2023年湖南省新高考“八省联考”高考物理适应性试卷(附答案详解).docx

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1、2023 年湖南省高考“八省联考”高考物理适应性试卷1. 2023 年 12 月 4 日，一代“人造太阳”装置-中国环流器二号 M 装置(𝐻𝐿 2𝑀)在成都建成并首次实现利用核聚变放电。以下方程中，正确的核聚变反响方程是()A. 2𝐻+3𝐻 4 𝐻𝑒+1 𝑛B. 238𝑈 234𝑇+4𝐻𝑒112092922C. 235𝑈+1 𝑛 144𝐵𝑎+

2、89𝐾𝑟 + 31 𝑛D. 4𝐻𝑒+27𝐴𝑙 30 𝑃 + 21 𝑛920563602131502. 有一圆柱形水井，井壁光滑且竖直，过其中心轴的剖面图如图 所示。一个质量为 m 的小球以速度 v 从口边缘沿直径方向水平射入水井，小球与井壁做屡次弹性碰撞(碰撞前后小球水平方向 速度大小不变、方向反向，小球竖直方向速度大小和方向都不 变)，不计空气阻力。从小球水平射入水井到落至水面的过程中， 以下说法正确的选项是()A. 小球下落时间与小球质量 m 有关

3、B. 小球下落时间与小球初速度 v 有关C. 小球下落时间与水井井口直径 d 有关D. 小球下落时间与水井井口到水面高度差h 有关3. 如图，两个带等量正电的点电荷，分别固定在绝缘水平桌面上的A、B 两点，一绝缘圆形细管水平固定在桌面 A、B 两点间，且圆形细管圆心 O 位于 A、B 连线的中点，细管与 A、B 连线及中垂线交点分别为 C、E、D、F。一个带负电的小球在细管中按顺时针方向做完整的圆周运动，不计一切摩擦。以下说法正确的选项是( )A. 小球从 C 运动到 D 的过程中，速度先减小后增大B. 在两个带正电的点电荷产生的电场中，C 点的电势比 F 点的电势低C. 小球在 C、E 两点

4、的速度大小相等，有一样的电势能D. 小球在 D、F 两点所受的电场力一样4. 有四个电源甲、乙、丙、丁，其路端电压 U 与电流的关系图象分别如图(𝑎)、图(𝑏)、图(𝑐)、(𝑑)所示。将一个6𝛺的定值电阻分别与每电源的两极相接，使定值电阻消耗功率最大的电源是( )第 1 页，共 22 页A. 甲电源 B. 乙电源 C. 丙电源 D. 丁电源5. 如图，力传感器固定在天花板上，边长为L 的正方形匀质导线框abcd 用不行伸长的轻质绝缘细线悬挂于力传感器的测力端，导线框与磁感应强度方向垂直，线框的 bcd 局部处于匀强

5、磁场中，b、d 两点位于匀强磁场的平边界线上。假设在导线框中通以大小为 I、方向如下图的恒定电流，导线框处于静止状态时，力传感器的示数为𝐹1.只转变电流方向，其它条件不变，力传感器的示数为𝐹2。该匀强磁场的磁感应强度大小为( )A. 𝐹2 𝐹 14𝐼𝐿B. 𝐹1𝐹 24𝐼𝐿C. 2(𝐹2 𝐹 1)4𝐼𝐿D. 2(𝐹1𝐹 2 )4⻒

6、8;𝐿6. 如图，一根质量为 m 的匀质绳子，两端分别固定在同一高度的两个钉子上，中点悬挂一质量为 M 的物体。系统平衡时， 绳子中点两侧的切线与竖直方向的夹角为𝛼，钉子处绳子的切线方向与竖直方向的夹角为𝛽，则( )A. 𝑡𝑎𝑛𝛼tan𝛽B. 𝑡𝑎𝑛𝛼tan𝛽C. 𝑐𝑜𝑠𝛼cos𝛽= 𝑚

7、9872;𝑚= 𝑚𝑀𝑀=𝑀𝑚𝑀D. 𝑐𝑜𝑠𝛼 =cos𝛽𝑚𝑚𝑀7. 在“嫦娥五号”任务中，有一个重要环节，轨道器和返回器的组合体(简称“甲”)与上升器(简称“乙”)要在环月轨道上实现对接，以使将月壤样品从上升器转移到返回器中，再由返回器带回地球。对接之前，甲、乙分别在各自的轨道上做匀速圆周运动，且甲的轨道半径比乙小，如图所示，为了实现对接，处在低轨的甲要抬高

8、轨道。以下说法正确的选项是( )A. 在甲高轨道之前，甲的线速度小于乙B. 甲可以通过增大速度来抬高轨道第 2 页，共 22 页C. 在甲抬高轨道的过程中，月球对甲的万有引力渐渐增大D. 返回地球后，月壤样品的重量比在月球外表时大8. 如图，两根足够长、电阻不计的光滑平行金属导轨，固定在同一水平面上，其间距为 1m，左端通过导线连接一个𝑅 = 1.5𝛺的定值电阻。整个导轨处在磁感应强度大小𝐵 = 0.4𝑇的匀强磁场中，磁场方向竖直向下。质量𝑚 = 0.2𝑘𝑔、长度𝐿

9、= 1𝑚、电阻𝑟 = 0.5𝛺的匀质金属杆垂直导轨放置，且与导轨接触良好，在杆的中点施加一个垂直金属杆的水平拉力 F，使其静止开头运动。拉力 F 的功率𝑃 = 2𝑊保持不变， 当金属杆的速度𝑣 = 5𝑚/𝑠时撤去拉力 F。以下说法正确的选项是()A. 假设不撤去拉力 F，金属杆的速度会大于5𝑚/𝑠B. 金属杆的速度为4𝑚/𝑠时，其加速度大小可能为0.9𝑚/𝑠2C. 从撤去拉

10、力 F 到金属杆停下的整个过程，通过金属杆的电荷量为2.5𝐶D. 从撤去拉力 F 到金属杆停下的整个过程，金属杆上产生的热量为2.5𝐽9. 甲、乙两同学相约去参观博物馆。两人同时从各自家中动身，沿同始终线相向而行，经过一段时间后两人会合。身上携带的运动传感器分别记录了他们在这段时间内的速度大小随时间的变化关系，如下图。其中，甲的速度大小随时间变化的图线为两段四分之一圆弧，则( )A. 在𝑡1时刻，甲、乙两人速度一样B. 0𝑡2时间内，乙所走路程大于甲C. 在𝑡3时刻，甲、乙两人加速度大小相等D. 0𝑡

11、;4时间内，甲、乙两人平均速率一样10. 如图，三个质量均为 1kg 的物体 A、B、C 叠放在水平桌面上，B、C 用不行伸长的轻绳跨过一光滑轻质定滑轮连接。A 与 B 之间、B 与 C 之间的接触面以及轻绳均与桌面平行。A 与 B 之间、B 与 C 之间以及 C 与桌面之间的动摩擦因数分别为0.4、0.2 和0.1，重力加速度 g 取10𝑚/𝑠2，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力。用力F 沿水平方向拉物体 C，以下说法正确的选项是( )第 3 页，共 22 页A. 拉力 F 小于 11N 时，不能拉动 CB. 拉力 F 为 17N 时，轻绳的拉力为 4NC. 要使

12、 A、B 保持相对静止，拉力 F 不能超过 23ND. A 的加速度将随拉力 F 的增大而增大11. 某同学利用滑块在气垫导轨上的运动测量当地的重力加速度，如图(𝑎)所示，所用器材包括：气垫导轨、滑块(上方安装有宽度为 d 的遮光片)、数字计时器、光电门等。导轨下方两支点间的距离为𝑙.试验步骤如下：(1)开动气泵，调整气垫导轨，轻推滑块，当光电门A 记录的遮光时间(填“大于”“小于”或“等于”)光电门 B 记录的遮光时间时，认为气垫导轨水平； (2)用游标卡尺测量遮光片宽度 d，如图(𝑏)所示，𝑑 =cm；(3) 在导轨左支点下加

13、一高度为 h 的垫块，让滑块从导轨顶端滑下，记录遮光片经过 A、B 两处光电门的光时间 𝑡1、 𝑡2及遮光片从 A 运动到 B 所用的时间𝑡12，可求出重力加速度𝑔 =(用题中给出的物理量符号表示)；(4) 分析试验结果觉察，重力加速度的测量值比该地的实际值偏小，写出一条产生这一结果的可能缘由：。12. 太阳能电池是一种可将光能转换为电能的器件。一同学用图(𝑎)所示电路测量某单晶硅太阳能电池的输出电流 I 和输出电压 U 之间的关系，探究该电池的伏安特性， 用肯定强度的光照耀太阳能电池，闭合开关S，调整电阻箱，测得

14、试验数据如表所 示。𝑈/𝑉0.40.60.81.01.21.41.61.82.02.22.42.6𝐼/𝑚𝐴7.07.07.07.07.07.07.07.06.96.65.72.2(1)请在图(𝑏)中补齐表中后 4 组数据点，并作出该太阳能电池的伏安特性曲线； (2)依据所作伏安特性曲线可知，电池电阻(填“是”或“不是”)常数，短第 4 页，共 22 页路电流为mA，电动势为𝑉(结果均保存 2 位有效数字)；(3)依据所作伏安特性曲线，估算该太阳能电池的最大输出功率为𝑚

15、𝑊(结果保存 1 位小数)。13. 在某些周密试验中，为了避开变化的电场和磁场之间的相互干扰，可以用力学装置对磁场中的带电粒子进展加速。如图，外表光滑的绝缘平板水平放置在磁感应强度大小为 B 的匀强磁场中，磁场方向垂直于竖直面对里。平板上有一个质量为 m、电荷量为 q 的带电粒子，初始时刻带电粒子静止在绝缘平板上，与绝缘平板左侧边缘的距离为 d。在机械外力作用下，绝缘平板以速度𝑣1竖直向上做匀速直线运动。一段时间后带电粒子从绝缘平板的左侧飞出，并垂直入射到一块与绝缘平板相互垂直的荧光屏上，不计带电粒子的重力。(1)指出带电粒子的电性，并说明理由； (2)求带电粒

16、子在绝缘平板上的运动时间 t；(3)求整个过程中带电粒子在竖直方向位移的大小h。第 5 页，共 22 页14. 如图，一滑板的上外表由长度为L 的水平局部 AB 和半径为 R 的四分之一光滑圆弧BC 组成，滑板静止于光滑的水平地面上。物体𝑃(可视为质点)置于滑板上面的 A 点， 物体 P 与滑板水平局部的动摩擦因数为𝜇(𝜇 𝑉 𝑉0，甲、乙气球内气体的压强分别为𝑝甲乙乙甲甲乙和𝑝。现把甲、乙两气球以及一个容积为𝑉𝐺 的钢瓶用带阀门的三通细管(容积可忽略

17、)连接，如图(𝑏)所示。初始时，钢瓶内为真空，阀门𝐾1和𝐾2均为关闭状态。全部过程，气体温度始终保持不变。(𝑖)翻开阀门𝐾1，甲气球体积将(填“变大”“变小”或“不变”)；(𝑖𝑖)翻开阀门𝐾1和𝐾2，把甲、乙两气球内的全部气体压入钢瓶，求压入后钢瓶内气体的压强。第 7 页，共 22 页17. 一列简谐横波沿 x 轴正方向传播，𝑡 = 6𝑠时的波形如图(𝑎)所示。在x 轴正方向，距离原点小于一个波长的 A

18、点，其振动图象如图(𝑏)所示。此题所涉及质点均已起振。以下说法正确的选项是( )A. 平衡位置在𝑥 = 3𝑚 与𝑥 = 7𝑚的质点具有一样的运动状态B. A 点的平衡位置与原点的距离在0.5𝑚到 1m 之间C. 𝑡 = 9𝑠时，平衡位置在𝑥 = 1.7𝑚处的质点加速度方向沿 y 轴正方向D. 𝑡 = 13.5𝑠时，平衡位置在𝑥 = 1.4𝑚处的质点位移为负值E. w

19、905; = 18𝑠时，平衡位置在𝑥 = 1.2𝑚 处的质点速度方向沿 y 轴负方向18. 如图，泳池底部半球形玻璃罩半径为 r，内为空气，其球心处有一个点光源 S。S 放射的光通过罩内空气穿过厚度不计的玻璃罩，进入水中，最终有局部光线折射出水面，在水面形成圆形光斑。(𝑖)水深 = 2𝑚，水对光的折射率取4，计算光斑的直径 d；3第 8 页，共 22 页(𝑖𝑖)假设光源发出的是白光，考虑到色散，问出射水面的光斑边缘颜色为红色还是紫色，并说明理由。第 9 页，共 22 页答案和解析1.

20、 【答案】A【解析】解：A、 2𝐻+3𝐻 4 𝐻𝑒+1 𝑛，是轻核聚变，故 A 正确；1120B、 238𝑈 234𝑇+4𝐻𝑒，此核反响的反响物只有一个原子核，且生成物有氦核，属于𝛼92922衰变，故 B 错误；C、235𝑈+1 𝑛 144𝐵𝑎+89𝐾𝑟 + 31 𝑛，此反响的反响物和生成物都有中子，构成链式反响，920563

21、60且产物至少有两个中等质量的核，故属于重核裂变，故C 错误；D、 4𝐻𝑒+27𝐴𝑙 30 𝑃+1 𝑛，此反响是用𝛼粒子轰击生成了同位素磷，是人工转变，是发213150现同位素磷和正电子的方程，故 D 错误； 应选：A。依据核反响方程区分：自然衰变分为𝛼衰变或𝛽衰变，裂变是重核变为中等质量的核， 聚变是两轻核反响变为中等质量的核此题考察了常见的核反响方程中的应用，同时留意原子核的质量数和电荷数的表示方法2. 【答案】D【解析】解：由于小球井壁做屡次弹性

22、碰撞，碰撞前后小球水平方向速度大小不变、方向反向，小球竖直方向速度大小和方向都不变，则将小球的运动轨迹连接起来开放就是一条平抛的抛物线，可知小球在竖直方向做自由落体运动，下落时间𝑡 = 2，可知，𝑔下落时间与小球的质量 m、小球初速度v 以及井口直径无关，只与水井井口到水面高度差 h 有关，故 ABC 错误，D 正确。应选：D。小球与井壁做弹性碰撞，类似于光的反射，具有对称性，将小球的运动等效于一个完整的平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，运动时间由下落高度打算。解决此题的关键要等效法，将小球的运动轨迹铺开变成一条平抛的抛物线，依据平抛运动的规律分析下落时间与什

23、么因素有关。3. 【答案】C第 10 页，共 22 页【解析】解：A、小球从 C 到 D 的过程中电场力的方向始终与速度方向是钝角，电场力始终做负功，速度始终减小，故 A 错误；B、由等量正电荷的电场线分布可知，电场线在OC 方向由 C 指向 O，在 OF 方向由 O指向 F，顺着电场线方向电势降低，因此有𝜑𝐶 𝜑𝑂 𝜑𝐹，故 B 错误；C、由电势的叠加公式可得C 点的电势为𝜑𝐶 =𝑘𝑄𝑟𝐴⻒

24、2;+ 𝑘𝑄 ，同𝑟𝐵𝐶理 E 点的电势为𝜑𝐸 =𝑘𝑄𝑟𝐵𝐸+ 𝑘𝑄𝑟𝐴𝐸因此可知𝜑𝐶 = 𝜑𝐸，则电势能一样，由能量守恒可得 C 和 E两点动能一样，速度大小相等，故 C 正确；D、等量同种电荷的电场线如下图：D 点电场强度在水平面内竖直向下，F 点电场强度竖直

25、向上，因此电场力方向不同，故D 错误；应选：C。依据电场力与运动速度之间的夹角推断电场力做功，从而推断速度变化状况；依据等量同种电荷电场线分布状况推断电势相对大小以及电场力大小；依据电势能大小以及能量守恒推断电势能关系，从而推断动能关系。此题考察两等量同种电荷电场线的分布，要留意等量同种和等量异种电荷的电场线，是常常考察的，需要记熟。4. 【答案】D【解析】解：由闭合回路的欧姆定律可得𝑈 = 𝐸 𝐼𝑟，所以𝑈 𝐼图象纵轴的截距为电源电动势，斜率确定值为内阻，因此可知四个电源的电动势都为12V；甲电源

26、的内电阻为：𝑟= 𝑈甲 = 12 𝛺 = 12𝛺；乙电源的内电阻为：= 𝑈乙 = 12 𝛺 = 6𝛺；甲𝐼1甲乙𝐼2乙丙电源的内电阻为：𝑟= 𝑈丙 = 12 𝛺 = 4𝛺；丁电源的内电阻为：= 𝑈丁 = 12 𝛺 = 3𝛺；丙𝐼3丙丁𝐼4丁定值电阻消耗的电功率为：𝑃 = (𝐸&#

27、119877;+𝑟)2𝑅可知内电阻越小 R 消耗的电功率越大，所以使定值电阻消耗功率最大的电源是丁，故 D 正确、ABC 错误。应选：D。由闭合回路的欧姆定律可知四个电源的电动势都为12V，求出四种状况下电源的内电阻， 依据电功率的计算公式分析使定值电阻消耗功率最大的电源是哪一个。第 11 页，共 22 页此题主要是考察闭合电路的欧姆定律和电功率的计算，关键是知道定值电阻消耗的电功率最大时，通过它的电流应当最大，不要误认为当外电阻等于内电阻时定值电阻消耗的电功率最大。5. 【答案】C【解析】解：线框在磁场中受到安培力的等效长度为𝑏𝑑

28、; = 2𝐿，当电流方向为图示方向时，由左手定则可知导线框受到的安培力竖直向上，大小为𝐹 = 2𝐵𝐼𝐿；因此对导线框受力平衡，则有：𝐹1 + 𝐹 = 𝑚𝑔，当导线框中的电流反向，则安培力方向竖直向下，此时有𝑚𝑔 + 𝐹 = 𝐹2联立可得：𝐵 = 2(𝐹2 𝐹 1 )，故 C 正确、ABD 错误。4𝐼𝐿应选：C。

29、求出线框在磁场中受到安培力的等效长度，由左手定则可知导线框受到的安培力竖的方向，对导线框依据平衡条件列方程进展解答。此题主要是考察安培力作用下的导体棒的平衡问题，解答此类问题要明确导体棒的受力状况，依据安培力的计算公式结合平衡条件列方程解答。6. 【答案】B【解析】解：设两个钉子处对绳的拉力为𝐹1，取绳 M 和 m 为一整体，受力分析如图(甲)所示由平衡条件得： 2𝐹1𝑐𝑜𝑠𝛽 = (𝑀 + 𝑚)𝑔 设绳子中点设为 P 点，绳子中点 P 处张力大小为&

30、#119865;2， 对绳子中点受力分析如图(乙)所示由平衡条件得：2𝐹2𝑐𝑜𝑠𝛼 = 𝑀𝑔 再以左半边绳子为争论对象，受力分析如图(丙)所示 由水平方向合力为零可得：𝐹1𝑠𝑖𝑛𝛽 = 𝐹2𝑠𝑖𝑛𝛼 由以上三式联立可得：𝑡𝑎𝑛𝛼tan𝛽= 

31、9898;+𝑀𝑀第 12 页，共 22 页应选：B。分别对中间结点、对绳子和物体整体为争论对象进展分析，依据平衡条件列方程进展解答。此题主要是考察了共点力的平衡问题，解答此类问题的一般步骤是：确定争论对象、进展受力分析、利用平行四边形法则进展力的合成或者是正交分解法进展力的分解，然后 在坐标轴上建立平衡方程进展解答。此题也可以利用图解法来分析；留意整体法和隔离 法的应用。7. 【答案】BD【解析】解：A、在甲抬高轨道之前，两卫星均绕月球做匀速圆周运动，依据万有引力供给向心力有𝐺𝑀𝑚 = 𝑚w

32、907;2，可得线速度𝑣 = 𝐺𝑀，因𝑟 𝑟，则甲的线速度大于乙的线𝑟2𝑟速度，故 A 错误；𝑟甲乙B、低轨卫星甲变为高轨卫星，需要做离心运动，则需要万有引力小于向心力，则需要向后喷气增大速度，故 B 正确；C、在甲抬高轨道的过程中，离月球的距离r 渐渐增大，由𝐹 = 𝐺𝑀𝑚可知，月球对卫星𝑟2的万有引力渐渐减小，故 C 错误；D、因地球外表的重力加速度比月球外表的重力加速度大，则由

33、19866; = 𝑚𝑔可知月壤样品的重量在地表比在月表要大，故 D 正确。应选：BD。两卫星均绕月球做匀速圆周运动，万有引力供给向心力；低轨卫星甲变为高轨卫星，需要做离心运动，则需要万有引力小于向心力，需要向后喷气增大速度；在甲抬高轨道的过程中，离月球的距离r 渐渐增大，月球对卫星的万有引力渐渐减小；地球外表的重力加速度比月球外表的重力加速度大。据此分析。解答此题的关键是知道两卫星均绕月球做匀速圆周运动，万有引力供给向心力；低轨卫 星变为高轨卫星，需要做离心运动，需要向后喷气增大速度；地球外表的重力加速度比月球外表的重力加速度大。8. 【答案】BC第 13 页，

34、共 22 页【解析】解：A、假设不撤去拉力 F，对金属杆，依据牛顿其次定律有𝐹 𝐵𝐼𝐿 = 𝑚𝑎依据功率公式有𝑃 = 𝐹𝑣，依据欧姆定律有𝐼 =𝐵𝐿𝑣𝑅𝑟联立得𝑃 𝐵2𝐿2 𝑣 = 𝑚𝑎，可知，随着速度增大，加速度减小，当𝑎 = 0时，速度到达最大

35、，𝑣𝑅𝑟联立解得最大速度为𝑣= (𝑅𝑟)𝑃 ，代入数据解得𝑣= 5𝑚/𝑠，即金属杆的速度不会超𝑚𝑚𝐵2 𝐿2过5𝑚/𝑠，故 A 错误；B、假设撤去 F 前金属杆的速度为𝑣= 4𝑚/𝑠，加速度为𝐹 𝐹𝑃 𝐵2𝐿2

36、19907;1，代入数据1解得𝑎1 = 0.9𝑚/𝑠2；𝑎1 =1安 1𝑚= 𝑣1𝑅𝑟𝑚假设撤去 F 后金属杆的速度为𝑣= 4𝑚/𝑠，加速度为𝑎=𝐵2𝐿2𝑣2 ，代入数据解得𝑎=22𝑅𝑟2𝑚1.6𝑚/𝑠2，故金属杆的速度为4𝑚/&#

37、119904;时，其加速度大小为0.9𝑚/𝑠2或1.6𝑚/𝑠2，故 B 正确；C、从撤去拉力 F 到金属杆停下，金属杆在安培力作用下做变减速直线运动，取向右为正方向，由动量定理得𝐵𝐼𝐿 𝑡 = 0 𝑚𝑣通过金属杆的电荷量为𝑞 = 𝐼 𝑡，可得，𝑞 = 𝑚𝑣 ，代入数据解得𝑞 = 2.5𝐶，故 C 正确；

38、9861;𝐿D、从撤去拉力 F 到金属杆停下的整个过程，依据能量守恒得𝑄总= 1 𝑚𝑣2，因金属杆与 2电阻 R 串联，两者产生的热量比等于电阻比，则金属杆上产生的热量为𝑄𝑟 =解得𝑄𝑟 = 0.625𝐽，故 D 错误。应选：BC。𝑟𝑅𝑟𝑄，总假设不撤去拉力 F，依据牛顿其次定律列式，得到金属杆加速度表达式，分析知道当其加速度为零时，速度最大，并求出最大速度；金属杆的速度为4⻕

39、8;/𝑠时，分撤去 F 前和后两种状况，依据牛顿其次定律示其加速度；从撤去拉力 F 到金属杆停下的整个过程，依据动量定理求通过金属杆的电荷量，依据能量守恒定律求金属杆上产生的热量。此题是电磁感应与电路、力学相结合的一道综合题，要金属棒切割磁感线产生感应电动 势相当于电源，其运动过程类似于汽车恒定功率起动，要留意分析安培力的变化，推断其运动状况，应用𝐸 = 𝐵𝐿𝑣、欧姆定律、安培力公式、牛顿其次定律和动量定理等规律解题。9. 【答案】BCD第 14 页，共 22 页【解析】解：A、由于两个人是相向运动的，说明运动方向

40、相反，因此在𝑡1时刻，速度方向相反，故 A 错误；B、在𝑣 𝑡图象中，与时间轴所围的面积表示物体运动的位移大小，由图可知，0𝑡2时间内，乙与时间轴所围面积大于甲与时间轴所围面积，因此可得乙的路程大于甲的路程，故 B 正确；C、在𝑣 𝑡图象中，斜率代表加速度，设交点为 A，则𝑡3时刻交点恰好等分𝑡2 𝑡4的圆周，因此由几何关系可得过圆的切线的斜率与乙的斜率大小相等，都为𝑣0，故 C 正确；𝑡2D、通过观看可看出甲的图象面积

41、𝑠 = 1 𝜋𝑅2 + 𝑅2 1 𝜋𝑅2 = 𝑅244乙的面积为𝑅2，说明甲乙的路程相等，则平均速率相等，故D 正确； 应选：BCD。甲乙两同学相向运动，速度方向相反，依据图象与时间轴所围的“面积”大小等于位移分析位移关系，速度时间图象的斜率等于加速度，分析加速度关系，平均速度等于路程与时间的比值。此题关键从速度图象的数学意义，来分析物体的运动状况，分析时要抓住：“面积”大小等于位移、斜率等于加速度。10. 【答案】AC【解析】解：A、当 C 物体马上运动时，C 物体

42、水平方向受到桌面给 C 的向右的摩擦力桌𝑓 ，绳子向右的拉力 T，B 给 C 向右的摩擦力𝑓𝐵𝐶 ，桌桌其中𝑓= 0.1 (𝑚𝐴 + 𝑚𝐵 + 𝑚𝐶 )𝑔，代入数据解得：𝑓= 3𝑁，𝑓𝐵𝐶 = 0.2 (𝑚𝐴 + 𝑚𝐵)𝑔，代入数据解得：w

43、891;𝐵𝐶 = 4𝑁；桌当马上滑动时应有：𝐹 = 𝑓+ 𝑓𝐵𝐶 + 𝑇，𝑇 = 𝑓𝐵𝐶 = 4𝑁，可解得𝐹 = 11𝑁，故 A 正确；C、由于 B 和 C 的加速度大小相等，在 A 和 B 马上发生相对滑动，对 A 受力分析可得：𝑓𝐴𝐵 = 0.4𝑚𝐴w

44、892; = 𝑚𝐴𝑎桌对 AB 整体受力分析可得𝑇 𝑓𝐵𝐶 = (𝑚𝐴 + 𝑚𝐵 )𝑎， 对 C 物体受力分析可得𝐹 𝑇 𝑓𝐵𝐶 𝑓= 𝑚𝐶𝑎联立解得𝐹 = 23𝑁，说明 A 和 B 发生相对滑动的临界力大小为𝐹 =

45、 23𝑁，故 C 正确；地B、当𝐹 = 17𝑁时，没有发生相对滑动，此时对 AB 整体𝑇 𝑓𝐵𝐶 = (𝑚𝐴 + 𝑚𝐵)𝑎1， 对 C 物体受力分析可得：𝐹 𝑇 𝑓𝐵𝐶 𝑓= 𝑚𝐶𝑎1，联立解得𝑇 = 8𝑁，故 B 错误；第 15

46、页，共 22 页D、当拉力增大，A 和 B 发生相对滑动时，则 A 物体受到滑动摩擦力，加速度为𝑎 = 0.4𝑔 = 4𝑚/𝑠2，加速度不变，故 D 错误。应选：AC。桌分析 C 物体的受力状况，求出桌面给 C 的向右的摩擦力𝑓，B 给 C 向右的摩擦力𝑓𝐵𝐶 ，再依据平衡条件求解拉力进展分析；在 A 和 B 马上发生相对滑动时，分别对A 受力分析、对AB 整体受力分析、对C 物体受力分析求解拉力 F，得到 A 和 B 发生相对滑动的临界力大小；分析当𝐹

47、; = 17𝑁时有没有发生相对滑动，依据平衡条件进展解答；A 和 B 发生相对滑动时分析合外力，再分析加速度。此题主要是考察了牛顿其次定律之连接体问题；利用牛顿其次定律答题时的一般步骤是： 确定争论对象、进展受力分析、利用牛顿其次定律建立方程进展解答；留意整体法和隔 离法的应用。11. 【答案】等于 0.304𝑑𝑙 𝑡12( 1𝑡2 1𝑡1)测量的遮光片的宽度偏小【解析】解：(1)开动气泵，调整气垫导轨，当气垫导轨水寻常，轻推滑块，滑块在导轨上做匀速直线运动，滑块上的遮光片经过两个光电门的遮光时间相

48、等。(2) 由图示游标卡尺可知，该游标尺为 50 分度，则准确度为0.02𝑚𝑚；由图可知，主尺的读数为 3mm，游标尺示数为2 0.02𝑚𝑚 = 0.04𝑚𝑚，则游标卡尺读数为3𝑚𝑚 + 0.04𝑚𝑚 = 3.04𝑚𝑚 = 0.304𝑐𝑚；(3) 滑块经过光电门 A 时滑块的速度𝑣1 =𝑑 ，𝑡1滑块经过光电门 B 时滑块的速

49、度𝑣2 =𝑑 ，𝑡2滑块的加速度大小：𝑎 = 𝑣2 𝑣1= 𝑑 ( 1 1 )𝑡12𝑡12𝑡2𝑡1当在导轨左支点下加一高度为 h 的垫块时，设斜面的倾角为𝜃，则：𝑠𝑖𝑛𝜃 = 𝑙滑块向下做加速运动时，重力沿斜面对下的分力供给加速度，则：𝑚𝑎 = 𝑚𝑔 ү

50、04;𝑖𝑛𝜃可得：𝑔 =𝑑𝑙 𝑡12( 1𝑡2 1 )𝑡1(4)结合公式𝑔 =𝑑𝑙 𝑡12( 1𝑡2 1𝑡1)可知，重力加速度的测量值比该地的实际值偏小，则可能是测量的遮光片的宽度偏小，或测量的运动的时间𝑡12偏大。故答案为：(1)等于；(2)0.304；(3)𝑑𝑙 𝑡12( 1𝑡

51、;2 1𝑡1)；(4)测量的遮光片的宽度偏小。第 16 页，共 22 页(1)气垫导轨水寻常，滑块做匀速直线运动，滑块经过两光电门的时间相等。(2)游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数；(3)光电门测速度的原理是利用平均速度来代替瞬时速度，求出最终获得的速度，然后依据加速度表达式，求得加速度，再依据受力分析，结合牛顿其次定律即可求出； (4)依据(3)的结论分析即可。对游标卡尺读数时要先确定其游标尺的精度，主尺与游标尺示数之和是游标卡尺的示数， 游标卡尺不需要估读；此题关键是知道试验的具体操作方法和试验误差的减小方法，同 时留意光电门能测量瞬时速度的条件，及把握几何关系

52、在此题的应用。12.【答案】不是 7.02.714.5【解析】解：(1)依据表中试验数据在坐标系内描出对应点，根让尽可能多的点经过曲线，不能过曲线的点对称分布在曲线两侧，据坐标系内描出的点作出图象如下图(2) 由于太阳能电池的伏安特性曲线不是一条直线，因此太阳能电池的内阻不是常数，由图示图线可知，太阳能电池的短路电流是7.0𝑚𝐴，电源电动势是2.7𝑉。(3) 图线的电流电压分别干路电流和路端电压，由𝑃 = 𝑈𝐼可知，图线与坐标轴所围图形的面积等于电源的输出功率，由图示图象可知，当电流𝐼

53、; = 6.6𝑚𝐴，电压𝑈 = 2.2𝑉时太阳能电池的输出功率最大，太阳能电池的最大功率𝑃 = 𝑈𝐼 =2.2 6.6 103 𝑊 1.45 102 𝑊 = 14.5𝑚𝑊。故答案为：(1)太阳能电池的伏安特性曲线如下图；(2)不是；7.0；2.7；(3)14.5。 (1)依据表中试验数据在坐标系内描出对应点，然后依据坐标系内描出的点作出图象。(2)电源𝐼𝑈图象是直线的电源内阻是常数，是曲线

54、的电源内阻不是常数，依据图示图象求出短路电流与电池电动势。(3)依据图示𝐼𝑈图象求出太阳能电池的最大输出功率。此题考察了试验数据处理问题，应用图象法处理试验数据是常用的试验数据处理方法，第 17 页，共 22 页要把握描点法作图的方法；要知道伏安特性曲线与坐标轴所围图形的面积表示电池的输出功率。13. 【答案】解：(1)粒子带正电，由于粒子能够向左运动离开绝缘平板，说明粒子在和绝缘平板向上运动的时候受到向左的洛伦兹力，依据左手定则可知此带正电；(2)带电粒子在竖直方向做匀速直线运动，受到向左的洛伦兹力，大小𝐹 = 𝑞⻖

55、7;1𝐵，因此水平方向做匀加速直线运动，则𝐹 = 𝑞𝑣1𝐵 = 𝑚𝑎1𝑑 =𝑎𝑡22联立解得𝑡 = 2𝑑𝑚𝑞𝑣1𝐵𝑥(3)粒子离开绝缘板时具有竖直向上的速度为𝑣1，水平方向匀加速直线运动，则𝑣2= 2𝑎𝑑，设粒子离开绝缘平板时的速度与竖直方向的夹角为⼙

56、9;，则𝑡𝑎𝑛𝜃 = 𝑣𝑥𝑣1粒子离开磁场后做匀速圆周运动，合速度为𝑣 = 𝑣2 + 𝑣21𝑥2 =由洛伦兹力供给向心力可得𝑞𝑣𝐵 = 𝑚𝑣 2，粒子离开绝缘平板后竖直方向的位移为𝑅𝑅 𝑅𝑠𝑖𝑛𝜃在绝缘平板时上升的高度1 =

57、19907;1𝑡总高度 = 1 + 2联立解得：2𝑑𝑚𝑣𝑚(2𝑞𝑣 1𝐵𝑑+𝑚𝑣 2)2𝑞𝐵𝑑 = 1 +𝑞𝐵𝑞𝐵1 (1 )2𝑞𝐵𝑑+𝑚𝑣 1答：(1)带电粒子带正电，理由如上；(2) 带电粒子在绝缘平板上的运动时间 t 为2𝑑𝑚 ；𝑞𝑣1 𝐵(3) 整个过程中带电粒子在竖直方向位移的大小h为2𝑑𝑚𝑣 1 +𝑞𝐵𝑚(2𝑞𝑣 1 𝐵𝑑+𝑚𝑣 2 )1𝑞