2010年河南高考文科数学真题及答案.docx

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1、2010年河南高考文科数学真题及答案一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）1（5分）cos300=（）ABCD2（5分）设全集U=1，2，3，4，5，集合M=1，4，N=1，3，5，则N（UM）=（）A1，3B1，5C3，5D4，53（5分）若变量x，y满足约束条件，则z=x2y的最大值为（）A4B3C2D14（5分）已知各项均为正数的等比数列an，a1a2a3=5，a7a8a9=10，则a4a5a6=（）AB7C6D5（5分）（1x）4（1）3的展开式x2的系数是（）A6B3C0D36（5分）直三棱柱ABCA1B1C1中，若BAC=90，AB=AC=AA1，则异面直线BA1与AC1

2、所成的角等于（）A30B45C60D907（5分）已知函数f（x）=|lgx|若ab且，f（a）=f（b），则a+b的取值范围是（）A（1，+）B1，+）C（2，+）D2，+）8（5分）已知F1、F2为双曲线C：x2y2=1的左、右焦点，点P在C上，F1PF2=60，则|PF1|PF2|=（）A2B4C6D89（5分）正方体ABCDA1B1C1D1中，BB1与平面ACD1所成角的余弦值为（）ABCD10（5分）设a=log32，b=ln2，c=，则（）AabcBbcaCcabDcba11（5分）已知圆O的半径为1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B为两切点，那么的最小值为（）ABCD12（5分

3、）已知在半径为2的球面上有A、B、C、D四点，若AB=CD=2，则四面体ABCD的体积的最大值为（）ABCD二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）13（5分）不等式的解集是14（5分）已知为第二象限的角，则tan2=15（5分）某学校开设A类选修课3门，B类选修课4门，一位同学从中共选3门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有种（用数字作答）16（5分）已知F是椭圆C的一个焦点，B是短轴的一个端点，线段BF的延长线交C于点D，且，则C的离心率为三、解答题（共6小题，满分70分）17（10分）记等差数列an的前n项和为Sn，设S3=12，且2a1，a2，a3+1成等比数列，求S

4、n18（12分）已知ABC的内角A，B及其对边a，b满足a+b=acotA+bcotB，求内角C19（12分）投到某杂志的稿件，先由两位初审专家进行评审若能通过两位初审专家的评审，则予以录用；若两位初审专家都未予通过，则不予录用；若恰能通过一位初审专家的评审，则再由第三位专家进行复审，若能通过复审专家的评审，则予以录用，否则不予录用设稿件能通过各初审专家评审的概率均为0.5，复审的稿件能通过评审的概率为0.3各专家独立评审（）求投到该杂志的1篇稿件被录用的概率；（）求投到该杂志的4篇稿件中，至少有2篇被录用的概率20（12分）如图，四棱锥SABCD中，SD底面ABCD，ABDC，ADDC，AB

5、=AD=1，DC=SD=2，E为棱SB上的一点，平面EDC平面SBC（）证明：SE=2EB；（）求二面角ADEC的大小21（12分）求函数f（x）=x33x在3，3上的最值22（12分）已知抛物线C：y2=4x的焦点为F，过点K（1，0）的直线l与C相交于A、B两点，点A关于x轴的对称点为D（）证明：点F在直线BD上；（）设，求BDK的内切圆M的方程参考答案与试题解析一、选择题（共12小题，每小题5分，满分60分）1（5分）（2010大纲版）cos300=（）ABCD【分析】利用三角函数的诱导公式，将300角的三角函数化成锐角三角函数求值【解答】解：故选C2（5分）（2010大纲版）设全集U=

6、1，2，3，4，5，集合M=1，4，N=1，3，5，则N（UM）=（）A1，3B1，5C3，5D4，5【分析】根据补集意义先求CUM，再根据交集的意义求N（CUM）【解答】解：（CUM）=2，3，5，N=1，3，5，则N（CUM）=1，3，52，3，5=3，5故选C3（5分）（2010大纲版）若变量x，y满足约束条件，则z=x2y的最大值为（）A4B3C2D1【分析】先根据约束条件画出可行域，再利用几何意义求最值，z=x2y表示直线在y轴上的截距，只需求出可行域直线在y轴上的截距最小值即可【解答】解：画出可行域（如图），z=x2yy=xz，由图可知，当直线l经过点A（1，1）时，z最大，且最大

7、值为zmax=12（1）=3故选：B4（5分）（2010大纲版）已知各项均为正数的等比数列an，a1a2a3=5，a7a8a9=10，则a4a5a6=（）AB7C6D【分析】由数列an是等比数列，则有a1a2a3=5a23=5；a7a8a9=10a83=10【解答】解：a1a2a3=5a23=5；a7a8a9=10a83=10，a52=a2a8，故选A5（5分）（2010大纲版）（1x）4（1）3的展开式x2的系数是（）A6B3C0D3【分析】列举（1x）4与可以出现x2的情况，通过二项式定理得到展开式x2的系数【解答】解：将看作两部分与相乘，则出现x2的情况有：m=1，n=2；m=2，n=0

8、；系数分别为：=12；=6；x2的系数是12+6=6故选A6（5分）（2010大纲版）直三棱柱ABCA1B1C1中，若BAC=90，AB=AC=AA1，则异面直线BA1与AC1所成的角等于（）A30B45C60D90【分析】延长CA到D，根据异面直线所成角的定义可知DA1B就是异面直线BA1与AC1所成的角，而三角形A1DB为等边三角形，可求得此角【解答】解：延长CA到D，使得AD=AC，则ADA1C1为平行四边形，DA1B就是异面直线BA1与AC1所成的角，又A1D=A1B=DB=AB，则三角形A1DB为等边三角形，DA1B=60故选C7（5分）（2010大纲版）已知函数f（x）=|lgx|

9、若ab且，f（a）=f（b），则a+b的取值范围是（）A（1，+）B1，+）C（2，+）D2，+）【分析】由已知条件ab，不妨令ab，又y=lgx是一个增函数，且f（a）=f（b），故可得，0a1b，则 lga=lgb，再化简整理即可求解；或采用线性规划问题处理也可以【解答】解：（方法一）因为f（a）=f（b），所以|lga|=|lgb|，不妨设0ab，则0a1b，lga=lgb，lga+lgb=0lg（ab）=0ab=1，又a0，b0，且ab（a+b）24ab=4a+b2故选：C（方法二）由对数的定义域，设0ab，且f（a）=f（b），得：，整理得线性规划表达式为：，因此问题转化为求z=x+

10、y的取值范围问题，则z=x+yy=x+z，即求函数的截距最值根据导数定义，函数图象过点（1，1）时z有最小为2（因为是开区域，所以取不到2），a+b的取值范围是（2，+）故选：C8（5分）（2010大纲版）已知F1、F2为双曲线C：x2y2=1的左、右焦点，点P在C上，F1PF2=60，则|PF1|PF2|=（）A2B4C6D8【分析】解法1，利用余弦定理及双曲线的定义，解方程求|PF1|PF2|的值解法2，由焦点三角形面积公式和另一种方法求得的三角形面积相等，解出|PF1|PF2|的值【解答】解：法1由双曲线方程得a=1，b=1，c=，由余弦定理得cosF1PF2=|PF1|PF2|=4法2

11、； 由焦点三角形面积公式得：|PF1|PF2|=4；故选B9（5分）（2010大纲版）正方体ABCDA1B1C1D1中，BB1与平面ACD1所成角的余弦值为（）ABCD【分析】正方体上下底面中心的连线平行于BB1，上下底面中心的连线与平面ACD1所成角，即为BB1与平面ACD1所成角，直角三角形中，利用边角关系求出此角的余弦值【解答】解：如图，设上下底面的中心分别为O1，O，设正方体的棱长等于1，则O1O与平面ACD1所成角就是BB1与平面ACD1所成角，即O1OD1，直角三角形OO1D1中，cosO1OD1=，故选D10（5分）（2010大纲版）设a=log32，b=ln2，c=，则（）Aa

12、bcBbcaCcabDcba【分析】根据a的真数与b的真数相等可取倒数，使底数相同，找中间量1与之比较大小，便值a、b、c的大小关系【解答】解：a=log32=，b=ln2=，而log23log2e1，所以ab，c=，而，所以ca，综上cab，故选C11（5分）（2010大纲版）已知圆O的半径为1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B为两切点，那么的最小值为（）ABCD【分析】要求的最小值，我们可以根据已知中，圆O的半径为1，PA、PB为该圆的两条切线，A、B为两切点，结合切线长定理，设出PA，PB的长度和夹角，并将表示成一个关于x的函数，然后根据求函数最值的办法，进行解答【解答】解：如图所示：

13、设OP=x（x0），则PA=PB=，APO=，则APB=2，sin=，=（12sin2）=（x21）（1）=x2+323，当且仅当x2=时取“=”，故的最小值为23故选D12（5分）（2010大纲版）已知在半径为2的球面上有A、B、C、D四点，若AB=CD=2，则四面体ABCD的体积的最大值为（）ABCD【分析】四面体ABCD的体积的最大值，AB与CD是对棱，必须垂直，确定球心的位置，即可求出体积的最大值【解答】解：过CD作平面PCD，使AB平面PCD，交AB于P，设点P到CD的距离为h，则有，当直径通过AB与CD的中点时，故故选B二、填空题（共4小题，每小题5分，满分20分）13（5分）（2

14、010大纲版）不等式的解集是x|2x1，或x2【分析】本题是解分式不等式，先将分母分解因式，再利用穿根法求解【解答】解：，数轴标根得：x|2x1，或x2故答案为：x|2x1，或x214（5分）（2010大纲版）已知为第二象限的角，则tan2=【分析】先求出tan的值，再由正切函数的二倍角公式可得答案【解答】解：因为为第二象限的角，又，所以，故答案为：15（5分）（2010大纲版）某学校开设A类选修课3门，B类选修课4门，一位同学从中共选3门，若要求两类课程中各至少选一门，则不同的选法共有30种（用数字作答）【分析】由题意分类：（1）A类选修课选1门，B类选修课选2门，确定选法；（2）A类选修课

15、选2门，B类选修课选1门，确定选法；然后求和即可【解答】解：分以下2种情况：（1）A类选修课选1门，B类选修课选2门，有C31C42种不同的选法；（2）A类选修课选2门，B类选修课选1门，有C32C41种不同的选法所以不同的选法共有C31C42+C32C41=18+12=30种故答案为：3016（5分）（2010大纲版）已知F是椭圆C的一个焦点，B是短轴的一个端点，线段BF的延长线交C于点D，且，则C的离心率为【分析】由椭圆的性质求出|BF|的值，利用已知的向量间的关系、三角形相似求出D的横坐标，再由椭圆的第二定义求出|FD|的值，又由|BF|=2|FD|建立关于a、c的方程，解方程求出 的值

16、【解答】解：如图，作DD1y轴于点D1，则由，得，所以，即，由椭圆的第二定义得又由|BF|=2|FD|，得，a2=3c2，解得e=，故答案为：三、解答题（共6小题，满分70分）17（10分）（2010大纲版）记等差数列an的前n项和为Sn，设S3=12，且2a1，a2，a3+1成等比数列，求Sn【分析】由2a1，a2，a3+1成等比数列，可得a22=2a1（a3+1），结合s3=12，可列出关于a1，d的方程组，求出a1，d，进而求出前n项和sn【解答】解：设等差数列an的公差为d，由题意得，解得或，sn=n（3n1）或sn=2n（5n）18（12分）（2010大纲版）已知ABC的内角A，B及

17、其对边a，b满足a+b=acotA+bcotB，求内角C【分析】先利用正弦定理题设等式中的边转化角的正弦，化简整理求得sin（A）=sin（B+），进而根据A，B的范围，求得A和B+的关系，进而求得A+B=，则C的值可求【解答】解：由已知及正弦定理，有sinA+sinB=sinA+sinB=cosA+cosB，sinAcosA=cosBsinBsin（A）=sin（B+），0A，0BAB+A+B+=，A+B=，C=（A+B）=19（12分）（2010大纲版）投到某杂志的稿件，先由两位初审专家进行评审若能通过两位初审专家的评审，则予以录用；若两位初审专家都未予通过，则不予录用；若恰能通过一位初审

18、专家的评审，则再由第三位专家进行复审，若能通过复审专家的评审，则予以录用，否则不予录用设稿件能通过各初审专家评审的概率均为0.5，复审的稿件能通过评审的概率为0.3各专家独立评审（）求投到该杂志的1篇稿件被录用的概率；（）求投到该杂志的4篇稿件中，至少有2篇被录用的概率【分析】（1）投到该杂志的1篇稿件被录用包括稿件能通过两位初审专家的评审或稿件恰能通过一位初审专家的评审又能通过复审专家的评审两种情况，这两种情况是互斥的，且每种情况中包含的事情有时相互独立的，列出算式（2）投到该杂志的4篇稿件中，至少有2篇被录用的对立事件是0篇被录用，1篇被录用两种结果，从对立事件来考虑比较简单【解答】解：（

19、）记A表示事件：稿件能通过两位初审专家的评审；B表示事件：稿件恰能通过一位初审专家的评审；C表示事件：稿件能通过复审专家的评审；D表示事件：稿件被录用则D=A+BC，P（A）=0.50.5=0.25，P（B）=20.50.5=0.5，P（C）=0.3，P（D）=P（A+BC）=P（A）+P（BC）=P（A）+P（B）P（C）=0.25+0.50.3=0.40（2）记4篇稿件有1篇或0篇被录用为事件E，则P（E）=（10.4）4+C410.4（10.4）3=0.1296+0.3456=0.4752，=10.4752=0.5248，即投到该杂志的4篇稿件中，至少有2篇被录用的概率是0.524820

20、（12分）（2010大纲版）如图，四棱锥SABCD中，SD底面ABCD，ABDC，ADDC，AB=AD=1，DC=SD=2，E为棱SB上的一点，平面EDC平面SBC（）证明：SE=2EB；（）求二面角ADEC的大小【分析】（）连接BD，取DC的中点G，连接BG，作BKEC，K为垂足，根据线面垂直的判定定理可知DE平面SBC，然后分别求出SE与EB的长，从而得到结论；（）根据边长的关系可知ADE为等腰三角形，取ED中点F，连接AF，连接FG，根据二面角平面角的定义可知AFG是二面角ADEC的平面角，然后在三角形AGF中求出二面角ADEC的大小【解答】解：（）连接BD，取DC的中点G，连接BG，由

21、此知DG=GC=BG=1，即DBC为直角三角形，故BCBD又SD平面ABCD，故BCSD，所以，BC平面BDS，BCDE作BKEC，K为垂足，因平面EDC平面SBC，故BK平面EDC，BKDE，DE与平面SBC内的两条相交直线BK、BC都垂直，DE平面SBC，DEEC，DESBSB=，DE=EB=所以SE=2EB（）由SA=，AB=1，SE=2EB，ABSA，知AE=1，又AD=1故ADE为等腰三角形取ED中点F，连接AF，则AFDE，AF=连接FG，则FGEC，FGDE所以，AFG是二面角ADEC的平面角连接AG，AG=，FG=，cosAFG=，所以，二面角ADEC的大小为12021（12分

22、）（2010大纲版）求函数f（x）=x33x在3，3上的最值【分析】先求函数的极值，根据极值与最值的求解方法，将f（x）的各极值与其端点的函数值比较，其中最大的一个就是最大值，最小的一个就是最小值【解答】解：f（x）=3x23=3（x+1）（x1），令f（x）=0，则x=1或x=1，经验证x=1和x=1为极值点，即f（1）=2为极小值，f（1）=2为极大值又因为f（3）=18，f（3）=18，所以函数f（x）的最大值为18，最小值为1822（12分）（2010大纲版）已知抛物线C：y2=4x的焦点为F，过点K（1，0）的直线l与C相交于A、B两点，点A关于x轴的对称点为D（）证明：点F在直线B

23、D上；（）设，求BDK的内切圆M的方程【分析】（）先根据抛物线方程求得焦点坐标，设出过点K的直线L方程代入抛物线方程消去x，设L与C 的交点A（x1，y1），B（x2，y2），根据韦达定理求得y1+y2和y1y2的表达式，进而根据点A求得点D的坐标，进而表示出直线BD和BF的斜率，进而问题转化两斜率相等，进而转化为4x2=y22，依题意可知等式成立进而推断出k1=k2原式得证（）首先表示出结果为求得m，进而求得y2y1的值，推知BD的斜率，则BD方程可知，设M为（a，0），M到x=y1和到BD的距离相等，进而求得a和圆的半径，则圆的方程可得【解答】解：（）抛物线C：y2=4x的焦点为F（1，0

24、），设过点K（1，0）的直线L：x=my1，代入，整理得y24my+4=0，设L与C 的交点A（x1，y1），B（x2，y2），则y1+y2=4m，y1y2=4，点A关于X轴的对称点D为（x1，y1）BD的斜率k1=，BF的斜率k2=要使点F在直线BD上需k1=k2需4（x21）=y2（y2y1），需4x2=y22，上式成立，k1=k2，点F在直线BD上（）=（x11，y1）（x21，y2）=（x11）（x21）+y1y2=（my12）（my22）+y1y2=4（m2+1）8m2+4=84m2=，m2=，m=y2y1=4=，k1=，BD：y=（x1）易知圆心M在x轴上，设为（a，0），M到x=y1和到BD的距离相等，即|a+1|=|（a1）|，4|a+1|=5|a1|，1a1，解得a=半径r=，BDK的内切圆M的方程为（x）2+y2=