高三一轮专题复习牛顿定律复习专题一中学教育高考_中学教育-高中教育.pdf

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1、学习必备 欢迎下载 第 1 页 高中物理试卷牛顿定律专题 一、单选题 1.如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下的一段运动轨迹质点从M 点出发经P点到达N点，已知弧长MP大于弧长PN，质点由M 点运动到P点与从P点运动到N点的时间相等下列说法中正确的是（）A.质点从M 到N过程中速度大小保持不变 B.质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同 C.质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同 D.质点在 MN 间的运动不是匀变速运动 2.如图（甲）所示，质量不计的弹簧竖直固定在水平面上，t=0 时刻，将一小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放，小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起，上升到

2、一定高度后再下落，如此反复。通过安装在弹簧下端的压力传感器，测出弹簧弹力F随时间t 变化的图像如图（乙）所示，则（）A.时刻小球动能最大 B.时刻小球动能最大 C.这段时间内，小球的动能先增加后减少 D.这段时间内，小球增加的动能等于弹簧减少的弹性势能 3.如图所示，一固定在水平面上、表面粗糙的斜面，其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接，另一端自由伸长至 O 点，质量为 m 的物块从斜面上的 B点释放后沿着斜面向下运动，将弹簧压缩最短至 C点，关于此过程，下列说法正确的是（）学习必备 欢迎下载 第 2 页 A.运动至 O 点时物块速度达到最大 B.从 B至 O 点过程中物块做变加速运动 C.从

3、 O 点运动至 C点的过程中物块加速度先减小后增大 D.从 B点运动至 C点的过程中物块速度先增大后减小再增大 4.在一水平长直轨道上，一动力车牵引一质量为 6000kg 的车厢以 10m/s 的速度匀速行驶，这时动力车对该车厢输出功率是 1.5104W如果这时车厢与动力车脱开，车厢能滑行的最大距离为（）A.100m B.200m C.300m D.400m 5.如图所示，传送带的水平部分长为 L，传动速率为 v，在其它左端无初速度释放一小木块，若木块与传送带间的动摩擦因数为 ，则木块从左端运动到右端的时间可能是（）A.+B.Lv C.2Lg D.2Lv 二、多选题 6.两个相同的小车放在光滑

4、水平板上，前端各系一条细绳，绳的另一端跨过定滑轮各挂一个小盘，盘中可放砝码（如图甲所示）小盘和砝码所受的重力，等于使小车做匀加速运动的力因此增减小盘中的砝码就可以改变小车的受到的合力两个小车后端各系一条细线，用一个黑板擦把两条细线同时按在桌上，使小车静止（如图乙所示）抬起黑板擦，两个小车同时运动，按下黑板擦两个小车同时停下来若小车1和小车2所受拉力分别为F1、F2 ，车分别为 m1、m2 ，抬起再按下黑板擦则得两车的位移分别 x1、x2 ，则在实验误差允许的范围内，有（）A.当 m1=m2、F1=2F2时，x1=2x2 B.当 m1=m2、F1=2F2时，x2=2x1 C.当 m1=2m2、F

5、1=F2时，x1=2x2 D.当 m1=2m2、F1=F2时，x2=2x1 7.如图（a），一物块在 t=0 时刻滑上一固定斜面，其运动的 vt 图线如图（b）所示，若重力加速度及图中的 v0 ，v1 ，t1均为已知量，则可求出（）质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示

6、则时刻小球动能大时刻小球动能大这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动将弹簧压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从学习必备 欢迎下载 第 3 页 A.斜面的倾角 B.物块的质量 C.物块与斜面间的动摩擦因数 D.物块沿斜面向上滑行的最大高度 8.如图所示，小车向右做匀加速直线运动，物块 M 贴在小车左壁上，且相对于左壁静止当小车的加速度增大时，下列说法正确的是（）A.物块受到的摩擦力不变 B.物块受到的弹力不变 C.物块受到的摩擦力增大 D.物块受到的合外力增大 9.如图

7、甲所示，一质量为 M 的组构成木板静止于光滑水平面上，其上放置一质量为 m 的小滑块，木板受到方向水平大小可变的拉力F作用时，其加速度a 与水平拉力F的关系如图所示取重力加速度 g=10m/s2 ，则（）A.滑块与木板间动摩擦因数为 0.1 B.木板质量 M=4kg，滑块质量 m=2kg C.当 F=9N时，滑块加速度为 3m/s2 D.当 F=3N时，滑块与木板间的摩擦力 2N 10.某人在静止的湖面上竖直向上抛出一个铁球，铁球升到最高点后自由下落，穿过湖水并陷入湖底的淤泥中一定深度，铁球所受阻力随时间变化的图象如图所示，以v、a、F、Ek分别表示小球的速度、加速度、所受合外力和动能四个物理

8、量下列图中能正确反映运动过程各量随时间变化的是（）A.B.C.D.三、综合题 质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示则时刻小球动能大时刻小球动能大这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动将弹簧

9、压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从学习必备 欢迎下载 第 4 页 11.如图所示，水平传送带长为 2m，以 v1=1m/s 的速度匀速运动，质量均为 4kg 的小物体P、Q 与绕过定滑轮的轻绳相连，t=0 时刻、P在传送带左端以初速度 v2=4m/s 向右运动，已知 P 与传送带间动摩擦因数为 0.5，P 在传动带上运动过程它与定滑轮间的绳始终水平，不计定滑轮质量和摩擦，绳不可伸长且足够长度，最大静摩擦力视为等于滑动摩擦力，取g=10m/s2 ，求：（1）t=0 时刻小物体 P的加速度大小和方向 （2）小物体 P向右运动的最大距离 （3）小物体

10、 P滑离传送带时的速度 12.质量为3kg的物体，在04s内受水平力F的作用，在410s内因受摩擦力作用而停止，其 vt 图象如图所示求：（1）物体所受的摩擦力 （2）在 04s 内物体所受的拉力 （3）在 010s 内物体的位移 高中物理试卷牛顿定律专题-答案解析及考点部分 1.【答案】B 【考点】对单物体(质点)的应用，曲线运动的条件，曲线运动的性质 【解析】【解答】解：因质点在恒力作用下运动，由牛顿第二定律可知，质点做匀变速曲线运动，由于加速度不变，A、从 M 到 N 过程中，根据 v=，可知，速度大小变化，A不符合题意；B、因加速度不变，则质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相

11、同，B符合题意，C不符合题意；D、在 MN 间的运动是匀变速曲线运动，D不符合题意；质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示则时刻小球动能大时刻小球动能大这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动

12、将弹簧压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从学习必备 欢迎下载 第 5 页 故答案为：B【分析】质点在恒力作用下运动，根据牛顿第二定律加速度不变，该运动 一定是匀变速曲线运动，从 M 到 N 过程中，速度大小变化，速度变化量大小相等，方向相同。2.【答案】C 【考点】牛顿定律与图象 【解析】【分析】小球先自由下落，与弹簧接触后，弹簧被压缩，在下降的过程中，弹力不断变大，当弹力小于重力时，物体加速下降，但合力变小，加速度变小，故做加速度减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后物体由于惯性继续下降，弹力变的大于重力，合力变为向上且不断变大，

13、故加速度向上且不断变大，故物体做加速度不断增大的减速运动；同理，上升过程，先做加速度不断不断减小的加速运动，当加速度减为零时，速度达到最大，之后做加速度不断增大的减速运动，直到小球离开弹簧为止。A、时刻小球小球刚与弹簧接触，与弹簧接触后，先做加速度不断减小的加速运动，当弹力增大到与重力平衡，即加速度减为零时，速度达到最大；错误。B、时刻，弹力最大，故弹簧的压缩量最大，小球运动到最低点，速度等于零；错误。C、这段时间内，小球处于上升过程，先做加速度不断减小的加速运动，后做加速度不断增大的减速运动；正确。D、段时间内，小球和弹簧系统机械能守恒，故小球增加的动能和重力势能之和等于弹簧减少的弹性势能；

14、错误。故选 C。【点评】要将小球的运动分为自由下落过程、向下的加速和减速过程、向上的加速和减速过程进行分析处理，同时要能结合图象分析。3.【答案】C 【考点】对单物体(质点)的应用，力与运动的关系 【解析】【解答】解：AB、设斜面倾角为 ，物体与斜面间的动摩擦因数为 ，从 B到 O 运动过程中，根据牛顿第二定律可得加速度为 a=gsin gcos，加速度大小不变，物体做加速运动；当物体与弹簧接触后，弹力逐渐增大，当物体受力平衡时速度最大，AB不符合题意；C、从 O 到 C运动的过程中，根据牛顿第二定律可得加速度大小为：a=gsingcos，当 x 增大到一定程度时，加速度为零，速度最大；随着

15、x 增加，加速度反向增大，以后速度减小C符合题意；D、从 B点运动至 C点的过程中物块速度先增大后减小，D不符合题意 故答案为：C【分析】根据牛顿第二定律求出加速度，结合物体运动状态的分析进行判断。4.质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示则时刻小球动能大时刻小球动能大

16、这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动将弹簧压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从学习必备 欢迎下载 第 6 页【答案】B 【考点】对单物体(质点)的应用，机车启动，功率的计算 【解析】【解答】解：车厢匀速运动，则 P=fv，解得：f=脱离后车厢的加速度为：a=通过的位移为：，B符合题意，ACD不符合题意 故答案为：B【分析】车厢做匀速运动时牵引力等于阻力，根据额定功率公式先求出阻力。在利用牛顿第二运动定律和匀变速直线运动公式求解。5.【答案】A 【考点】对单物体(质点

17、)的应用，匀变速直线运动基本公式应用 【解析】【解答】解：若木块沿着传送带的运动是一直加速，根据牛顿第二定律，有 mg=ma 根据位移时间公式，有 L=at2 由 解得 t=，若木块沿着传送带的运动是先加速后匀速，根据牛顿第二定律，有 mg=ma 根据速度时间公式，有 v=at1 根据速度位移公式，有 v2=2ax1 匀速运动过程，有 Lx1=vt2 由解得 t=t1+t2=，如果物体滑到最右端时，速度恰好增加到 v，根据平均速度公式，有 L=v平均t=t 故 t=，故答案为：A 质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度

18、大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示则时刻小球动能大时刻小球动能大这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动将弹簧压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从学习必备 欢迎下载 第 7 页【分析】物体在传送带上运动，因为条件没有全部已知就要采用假设法，注意物体在水平

19、传送带上，加速物体的最大速度等于传送带的速度。6.【答案】A,D 【考点】对单物体(质点)的应用 【解析】【解答】解：A、当 m1=m2、F1=2F2时，根据牛顿第二定律得，a1=2a2 ，根据 知，时间相等，则 x1=2x2 故 A正确，B错误 C、当 m1=2m2、F1=F2时，根据牛顿第二定律得，根据 知，时间相等，则 x2=2x1 故 C错误，D正确 故选：AD【分析】根据小车的受力和小车的质量，通过牛顿第二定律求出加速度之比，结合时间相等，通过位移时间公式求出小车的位移之比 7.【答案】A,C,D 【考点】V-t图象，对单物体(质点)的应用，力与运动的关系 【解析】【解答】解：由图

20、b 可知，物体先向上减速到达最高时再向下加速；图象与时间轴围成的面积为物体经过的位移，故可出物体在斜面上的位移；图象的斜率表示加速度，上升过程及下降过程加速度均可求，上升过程有：mgsin+mgcos=ma1；下降过程有：mgsin mgcos=ma2；两式联立可求得斜面倾角及动摩擦因数；但由于 m 均消去，故无法求得质量；因已知上升位移及夹角，则可求得上升的最大高度；故答案为：ACD 【分析】以物块为研究对象，对物块进行受力分析列出加速度方程，结合速度时间图像的物理意义联立看可以求出那些物理量。8.【答案】A,D 【考点】对单物体(质点)的应用，对质点系的应用 【解析】【解答】解：小车和物块

21、具有相同的加速度，小车的加速度增大，物块的加速度增大，物块在竖直方向上受重力和摩擦力，水平方向上受弹力，加速度增大，合力增大，合力等于弹力，所以弹力增大，竖直方向上始终平衡，所以摩擦力始终与重力相等A、D符合题意，B、C不符合题意 故答案为：AD【分析】小车和物块相对静止两物体加速度相同据此判断即可。9.质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如

22、此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示则时刻小球动能大时刻小球动能大这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动将弹簧压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从学习必备 欢迎下载 第 8 页 A.滑块与木板间动摩擦因数为 0.1 B.木板质量 M=4kg，滑块质量 m=2kg C.当 F=9N时，滑块加速度为 3m/s2 D.当 F=3N时，滑块与木板间的摩擦力 2N【答案】A,D 【考点】对单物体(质点)的应用，对质点系的应用 【解析】【解答

23、】解：AB、当 F6 N 时，对 M，根据牛顿第二定律得 a=F，知图线的斜率 k=，解得 M=2 kg 当 F=6N时，加速度为 a=1m/s2 ，对整体分析，由牛顿第二定律有 F=（M+m）a，代入数据解得 M+m=6 kg，可得滑块的质量 m=4 kg，故 A正确，B错误；根据F6 N的图线知，F=4 N时，a=0，即0=F，代入数据解得=0.1，A符合题意，B不符合题意；C、当 F=9 N时，对滑块 m，根据牛顿第二定律得 mg=ma，解得 a=g=1 m/s2 ，C不符合题意 D、当F=3N时，滑块与木板整体的加速度为 a=0.5m/s2 对滑块，由牛顿第二定律得：f=ma=40.5

24、N=2N，即得滑块与木板间的摩擦力为 2ND符合题意 故答案为：AD【分析】滑块滑板模型判断方法类似于传送带问题。结合题目当中的加速度和受力图像根据牛顿第二运动定律列方程求解。10.【答案】A,C 【考点】V-t图象，对单物体(质点)的应用，力与运动的关系 【解析】【解答】解：由图示图象可知，0t1时间内铁球不受阻力，铁球做竖直上抛运动，t1t2时间内铁球受到恒定阻力，铁球进入水中向下运动，在 t2t3时间内，铁球受到阻力作用，阻力大于重力，此过程铁球陷入泥中向下做减速运动；A、在0t1时间内铁球做竖直上抛运动，速度先减小后反向增大，在t1t2时间内铁球铁球在水中下降，所示阻力小于重力，合力向

25、下，铁球向下做加速运动，速度增大，在 t2t3时间内铁球陷入泥中，所受阻力大于重力，所受合力方向向上，铁球做匀减速直线运动，速度减小，最后速度为零，A符合题意；B、在 0t1时间内铁球做竖直上抛运动，加速度：a=g，方向竖直向下；在 t1t2时间内铁球在水中向下做加速运动，所受合力小于重力，加速度小于重力加速度 g，方向向下，在 t2t3时间内铁球受到的合力方向竖直向上，加速度方向向上，图 B所示图象不符合实际运动，B不符合题意；C、由阻力图象可知，在 0t2时间内铁球所受合力：F=mg，方向竖直向下，在 t1t2时间内铁球所受合力 f 小于重力，方向竖直向下，在 t2t3时间内铁球所受合力大

26、于重力，方向竖直向上，C符合题意；质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示则时刻小球动能大时刻小球动能大这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动将弹簧压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习

27、必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从学习必备 欢迎下载 第 9 页 D、在 0t1时间内铁球做竖直上抛运动，铁球的动能先增大后减小，t1时刻的动能与 0 时刻的动能相等，图 D所示图象与实际情况不符，D不符合题意；故答案为：AC【分析】先根据给出的图像分析个时间段物体的运动情况，结合物体的受理情况进行分析求解。11.【答案】（1）解：开始时小物块的速度大于传送带的速度，受到的摩擦力的方向向左，同时受到向左的拉力，由牛顿第二定律 对 P：T1+mg=ma1 对 Q：mgT1=ma1 联立以上方程解得：a1=7.5m/s2 ，方向向左（2）解：P先以加速度大小a1向右做匀减速运动，直到速度减为

28、v1 ，设位移为x1 ，由运动学公式得：=2a1x1 代入数据解得：x1=1m P接着以加速度大小为a2向右做匀减速运动，直到速度减为0，设位移为x2 ，P受到向左的拉力和向右的摩擦力，由牛顿第二定律 对 p：T2mg=ma2 对 Q：mgT2=ma2 联立以上方程解得：a2=2.5m/s2 由运动学公式得：解得：x2=0.2m 故 P 向右运动的最大距离为：x=x1+x2=1+0.2=1.2m（3）解：P 向右的速度减为 0 后，受力不变，再以加速度 a2向左做匀加速运动，直到从左端离开传送带，由运动学公式得：v2=2a2x 代入数据解得：【考点】对单物体(质点)的应用，匀变速直线运动基本公

29、式应用 【解析】【分析】（1）分析 P 和 Q 的受力情况，根据牛顿第二定律分别对 P、Q 列式，即可求得 P 的加速度（2）P 先向右做匀减速运动，速度减至零后在传送带的摩擦带动下继续向右做加速度不同的匀减速运动，由牛顿第二定律和运动学公式结合求解（3）P向右的速度减为 0 后，受力不变，再以加速度 a2向左做匀加速运动，直到从左端离开传送带，由运动学公式求解 12.质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处

30、由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示则时刻小球动能大时刻小球动能大这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动将弹簧压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从学习必备 欢迎下载 第 10 页【答案】（1）解：410 s 内，a2=2m/s2 根据牛顿第二定律得：F合=ma2=6N f=F合=6N，方向与运动方向相反 答：物体所受的摩擦力大小为 6N，方向与运动方向相反（2）解：

31、04 s 内，a1=3m/s2 F合=Ff F=F合+f=ma1+f=33+6N=15N 答：在 04s 内物体所受的拉力为 15N（3）解：图线与时间轴所围成的面积表示位移，得：答：在 010s 内物体的位移为 60m 【考点】V-t图象，对单物体(质点)的应用，匀变速直线运动基本公式应用 【解析】【分析】（1）先根据速度时间图像的物理意义求出 4 到 10 秒加速度，然后利用牛顿第二运动定律，求出物体所受的摩擦力。（2）根据速度时间图像的物理意义，求出 0 到 4 秒物体的加速度，根据牛顿第二运动定律求解力的大小。（3）速度时间图像的面积代表物体的位移。质点从点出发经点到达点已知弧长大于弧长质点由点运动到点与从点运动到点的时间相等下列说法中正确的是质点从到过程中速度大小保持不变质点在这两段时间内的速度变化量大小相等方向相同质点在这两段时间内的速度变化量小球从弹簧正上方某一高度处由静止释放小球落到弹簧上压缩弹簧后又被弹起上升到一定高度后再下落如此反复通过安装在弹簧下端的压力传感器测出弹簧弹力随时间变化的图像如图乙所示则时刻小球动能大时刻小球动能大这段时面粗糙的斜面其上放罝一固定挡板弹簧一端与挡板栓接另一端自由伸长至点质量为的物块从斜面上的点释放后沿着斜面向下运动将弹簧压缩短至点关于此过程下列说法正确的是第页学习必备欢迎下载运动至点时物块速度达到最大从