2023年高三上学期物理考试期末试卷及答案.docx

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1、高三上期末 物 理说明：本试卷共 8 页，共 100 分。考试时长 90 分钟。考生务必将答案写在答题纸上，在试卷上作答无效。考试完毕后，将本试卷和答题纸一并交回。一、此题共 10 小题，每题 3 分，共 30 分。在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是正确的，有的小题有多个选项是正确的。全部选对的得3 分，选不全的得 2 分，有选错或不答的得 0 分。把正确的答案填涂在答题纸上。MN1. 某静电场的电场线如图 1 所示，一带正电的点电荷在电场中M、N 两点所受电场力的大小分别为 FM 和 FN，所具有的电势能分别为 E 和 E ，则以下说法中正确的选项是ppAFM FN，EpM Ep

2、NBFM FN，EpM EpN CFM EpNDFM FN，EpM 。关于这个试验，以下说法中正确的选项是A通过该试验的现象可知，小球带正电 B该试验可以争论电荷间相互作用力大小与它们之间距离是否有关2 / 13C该试验中细丝线与竖直方向的夹角越大，表示电荷之间的相互作用力越弱 D通过该试验现象可知，电荷之间的相互作用力与电荷之间的距离的平方成反比8. 在如图 8 所示的电路中，电源电动势为 E、内电阻为 r，电容器的电容为 C，灯泡L 的灯丝电阻不随温度变化， 电压表和电流表均为抱负电表。闭合开关S，待电路稳定后，缓慢减小电阻箱R 接入电路中的阻值，与调整电阻箱之前相比，电压表示数变化量确实

3、定值为U，在这个过程中电路中全部器件均不会被损坏，以下说法中正确的 是A灯泡L 将变亮B电压表和电流表的示数都将变大 C电源两端电压变化量确实定值将大于U D电容器所带电荷量增加，增加量小于CU9. 如图 9 所示为某同学利用传感器争论电容器放电过程的试验电路，试验时先使开关S 与 1 端相连，电源向电容器充电，待电路稳定后把开关S 掷向 2 端，电容器通过电阻放电，传感器将电流信息传入计算机，屏幕上显示出电流随时间变化的 it 曲线，这个曲线的横坐标是放电时间，纵坐标是放电电流。仅由这个it 曲线所供给的信息可以估算出A电容器的电容 B一段时间内电容器放电的电荷量C某时刻电容器两极板间的电压

4、D一段时间内电阻产生的热量10. 将一段裸铜导线弯成如图 10 甲所示外形的线框，将它置于一节5 号干电池的正极上线框上端的弯折位置与正极良好接触，一块圆柱形强磁铁吸附在电池的负极，使铜导线框下面的两端P、Q 与磁铁外表保持良好接触，放手后线框就会发生转动，从而制成了一个“简易电动机”，如图 10 乙所示。关于该“简易电动机”，以下说法中正确的选项是A. 假设导线框下面的两端 P、Q 有一端与磁铁外表不接触，线框也会发生转动B. 假设磁铁吸附在电池负极的磁极调换一下，线框转动的方向也应当转变C. 电池的输出功率肯定大于线圈转动的机械功率3 / 13D. 线框由静止开头转动的过程中，通过线框中的

5、电流大小始终不变二、此题共 2 小题，共 15 分。11.4 分 某同学利用多用电表的欧姆挡测量未知电阻阻值以及推断二极管的正负极。（1） 他选择“100”倍率的欧姆挡依据正确的步骤测量未知电阻时，觉察表针偏转角度很大，如图 11 中虚线的位置所示。为了能获得更准确的测量数据，他应当将倍率调整到的挡位选填“10”或“1k”；并把两支表笔直接接触，调整“欧姆调零旋钮”，使表针指向W。调整好此挡位的欧姆表后再正确测量上述未知电阻，表针指在如图11 中虚线的位置，则未知电阻的测量值为W。（2） 假设用已调好的多用电表欧姆挡“10” 挡来探测一只二极管的正、负极如图12 所示。当两表笔分别接二极管的正

6、、负极时，觉察表针几乎不发生偏转即指示电阻接近无限大；再将两表笔与二极管两极的连接状况对调，觉察表针指在如图11 中的虚线的位置，此时红表笔接触的是二极管的 极选填“正”或“负”。12.11 分现有两组同学要测定一节干电池的电动势E 和内阻 r E 约为 1.5V，r 约为 1。（1） 第一组承受图 13 所示电路。为了完成该试验，选择试验器材时，在电路的a、b 两点间可接入的器件是。A一个定值电阻B电阻箱C滑动变阻器为了调整便利且测量精度更高，电流表和电压表应选选填选项前的字母。A电流表00.6A，电压表03VB电流表00.6A，电压表015V C电流表03A，电压表03VD电流表03A，电

7、压表015V经过屡次测量，他们记录了多组电流表示数I 和电压表示数 U，并在图 14 中画出了 U-I 图像。由图像可以得出，此干电池的电动势的测量值 E=V保存三位有效数字，内阻的测量值r=保存两位有效数字。4 / 13（2） 其次组在没有电压表的状况下，设计了如图15 所示的电路，完成了对同一电池的测量。转变电阻箱接入电路中的电阻值，记录了多组电流表示数I 和电阻箱示数 R，通过争论 1R 图像的信息，他们I觉察电动势的测量值与第一组的结果格外接近，但是内阻的测量值与第一组的结果有明显偏差。将上述试验重复 进展了假设干次，结果照旧如此。关于其次组测量内阻产生的偏差及其缘由，以下分析中正确的

8、选项是选填选项前的字母。A其次组内阻的测量结果小于第一组的测量结果 B其次组内阻的测量结果大于第一组的测量结果 C造成这个偏差的缘由是实际电流表内阻不能近似为零D造成这个偏差的缘由是试验小组读取电流表读数时眼睛没有正对表盘，使读数有时候偏大，有时候偏小其次组对试验进展深入的理论争论，在是否可无视电流表内阻这两种状况下，绘制两类图像。第一类图像以电 流表读数 I 为横坐标，将电流表和电阻箱读数的乘积IR 记为 U 作为纵坐标。其次类图像以电阻箱读数R 为横坐标，电流表读数的倒数 1 为纵坐标。图 16 中实线代表电流表内阻可无视的状况，虚线代表电流表内阻不行无视的I状况，这四幅图中，能正确反映相

9、关物理量之间关系的是选填选项前的字母。三、此题包括 6 小题，共 55 分。解同意写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最终答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位。138 分如图 17 所示，宽度 L0.40 m 的平行光滑金属导轨固定在绝缘水平面上，导轨的一端连接阻值R=1.5 的电阻。导轨所在空间存在竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小B=0.50 T。一根导体棒 MN 放在导轨上，两导轨之间的导体棒的电阻 r=0.5，导轨的电阻可无视不计。现用一垂直于导体棒的水平拉力拉动导体棒使其沿导轨以 v=10 m/s 的速度向右匀速运动，在运动过程中保持导体棒与导轨

10、垂直且接触良好。空气阻力可无视不计，求：（1） 通过导体棒的电流 I，并说明通过导体棒的电流方向；（2） 作用在导体棒上的拉力大小 F；（3） 电阻 R 的电功率 P。5 / 13148 分如图 18 所示，长为 l 的绝缘轻细线一端固定在 O 点，另一端系一质量为 m 的带电小球，小球静止时处于 O 点正下方的 O点。现将此装置放在水平向右的匀强电场中，电场强度大小为E，带电小球静止在 A 点时细线与竖直方向成 角。电场的范围足够大，空气阻力可无视不计， 重力加速度为 g。（1） 请说明小球所带电荷的电性，并求小球所带的电荷量q；（2） 假设将小球从 O点由静止释放，求小球运动到 A 点时的

11、动能 Ek；（3） 假设将小球从 O点由静止释放，其运动到 A 点时细线突然断开，试定性分析说明小球此后做什么样的运动。158 分如图 19 所示为一沟通发电机的原理示意图，装置中两磁极之间产生的磁场可近似为匀强磁场，发电机的矩形线圈 abcd 在磁场中，图中 abcd 分别为矩形线圈的四个顶点，其中的c 点被磁铁遮挡而未画出。线圈可绕过 bc 边和 ad 边中点且垂直于磁场方向的水平轴OO匀速转动。为了便于观看，图中发电机的线圈只画出了其中的 1 匝，用以说明线圈两端的连接状况。线圈的ab 边连在金属滑环 K 上，cd 边连在金属滑环 L 上；用导体做的两个电刷 E、F 分别压在两个滑环上，

12、线圈在转动过程中可以通过滑环和电刷保持其两端与外电路的定值电阻R 连接。矩形线圈 ab 边和 cd 边的长度 L150cm，bc 边和 ad 边的长度 L220cm，匝数 n100 匝，线圈的总电阻 r5.0，线圈转动的角速度 282rads，外电路的定值电阻 R45，匀强磁场的磁感应强度 B0.05T。电流表和电压表均为抱负电表，滑环与电刷之间的摩擦及空气阻力均可无视不计，计算中取3.14， 21.41。（1） 请推导出线圈在匀速转动过程中感应电动势最大值Em 的表达式用题中已知物理量的符号表示，并求出此最大值；（2） 求电流表的示数 I；（3） 求维持线圈匀速转动 1 圈，所需外力做的功

13、W结果保存 3 位有效数字。6 / 13169 分如图 20 所示为示波管的构造原理图，加热的阴极K 发出的电子初速度可无视不计经电势差为U0 的 AB 两金属板间的加速电场加速后，从一对水平放置的平行正对带电金属板的左端中心O点沿中心轴线 OO 射入金属板间OO 垂直于荧光屏 M，两金属板间偏转电场的电势差为U，电子经偏转电场偏转后打在右侧竖直的荧光屏M 上。整个装置处在真空01中，加速电场与偏转电场均视为匀强电场，无视电子之间的相互作用力，不考虑相对论效应。电子的质量为 m，电荷量为 e；加速电场的金属板 AB 间距离为 d ；偏转电场的金属板长为 L ，板间距离为 d，其右端到荧光屏 M

14、L的水平距离为 。2（1） 电子所受重力可无视不计，求：v电子从加速电场射入偏转电场时的速度大小 ；0电子打在荧光屏上的位置与 O 点的竖直距离 y；在偏转电场中，假设单位电压引起的偏转距离称为示波管的灵敏度，该值越大表示示波管的灵敏度越高。在示波 管构造确定的状况下，为了提高示波管的灵敏度，请分析说明可实行的措施。（2） 在解决一些实际问题时，为了简化问题，常无视一些影响相对较小的量，这对最终的计算结果并没有太大的00影响，因此这种处理是合理的。如计算电子在加速电场中的末速度v0 时，可以无视电子所受的重力。请利用以下数据分析说明为什么这样处理是合理的。U 125V，d =2.010-2m，

15、m9.010-31kg，e1.610-19C，重力加速度 g=10m/s2。17.10 分如图 21 所示为质谱仪的构造原理图，它是一种分别和检测不同同位素的重要工具。质子数一样而中子数不同的同一元素的不同核素互称为同位素。现让待测的不同带电粒子经加速0后进入速度选择器，速度选择器的平行金属板之间有相互正交的匀强磁场和匀强 电场图中未画出，磁感应强度为 B，电场强度为 E。金属板靠近平板 S，在平板 S 上有可让粒子通过的狭缝 P，带电粒子经过速度选择器后，马上从P 点沿垂直平板 S 且垂直于磁场方向的速度进入磁感应强度为B 、并以平板 S 为边界的有界匀强磁场中，在磁场中偏转后打在记录它的照

16、相底片上，底片厚度可无视不计，且与平板 S 重合。依据粒子打在底片上的位置，便可以对它的比荷电荷量与质量之比状况进展分析。在下面的争论中，磁感应强度为 B0 的匀强磁场区域足够大，空气阻力、带电粒子所受的重力及它们之间的相互作用力均可无视不计。（1） 假设某带电粒子打在底片上的A 点，测得 P 与 A 之间的距离为 x，求该粒子的比荷 q/m；（2） 假设有两种质量不同的正一价离子，质量分别为m1 和 m2，它们经速度选择器和匀强磁场后，分别打在底片上的 A1 和 A2 两点，测得 P 到 A2 的距离与 A1 到 A2 的距离相等，求这两种离子的质量之比m1/m2；7 / 13（3） 假设用

17、这个质谱仪分别观测氢的两种同位素离子所带电荷量为e，它们分别打在照相底片上相距为d 的两点。为了便于观测，期望 d 的数值大一些为宜。试分析说明为了便于观测，应如何转变匀强磁场磁感应强度B0 的大小；00争论小组的同学对上述 B0 影响 d 的问题进展了深入的争论。为了直观，他们以d 为纵坐标、以 1/ B 为横坐标， 画出了 d 随 1/ B 变化的关系图像，该图像为一条过原点的直线。测得该直线的斜率为k，求这两种同位素离子的质量之差m。1812 分对于同一物理问题，常常可以从宏观与微观两个不同角度进展争论，找出其内在联系，从而更加深刻的理解其物理本质。一段长为 l、电阻率为 、横截面积为

18、S 的细金属直导线，单位体积内有n 个自由电子，电子电荷量为 e、质量为 m。（1） 当该导线通有恒定的电流 I 时：请依据电流的定义，推导出导线中自由电子定向移动的速率v；经典物理学认为，金属的电阻源于定向运动的自由电子与金属离子即金属原子失去电子后的剩余局部的碰 撞，该碰撞过程将对电子的定向移动形成肯定的阻碍作用，该作用可等效为施加在电子上的一个沿导线的平均阻 力。假设电子受到的平均阻力大小与电子定向移动的速率成正比，比例系数为k。请依据以上的描述构建物理模型， 推导出比例系数 k 的表达式。（2） 将上述导线弯成一个闭合圆线圈，假设该不带电的圆线圈绕通过圆心且垂直于线圈平面的轴匀速率转动

19、，线圈 中不会有电流通过，假设线圈转动的线速度大小发生变化，线圈中会有电流通过，这个现象首先由斯泰瓦和托尔曼 在 1917 年觉察，被称为斯泰瓦托尔曼效应。这一现象可解释为：当线圈转动的线速度大小均匀变化时，由于惯性，自由电子与线圈中的金属离子间产生定向的相对运动。取线圈为参照物，金属离子相对静止，由于惯性影响，可认为线圈中的自由电子受到一个大小不变、方向始终沿线圈切线方向的力，该力的作用相当于非静电力的 作用。某次此线圈匀加速转动过程中，该切线方向的力的大小恒为F。依据上述模型答复以下问题： 求一个电子沿线圈运动一圈，该切线方向的力F 做功的大小； 推导该圆线圈中的电流 I ” 的表达式。2

20、023 北京海淀区高三上期末物理参考答案8 / 13一、此题共 10 小题，每题 3 分，共 30 分。在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项是符合题意的，有的小题有多个选项是符合题意的。全部选对的得3 分，选不全的得 2 分，有选错或不答的得 0 分。题号12345678910答案CDBDAACADABADBABC二、此题共 2 小题，共 15 分。11.4 分1101 分0 1 分1.6102 或 160 1 分2负 1 分12.11 分1BC2 分A2 分1.48 或 1.491 分0.780.822 分2BC2 分 AC2 分说明：此题中的选择填空题，答对但选不全的得1 分，有错

21、的不得分。三、此题包括 6 小题，共 55 分。解同意写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最终答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必需明确写出数值和单位。说明：计算题供给的参考解答，不肯定都是唯一正确的。对于那些与此解答不同的正确解答，同样得分。138 分（1） 依据右手定则可推断出，导体棒上的电流方向为从N 向 M1 分导体棒运动产生的感应电动势 E=BLv=2.0V1 分通过导体棒的电流I=E=1.0A2 分R + r（2） 导体棒所受安培力 F=BIL=0.2N1 分安因导体棒做匀速运动，拉力F= F= 0.2N1 分安（3） 电阻 R 上的电功率P=I2R=1.5W2

22、分148 分（1） 带电小球静止时电场力水平向右，与场强方向一样，小球所带电荷的电性为 正。1 分小球受重力、电场力和细线的拉力，依据平衡条件有tan q = Eq1 分mg解得 q = mg tan q1 分Ek（2） 设带电小球由 O点运动到 A 点时的动能为 E ，由动能定理有qElsin-mgl(1-cos)=Ek2 分9 / 13解得 Ek= 1 - cos q mgl = mgl (sec q - 1)1 分cos q（3） 由于重力和电场力均为恒力，且其合力与速度方向不共线，所以小球将做匀变速曲线运动。2 分158 分（1） 依据法拉第电磁感应定律，当线框转动到图示位置时，线框的

23、线速度与磁感线垂直，切割速度最大，此时电动势最大1 分ab 边或 cd边一根导线切割磁感线所产生的电动势E=BL1v= BL1L2/21 分 对于 n 匝线圈，ab 边与 cd 边一起切割磁感线的状况，应有E= n BL w 1 L + n BL w 1 L = nBL L w1 分m1221221 2代入数据，得Em=141V1 分（2） 电动势有效值为E有依据闭合电路欧姆定律有=1 E2mE= 100V1 分1 分I =有 = 2AR + r（3） 外力所做的功转化为电能W=E 有It1 分代入数据W=4.45J1 分169 分（1） 对于电子在加速电场中的加速过程，依据动能定理有12eU

24、0= 2 mv01 分2eU0m解得 v0=1 分设电子在偏转电场中，飞行时间为t，加速度为 a，则1eU水平方向有： L = v t ； 竖直方向有： y =at2 ； 其中a=1 分1012md联立可得：y =1UL 214dU1 分0y设电子飞出偏转电场时的偏角为 ，竖直分速度为 v ，则tanq = vyv， vy= at依据几何关系有y = y10+ L tanq2联立以上几式可得： y =UL1(L+ 2L)1 分4dU12010 / 13=11示波管的灵敏度： yL 21 分U4dU0可见，减小加速电场电压 U0 可以提高示波管的灵敏度1 分0（2） 法一：电子在加速电场中所受电

25、场力 F=eU0/d =1.010-15N电子所受重力 G=mg=9.010-30N由于 FG，因此可以不考虑电子所受的重力影响2 分法二：电子在加速电场中沿电场方向的加速度为a= eU00md0设电子在加速电场中运动的时间为 t0，因其在加速电场中做匀加速运动，所以有1d0= 2 a0t02，解得 t0=610-9s。1在此 t0 时间内，电子沿竖直方向的位移 y0= 2 gt02=1.810-16m。由于 d0y0，所以电子在加速电场中的运动可视为沿电场方向的匀加速直线运动，因此可以不考虑电子所受的重力影响。2 分其它合理方法也给分17.10 分（1） 对于带电粒子通过速度选择器的过程有q

26、vB=qE， 解得 v = E1 分B由洛伦兹力供给向心力有：qvB=m v21 分因 2R=x， 因此可解得：0R=q2E1 分mBB x0（2） 设粒子打到 A1 时，P 与 A1 之间的距离为为 x1， 设粒子打到 A2 时，P 与 A2 之间的距离为为 x2，由于 P 到 A2 的距离与 A1 到 A2 的距离相等，所以 x1=2x21 分因两粒子的电荷量一样，所以由第1问结果 q =2E有 m =qBB0 xmx2mBB0x2E所以1m2=1 =2 分1x23由洛伦兹力供给向心力有：qvB =m v20R11 / 13m vm v解得 R =11qB0， R =22qB02(m- m

27、 )E由几何关系可知，d=2R1-2R2=12qB B0，1 分可见，为增大 d，应减小磁感应强度 B0 的大小1 分2(m - m )E12因 m1-m、E、e 和 B 均为定值，依据 d=12qB B0可知，d 与 B0成反比。因此建立 d-坐标系，可画B0出 d 随 B0 变化的图像为一条过原点的直线，其斜率 k=2(m1- m )E2DmE=21 分eBeB所以这两种同位素离子的质量之差m=eBk2E1 分1812 分（1） 一小段时间Dt 内，流过导线横截面的电子个数为DN = n SvDt1 分对应的电荷量为DQ = DNe = n SvDt e1 分依据电流的定义有I = DQ

28、= neSv1 分Dt解得 v =I1 分neS 方法一：从能量角度考虑，假设金属中的自由电子定向移动的速率不变，则电场力对电子做的正功与阻力对电子做的负功大小相等1 分即Ue - kvl = 01 分又由于 U=IR=neSvl/S=nevl1 分联立以上两式得 k=ne21 分方法二：从受力考虑，假设金属中的电子定向移动的速率不变，则电子所受的电场力与阻力相等1 分即 f=kv=Ee1 分又由于 Ee=Ue/l=IRe/l=ne2v1 分联立以上两式得 k=ne21 分（2） 电子运动一圈，非静电力做功为 W 非=F2r=Fl2 分 对于圆线圈这个闭合回路，电动势为 e = W 非= Fl1 分ee12 / 13依据闭合电路欧姆定律，圆线圈这个闭合回路的电流为 I ” = eR联立以上两式，并依据 R=l/，S解得 I ” = FS 1 分e13 / 13