2023年高考物理真题试卷(江苏卷)带答案解析.docx

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1、2023 年高考物理真题试卷江苏卷一、选择题1.一轻质弹簧原长为 8 cm，在 4 N 的拉力作用下伸长了 2 cm，弹簧未超出弹性限度，则该弹簧的劲度系数为 A. 40 m/NB. 40 N/mC. 200 m/ND. 200 N/m【答案】 D【考点】弹力【解析】【解答】由题意知弹簧的弹力为4N 时，弹簧伸长 2cm，依据胡克定律 F=kx，代入可得弹簧的劲度系数 k=200 N/m，所以 A、B、C 错误；D 正确。2.有 A，B 两小球，B 的质量为A 的两倍。现将它们以一样速率沿同一方向抛出，不计空气阻力。图中为 A 的运动轨迹，则B 的运动轨迹是【分析】由题确定出弹簧的弹力和伸长的

2、长度，依据胡克定律求解弹簧的劲度系数此题考察胡克定律的 根本应用，关键要知道公式F=kx 中，x 是弹簧伸长的长度或缩短的长度，不是弹簧的长度该题还应特别留意单位A. B. C. D. 【答案】 A【考点】斜抛运动【解析】【解答】由题意知A、B 两球抛出的初速度一样，虽然质量不同，但牛顿其次定律知，两球运动的加速度一样，所以运动的轨迹一样，故A 正确；B、C、D 错误。【分析】明确抛体运动的轨迹取决于物体的初速度和加速度，明确加速度均为重力加速度，即可分析小球 B 的运动轨迹此题考察对抛体运动的把握，要留意明确质量不同的物体在空中加速度是一样的，而影响物体运动的关键因素在于加速度，与质量无关3

3、. 一金属容器置于绝缘板上，带电小球用绝缘细线悬挂于容器中，容器内的电场线分布如下图。容器内外表为等势面，A，B 为容器内外表上的两点，以下说法正确的选项是A. A 点的电场强度比B 点的大B. 小球外表的电势比容器内外表的低C. B 点的电场强度方向与该处内外表垂直D. 将检验电荷从A 点沿不同路径到B 点，电场力所做的功不同【答案】 C【考点】电势差、电势、电势能【解析】【解答】由图知B 处的电场线比A 处密集，所以B 点的电场强度比A 点的大，故A 错误；依据沿电场线的方向电势降低可知，小球外表的电势比容器内外表的高，所以B 错误；电场线的方向与等势面垂直，故C 正确；由于A、B 在同一

4、等势面上，将检验电荷从A 点沿不同路径到B 点，电场力所做的功都为零，所以D 错误。【分析】A、依据电场线的疏密可判定电场强度的强弱；B、依据沿着电场线方向电势是降低的，即可判定；C、依据电场线总与等势线垂直，即可确定； D、在同一等势线上，电场力做功为零4. 一自耦变压器如下图，环形铁芯上只饶有一个线圈，将其接在a、b 间作为原线圈。通过滑动触头取该线圈的一局部，接在c、d 间作为副线圈。在a、b 间输入电压为U1 的交变电流时，c、d 间的输出电压为U2， 在将滑动触头从M 点顺时针旋转到N 点的过程中A. U2U1， U2 降低B. U2U1， U2 上升C. U2U1， U2 降低D.

5、 U2U1， U2 上升【答案】 C【考点】变压器原理10【解析】【解答】由图知自耦变压器原线圈的匝数大于副线圈的匝数，依据变压规律；可知，U2TABB. EEkAkBC. S =S𝑅3ABD.𝐴𝑇2𝑇2=𝐵𝑅3𝐴𝐵【答案】 A,D【解析】【解答】依据知，轨道半径越大，周期越大，所以TATB， 故 A 正确；由知，所以vBvA， 又由于质量相等，所以EkBEkA， 故B 错误；依据开普勒的行星运动的面积定律知同一行星与地心连线在单位时间内扫过的面积相等，所以C 错误；

6、由开普勒行星运动的周期定律知，D 正确。【考点】卫星问题8.如下图的电路中，电源电动势为12 V，内阻为2 ，四个电阻的阻值已在图中标出闭合开关S，以下说法正确的有【分析】由开普勒定律第三定律可确定周期与半径的关系，据开普勒其次定律可确定扫过的面积相等，则 可知半径大的速度小A. 路端电压为 10 VC. a、b 间电压的大小为 5 VB. 电源的总功率为 10 WD. a、b 间用导线连接后，电路的总电流为1 A【答案】 A,C【考点】全电路的功和能，电流的概念，电动势【解析】【解答】由图知外电路的总电阻为10，回路总电阻为 12 ，依据欧姆定律可求干路电流，所以路端电压为，所以A 正确；电

7、源的总功率，故B 错误；依据并联电路的特点可求流过a、b 电流均为 0.5A，所以，故C 正确；a、b间用导线连接后，依据电路的连接可求外电路电阻为7.5，回路总电阻为 9.5，所 D 错误。【分析】由串并联电路分别出初态的外接电阻阻由欧姆定律确定外压，求电流定功率；确定出a，b 间的电势求其电压；a、b 间用导线连接后电路构造变化，重求电阻求电流9. 如下图，一只猫在桌边猛地将桌布从鱼缸下拉出，鱼缸最终没有滑出桌面假设鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，则在上述过程中A. 桌布对鱼缸摩擦力的方向向左C. 假设猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将增大B. 鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相

8、等D. 假设猫减小拉力，鱼缸有可能滑出桌面【答案】 B,D【考点】滑动摩擦力，静摩擦力【解析】【解答】由图知在拉动桌布的过程中鱼缸相对桌布向左运动，故受到桌布对其向右的摩擦力作用， 所以A 错误；因鱼缸、桌布、桌面两两之间的动摩擦因数均相等，鱼缸在桌布上与在桌面上运动时受摩擦力大小相等，加速度大小相等，鱼缸先在桌布上加速，然后再桌面上减速到停顿，所以依据v=at 知鱼缸在桌布上的滑动时间和在桌面上的相等，所以B 正确；假设猫增大拉力，鱼缸受到的摩擦力将不变，所以C 错误；假设猫减小拉力，桌布的加速度减小，鱼缸与桌布可能相对滑动也可能相对静止，鱼缸在桌面运动的时 间都会变长，所以鱼缸可能滑出桌面

9、，所以D 正确。【分析】依据摩擦力性质可推断鱼缸受到的摩擦力方向以及拉力变化时摩擦力的变化状况；再依据牛顿第 二定律以及运动学公式进展分析，明确拉力变化后运动位移的变化状况三、简答题10. 小明同学通过试验探究某一金属电阻的阻值R 随温度t 的变化关系该金属电阻在常温下的阻值约10 ，R 随 t 的上升而增大试验电路如下图，控温箱用以调整金属电阻的温值试验时闭合S，先将开关K 与 1 端闭合，调整金属电阻的温度，分别登记温度 t1，t2，和电流表的相应示数I1，I2，然后将开关K 与 2 端闭合，调整电阻箱使电流表的实数再次为I1， I2， ，分别登记电阻箱相应的示数R1， R2， （1） 有

10、以下两电流表，试验电路中应选用.A. 量程 0100 mA，内阻约 2B. 量程 00.6 A，内阻可无视（2） 试验过程中，要将电阻箱的的阻值由9.9 调整至 10.0，需旋转图中电阻箱的旋钮“a”、“b”、“c”， 正确的操作挨次是.将旋钮a 由“0”旋转至“1”将旋钮b 由“9”旋转至“0”将旋钮c 由“9”旋转至“0”（3） 试验记录的t 和 R 的数据见下表：温度 t 20.0 40.0 60.0 80.0 100.0阻值R 9.6 10.4 11.1 12.1 12.0请依据表中数据，在答题卡的方格纸上作出Rt 图象.由图线求得R 随 t 的变化关系为 R=。【答案】 1A23R=

11、0.04t+8.8【考点】电磁学试验【解析】【解答】1电源电动势为1.5V，R 在常温下阻值为约 10，当滑动变阻器阻值最大为10 时，常温下电路的电流最小约为 75mA，所以电流表选择 A；2先将旋钮a 由“0”旋转至“1”，然后将个位数及小数位旋转至 0，所以挨次为；3描点画图，如下图， 由图像可求R 随 t 的变化关系为 R=0.04t+8.8。【分析】此题考察了电学仪器的选择和操作及运用图象法进展数据处理，留意考察实际操作力量，突出证 据意识，如考察转变电阻箱挡位的操作，对寻常留意试验操作的考生有利1选择电学仪器要满足：准确性原则、安全性原则、便于操作的原则指针偏转角度要大于满偏的 1

12、3，依据这些要求选择适宜的电流表2电阻箱的调整考虑到电路安全，从大到小调整3依据表中数据描点连线，留意尽可能多的点在直线上，偏离太远的点舍弃，依据图线写出R 随 t 变化的关系式11. 某同学用如题 11-1 图所示的装置验证机械能守恒定律。一根细线系住钢球，悬挂着铁架台上，钢球静止于A 点，光电门固定在A 的正下方。在钢球底部竖直地粘住一片宽带为d 的遮光条。将钢球拉至不同位置由静止释放，遮光条经过光电门的挡光时间t 时由计时器测出，取 𝑣 = 𝑑𝑡作为钢球经过A 点时的速度。记录钢球每次下落的高度h 和计时器示数t，计算并比较钢球在释放点和A

13、 点之间的势能变化大小Ep 与动能变化大小Ek， 就能验证机械能是否守恒。p1E =mgh 计算钢球重力势能变化的大小，式中钢球下落高度h 应测量释放时的钢球球心到之间的竖直距离.A. 钢球在 A 点时的顶端B. 钢球在 A 点时的球心C. 钢球子 A 点时的底端（2） 用Ek=1 𝑚𝑣2 计算钢球动能变化的大小，用刻度尺测量遮光条宽度，示数如题11-2 图所示，其读2数为cm.某次测量中，计时器的示数为 0.0100 s，则钢球的速度为 v=m/s.（3） 下表为该同学的试验结果：他觉察表中的Ep 与Ek 之间存在差异，认为这是由于空气阻力造成的.你是否同意他

14、的观点？请说明理由 .（4） 请你提出一条减小上述差异的改进建议.【答案】 1B21.50；1.50（3） 不同意，由于空气阻力会造成Ek 小于Ep， 但表中Ek 大于Ep（4） 分别测出光电门和球心到悬点的长度为L 和 l，计算Ek【考点】机械能守恒及其条件时，将v 折算成钢球的速度 𝑣 =𝑙 𝑣 𝐿【解析】【解答】1小球下落的高度为初末位置球心间的距离，所以选B；2由图知读数为1.50cm，小球的速度为，代入解得v=1.50m/s；3假设是空气阻力造成的，则Ek 小于Ep， 依据表格数据知不是空气阻力造成的。【分析】小球下落的

15、高度h 是初末位置球心之间的高度差；把握刻度尺读数的方法，需估读一位；依据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出最低点小球的速度；依据动能表达式，从而得出动能的 量增加，再结合下降的高度求出重力势能的减小量结合试验的装置与试验的原理，分析误差产生的缘由， 从而提出建议四、选做题12.A.选修 3-3（1） 在高原地区烧水需要使用高压锅，水烧开后，锅内水面上方布满饱和汽，停顿加热，高压锅在密封状态下缓慢冷却，在冷却过程中，锅内水蒸汽的变化状况为.A.压强变小B.压强不变2如题 12A1 图所示，在斯特林循环的 pV 图象中，肯定质量抱负气体从状态A 依次经过状态B、C和 D 后再回到状态

16、A，整个过程由两个等温顺两个等容过程组成BC 的过程中，单位体积中的气体分子数目选填“增大”、“减小”或“不变”，状态A 和状态D 的气体分子热运动速率的统计分布图象如题 12A2 图所示，则状态A 对应的是选填“”或“”.C.始终是饱和汽D.变为未饱和汽3如题 12A-1 图所示，在 AB 和 DA 的过程中，气体放出的热量分别为4J 和 30J.在 BC 和 CD 的过程中，气体吸取的热量分别为 20J 和 12J.求气体完成一次循环对外界所做的功.【答案】 1A,C（2） 不变；（3） 解：成一次循环气体内能不变U=0，吸取的热量 Q=20+12420J=8 J由热力学第肯定律U=Q+W

17、 得，W=8 J气体对外做功为 8 J。【考点】气体试验定律，物体的内能【解析】【解答】1在冷却的过程中，温度降低，锅内水蒸汽与锅内的液体处于动态平衡所以锅内水 蒸汽始终是饱和汽，故C 正确；D 错误；在冷却的过程中，温度降低，饱和汽的压强减小，所以A 正确； B 错误。2由图知BC 的过程中气体的体积不变，所以密度不变，即单位体积中的气体分子数目不变； 因当温度上升，分子热运动加剧，速率较大的分子所占百分比增高，分布曲线的峰值向速率大的方向移动 即向高速区扩展，峰值变低，曲线变宽，变平坦，由12A-1 图知状态A 的温度低，所以对应的是。3 完成一次循环气体内能不变U=0，吸取的热量 Q=2

18、0+12420J=8 J由热力学第肯定律U=Q+W 得，W=8 J气体对外做功为 8 J。【分析】1水上方蒸汽的气压叫饱和气压，只与温度有关，只要下面还有水，那就是处于饱和状态， 依据饱和汽压的特点进展分析温度降低时，液体分子的平均动能减小，单位时间里从液面飞出的分子数 削减，所以到达动态平衡后该饱和汽的质量减小，密度减小，压强也减小2气体的内能只与温度有 关，依据热力学第肯定律有U=W+Q 推断气体吸热还是发热；依据图象利用抱负气体状态方程对每一个过程进展分析即可温度是分子热运动平均动能的标志；气体的分子的运动的统计规律：中间多，两头少； 即大多数的分子的速率是比较接近的，但不是说速率大的和

19、速率小的就没有了，也是同时存在的，但是分 子的个数要少很多；3依据热力学第肯定律即可求出气体对外做功是多少。13.B.选修 3-4（1） 一艘太空飞船静止时的长度为30m，他以0.6cc 为光速的速度沿长度方向飞行经过地球，以下说法正确的选项是.A.飞船上的观测者测得该飞船的长度小于30m B.地球上的观测者测得该飞船的长度小于30mC.飞船上的观测者测得地球上发来的光信号速度小于c D.地球上的观测者测得飞船上发来的光信号速度小于c（2） 杨氏干预试验证明光确实是一种波，一束单色光投射在两条相距很近的狭缝上，两狭缝就成了两个 广元，它们发出的光波满足干预的必要条件，则两列光的一样.如下图，在

20、这两列光波相遇的区域中，实线表示波峰，虚线表示波谷，假设放置光屏，在选填“A”、“B”或“C”点会消灭暗条纹.（3） 在上述杨氏干预试验中，假设单色光的波长 =5.8910-7m，双缝间的距离 d=1mm，双缝到屏的距离 l =2m.求第 1 个亮光条到第 11 个亮条纹的中心【答案】 1B（2） 频率；C（3） 解：相邻亮条纹的中心间距 𝛥𝑥 =𝑙 𝜆由题意知，亮条纹的数目 n=10𝑑11解得 𝐿 = 𝑛𝑙𝜆𝑑，代入数据得 L=1.1

21、78102 m。【解析】【解答】1依据狭义相对论理论，沿相对运动方向的长度缩短，所以地球上的观测者测得该飞船的长度小于 30m，飞船上的人测量飞船的长度等于30cm，所以 A 错误；B 正确；依据光速不变原理， 飞船上火地球上测量光的速度都等于c，故C、D 错误。2产生稳定干预图样的条件是两束光的频率一样，A、B 两点为振动加强点，消灭明条纹，C 点波峰与波谷相遇振动减弱，为暗条纹。3相邻亮条纹的中心间距【考点】波的干预和衍射，相对论解得，代入数据得 L=1.178102 m。【分析】1狭义相对论的根本假设之一是光速不变原理；长度的相对性：，即一条沿自身长度方向运动的杆，其长度l总比杆静止时的

22、长度l0小2光波能发生稳定干预的必要条件是频率相等波峰与波谷相遇的点振动减弱，出暗条纹3依据求出干预条纹的间距，再求解第1 个亮光条纹到第 11 个亮条纹的中心间距由题意知，亮条纹的数目 n=1014.C.选修 3-5（1） 贝克勒尔在 120 年前首先觉察了自然放射现象，如今原子核的放射性在众多领域中有着广泛应用.以下属于放射性衰变的是.A.B.C.D.（2） 光速为 c,普朗克常数为 h，则频率为 的光子的动量为.用该频率的光垂直照耀平面镜， 光被镜面全部垂直反射回去，则光子在反射前后动量转变量的大小为.（3） 几种金属的溢出功W0 见下表：金属钨 钙 钠 钾 鉫W010J 7.26 5.

23、12 3.66 3.60 3.41-19由一束可见光照耀上述金属的外表，请通过计算说明哪些能发生光电效应.该可见光的波长的范围为4.010-77.610-6 m，普朗克常数 h=6.6310-34Js.【答案】 1A2 𝜈；2 𝜈𝑐𝑐3解：光子的能量 𝐸 = 𝑐𝜆取 =4.0107 m，则 E5.01019 J依据 EW0 推断，钠、钾、铷能发生光电效应【考点】光电效应，核反响方程【解析】【解答】1A 为 衰变方程，B 为重核裂变，C 轻核聚变，D 原子核的人工转换，所以A 正确。2

24、依据光子的动量公式 𝑃 = = 𝜐 ，取入射的方向为正方向，则光子动量的变化量为 𝑃 = 𝑝 𝑝 =𝜆𝑐122 𝜐𝑐。3光子的能量 E= 𝑐𝜆取 =4.0107 m，则 E5.01019 J依据 EW0 推断，钠、钾、铷能发生光电效应【分析】1放射性衰变是指不稳定原子核自发地放射出射线而转变为另一种原子核的过程，放出的射 线包括、 和 射线， 衰变生成的是电子， 衰变生成的是 粒子，裂变是重核裂变成轻核，聚变是轻核生成重

25、核，据此分析即可2依据德布罗意波长公式 𝜆 = 𝑝，结合 c=，即可求解；依据动量是矢量，结合动量的变化公式 p=-p-p，即可求解3依据 E= 𝑐 求出可见光的最大光子能量，通过光子能𝜆量与逸出功比较，推断哪些金属可以发生光电效应15.据报道，一法国摄影师拍到“天宫一号”空间站飞过太阳的瞬间.照片中，“天宫一号”的太阳帆板轮廓清楚 可见.如下图，假设“天宫一号”正以速度 v=7.7km/s 绕地球做匀速圆周运动，运动方向与太阳帆板两端 M、N 的连线垂直，M、N 间的距离 L=20 m，地磁场的磁感应强度垂直于v、MN 所在平面

26、的重量 B=1.0105 T， 将太阳帆板视为导体.（1） 求 M、N 间感应电动势的大小E；（2） 在太阳帆板上将一只“1.5 V、0.3W”的小灯泡与 M、N 相连构成闭合电路，不计太阳帆板和导线的电阻.试推断小灯泡能否发光，并说明理由；（3） 取地球半径R=6.4103 km，地球外表的重力加速度g=9.8m/s2， 试估算“天宫一号”距离地球外表的高度 h计算结果保存一位有效数字.【答案】 1解：法拉第电磁感应定律 E=BLv，代入数据得 E=1.54 V2解：不能，由于穿过闭合回路的磁通量不变，不产生感应电流3解：在地球外表有 𝐺 𝑀𝑚

27、 = 𝑚𝑔𝑅2匀速圆周运动 𝐺 =𝑀𝑚 (𝑅𝐻) 2= 𝑚𝜈2𝑅 解得 = 𝑔𝑅2 𝑅 ，代入数据得 h4105 m数量级正确都算对。𝜈2【考点】万有引力定律及其应用，卫星问题，电磁感应现象16.如下图，倾角为 的斜面A 被固定在水平面上，细线的一端固定于墙面，另一端跨过斜面顶端的小滑轮与物块B 相连，B 静止在斜面上.滑轮左侧的细线水平，右侧的细线与斜面平

28、行.A、B 的质量均为 m.撤去固定A 的装置后，A、B 均做直线运动.不计一切摩擦，重力加速度为 g.求：【解析】【分析】1依据公式 E=BLv 求 M、N 间感应电动势的大小2依据穿过回路的磁通量是否变化，从而推断小灯泡能否正常发光3依据万有引力等于向心力，以及重力等于万有引力，分别列 式，即可求hA 固定不动时，A 对B 支持力的大小N；A 滑动的位移为x 时，B 的位移大小s；A 滑动的位移为x 时的速度大小vx.【答案】 解：支持力的大小 N=mgcos依据几何关系sx=x1-cos ，sy=xsin𝑥𝑦且 s= 𝑠 = ⻖

29、4;2𝑠2解得 s= 𝑠 = 2(1 cos𝛼) 𝑥B 的下降高度sy=xsin 依据机械能守恒定律 𝑚𝑔𝑠𝑦 = 1 𝑚𝑣2 + 1 𝑚𝑣22𝐴2𝐵依据速度的定义得 𝑣𝐴 = 𝛥𝑥 ， 𝑣𝐵 = 𝛥𝑠𝛥𝑡则

30、19907;𝐵 = 2(1 cos𝛼) 𝑣𝐴解得 𝑣 2𝑔𝑥sin𝛼。𝐴32cos𝛼【考点】弹力，位移与路程，加速度𝛥𝑡【解析】【分析】依据力的合成法则，结合平衡条件与三角学问，即可求解；依据运动的合成与分 解，结合各自位移存在的几何关系，及三角学问，即可求解；依据系统只有重力做功，机械能守恒，结合相像三角形，得出速度之比等于位移之比，从而求解17.盘旋的工作原理如题 15-1 图所示，置于真空中的D 形

31、金属盒半径为R，两盒间狭缝的间距为d， 磁感应强度为B 的匀强磁场与盒面垂直，被加速粒子的质量为m，电荷量为+q，加在狭缝间的交变电压如题 15-2 图所示，电压值的大小为U 。周期 T= 2𝜋𝑚。一束该粒子在 t=0- 时间内从A 处均匀地飘入狭缝，b𝑞𝐵其初速度视为零。现考虑粒子在狭缝中的运动时间，假设能够出射的粒子每次经过狭缝均做加速运动，不 考虑粒子间的相互作用。求：出折粒子的动能 𝐸𝐾 ；粒子从飘入狭缝至动能到达 𝐸𝐾 所需的总时间；要使飘入狭缝的粒子中有超

32、过99%能射出，d 应满足的条件.【答案】 解：粒子运动半径为R 时2且 𝐸𝑚 = 1 𝑚𝑣2𝑞𝑣𝐵 = 𝑚 𝑣2𝑅解得 𝐸𝑚= 𝑞2𝑏2𝑟22𝑚粒子被加速n 次到达动能Em， 则 Em=nqU0粒子在狭缝间做匀加速运动，设n 次经过狭缝的总时间为t加速度 𝑎 = 𝑞𝑈0𝑚

33、19889;匀加速直线运动 𝑚𝑑 = 1 𝑎𝛥𝑡22由 𝑡= (𝑛 1) 𝑇 + 𝛥𝑡 ，解得 𝑡= 𝜋𝐵𝑅2+2𝐵𝑅𝑑 𝜋𝑚0202𝑈0𝑞𝐵只有在 0 (𝑇 𝛥𝑡) 时间内飘入的粒子才能每次均被加速

34、2则所占的比例为 𝜂 =𝑇𝛥𝑡 2𝑇2由 𝜂 99% ,解得 𝑑𝜋𝑚𝑈0。100𝑞𝐵2𝑅【考点】电荷在电场中的加速，圆形磁场，洛伦兹力【解析】【分析】依据牛顿其次定律，依据洛伦兹力供给向心力，结合动能的表达式，即可求解； 依据一次加速获得的动能，结合总动能，从而确定加速的次数，再依据运动学公式，求得在电场中加速的时间，最终依据粒子在磁场中的周期公式，即可求解；依据只有在 0 到 (𝑇 𝛥𝑡) 时间内，飘入的粒子2才能每次均被加速，结合有超过 99%能射出，从而即可求解