又因为相对分子质量XY，则X为，Y为；解析：（1）根据分析，X为，Y为；故答案为： ；（2）根

20、据R-SH+CH2=CHRR-S-CH2CH2R原理实际是R-H对碳碳双键的加成，Z为C6H16O3SSi；故答案为：C6H16O3SSi。17(1) (2)红外光谱法、核磁共振氢谱法(3) 90 C3H6O3 羧基 解析：（1）2，6二甲基4乙基辛烷结构简式为；1，3，5三甲苯结构简式为；2甲基1戊烯结构简式为；分子式为C8H10的芳香烃，苯环上的一溴取代物只有一种，该芳香烃的结构简式为；戊烷(C5H12)的某种同分异构体只有一种一氯代物，写出它的结构简式；（2）两种有机物种，官能团和氢的种类不同，可用红外光谱法、核磁共振氢谱法对其进行结构的鉴定，故答案为：红外光谱法、核磁共振氢谱法。（3）

21、根据图示可知其相对分子质量等于其最大质荷比，则其相对分子质量为90；则9.0gA的物质的量为0.1mol，在足量O2中燃烧，气体产物依次通过足量的浓硫酸和碱石灰，增重分别为水蒸气和CO2的质量，即n(H2O)=0.3mol，n(CO2)=0.3mol，则一个该有机物分子中，则，所以有机物A的分子式为C3H6O3。故答案为：90；C3H6O3。A能和NaHCO3溶液发生反应，则A一定含有的官能团的名称是羧基。故答案为：羧基；A分子的核磁共振氢谱有4个峰，峰面积之比是1113，说明A中含有一个-OH，一个-COOH，一个次亚甲基，一个甲基，所以其结构简式为。故答案为。18(1)有机化合物 (2)取

22、代 (3)羟基 (4)酸 (5)滴入的酸性高锰酸钾溶液褪色解析：（1）有机物是含碳化合物(一氧化碳、二氧化碳、碳酸、碳酸盐、碳酸氢盐、金属碳化物、氰化物、硫氰化物等除外)或碳氢化合物及其衍生物的总称，故丹参素属于有机化合物；（2）丹参素与CH3CH2OH反应属于酯化反应，故属于取代反应；（3）根据丹参素的结构简式可知，丹参素中含氧官能团有羟基和羧基；（4）石蕊试液，是酸性指示剂，溶液颜色变红说明溶液具有酸性；（5）酸性KMnO4溶液具有强氧化性，滴入几滴丹参素溶液，可观察到的现象为紫红色变浅或者褪去。19氨基、羰基、卤素原子(溴原子、氟原子)解析：D中含有的官能团为溴原子、氟原子、氨基、羰基，

23、故答案为：氨基、羰基、卤素原子(溴原子、氟原子)。20gmol1 C3H6O3 4 1:1【分析】(1)根据计算 。(2)浓硫酸吸收水，水的质量为2.7g，计算出氢质量，碱石灰吸收二氧化碳，二氧化碳的质量为6.6g，计算出碳的质量，再计算出氧的质量和物质的量，得出M中碳、氢、氧物质的量之比，根据M的摩尔质量得出分子式。(3)羟基的电子式为。(4)根据M 的核磁共振氢谱得到M中含有4种氢原子、个数比为1:1:1:3。(5)根据M有4种氢原子，且个数比为1:1:1:3，又含有羟基和羧基得到结构简式。(6)OH与钠反应，COOH与钠反应，COOH与碳酸氢钠反应进行分析。解析：(1)根据，得到M =4

24、52 gmol1=90 gmol1；故答案为：90 gmol1。(2)将此4.5 g M 在足量纯 O2中充分燃烧，并使其产物依次缓缓通过浓硫酸、碱石灰，浓硫酸吸收水，水的质量为2.7g，水物质的量为0.15mol，氢原子物质的量为0.3mol，氢的质量为0.15mol21gmol1= 0.3g，碱石灰吸收二氧化碳，二氧化碳的质量为6.6g，二氧化碳物质的量为0.15mol，碳原子物质的量为0.15mol，碳的质量为0.15mol12gmol1= 1.8g，氧的质量为4.5g0.3g1.8g=2.4g，氧原子物质的量为0.15mol，因此M中碳、氢、氧原子物质的量之比为n(C)：n(H)：n(

25、O)=0.15mol：0.3mol：0.15mol =1：2：1，最简式为CH2O，根据M的摩尔质量为90 gmol1，则M的分子式为C3H6O3；故答案为：C3H6O3。(3)通过M 的红外光谱图发现该分子中既有羟基，还有羧基，羟基的电子式为 ；故答案为： 。(4)根据M 的核磁共振氢谱，得到M中含有4种氢原子；故答案为：4。(5)综上所述，M有4种氢原子，且个数比为1:1:1:3，又含有羟基和羧基，因此M 的结构简式为；故答案为：。(6)OH与钠反应，COOH与钠反应，1mol M与足量的钠反应生成1mol H2，COOH与碳酸氢钠反应，1mol M与足量碳酸氢钠反应产生1mol CO2，

26、因此等物质的量的M分别与足量钠和碳酸氢钠反应产生的H2与CO2的物质的量之比为1:1；故答案为：1:1。三、计算题21（1）CH2O （2）HCHO （3）CH3COOH (4)CH2OH(CHOH)4CHO或CH2OH(CHOH)3COCH2OH解析：试题分析：（1）18g有机物A完全燃烧生成的H2O和CO2的质量分别是10.8g和26.4g则其物质的量分别是n(H2O)10.8g18g/mol0.6moln(CO2)26.4g44g/mol0.6mol其中含有C、H元素的质量分别是m(H)0.6mol21g/mol1.2gm(C)0.6mol112g/mol7.2g则m(O)18g1.2g

27、7.2g9.6g因此n(O)9.6g16g/mol0.6mol所以C、H、O的原子个数比为n(C):n(H):n(O)0.6：1.2：0.61：2：1则其最简式为CH2O（2）常温下A为气体，因此A是甲醛，结构简式为HCHO。（3）A在低于16时为无色晶体，且A的水溶液具有弱酸性，所以A是乙酸，结构简式为CH3COOH(4)9.6g氧元素的物质的量是9.6g16g/mol0.6mol由于0.1 molA含有9.6 g氧元素所以A的分子式为C6H12O6因此A的结构简式可能是CH2OH(CHOH)4CHO或CH2OH(CHOH)3COCH2OH考点：考查有机物分子式以及结构简式的判断和计算点评：

28、本题是中等难度的试题，试题基础性强，难易适中。主要是培养学生的规范答题能力，提高学生严谨的逻辑思维能力，有利于调动学生的学习积极性。四、元素或物质推断题22 b C2H6O 否 CH3CH2OH CH3CH2OCH2CH3 醚键 21解析：（1）由表格中的信息可知，A、B两种有机物互溶，但沸点不同，则选择蒸馏法分离，答案选b；（2）根据质量守恒定律得：化合物中所含C元素质量为：8.8g =2.4g， 化合物中所含H元素质量为：5.4g =0.6g，二氧化碳和水中的氧元素质量之和为 （8.8g-2.4g）+（5.4g-0.6g）=11.2g，而氧气的质量为32g/mol=9.6g，所以有机物中氧

29、元素质量为11.2g-9.6g=1.6g，n（C）：n（H）：n（O）= ： ： =2：6：1，所以化合物的实验式（最简式）是C2H6O；由于分子中碳氢原子的个数是1:3，已经达到饱和，所以若要确定其分子式，不需有其它条件，即最简式就是分子式。分子式为C2H6O，核磁共振氢谱表明其分子中有三种化学环境不同的氯原子，强度之比为321。则A的结构简式为CH3CH2OH；（3）A的相对分子质量为74，根据红外光谱，A中存在对称的甲基和醚键，剩余的式量为74-16-152=28，合2个CH2，根据对称性，A的结构简式为CH3CH2OCH2CH3；官能团为醚键；（4）A和B的化学式分别为C2H6O、C4

30、H10O，设C2H6O、C4H10O的物质的量分别是 x、y，则C2H6O + 3 O22 CO2 + 3 H2Ox 2x 3xC4H10O + 6 O24 CO2 + 5 H2Oy 4y 5y3x+5y= 2x+4y =解得x =0.2mol，y = 0.1 mol，即物质的量之比2：1。五、实验题23(1) 双氧水 2H2O22H2O+O2(2) 使有机物充分氧化生成CO2和H2O 碱石灰 实验测定生成水的质量偏大，造成测得有机物中含氢量增大(3)C2H4O(4)CH3CHO(5)(6)吸收空气中的二氧化碳和水蒸气解析：本装置是用燃烧法确定有机物的化学式，则A装置为制取O2的装置，B装置为

31、干燥O2的装置，C装置中有机物燃烧生成CO2和水，D装置吸收水蒸气，E装置吸收燃烧生成的CO2。（1）装置A利用过氧化氢在二氧化锰作催化剂条件下发生制备氧气，A装置中分液漏斗盛放的物质是双氧水，化学方程式为2H2O22H2O+O2；答案为：双氧水；2H2O22H2O+O2；（2）因为后续装置用于吸收水蒸气和二氧化碳，并称其质量，所以C装置(燃烧管)中要确保有机物完全燃烧，则CuO的作用是：使有机物充分氧化生成CO2和H2O；E装置用于吸收燃烧生成的二氧化碳，则所盛放试剂的名称碱石灰；若将B装置去掉，A中生成的氧气中含有水蒸气进入D装置，实验测定生成水的质量偏大，造成测得有机物中含氢量增大。答案

32、为：使有机物充分氧化生成CO2和H2O；碱石灰；实验测定生成水的质量偏大，造成测得有机物中含氢量增大；（3）m(H2O)=0.36g，m(CO2)=0.88g，则n(H2O)=，n(CO2)=，则有机物分子中含O元素的质量为0.44g-0.02mol21g/mol-0.02mol12g/mol=0.16g，n(O)=，n(有机物)=，则有机物分子中所含C、O的原子个数分别为2、4、1，该有机物的化学式为C2H4O。答案为：C2H4O；（4）从该有机物的核磁共振氢谱图可以看出，该有机物分子中含有2种氢原子，则其结构简式为CH3CHO。答案为：CH3CHO；（5）符合条件“环状化合物，只有一种类型的氢原子”的有机物，应含有2个CH2原子团和1个O原子，所以其结构简式为。答案为：；（6）碱石灰不仅能吸收燃烧生成的二氧化碳，也能吸收空气中的二氧化碳和水蒸气，从而影响燃烧生成二氧化碳质量的测定，所以应在E后再增加一个装置E，其主要目的是吸收空气中的二氧化碳和水蒸气。答案为：吸收空气中的二氧化碳和水蒸气。学科网（北京）股份有限公司