2022-2023学年河南省鹤壁市第一中学高考考前提分仿真卷.docx

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1、2022-2023学年河南省鹤壁市第一中学高考考前提分仿真卷注意事项1 .考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.2 .答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0. 5亳米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.3 .请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.4 .作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他 答案.作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.5 .如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.一、单项选择题：本题共6小题，

2、每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，空间直角坐标系Oxyz处于一个匀强电场中，、仄c三点分别在八八z轴上，且到坐标原点。的距离均为10cm。现将一带电荷量，/ = 0.2C的负点电荷从点分别移动到、0、c三点，电场力做功均为IJ。则该匀强电场的电场强度大小为（）A. 505/3N/C B. 50N/C C. loV3V/m D. 10V/m2、下列说法正确的是（）A.布朗运动虽不是分子运动，但它证明了组成固体颗粒的分子在做无规则运动B.液体表面层内分子间距离大于液体内部分子间的距离，表现为引力C.扩散现象可以在液体、气体中进行，不能在固体中发

3、生D.随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能一定减小3、一宇航员到达半径为K、密度均匀的某星球表面，做如下实验：如图甲所示，用不可伸长的长为L的轻绳拴一质量 为/的小球，轻绳上端固定在。点，在最低点给小球一初速度，使其绕O点在竖直面内做圆周运动，测得绳的拉力 大小户随时间，的变化规律如图乙所示。引力常量G及图中时均为已知量，忽略各种阻力。下列说法正确的是（ ）全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A.分子间距离减小，其斥力和引力均增大，A正确；B.晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，B错误；C. 0C的冰熔化成0C的水，吸收热量，分子平均动能不

4、变，其分子势能会增加，C正确；D.对气体做功大于气体放出的热量，其分子的平均动能会增大，D正确；E.第一类永动机违反了能量守恒定律，第二类永动机不违反能量守恒定律，只是违反热力学第二定律，E错误。 故选ACDo8、AC【解析】AB、把所有沙子看成一个整体，对整体受力分析，由水平方向合力为零可得，砂子稳定时，砂堆底面受到地面的摩擦 力一定为零，与形状无关，故A正确，B错误；C、取斜面上的一粒质量为m的沙子，若沙子恰好平衡，倾角最大，沙子受力平衡，对沙子受力分析，根据平衡条件 得：mgsina=pmgcosa解得：tana=p所以Omaarctanji,故C正确，D错误.故选AC.9、ADE【解析

5、】A.简谐运动的回复力表达式为尸=-依，对于弹簧振子而言，尸为振动物体所受的合外力，A为弹簧的劲度系数，故 A正确；B. 一个周期内有两次速度大小和方向完全相同，故质点速度再次与零时刻速度相同时，时间可能为一个周期，也可 能小于一个周期，故B错误；C.位移方向总跟加速度方向相反，而质点经过同一位置，位移方向总是由平衡位置指向质点所在位置，而速度方向 两种，可能与位移方向相同，也可能与位移方向相反，故C错误；D.水平弹簧振子在简谐振动时，只有弹簧的弹力做功，系统的机械能守恒，则动能和势能的和是不变，故D正确； E.回复力与位移方向相反，故加速度和位移方向相反；但速度可以与位移相同，也可以相反；物

6、体运动方向指向平 衡位置时，速度的方向与位移的方向相反；背离平衡位置时，速度方向与位移方向相同；故E正确。故选ADEo10、AD【解析】AB.由y-f图像得0Is内煤块的加速度大小q = 12 4m/s2= 8m/s2方向沿传送带向下；12s内煤块的加速度大小4 0. 2 A , 2a、=m/s = 4m/s-一 1方向沿传送带向下。01s,对煤块由牛顿第二定律得mg sin 6 + pimg cos 0 =12s,对煤块由牛顿第二定律得mgsin 一 “nigcosGma?解得tan=0.75, /z=0.25故A正确，B错误；C. 一，图像图线与时间轴所围面积表示位移大小，所以煤块上滑总位

7、移大小为x=10m,由运动学公式得下滑时间为所以煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为（2 +石卜,故C错误；D. 0ls内煤块比传送带多走4m,划痕长4n1, 12s内传送带比煤块多走2m,划痕还是4m。2（2 +石卜内传送 带向上运动，煤块向下运动，划痕总长为2 + 。2/+ 0= 02 + 46）m,故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、3.202-3.2055.015 偏小【解析】（1）解决本题的关键明确：螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读.（2）游标卡尺读数的方法，主

8、尺读数加上游标读数，不需估读.(3)由电路图，根据电表内阻的影响确定误差情况.【详解】(1)螺旋测微器的固定刻度为3.0mm,可动刻度为20.5x0.01mm=0.205mm,所以最终读数为3.0mm+0.205mm=3.205nini.(2) 20分度的游标卡尺，精确度是游标卡尺的主尺读数为50mm,游标尺上第3个刻度和主尺上某一刻度 对齐，所以游标读数为3x0.05mm=0.15mm,所以最终读数为：50mm+0.15mm=50.15mm=5.015cm.(3)由欧姆定律得，电阻阻值氏=11/1,由于电压表的分流作用使电流测量值偏大，则电阻测量值偏小.【点睛】考查螺旋测微器固定刻度与可动刻

9、度示数之和是螺旋测微器示数；游标卡尺不需要估读、螺旋测微器需要估读.掌握 由欧姆定律分析电路的误差的方法.12、0.885 gh 1(4-4小球下落过程中受到空气阻力的影响【解析】根据游标卡尺的读数规则可知，小球的直径为d= 0.8cm + 17x ().05 min = 0.885cm(2)2小球从4到R,重力势能减少了6g，动能增加了1212因此，要验证机械能是否守恒，只需比较与Q是否相等即可 2 G-G小球下落过程中，受到空气阻力的作用，造成机械能损失，所以总是存在一定的误差。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算 步骤。

10、213、(i)| (ii)7；=900K【解析】试题分析：(i)对活塞受力分析，得出A中原有气体末态的压强，分析A中原有气体变化前后的状态参量，由玻意耳 定律得A末态的体积，同理对B中原来气体进行分析，由由玻意耳定律得B末态的体积，气体密度不变，质量与体积 成正比，则质量之比即体积之比；(2)加热后对B中的气体进行分析，发生等压变化，由盖吕萨克定律即可求解.(i)当活塞C打开时，A、B成为一个整体，气体的压强2 二4+等对A中原有气体，当压强增大到24时，其体积被压缩为S由玻意耳定律得：？.5？ZS?=凡L；S解得：L；=i.5LB中气体进入气缸A中所占体积为0.5LS对原来B中气体，由玻意耳

11、定律得：为3LS = 26T0.5LS + 3解得：3Ljj S 2B中剩余气体与原有气体的质量比为:(ii)对气缸加热，阀门C关闭，此时被封闭在B中的气体温度为7；=273K +27K = 300K,体积为S=LSD活塞回到初始位置，气体体积变为3LS,设最终温度为4LS 3LS由盖吕萨克定律得：1，2解得：7； =900AT【点睛】解题的关键就是对A、B中气体在不同时刻的状态参量分析，并且知道气体发生什么变化，根据相应的气体 实验定律分析求解.14、(1) E = -；(2) (L, 0)； (3) 叵“。, 300902qLqL 3qL【解析】(1)带电粒子在匀强电场中做类平抛运动2L=

12、votL = J2 m解得一 设带电粒子经C点时的竖直分速度为V)、速度为v,轨迹如图所示:Eq Eq 2Lv = V2v0,方向与x轴正向成45斜向上2万粒子进入区域I做匀速圆周运动，qBiv=mL, R = - R qB、解得R=V2L由几何关系知，离开区域时的位置坐标：x=L, y=03(3)根据几何关系知，带电粒子从区域n上边界离开磁场的半径满足二LW吐L半径为:mvqB2可得叵叫史也 qL3qL根据几何关系知，带电粒子离开磁场时速度方向与y轴正方向夹角30吆*90。15、=,磁感应强度方向垂纸面向外；(2) -7VLAL、e3 2eU【解析】电子通过加速电场的过程中，由动能定理有eU

13、 = mv22由于电子在两板间做匀速运动，则evB = eE 其中E =卫联立解得8呼L V e根据左手定则可判断磁感应强度方向垂纸面向外；洛伦兹力提供电子在磁场中做圆周运动所需要的向心力，有p2evB = inr联立可得r = L由几何关系可知。二60。而eB则电子在场中运动的时间T 27rm1 丫 m 小-=一殖6 6eB32eUA.该星球表面的重力加速度为热mC.该星球的第一宇宙速度为，叵B.小球过最高点的速度为,陛 V mD.该星球的密度为，* AtiihGR4、若宇航员在月球表面附近自高/，处以初速度）水平抛出一个小球，测出小球从抛出到落地的位移为已知月球半径为七万有引力常量为G,则

14、下列说法正确的是（）A.月球表面的重力加速度g二B.月球的质量比月二点%c.月球的第一宇宙速度= %后亨D.月球的平均密度P小27tCj（L - /?）5、图1所示为一列简谐横波在t=0时的波动图象，图2所示为该波中x=2m处质点P的振动图象，下列说法正确的是B.该波沿x轴负方向传播C.t=1.0s时，质点P的速度最小，加速度最大D.在t=0到t=2.0s的时间内，质点P的速度和加速度方向均未发生改变6、有人做过这样一个实验：将一锡块和一个磁性很强的小永久磁铁叠放在一起，放入一个浅平的塑料容器中。往塑料 容器中倒入液态氮，降低温度，使锡出现超导性。这时可以看到，小磁铁竟然离开锡块表面，飘然升起

15、，与锡块保持 一定距离后，便悬空不动了。产生该现象的原因是：磁场中的超导体能将磁场完全排斥在超导体外，即超导体内部没 有磁通量（迈斯纳效应）。如果外界有一个磁场要通过超导体内部，那么在磁场作用下，超导体表面就会产生一个无损 耗感应电流。这个电流产生的磁场恰恰与外加磁场大小相等、方向相反，这就形成了一个斥力。当磁铁受到的向上的 斥力大小刚好等于它重力大小的时候，磁铁就可以悬浮在空中。根据以上材料可知（）A.超导体处在恒定的磁场中时它的表面不会产生感应电流B.超导体处在均匀变化的磁场中时它的表面将产生恒定的感应电流C.将磁铁靠近超导体，超导体表面的感应电流增大，超导体和磁铁间的斥力就会增大D.将悬

16、空在超导体上面的磁铁翻转180：,超导体和磁铁间的作用力将变成引力二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。 全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法正确的是（）A.随着分子间距离的减小，其斥力和引力均增大B.单晶体有固定的熔点，多晶体和非晶体没有固定的熔点C. 一定质量的（TC的冰熔化成0。的水，其分子势能会增加D. 一定质量的气体放出热量，其分子的平均动能可能增大E.第二类永动机不可能制成的原因是它违反了能量守恒定律8、有一堆砂子在水平面上堆成圆锥形，稳定时底角为如如图所示.如果视每粒砂子完全相同，砂

17、子与砂子之间，砂子与地面之间的动摩擦因数均为，砂子之间的最大静摩擦力可近似认为与滑动摩擦力相等，以下说法正确的是（）A.砂堆稳定时，砂堆底面受到地面的摩擦力一定为零B.砂堆稳定时，只有形成严格规则的圆锥，底面受到地面的摩擦力才为零C.砂堆稳定时形成的圆锥的底角最大值满足tanD.砂堆稳定时形成的圆锥的底角最大值满足COS9、关于简谐运动，以下说法正确的是.A.在弹簧振子做简谐运动的回复力表达式/=-依中，/为振动物体所受的合外力，A为弹簧的劲度系数B.物体的速度再次相同时，所经历的时间一定是一个周期C.位移的方向总跟加速度的方向相反，跟速度的方向相同D.水平弹簧振子在简谐振动中动能和势能的和是

18、不变的E.物体运动方向指向平衡位置时，速度的方向与位移的方向相反；背离平衡位置时，速度方向与位移方向相同10、如图甲所示，一足够长的传送带倾斜放置，倾角为氏以恒定速率v=4m/s顺时针转动。一煤块以初速度vo=12m/s从4端冲上传送带，煤块的速度随时间变化的图像如图乙所示，取g=10m/s2,则下列说法正确的是（）A.倾斜传送带与水平方向夹角的正切值tan6=0.75：B.煤块与传送带间的动摩擦因数傍=05C.煤块从冲上传送带到返回A端所用的时间为4sD.煤块在传送带上留下的痕迹长为（12+46）m三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.

19、 （6分）张明同学在测定某种合金丝的电阻率时：用螺旋测微器测得其直径为 mm （如图甲所示）；用20分度的游标卡尺测其长度为 cm （如图乙所示）；用图丙所示的电路测得的电阻值将比真实值（填“偏大”或“偏小”）.5cm 6780 5 10 15 201|图甲BrlfTj12. （12分）某同学利用如图甲所示的装置来验证机械能守恒定律，图中A、B为两个光电门。（1）该同学首先利用20分度的游标卡尺测量小球的直径d,测量结果如图乙所示，则4=cm；J4刻w度-=尺三-=2cmi B j J,i j山1111 jj111111I斤斤|山川小川山图甲 05101520图乙（2）让小球从光电门A上方某一

20、高度处自由下落，计时装置测出小球通过光电门A、B的挡光时间小、Zb,已知当地 的重力加速度为g,用刻度尺测量出光电门A、B间的距离心则只需比较 与是否相等就可以验证小球下落过程中机械能是否守恒；（用题目中涉及的物理量符号来表示）（3）该同学的实验操作均正确，经过多次测量发现，（2）中需要验证的两个数值总是存在一定的误差，产生这种误差 的主要原因是o四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算 步骤。13. （10分）如图所示，横截面积均为S,内壁光滑的导热气缸A、B. A水平、B竖直放置，A内气柱的长为2L, D 为B中可自由移动的轻

21、活塞，轻活塞质量不计.A、B之间由一段容积可忽略的细管相连，A气缸中细管口处有一单 向小阀门C, A中气体不能进入B中，当B中气体压强大于A中气体压强时，阀门C开启，B内气体进入A中.大 气压为P。，初始时气体温度均为27C, A中气体压强为1.5P。，B中活塞D离气缸底部的距离为3L.现向D上缓慢添加沙子，最后沙子的质量为机=空.求:g活塞D稳定后B中剩余气体与原有气体的质量之比;（ii）同时对两气缸加热，使活塞D再回到初始位置，则此时气缸B内的温度为多少？14. （16分）如图所示，在xOy平面的y轴左侧存在沿y轴正方向的匀强电场，y轴右侧区域I内存在磁感应强度大小为8尸的匀强磁场，区域I

22、、区域n的宽度均为乙高度均为3L.质量为加、电荷量为q的带正电的粒子从坐标qL为（-2L, -夜L）的A点以速度vo沿x轴正方向射出，恰好经过坐标为（0, - （啦-1力）的C点射入区域I .粒子重力忽 略不计.求:（1）匀强电场的电场强度大小E；（2）粒子离开区域I时的位置坐标；（3）要使粒子从区域n的上边界离开磁场，可在区域n内加垂直于纸面向里的匀强磁场.试确定磁感应强度b的大 小范围，并说明粒子离开区域n时的速度方向.15. （12分）如图所示，OO为正对放置的水平金属板M、N的中线。热灯丝逸出的电子（初速度、重力均不计）在 电压为U的加速电场中由静止开始运动，从小孔。射入两板间正交的匀

23、强电场、匀强磁场（图中未画出）后沿OO做 直线运动。已知两板间的电压为2U,两板长度与两板间的距离均为L电子的质量为、电荷量为e。求：板间匀强磁场的磁感应强度的大小3和方向；若保留两金属板间的匀强磁场不变使两金属板均不带电，则从小孔。射入的电子在两板间运动了多长时间？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由公式卬=%代入数据可得U = 5V由题意可知。、c三点所构成的面是等势面，O/?垂直于戈Oz平面，匕点到xQz平面的距离4 = 10cm,故匀强电场的电场强度大小E = = N/C = 50N/C d 0

24、.1故B正确，ACI）错误。故选B。2、B【解析】A.布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒的运动，是液体分子无规则热运动的反映，不是组成固体颗粒的分子在做无规 则运动，故A错误；B.液体表面层，分子较为稀疏，分子间距离大于平衡时的距离小，因此分子间作用力表现为引力，液体表面有收缩趋势，故B正确；C.扩散现象可以在液体、气体中进行，也能在固体中发生，故C错误；D.分子间距离为平衡时的距离心，分子间作用力为零，当分子间距离，大于4时，分子间作用力表现为引力，此时随着分子间距，的增大分子间作用力做负功，分子势能纥增大，所以当分子间距增大时，分子势能不一定减小，故D错误；故选Bo3、D【解析】AB.由乙图知

25、，小球做圆周运动在最低点拉力为7尸0,在最高点拉力为尸。,设最高点速度为匕，最低点速度为片，在最高点在最低点7 r%7 fo-= m -由机械能守恒定律得g 叫2 = 2mgL + mv解得故AB错误。C.在星球表面GMmv2l = mg = m R2R该星球的第一宇宙速度故C错误；D.星球质量M上皿G mG密度M 3Rp =V 4nmGR 故D正确。故选D。4、C 【解析】A.由小球平抛，依题意有jl3-h2= vot则2/丽 g 月二KF故A错误；B.由2R2 说G（L2-/z2）故B错误;C.第一宇宙速度故c正确;D.根据则月球平均密度G谭田故D错误。故选C。5、C【解析】A.由图1读出

26、波长4 = 4m ,由图2读出丁 = 4s,因此该波的波速u = 4 = m/s = lm/s ,故选项A错误；T 4B.由图2可以看出，质点P在，=0时向上振动，根据“同侧法”知，波沿X轴正方向传播，故选项B错误；C.由图2可知，=1.0s时，质点P位于波峰位置，速度最小，加速度最大，故选项C正确；D.从，=0到，= 2.0s是半个周期，质点。从平衡位置向上振动到波峰位置，然后再回到平衡位置，它的速度方向先向 上再向下，加速度方向是由回复力方向决定的，该过程中回复力的方向一直向下，所以加速度方向一直向下，故选项 D错误。6、C【解析】A.由题意可知，超导体处在磁场中，磁场要通过超导体内部，超导体表面就会产生一个无损耗感应电流，故A错误; B.超导体处在均匀变化的磁场中时，超导体表面就会产生感应电流，但由材料无法确定感应电流是否恒定，故B错 误；C.由材料可知，将磁铁靠近超导体，磁场要通过超导体的磁通量增大，超导体表面的感应电流增大，电流产生的磁 场增大，则超导体和磁铁间的斥力就会增大，故c正确；D.由材料可知，超导体在外界磁场作用下，磁铁和超导体之间相互排斥，则将悬空在超导体上面的磁铁翻转180，超导体和磁铁间的作用力仍为斥力，故D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。