新高考一轮复习人教版孟德尔的豌豆杂交实验作业8.docx

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1、课时跟踪检测（十七） 孟德尔的豌豆杂交实验（二）一、选择题1 .养菜的果实形状有三角形、卵圆形和圆形3种，受两对独立遗传的等位基因（F、f, T、t）控制。现用纯合的卵圆形植株与纯合的三角形植株杂交，所得艮全为卵圆形，艮自交 产生的F2中，卵圆形：三角形：圆形=12 ： 3 ： 1。综上可知，亲本的基因型可能是（）A. FFttXffttB. ffTtXFfttC. ffTTXFFttD. FfTtXfftt解析：选C 根据题意可知，Fz中卵圆形：三角形：圆形=12 ： 3 ： 1,而12 ： 3 ： 1是 9 ： 3 ： 3 ： 1的变式，因此两对基因遵循基因的自由组合定律，可以推知Fi的基

2、因型为FfTt, 且Fi自交产生的F2中的卵圆形：三角形：圆形=12 ： 3 ： 1,因此可推导出卵圆形的基因型 为F_T_、ffT_（或三角形的基因型为F_tt（或圆形的基因型为fftt。因此亲本 纯合的卵圆形植株与纯合的三角形植株的基因型可能为ffTTXFFtt。2 .某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣, 基因型为Aa的植株表现为小花瓣，基因型为aa的植株表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对 等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣是红色，基因型为it的花瓣为黄色，两对 基因独立遗传。若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（）A.子代共有6

3、种表现型8 .子代共有9种基因型C.子代的红花植株中，R的基因频率为2/3D.子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3解析：选A 由题意可知，Aa自交子代表现型有3种，Rr自交子代表现型有2种，但 由于aa表现为无花瓣，故aaR_与aarr的表现型相同，表现型共5种，A项错误。由题意 可知，Aa自交子代基因型有3种，Rr自交子代基因型有3种，所以基因型为AaRr的亲本 自交，子代共有9种基因型，B项正确。子代的红花植株中，RR占1/3, Rr占2/3,故R 的基因频率为2/3, r的基因频率为1/3, C项正确。子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例 为 2/3xl/2=l/3, D 项正确

4、。9 .用纯种黄色圆粒豌豆作父本、纯种绿色皱粒豌豆作母本，将杂交所得F2进行自交, F2中4种表现型的比例为9 ： 3 ： 3 ： 1。下列操作将会对Fz表现型的比例造成明显影响的是 （ ）A.将亲本中的父本和母本交换后进行杂交实验B.亲本产生的种子中有少部分没有培育成由植株C.用植株进行自花传粉的同时又进行人工异花传粉D,根据F2植株上种子的性状统计出F2的性状分离比F2中纯合个体相互交配，能产生棕毛子代的基因型组合有 种(不考虑正反交)。F2的棕毛个体中纯合体的比例为 o F2中棕毛个体相互交配，子代白毛个体的比例为。(3)若另一对染色体上有一对基因I、i, I基因对A和B基因的表达都有抑

5、制作用，i基 因不抑制，如LA_B_表现为白毛。基因型为liAaBb的个体雌雄交配，子代中红毛个体的 比例为，白毛个体的比例为 O解析：由题表可知，棕毛猪的基因型有4种，即AAbb、Aabb aaBB和aaBb。(2)由两头纯合棕毛猪杂交得到的Fi均表现为红毛，可知两亲本的基因型为AAbb和 aaBBoFi的基因型为AaBb, Fi测交后代的基因型及比例为AaBb ：Aabb ：aaBb ：aabb= 1 ： 1 ： 1 ： 1,因此其表现型及比例为红毛：棕毛：白毛=1 ： 2 ： 1。F2中的纯合体有4种基因型，分别为AABB、AAbb、aaBB和aabb,其相互交配能 产生棕毛子代的基因型

6、组合有4种，即AAbbXAAbb aaBBXaaBBAAbbXaabb aaBBXaabbo由自由组合定律可知，基因型为AaBb的Fi雌雄个体交配产生的后代便2)中，棕色 个体中各基因型及所占比例为l/6AAbb、l/6aaBB l/3Aabb、l/3aaBb,其中纯合子占 1/3, F2 中棕毛个体相互交配时，只有 l/3AabbXl/3Aabb、l/3aaBbXl/3aaBb l/3AabbXl/3aaBb和l/3aaBbX 1/3Aabb四种杂交组合会产生白色个体，那么白毛个体 所占的比例为l/3Xl/3xl/4X4=l/9。(3)基因型为liAaBb的雌雄个体交配时，子代中红毛个体的基

7、因型为iiA_B_,由于三 对基因独立遗传，其所占的比例为1/4x3/4X3/4=9/64;白毛个体的基因型为I和iiaabb, 3/4+1/4 X 1/4x1/4=49/64o答案：(1)4 (2)A Abb和aaBB 红毛：棕毛：白毛=1 ： 2 ： 141/3 1/9 (3)9/64 49/64解析：选D 如果两对性状由两对独立遗传的等位基因控制，亲本正交和反交子二代 的表现型比例都是9 ： 3 ： 3 ： 1, A项错误。亲本产生的种子即子一代，基因型相同，部分 不能形成子一代个体，不会影响子二代9： 3： 3： 1的分离比，B项错误。子一代基因型相 同,自花传粉与人工异花传粉不会影响

8、9：3：3： 1的分离比，C项错误。子二代植株上种 子的性状是子三代，统计的分离比不是9： 3： 3： 1, D项正确。10 在研究某植物花色遗传规律时发现，基因型为AaBb的红花个体自交，子一代出现 红花：白花=3 ： 1,则下列相关分析错误的是()A.这两对基因的遗传一定不遵循基因的自由组合定律B.对该红花植株进行测交实验，则子代中红花：白花=1 ： 1C.若在子一代中随机选择一株白花植株自交，则子代全为白花D.若在子一代中随机选择一株红花植株自交，则其子代中出现红花的概率是5/6解析：选A 若两对等位基因位于两对同源染色体上，基因型为AaBb的红花个体自 交，后代会出现9 ： 3 ： 3

9、 ： 1的比例，而3 ： 1是(9+3) ： (3+1)的变式，即含有某一种显性 基因时为红花(如含有B基因为红花)，即基因型为AaBb的红花个体自交，子一代也能出现 红花：白花=3： 1,故该结果不能说明这两对基因的遗传一定不遵循基因的自由组合定律, A项错误。基因型为AaBb的红花个体自交，若两对基因位于两对同源染色体上，则后代 会出现9 ： 3 ： 3 ： 1的变式(9+3) ： (3+1)=3 ： 1,因此对该红花植株进行测交实验，则子代 中会出现1 ： 1 ： 1 ： 1的变式(1 + 1)红花：(1 + 1)白花=1 ： 1,若两对等位基因位于一对同源 染色体上，则根据AaBb的红

10、花个体自交，子一代出现红花：白花=3 ： 1,可知A和B为 连锁，a和b为连锁，故对该红花植株进行测交实验时，由于AaBb产生AB和ab两种数 量相等的配子，设含有B基因的为红花，因此子代中红花：白花=1 ： 1, B项正确。设含 有B基因的为红花，则不含B基因的均为白花，白花植株由于不含B基因，自交后代也不 会出现B基因，因此若在子一代中随机选择一株白花植株自交，则子代全为白花，C项正 确。若两对等位基因位于两对同源染色体上，设含有基因B的为红花，则基因型为AaBb 的红花个体自交，子一代中红花的基因型和比例为AABB ：AaBB ：AABb ：AaBb ： aaBB ： aaBb=l ：

11、2 ： 2 ： 4 ： 1 ： 2,其中AABb、AaBb、aaBb自交后代会出现性状分离，因此在 子一代中随机选择一株红花植株自交，后代出现红花的概率为(1/12 + 2/12+1/12) + (2/12X3/4+4/12X3/4+2/12X3/4) = 5/6,若两对等位基因位于一对同源染色体上，则子 一代的红花基因型和比例为AABB ：AaBb=l ： 2,随机选取一株红花植株自交，后代出现 红花的概率为l/3+2/3X3/4=5/6, D项正确。11 大鼠的毛色由两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述错误的是()黄色X黑色F1灰色F1雌雄交配F

12、2灰色黄色黑色米色 9 ： 3： 3： 1A.控制大鼠体色的两对等位基因位于两对同源染色体上B. F2中米色的雌雄大鼠交配产生的后代仍然是米色大鼠C.亲本中的黄色和黑色大鼠都是纯合子D. Fz中的灰色个体大部分是纯合子解析：选D 由图分析可知：F2的表现型有4种且比例为9 ： 3 ： 3 ： 1,因此毛色由独 立遗传的两对等位基因控制，Fz中灰色比例最高，灰色为双显性性状(A_B_),米色最少， 为双隐性性状(aabb),黑色、黄色为单显性性状(aaB_、A_bb), Fi为双杂合子(AaBb)。F2 的表现型有4种且比例为9 ： 3 ： 3 ： 1,因此毛色由独立遗传的两对等位基因控制，且遵

13、循 基因的自由组合定律，两对等位基因位于两对同源染色体上，A项正确。米色的基因型为 双隐性aabb, aabbXaabb-aabb, F2中米色的雌雄大鼠交配产生的后代仍然是米色大鼠， B项正确。亲本中的黄色(AAbb或aaBB)和黑色(aaBB或AAbb)大鼠都是纯合子，C项正 确。F2中灰色大鼠的基因型是A_B_,可能是纯合子，也可能是杂合子，其中纯合子较少， D项错误。6.某种哺乳动物的毛色有灰色和黑色两种类型，该相对性状由3对独立遗传的等位基 因控制，3对等位基因中至少各含有1个显性基因时，个体才表现为灰色，否则表现为黑色。 以下判断错误的是()A.该种哺乳动物灰色个体的基因型有8种B

14、.该种哺乳动物纯合黑色个体的基因型有7种C.纯合黑色和纯合灰色个体杂交，后代全部表现为灰色D.纯合黑色的异性个体杂交，后代不可能出现灰色个体解析：选D 假定三对等位基因分别是P、p, Q、q, R、r,根据信息“3对等位基因 中至少各含有1个显性基因时，个体才表现为灰色，否则表现为黑色”，判断基因型和性 状的关系为：P_Q_R_P_Qr、P_qqR_、PPQ_R_ P_qqrr、 ppQ_rr ppqqR_. ppqqrr灰色黑色灰色个体的基因型为P_Q_R_,共8种基因型，A正确；纯合黑色个体的基因型有 ppqqrr、PPqqrr ppQQir、ppqqRR、PPQQrr ppQQRR PP

15、qqRR,共 7 种，B 正确； 纯合黑色和纯合灰色个体杂交，后代基因型为P_Q_R_,表现为灰色，C正确；纯合黑色个 体杂交，后代可能出现灰色个体，如PPqqrr和ppQQRR的后代为PpQqRr,表现为灰色, D错误。7.（2021湖北省选考模拟演练）某植物花的色素由非同源染色体上的A和B基因编码的 酶催化合成（其对应的等位基因a和b编码无功能蛋白），如下图所示。亲本基因型为AaBb 的植株自花授粉产生子一代，下列相关叙述正确的是（）白色物质上 黄色物质上红色物质A.子一代的表现型及比例为红色：黄色=9 ：7B.子一代的白色个体基因型为Aabb和aaBbC.子一代的表现型及比例为红色：白色

16、：黄色=9 ：4：3D.子一代红色个体中能稳定遗传的基因型占比为1/3解析：选C 由图可知，白色物质无A基因，即基因型为aa_,黄色物质的基因型为 A_bb,红色物质的基因型为A_B_,又因色素由非同源染色体上的A和B基因编码的酶催 化合成，则A/a、B/b这两对等位基因的遗传遵循基因的自由组合定律。亲本基因型为AaBb 的植株自花授粉产生子一代，子一代的表现型及比例为红色：白色：黄色=9： 4： 3, A错 误，C正确；子一代的白色个体基因型为aaBB、aaBb和aabb, B错误；子一代红色个体 （A_B_）中能稳定遗传的基因型（AABB）占比为1/9, D错误。8 .假如某两性花植物茎卷

17、须的长短受两对独立遗传的等位基因（A、a, B、b）控制，单 杂合植株的茎卷须中等长度，双杂合植株的茎卷须最长，其他纯合植株的茎卷须最短；花 粉是否可育受一对等位基因C、c控制，含有C基因的花粉可育，含有c基因的花粉败育。 下列相关叙述正确的是（）A.茎卷须最长的植株自交，子代中茎卷须中等长度的个体占3/49 .茎卷须最长的植株与一茎卷须最短的植株杂交，子代中茎卷须最长的个体占1/4C.基因型为Cc的个体连续自交2次，子代中CC个体占1/4D.如果三对等位基因自由组合，则该植物种群内对应的基因型最多有27种解析:选B 根据题干信息，该两性花植物茎卷须的长短受两对独立遗传的等位基因（A、 a和B

18、、b）控制，单杂合植株的茎卷须中等长度，双杂合植株的茎卷须最长，其他纯合植株 的茎卷须最短，可知茎卷须中等长度植株的基因型为AaBB Aabb、AABb、aaBb;茎卷 须最长植株的基因型为AaBb;茎卷须最短植株的基因型为AABB、AAbb、aaBB、aabbo 根据题干信息，花粉是否可育受一对等位基因C、c控制，含有C基因的花粉可育、含有c 基因的花粉败育，可知父本只能产生含C的花粉。茎卷须最长个体的基因型为AaBb,其 自交后代中中等长度的个体（AaBB、Aabb、AABb aaBb）所占的比例为1/2x 1/4+1/2x 1/4 + l/4xl/2 + l/4xl/2 = 1/2, A

19、错误。茎卷须最长的植株（AaBb）与一茎卷须最短的植株 （AABB、AAbb、aaBB、aabb）杂交,子代中茎卷须最长的个体（AaBb）所占的比例为1/2X1/2= 1/4, B正确。基因型为Cc的个体自交一次，由于父本只能产生含C的花粉，子一代中 CC个体占1/2, Cc个体占1/2,子一代自交，由于父本只能产生含有C的花粉，子二代中 CC占l/2xl+l/2Xl/2=3/4, C错误。茎卷须的长短受两对独立遗传的等位基因(A、a 和B、b)控制，相关基因型最多有3X3=9种；花粉是否可育受一对等位基因C、c的控制， 含有C的花粉可育、含c的花粉不可育，相关基因型只有CC和Cc两种，若三对

20、等位基因 自由组合，该植物种群内对应的基因型最多有9X2=18种，D错误。10 某哺乳动物棒状尾(A)对正常尾(a)为显性；黄色毛(Y)对白色毛(y)为显性，但是雌性 个体无论毛色基因型如何，均表现为白色毛。两对基因均位于常染色体上并遵循基因的自 由组合定律。下列叙述正确的是()A. A与a、Y与y两对等位基因位于一对同源染色体上B.若想依据子代的表现型判断出性别，能满足要求的交配组合有两组C.基因型为Yy的雌雄个体杂交，子代黄色毛和白色毛的比例为3： 5D.若黄色与白色两个体交配，生出一只白色雄性个体，则母本的基因型是Yy解析：选C 由控制两对性状的基因遵循自由组合定律可知，这两对基因分别位

21、于两 对同源染色体上；若想依据子代的表现型判断出性别，YYAXyy早、YYXYy早、 丫丫占XYY早杂交组合都满足要求；基因型为Yy的雌雄个体杂交，Fi基因型为1YY、2Yy、 lyy,雄性中黄色毛：白色毛=3 : 1,雌性全为白色毛，故子代黄色毛和白色毛的比例为3 ： 5;当亲本的杂交组合为Yy 8 Xyy早时，也可生出白色雄性(yy)个体。10.某种鱼的鳞片有4种表现型：单列鳞、野生型鳞、无鳞和散鳞，由位于两对同源 染色体上的两对等位基因(用A、a, B、b表示)决定，且BB对生物个体有致死作用，将 无鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，艮有两种表现型，野生型鳞鱼占50%,单列鳞鱼占50%；选取Fi

22、中的单列鳞鱼进行相互交配，其后代中4种表现型的比例为6 ： 3 ： 2 ： 1(对应的表 现型未知)，则亲本基因型的组合是()A. aaBbXaabbB. aaBbXAAbbC. AabbXAAbbD. AaBbXAAbb解析：选B 根据题意可知，鱼的鳞片有4种表现型：单列鳞、野生型鳞、无鳞和散 鳞，由位于两对同源染色体上的两对等位基因决定，故控制相关性状的基因的遗传遵循自 由组合定律。取Fi中的单列鳞鱼进行相互交配，其后代中4种表现型的比例为6 ： 3 ： 2 ： 1,是9 ： 3 ： 3 ： 1的变式，说明Fi中的单列鳞鱼的基因型为AaBbo因为BB对生物个体 有致死作用，所以Fi中单列鳞

23、鱼互相交配的后代中，单列鳞鱼的基因型为A.Bbo亲本无 鳞鱼和纯合野生型鳞鱼杂交，得到的Fi中单列鳞鱼(AaBb)占50%,先考虑B和b这对基 因，由于BB对生物个体有致死作用，亲本野生型鳞鱼为纯合体，故亲本野生型鳞鱼的相关 基因型为bb,无鳞鱼的相关基因型为Bb;再考虑A和a这对基因，由于无鳞鱼和纯合 野生型鳞鱼的杂交后代只有野生型鳞和单列鳞两种表现型，且比例为1 ： 1,综合以上分析, 可知亲本的相关基因型为AA和aao则亲本的基因型组合方式有AABbXaabb和 AAbbXaaBb两种，而第一种组合中基因型为AABb的个体表现为单列鳞，与题干不符， 因此亲本的基因型组合只能是AAbbXa

24、aBb,故选B。11.中国动物遗传学家陈桢证明了金鱼体色是由常染色体上的基因控制的，白色是由 四对隐性基因(aabbccdd)控制的性状。这四对基因分别位于不同的同源染色体上。而四对基 因中只要有一个显性基因存在，个体就表现为紫色，观察发现紫色鱼的体色深浅程度随显 性基因的数目增多而加深。用紫色最深的紫色鱼与白色鱼杂交得到足够数量的Fi,让Fi雌 雄鱼杂交,得到F2个体(假设f2各表现型个体的成活率相同),则下列说法错误的是()A.控制金鱼体色的基因的遗传遵循基因的自由组合定律B.紫色最深的金鱼的基因型是AABBCCDDC. F2紫色个体中纯合子占1/255D. Fz个体中杂合子占15/16解

25、析：选C 据题干信息，控制金鱼体色的四对等位基因分别位于不同的同源染色体 上，可判断控制金鱼体色的基因的遗传遵循基因的自由组合定律，A正确；只要有一个显 性基因存在，个体就表现为紫色，且紫色深浅程度随显性基因数目的增多而加深，推断紫 色最深的金鱼的基因型为AABBCCDD, B正确；紫色最深的鱼(AABBCCDD)与白色鱼 (aabbccdd)杂交,Fi的基因型为AaBbCcDd, F2中紫色个体所占比例为1 一(1/4尸=255/256, F2中的纯合子所占比例为(1/2尸=1/16, F2中白色纯合子所占比例为(1/4)4=1/256,因此F? 紫色个体中纯合子所占的比例为(1/161/2

26、56)+(255/256) = 1/17, C错误；F2中杂合子所 占的比例为1-1/16=15/16, D正确。12 . 1970年，袁隆平的助手李必湖等人在海南岛发现了一株雄性不育野生稻，该水稻 外部形态和普通水稻相似，但它的花粉不育、雌蕊正常。该发现为杂交水稻的研究打开了 突破口。研究发现：这种雄性不育现象是由细胞质基因和细胞核基因共同控制的(细胞核基 因：R可育，r不育；细胞质基因：N可育，S不育)，只有核质基因均为不育时，水稻才表 现为雄性不育。下列有关叙述错误的是()A. N(S)基因的遗传表现为母系遗传B.控制水稻雄性不育的这两类基因的遗传遵循基因的自由组合定律C.雄性不育植株在

27、杂交育种中最显著的优点是不用对母本进行去雄处理D.水稻细胞质基因与细胞核基因的遗传信息的传递均遵循中心法则解析：选B 由题意可知，N(S)基因均为细胞质基因，只能通过母本遗传给子代，表现 为母系遗传，A正确；位于细胞核内的非同源染色体上的非等位基因在遗传时遵循基因的 自由组合定律，而题中的N(S)基因位于细胞质中，表现为母系遗传，故控制水稻雄性不育 的这两类基因的遗传不遵循基因的自由组合定律，B错误；由题干信息可知，雄性不育植 株花粉不育、雌蕊正常，因此在进行杂交实验时，不需要对母本去雄，C正确；中心法则 指遗传信息的传递方向，遗传信息可以从DNA流向DNA,即DNA的自我复制，也可以从 DN

28、A流向RNA,进而流向蛋白质，即遗传信息的转录和翻译，细胞质基因和细胞核基因的 遗传信息的传递都遵循中心法则，D正确。二、非选择题13 .某自花传粉的二倍体植物，花色受多对等位基因控制，花色遗传的生化机制如图 所示。请回答下列问题：基因A 基因B基因D前体物1（白色）一色素（白色）一色素（白色）一色素（蓝色） 基因E紫色前体物2（白色）一色素（红色）J（1）某蓝花植株自交，其自交子代中蓝花个体与白花个体的比例约为27： 37,该比例的 出现表明该蓝花植株细胞中控制蓝色色素合成的多对基因位于 上。蓝花植株自交，子代中出现蓝花个体的概率除27/64外，还可能是 o（2）现有甲、乙、丙3个纯合红花株

29、系，它们两两杂交产生的子代均表现为紫花，则甲、 乙、丙株系的花色基因型各含有 对隐性纯合基因。若用甲、乙、丙3个纯合红花品系，通过杂交实验来确定某纯合白花株系的花色基因组成中存在2对、3对还是4对隐性 纯合基因，请写出实验的设计思路，预测结果并得出实验结论（不考虑基因突变、染色体变 异、交叉互换等情况）。实验思路：实验结果和结论：若，则该白花株系的基因型中存在2对隐性纯合基因；若，则该白花株系的基因型中存在3对隐性纯合基因；若杂交子代全开红花，则该白花株系的基因型中存在4对隐性纯合基因。解析：某蓝花植株A_B_D_ee自交，子代中蓝花个体与白花个体的比例约为27 ： 37, 其中蓝花个体所占比

30、例为27/（27+37） = 27/64=（3/4）表明该蓝花植株细胞中控制蓝色色 素合成的多对基因符合自由组合定律，位于非同源染色体上，该蓝花植株的基因型为 AaBbDdeeo蓝花植株基因型还可能含有两对杂合基因，或者含有一对杂合基因，或者不 含杂合基因，因此蓝花植株自交，子代中出现蓝花个体的概率除27/64外，还可能是9/16 或3/4或100%。（2）甲、乙、丙3个纯合红花株系，它们两两杂交产生的子代均表现为紫 花，分析可知甲、乙、丙株系的花色基因型各含有1对不同的隐性纯合基因（aa、bb或dd） 以及一对显性纯合基因EE。用甲、乙、丙3个纯合红花品系，通过杂交实验来确定某纯合 白花株系

31、的花色基因组成中存在aa、bb、dd、ee中的2对、3对还是4对隐性纯合基因， 可让该白花株系分别与甲、乙、丙杂交，分别统计子代的花色类型。该白花株系的基因 型中一定含有ee,若该白花株系的基因型中存在2对隐性纯合基因，则另一对隐性纯合基 因与甲、乙、丙中的一个所含的隐性纯合基因相同，且二者杂交子代全开红花；该白花株 系除ee外的另一对隐性纯合基因与甲、乙、丙中的另外两个所含的隐性纯合基因不同，它 们的杂交子代全开紫花；若该白花株系的基因型中存在3对隐性纯合基因，则其与甲、 乙、丙中的两个杂交，子代全开红花；该白花株系与甲、乙、丙中的另外一个杂交，子代 全开紫花；若杂交子代全开红花，则该白花株

32、系的基因型中存在4对隐性纯合基因。答案：（1）非同源染色体9/16或3/4或100% （2）1让该白花株系分别与甲、乙、 丙杂交，分别统计子代的花色类型其中两组的杂交子代全开紫花，另一组的杂交子代 全开红花其中一组的杂交子代全开紫花，另两组的杂交子代全开红花14 .研究人员发现某野生稻品种甲7号染色体上具有抗病基因H,12号染色体上具有耐 缺氮基因T,而华南釉稻优良品种乙染色体相应位置上均为隐性基因。让甲、乙杂交，得 到的Fi自交，用PCR方法检测Fz群体中不同植株的基因型，发现不同基因型个体数如下 表。HHHhhhTTTttt127160549749耐缺氮性状的遗传遵循 定律，判断的依据是F

33、2群体中HH、Hh、hh基因型个体的数量比约是1 ： 6 ： 5,（填“符合” 或“不符合”）典型的孟德尔遗传比例。研究人员推测“Fi产生的雌配子育性正常，而带有 H基因的花粉成活率很低”。请设计杂交实验验证上述推测，并写出支持上述推测的子代（3）进一步研究发现品种乙7号染色体上有两个紧密连锁在一起的基因Pi和PX如图）， P1编码抑制花粉发育的毒性蛋白，P2编码能解除该毒性蛋白作用的保护性蛋白。品种甲7 号染色体上无基因P1和P2。据此可知，F1中带有H基因的花粉成活率低的原因是P1在 分裂时期表 达，而P2在 细胞中表达。Pl和P2被称为自私基因，其“自私”的意义是使 更多地传递给子代，“

34、自私”地维持了物种自身的稳定性。（4）科研人员利用杂交育种技术改良品种乙水稻，获得了 HHTT型乙水稻新品种。最终 选出的植株中，部分个体含Pi、P2基因，部分不含，应保存哪一类？并分析说明理由：解析：（1）根据甲、乙杂交，Fi自交后代F2中，TT、Tt、tt的比例约为1 ： 2 ： 1,可 推出耐缺氮性状的遗传遵循基因的分离定律。（2*2中HH ：Hh ：hhl ： 6 ： 5,这不符合 典型的孟德尔遗传比例。为了验证“Fi产生的雌配子育性正常，而带有H基因的花粉成活 率很低”的推测，可通过正反交实验判断，即以Fi为母本，品种乙为父本进行杂交实验， 预测结果是子代中抗病个体与不抗病个体的比例

35、为1 ： 1;以Fi为父本，品种乙为母本，预 测结果是子代中抗病个体与不抗病个体的比例为1 ： 5,则可验证以上推测。（3）Pi能够编 码抑制花粉发育的毒性蛋白，P2编码能解除该毒性蛋白作用的保护性蛋白，花粉为生殖细 胞经减数分裂产生的精子，甲、乙杂交产生的Fi依然能自由交配，但带有H基因的花粉 成活率很低，由此推测Pi在减数第一次分裂时期表达，P2在精细胞中表达。由“维持了 物种自身的稳定性”可知，“自私”的意义是使亲本的遗传信息更多地传递给子代。（4）根 据以上分析可知，有Pi、P2基因能够保持品系的优良性状，无Pi、P2基因有利于进一步 杂交进行性状改良，因此应保存含Pl、P2基因的植株

36、。答案：基因分离F2中TT、Tt、tt的比例约为1 ： 2 ： 1（或F2中耐缺氮植株所占比 例为3/4） （2）不符合 以用为母本，品种乙为父本，子代中抗病个体与不抗病个体比例是 1 ： 1;以Fi为父本，品种乙为母本，子代中抗病个体与不抗病个体比例为1 ： 5 （3）减 数第一次（或有丝）精（或花粉）亲本的遗传信息（或亲本的遗传物质、亲本的DNA） （4） 应保存含Pl、P2基因的植株，有P、P2基因能够保持品系的优良性状，无P、P2基因有 利于进一步杂交进行性状改良15 .（2019江券高考）杜洛克猪毛色受独立遗传的两对等位基因控制，毛色有红毛、棕 毛和白毛三种，对应的基因组成如下表。请回答下列问题：毛色红毛棕毛白毛基因组成A_B_A_hh aaB_aabb棕毛猪的基因型有种。已知两头纯合的棕毛猪杂交得到的用均表现为红毛，Fi雌雄交配产生F2o该杂交实验的亲本基因型为 oFi测交，后代表现型及对应比例为 o