2016年广西贵港市中考物理真题及答案.docx

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1、2016年广西贵港市中考物理真题及答案一、单项选择题（每小题3分，共30分）每小题只有一个正确的选项，请用2B铅笔将答题卡对应题目的答案标号涂黑，如需改动，必须先用橡皮擦干净后，再改涂其他答案标号1（3分）（2016贵港）手掌按住正在发声的鼓面，鼓声消失了，原因是手（）A把声音反射回去了B吸收了声波C改变了鼓面的振动频率，超出了人的听觉范围D使鼓面停止了振动【分析】声音是由物体的振动产生的，振动停止，发声也停止【解答】解：敲鼓时鼓面振动发出声音，手掌按住鼓面，鼓面停止振动，因此鼓声消失故选D【点评】本题考查了声音的产生，是声学的基础知识，属于识记性内容2（3分）（2016贵港）5月31日是世界

2、“无烟日”，自己吸烟，旁人也被动吸二手烟，据世界卫生组织统计，每年因吸烟导致近600万人失去生命，造成他人吸二手烟是由于（）A烟分子间存在着引力B烟分子间同时存在引力和斥力C烟分子在不停地做无规则运动D烟分子间存在着斥力【分析】解此题需掌握分子动理论，物质是由分子组成的，一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力扩散现象说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动【解答】解：由于一切分子都在不停地做无规则运动，所以公共场合吸烟的时候，烟气会扩散到空气中，被在场的其它人吸收故造成他人吸二手烟是由于分子在不停地做无规则运动的缘故故选C【点评】本题主要考查学生对扩散现象，即

3、分子运动的了解和掌握，是一道基础题3（3分）（2016贵港）下列说法错误的是（）A镜面反射遵守光的反射定律，漫反射不遵守光的反射定律B平面镜所成的像的大小与物体的大小相等C凹透镜对光有发散作用D当物距大于2倍焦距时，物体可以通过凸透镜形成倒立、缩小的实像【分析】（1）漫反射和镜面反射的区别是反射光线的传播方向不同，共同点是它们都遵循光的反射定律（2）平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等；（3）凹透镜对光有发散作用，平行于主光轴的光通过凹透镜后，偏折方向更远离主光轴，显得发散（4）凸透镜成像规律之一，u2f，成倒立、缩小的实像【解答】解：

4、A、漫反射和镜面反射的区别是反射光线的传播方向不同，但是它们都遵循光的反射定律，故A错误B、据平面镜成像的特点可知：成正立的虚像，像的大小与物体的大小是相等的故B正确；C、凹透镜对光有发散作用，故C正确；D、由凸透镜成像规律可知，当物距大于2倍焦距时，物体可以通过凸透镜形成倒立、缩小的实像，故D正确故选A【点评】本题是一道光学综合题，涉及到光的反射、平面镜成像特点、凸透镜成像规律、凹透镜对光有发散作用等多个知识点4（3分）（2016贵港）下列装置中应用电磁感应原理工作的是（）A直流电动机B电磁继电器C白炽灯泡 D发电机【分析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这种

5、现象叫做电磁感应，发电机就是利用这个原理制成的【解答】解：A、电动机的工作原理是通电线圈在磁场中受力转动，不符合题意；B、电磁继电器是利用电磁铁控制电流的开关，电磁铁的工作原理是电流的磁效应，不符合题意；C、白炽灯泡的工作原理是电流的热效应，不符合题意；D、发电机的工作原理是电磁感应现象，符合题意故选D【点评】本题考查了电和磁的相关知识，知道各种电磁类电器的工作原理是解决问题的关键5（3分）（2016贵港）下列做法，容易造成触电事故的是（）A使用试电笔辨别火线或零线时，手接触笔尾金属体B切断电源后，进行电路维修C将湿衣服直接晾在输电线上D放风筝时，远离高压输电线【分析】当有一定大小的电流通过人

6、体，就会引起人体触电，家庭电路中的触电事故，都是人体直接或间接跟火线接触造成的【解答】解：A、使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光故A不会造成触电事故；B、进行家电维修时，必须先切断电源，再进行维修，故B不会造成触电事故；C、水是导体，将湿衣服直接晾在输电线上，当人接触时，将会发生触电事故，故C会造成触电事故；D、因为高压输电线上是高压，在下面放风筝时可能会发生高压电弧触电，因此放风筝时，远离高压电线，故D不会造成触电事故故选C【点评】本题考查了触电发生的条件及家庭电路中触电的原因，学会安全用电，加强自我保护6（3分）（2016贵

7、港）如图所示电路中，开关能够同时控制两盏灯，且两灯发光情况互不影响的电路是（）A BC D【分析】（1）串联电路：电流只有一条路径，各用电器相互影响，只需要一个开关就可以控制所有的电器；（2）并联电路：电流有多条电路，各用电器互不影响，干路开关控制整个电路，支路开关控制各自的支路【解答】解：（1）开关能够同时控制两盏灯，电路既可以串联又可以并联，但并联时开关必须在干路上；（2）两灯发光情况互不影响，两灯应该是并联的综上可知，符合要求的电路应该是并联电路，并且开关在干路上由图可知，A是串联；B是并联电路，并且开关在干路上，C是并联电路，但开关在支路上D是串联故选B【点评】本题考查了学生辨析电路的

8、能力，解题的关键在于学生能从题干描述中捕捉到有用的信息，实际上也是对学生分析能力的考查7（3分）（2016贵港）如图所示是小明设计的压力传感器的原理图，其中弹簧上端和滑动变阻器的滑片P固定在一起，AB间有可收缩的导线，R1为定值电阻当开关S闭合，压力F增大时，电流表与电压表示数变化情况是（）A电流表示数变大，电压表示数变小B电流表示数不变，电压表示数变小C电流表示数变小，电压表示数变大D电流表、电压表示数都变小【分析】由图可知，R1与R2串联，并且R2连入的阻值始终是最大值，电压表测R2下半部分两端电压，根据串联电路特点和欧姆定律分析判断滑片移动时电表示数变化【解答】解：如图所示，R1与R2串

9、联，并且R2连入的阻值始终是最大值，电压表测R2下半部分两端电压，电源电压不变，由I=可知，电路中电流不变，即电流表示数不变；压力F增大时，滑片P向下移动，电压表所测下半部分电阻减小，由U=IR可知下半部分分得电压减小，即电压表示数变小故选B【点评】本题考查串联电路特点和欧姆定律的应用，解题的关键是正确分析电路结构，电压表在识别电路时可以看成断路，这样有助于简化电路从而正确识别电路8（3分）（2016贵港）如图所示，一木块立在光滑的水平平板小车上，并随小车一起沿粗糙的水平地面向右做匀速直线运动，当小车突然加速，车上的木块将（）A也跟着小车加速运动B向左平滑出小车，落地后向左倾倒C向左倾倒在小车

10、上D向左平滑出小车，落地后向右倾倒【分析】先分析车突然加速前，木块和小车的运动状态，当小车突然加速时，根据一切物体都有保持原来运动状态的性质来分析木块的运动状态【解答】解：车加速前，木块和小车一起向右作匀速直线运动，并且木块和小车具有共同的速度，当小车突然加速时，由于木块在光滑的接触面上，不受摩擦力的作用，因此木块由于惯性，还要保持原来大小不变的速度向右作匀速直线运动，所以相对于小车向左平滑出；落地后，由于惯性，木块相对地面运动速度继续向右，下部受到地面摩擦力向左，上部由于惯性继续向右运动，所以向左平滑出小车，落地后向右倾倒故选D【点评】一切物体都有保持静止状态或匀速直线运动状态的性质，我们把

11、物体保持运动状态不变的性质叫做惯性，此题主要考查学生对惯性的理解和应用，会用惯性知识分析物体的运动状态9（3分）（2016贵港）如图所示，质地均匀的圆柱体，在拉力F的作用下，由实线位置匀速转到虚线所示位置，整个过程中，拉力F始终作用于A点且与OA保持垂直（OA为圆柱体横截面的直径），圆柱体在转动过程中不打滑则下列分析正确的是（）A拉力F逐渐变小B由于拉力F的力臂始终保持最长，拉力F始终保持最小值不变C拉力F逐渐变大D条件不足，无法判断【分析】本题主要考查两个方面的知识：（1）力臂的概念：从支点到力的作用线的距离叫做力臂；（2）运用杠杆的平衡条件FL=GL分析动力的大小变化【解答】解：由图可知，

12、动力F的力臂L始终保持不变，阻力为圆柱体的重力G始终大小不变，由实线位置转到虚线位置时，重力的力臂逐渐减小，又因为FL=GL，所以动力F逐渐变小故选A【点评】本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，能否正确分析重力的阻力臂与动力臂的大小关系是本题的解题关键10（3分）（2016贵港）甲、乙、丙三个完全相同的小球，分别放入酒精、水和浓盐水中（三种液体深度均大于球的直径），它们静止时受到的浮力分别为F1、F2、F3，则下列几种情况中，不可能的是（酒精水浓盐水）（）AF1F2F3 BF1F2=F3 CF1=F2F3 DF1=F2=F3【分析】根据小球的密度和液体的密度关系分别讨论：如果小球的密度小

13、于或等于酒精的密度，则小球在酒精中漂浮，在三种液体中都处于漂浮状态；如果小球的密度大于酒精的密度，则小球在三种液体中都处于沉底状态；如果小球的密度大于酒精的密度，小于水的密度，则小球在酒精中沉底，在水和浓盐水中漂浮，如果小球的密度大于水的密度，小于浓盐水的密度，则小球在水和酒精中沉底，在浓盐水中漂浮【解答】解：当球酒精水浓盐水时，如果小球在酒精中漂浮，则在三种液体中都处于漂浮状态，浮力等于重力，重力相等，浮力就相等；如果小球在酒精中悬浮，则在水和浓盐水中都处于漂浮状态，浮力等于重力，重力相等，浮力就相等，即F1=F2=F3，故D可能；当酒精水浓盐水球时，小球在三种液体中都是沉底的，排开液体的体

14、积相等，液体密度越大，浮力越大，即F1F2F3，故A可能；当酒精球水浓盐水时，小球在酒精中沉底，浮力小于重力，在水和浓盐水中漂浮，浮力等于重力，即F1F2=F3，故B可能；当酒精水球浓盐水时，小球在水和酒精中沉底，浮力小于重力，排开液体的体积相等，液体密度越大，浮力越大，即F1F2G；小球在浓盐水中漂浮，浮力等于重力，F3=G；比较可知，F1F2F3；综上所述，不可能是F1=F2F3；故C不可能故选C【点评】此题通过分析小球在液体中的浮沉情况，考查了对阿基米德原理、浮沉条件的应用，同时考查了密度知识的应用，难度较大二、填空题（每空1分，共20分）11（2分）（2016贵港）小孔成像的原理是光的

15、直线传播；游泳池注水后，看上去好像变浅了，是由于光的折射形成的（选填“反射”、“折射”或“直线传播”）【分析】光在同种均匀物质中沿直线传播，如：激光准直、小孔成像和影子的形成等都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向的会偏折，发生折射现象，如：看水里的鱼比实际位置浅、筷子在水杯中会变弯等【解答】解：小孔成像是光的直线传播形成的；游泳池注水后，看上去好像变浅了，是由于光的折射形成的故答案为：直线传播；折射【点评】此题考查的是光的直线传播、光的折射，是一道光学基础题12（2分）（2016贵港）小聪从滑梯顶端由静止滑下，重力势能转化为动能，同时小聪的臀部感

16、觉热，这是通过做功（选填“做功”或“热传递”）方式改变他的内能【分析】动能和重力势能之间可以相互转化；摩擦生热是通过做功改变物体的内能【解答】解：由题意可知，小聪从滑梯顶端由静止滑下，其高度降低，速度增大，是重力势能转化为动能同时小聪的臀部感觉热，臀部与滑梯之间摩擦，这是通过做功方式改变他的内能故答案为：重力势；做功【点评】本题考查了机械能之间的相互转化，以及做功改变物体的内能，属热和能的基础题13（2分）（2016贵港）如图所示，塑料杯中灌满水，用一张纸覆盖杯口并压紧，然后将杯悬空倒置，杯中的水和纸都不会落下，是因为大气压的作用若此时在杯底用针扎一小孔，观察到的现象是水会洒落（选填“水会洒落

17、”、“水不会洒落”或“水会从小孔喷出”）【分析】覆杯实验证明了大气压的存在，扎眼后瓶内气压等于大气压，水和纸就会下落【解答】解：大气压可以支持大约10.34m高的水柱（p0=水gh），装满后大气压完全可以支持不落下来，上面扎眼以后，上面就有了大气压，上下气压就相等了，纸片在重力作用下就会下落，水在重力的作用下会洒落故答案为：大气压；水会洒落【点评】本题借助一个趣味实验考查学生对大气压知识的理解和掌握14（2分）（2016贵港）有四个带电的轻质小球A、B、C、D，已知C带正电，A与C相吸引，A与D相排斥，B与D相吸引，则B带正电，D带负电【分析】A、B、C、D四个带电体，排除了带电体吸引轻小物体

18、的这种情况从C带正电入手，结合A与C相吸引，A与D相排斥，B与D相吸引，利用电荷间作用规律来分析解决【解答】解：因为C带正电；所以A与C相互吸引，故说明A与C的电荷不同，故A带负电因为A与D相排斥，故说明A与D的电荷相同，故D带负电因为B与D相吸引，所以B与D带异种电荷，D带负电，故B带正电故答案为：正；负【点评】本题考查电荷间的相互作用，同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引解决本题的关键是找准突破点D所带的电荷的种类15（2分）（2016贵港）如图所示的电路中，闭合开关S，已知电源电压为4.5V，L1两端的电压为2V，则L2两端的电压为2.5V，电压表的示数为2V【分析】由电路图可知，灯泡L1

19、、L2串联，电压表测L1两端的电压，即电压表的示数为L1两端的电压；根据串联电路的电压特点求出L2两端的电压【解答】解：因为电压表测L1两端的电压，所以L1两端的电压U1=2V，又据L1、L2串联，所以L2两端的电压为U2=UU1=4.5V2V=2.5V故答案为：2.5；2【点评】本题考查了串联电路的电压特点，关键是电压的正确使用和所测电路元件的判断，是一道基础题目16（2分）（2016贵港）用如图所示的滑轮组提升重2000N的物体，绳子自由端匀速上升10m，已知滑轮组机械效率为80%，则拉力F为500N，拉力F做功为5000J【分析】（1）利用滑轮组提升重物做功时，对重物所做的功为有用功，计

20、算公式为W=Gh已知机械效率为80%，根据=即可求出总功（2）根据拉重物的绳子有几段，则s=nh，利用W=FS即可求出拉力【解答】解：从图中可以看出，有5段绳子在拉重物，则根据s=nh可知：h=s=10m=2m，有用功W有用=Gh=2000N2m=4000J；由=可得：总功W总=5000J；由W=Fs可知：拉力F=500N故答案为：500；5000【点评】本题是对机械效率和功率的一个最基本的考查，熟练掌握相关公式是解决此类题目的关键17（2分）（2016贵港）如图所示，物体重10N，被水平向左的力F压在竖直墙壁上，当F=50N时，物体沿竖直墙壁匀速下滑，这时物体受到的摩擦力是10N；当F=80

21、N时，物体在墙壁上保持静止，此时物体受到的摩擦力是10N【分析】处于静止状态或匀速直线运动状态的物体受平衡力，二力平衡条件：作用在同一物体上的两个力，大小相等，方向相反，作用在同一直线上【解答】解：（1）用50N的压力把物体重10N的物体压在竖直墙壁上，物体恰好沿竖直墙壁匀速下滑，则物体处于平衡状态，物体受平衡力作用，则物体在竖直方向受重力和摩擦力作用，二力应大小相等方向相反，故摩擦力大小为10N；（2）当压力增大为80N时，物体在竖直墙壁上静止不动，物体处于静止状态，受平衡力作用，即物体在竖直方向上受竖直向下的重力和竖直向上摩擦力的作用，故摩擦力10N故答案为：10；10【点评】首先判断物体

22、处于哪种状态，并对物体进行受力分析，静止和匀速直线运动的物体都受到平衡力的作用，根据平衡力的特点进行判断18（2分）（2016贵港）在如图所示的电路中，闭合开关S，电路正常工作一段时间后灯熄灭，一个电表的示数变大，另一个电表的示数变小将R和L位置互换后再次闭合开关S，两个电表指针不动若电路中只有一处故障，则这个故障是L（选填“R”或“L”）发生断路（选填“短路”或“断路”）【分析】由电路图知，灯泡和定值电阻串联在电路中，电压表测量灯泡两端电压，电流表测量通过电路的电流，将每个选项代入题目依次检验，然后确定符合题意的选项【解答】解：如果灯L断路，电流表示数减小为零，电压表示数增大；将灯泡和电阻互

23、换位置后，电流表仍无示数，电压表示数减小为零故L发生断路；如果灯泡短路，电流表示数增大，电压表示数减小；将灯泡和电阻互换位置后，电流表指针偏转，电压表指针偏转如果电阻R断路，电流表和电压表示数都为零如果电阻R短路，电流表、电压表示数都增大综上所述：故障为灯泡L断路故答案为：L；断路【点评】使用电流表检验电路故障时，电流表无示数，一般是串联的用电器断路；电压表检验电路故障时，电压表无示数，一般是并联的用电器短路或串联的用电器断路19（2分）（2016贵港）如图所示，实心长方体A和B放在水平地面上，高度之比hA：hB=2：1，底面积之比SA：SB=2：3，它们对地面的压强相等，则它们的密度之比A：

24、B=1：2；它们对地面的压力之比FA：FB=2：3【分析】已知两个长方体高度之比、对地面的压强相同，利用公式p=gh得到两种材料的密度关系；已知长方体对地面的压强关系和底面积关系，可以得到压力关系【解答】解：因为p=gh，所以长方体密度之比为A：B=：=；因为p=，所以长方体对地面的压力之比为FA：FB=pSA：pSB=SA：SB=2：3故答案为：1：2；2：3【点评】弄清题目中的关键条件，知道此时的压力等于重力，灵活运用压强的公式，再利用数学的运算可解答20（2分）（2016贵港）如图所示是用来测量某照明电路消耗电能的电能表表盘，此照明电路是由若干盏规格为“220V 22W”的电灯并联连接而

25、成此电路最多允许200盏灯同时正常工作小明在某次实践活动中，在电源电压恒为200V的情况下，接通部分电灯同时工作，测得电能表的转盘在10min内转了20转，则小明接通了11盏灯（灯丝电阻变化忽略不计）【分析】（1）参数“220V 10（20）A”中，220V表示电能表正常工作时的电压，10A表示电能表的标定电流，20A表示平时工作最大允许通过的电流；利用P=UI计算电度表允许家用电器同时工作的最大总功率，然后除以每盏灯泡的功率即可得出答案；（2）“600R/（kWh）”表示每消耗1kWh的电，转盘转600圈，据此可求转盘转20R消耗电能，再利用P=求电路的总电功率；知道灯的额定电压和额定功率，

26、可求灯丝电阻，知道实际电压，可求每盏灯的实际功率，进一步求出灯的盏数【解答】解：（1）该同学家同时使用家用电器的最大总功率：P=UI=220V20A=4400W，最多能接“220V，22W”灯泡的盏数：n=200盏（2）“600R/（kWh）”表示每消耗1kWh的电能，转盘转600圈转盘转20r，消耗的电能：W=kWh=kWh，3.6106J=1.452105J，t=10min=h，电路消耗的实际功率：P=0.2kW=200W；每盏灯的电阻R=2200，每盏灯的实际功率：P实=W，连接“220V，22W”灯泡的盏数：n=11盏故答案为：200；11【点评】本题考查了电功率的计算，关键是电能表参

27、数含义、灵活运用电功率的相关公式的了解与掌握三、作图与实验探究题（共27分）21（6分）（2016贵港）（1）图甲所示是一吊灯悬挂在天花板上，其中O点为灯的重心，请画出吊灯所受的拉力和重力的示意图（2）如图乙所示，a、b是经凸透镜折射后的两条光线，请在图中画出这两条光线的入射光线（3）电磁体中线圈的电流方向和小磁针静止时指向如图丙所示，请标出小磁针的南、北极【分析】（1）灯受到两个力，作用点都在重心，重力G的方向是竖直向下，拉力F的方向向上根据力的示意图的画法画出这两个力即可；（2）在作凸透镜的光路图时，先确定所给的光线的特点再根据透镜的光学特点来作图（3）已知电源正负极，根据安培定则可确定螺

28、线管的NS极，再利用磁极间的相互作用可确定小磁针的南、北极【解答】解：（1）过灯的重心，分别沿竖直向下和竖直向上的方向画一条有向线段，并分别用G和F表示，即为其所受重力和拉力示意图，因为这两个力是一对平衡力，所以，作图时两条线段长度要相等如图所示：（2）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变如图所示：（3）根据安培定则可确定螺线管的左端为N极，右端为S极，利用磁极间的相互作用可确定小磁针的左端为S极，右端为N极如图所示：【点评】（1）本题考查了力的示意图的画法.力的示意图要把力的大小和作用点表示出来（2）凸透镜的三条特殊光线：通过焦点的光线经凸透镜折

29、射后将平行于主光轴.平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不改变（3）本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向22（5分）（2016贵港）图甲是探究“冰熔化时温度变化规律”实验中某时刻温度计的示数，图乙是根据实验数据画出的图象（1）图甲所示温度计的示数是2（2）冰在熔化过程中吸热（选填“吸热”、“放热”或“既不吸热也不放热”），温度不变（3）由图乙可知，冰的熔点是0，第2分钟处于固态（4）实验中收集多组数据是为了A（选填“A”或“B”）A寻找普遍规律B减小实验误差【分析】（1）读取温度计的示数时，要看清分度值以

30、及示数在零上还是零下，再根据刻度位置读出示数；（2）晶体有一定的熔点，而非晶体没有，晶体熔化时吸收热量，温度不变；（3）结合图象得出结论；（4）实验中需要多次实验，是为了得到更普遍性熔化规律【解答】解：（1）读图甲可知，温度计的分度值为1，在0下面2个小格处，示数为了2；（2）由图乙可知，冰在熔化过程吸热，温度保持不变；（3）由图知冰熔点是0，第2分钟处于固态；（4）在此实验中，收集多组数据是为了得到可靠的结论，故选A故答案为：（1）2；（2）吸热；（3）0；固；（4）A【点评】本题以探究“冰熔化时温度变化规律”实验，主要考查了温度计的正确读数、温度与时间变化图象的认识属于一道基础题23（5分

31、）（2016贵港）如图甲所示是小明“探究电流与电压关系”的实验中所连接的实物图，各元件及连接均完好但不完整（1）请在图甲中用笔画线代替导线将实验电路连接完整（2）闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片P置于B（选填“A”或“B”）端（3）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，记录电流表和电压表示数，进行多次实验，绘制出IU图象，如图乙中a所示，根据图象得出结论：在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成正比这个实验过程运用的主要实验方法是控制变量法（4）将电阻换成小灯泡，重复上述实验，绘制出IU图象，如图乙中b所示，则根据图象得出结论：当电灯两端的电压变小，通过灯丝的电流变小，灯丝的电阻变小（选填“变

32、小”、“不变”或“变大”）【分析】（1）将电流表和滑动变阻器串联在电路中，注意电流表正负接线柱的接法，滑动变阻器要接一上一下；（2）为防止电路中的电流过大，烧坏元件，在闭合开关前，应将滑片移至最大阻值处；（3）电阻一定，电路中的电流与其两端的电压成正比；探究电流与电压和电阻的关系，需用到控制变量法；（4）灯丝的电阻与温度有关，随温度的升高而增大，灯丝两端的电压越小，电流越小，灯丝的实际功率越小，温度越低，电阻越小【解答】解：（1）将电流表和滑动变阻器与电阻串联，变阻器已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱，如图所示：（2）滑动变阻器的下面接了左边的接线柱，为保护电路，闭合开关前，应将滑

33、片移至最右端，即B端，使其阻值最大；（3）图乙a是一条过原点的直线，可知在电阻一定时，通过导体的电流跟导体两端的电压成比；探究电流与电压的关系，需使电阻的阻值不变，用到控制变量法；（4）由图线b可知，通过灯泡的电流为I0，灯泡两端的电压小于U0，则根据R=可知，灯泡两端的电压越小，灯泡中的电流越小，电压与电流的比值也变小，可知灯丝的电阻变小故答案为：（1）见上图；（2）B；（3）正比；控制变量法；（4）变小【点评】探究电流与电压和电阻的关系实验是电学的重点实验，首先要注意控制变量法在实验中的应用，有关实物电路的连接、滑动变阻器的使用等都是电学实验中的常见问题，同时还要注意灯丝电阻与温度的关系2

34、4（6分）（2016贵港）下面是用天平和量筒做“测盐水密度”的实验（1）调节天平平衡时，先将天平放在水平台上，将游码移至标尺左端的零刻度线处，若发现指针的位置如图甲所示，则应将平衡螺母向右调节，直到天平平衡（2）小聪用调节好的天平测量烧杯质量时，右盘中所加砝码和游码位置如图乙所示，则小聪所用烧杯的质量为32.4g（3）下表分别是小聪、小明、小玲、小莉所设计和进行实验的过程（表中的图只是实验步骤示意图，图中示数并不是实际测量数据）这四位同学所测的均为同一种盐水 设计实验者 实验操作顺序 计算盐水密度的表达式 步骤1步骤2 步骤3 小聪把盐水倒入量筒中测量出体积V用天平测量出烧杯质量m1把量筒中盐

35、水倒入烧杯中，测量盐水和烧杯总质量m2 小明用天平测量出烧杯质量m1把盐水倒入烧杯中，测量盐水和烧杯总质量m2把烧杯中的盐水倒入量筒中测量出体积V 小玲把盐水倒入烧杯中，测量盐水和烧杯总质量m1把烧杯中的盐水倒入量筒中测量出体积V用天平测量出烧杯质量m2 小莉把盐水倒入烧杯中，测量盐水和烧杯总质量m1把烧杯中的部分盐水倒入量筒中测量出体积V用天平测量出剩余盐水和烧杯总质量m2在设计实验时，四位同学都没有写出计算盐水密度的表达式请你根据小莉的实验步骤写出她计算盐水密度的表达式：盐水=在对实验结果进行分析论证时，老师发现四位同学中有两位同学的实验结果很接近，而另两位同学的实验结果差别较大老师指出，

36、实验结果相近的两位同学的数据是较准确的，而另两位同学的结果差别大的主要原因是实验操作顺序不正确引起的请你分析指出由于操作顺序不正确而导致实验结果偏大的是小明，实验结果偏小的是小聪（选填“小聪”、“小明”、“小玲”、“小莉”）【分析】（1）把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度在调节天平时，应向指针偏转的对侧移动平衡螺母，靠观察指针在分度盘的位置确定是否平衡；（2）物体的质量等于砝码的质量与游码对应的刻度值的和；（3）根据砝码和游码对应的刻度值计算物体的质量【解答】解：（1）根据托盘天平的使用规则可知，托盘天平要放在水平台上，将游码移到标尺左端的零刻度线处；然后通过调节平衡螺母使横梁平衡，

37、当指针指向分度盘的左侧时，要向右移到平衡螺母；（2）左盘中物体的质量等于砝码的质量加上游码所对的刻度值，所以物体的质量为32.4g（3）小莉的实验中，量筒中盐水的质量m=m1m2，盐水密度的表达式：盐水=；小聪是先测量液体的体积，再测量空烧杯的质量，再测量空烧杯和液体的总质量，此种做法方会使一部分液体留在量筒壁，从而使测出的液体的质量偏小，根据=可知密度会偏小；小明是先测量空烧杯的质量，再测量空烧杯和液体的总质量，再测量液体的体积，此种做法方会使一部分液体留在烧杯壁，从而使测出的液体的体积偏小，根据=可知密度会偏大；小玲和小莉是先测量烧杯与液体的总质量，再将全部（或部分）液体倒入量筒中，读出液

38、体的体积，再测量烧杯（或剩余液体和烧杯）的总质量，此种做法方就避免了液体残留在烧杯内壁上的问题，减小了误差故答案为：（1）水平台；右；（2）32.4；（3）；小明；小聪【点评】本题考查托盘天平的使用和读数同时考查液体密度的几种测量方案，让学生分析辨别，使学生明确烧杯壁粘液体而带来的实验误差，从而锻炼了学生思维能力，是一好题25（5分）（2016贵港）下面是小明做测定“小灯泡电功率”的实验，电路图如图甲所示，电源电压为6V，小灯泡额定电压为2.5V（1）连接电路时开关应断开（2）小明连接好电路，闭合开关S，发现小灯泡L发光暗淡，观察电压表、电流表均有示数，移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表示

39、数均不变，出现这种现象的原因是将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中了（3）小明改正实验错误后，闭合开关S，移动滑片P到某一位置时，电压表示数如图乙所示，为2.6V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中的滑片P向B（选填“A”或“B”）端移动，使电压表的示数为2.5V（4）小明移动滑片P，记录下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象，根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是0.5W【分析】（1）连接电路时，开关应断开；（2）小灯泡L发光暗淡，说明电路是连通的，且电路中总电阻较大；移动滑动变阻器的滑片P，电压表、电流表示数均不变，说明电路中的总电阻保持不变，因此故障为：将变阻器的

40、下面两个接线柱连入了电路中了；（3）根据电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据分压原理确定滑片移动 的方向；（4）根据图丙所示图象，找出额定电压下对应的电流大小，根据P额=U额I求灯的额定功率；【解答】解：（1）为保护电路，连接电路时，开关应断开；（2）由上面的分析知，出现这种现象的原因是将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中了，导致变阻器失去了变阻的作用；（3）在图乙中，电压表小量程分度值为0.1V，示数为2.6V，大于灯的额定电压2.5V，因灯在额定电压下才能正常工作，所以应减小灯的电压，增大变阻器分得的电压，根据分压原理，应增大变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片应向B端移

41、动，使电压表示为2.5V；（4）根据图丙所示的图象，当电压为额定电压2.5V时，对应的电流大小为0.2A，则灯的额定功率P额=U额I=2.5V0.2A=0.5W故答案为：（1）断开；（2）将变阻器的下面两个接线柱连入了电路中了；（3）2.6；B；（4）0.5【点评】本题测小灯泡的电功率，考查连接的注意事项、反常现象的分析、实验的操作过程、额定功率的计算等知识，难度中等四、解答题（共23分）解答时要求写出必要的文字说明、计算公式和重要的演算步骤答案必须写出数值和单位，只写出最后答案的不能给分26（5分）（2016贵港）小明一家双休日驾车外出郊游，汽车以60km/h的平均速度行驶0.4h才到达旅游

42、景点傍晚，他们沿原路返回，从景点到家用了30min求：（1）从小明家到旅游景点的路程；（2）小明一家从景点回家的平均速度【分析】（1）根据s=vt计算出路程；（2）根据v=计算出平均速度【解答】解：（1）汽车的速度v=60km/h，t=0.4h，则从小明家到旅游景点的路程为：s=vt=60km/h0.4h=24km；（2）返回时的时间为t1=30min=0.5h，小明一家从景点回家的平均速度：v1=48km/h答：（1）从小明家到旅游景点的路程为24km；（2）小明一家从景点回家的平均速度为48km/h【点评】本题考查了求路程、平均速度是一道基础题27（9分）（2016贵港）如图所示，一个底面

43、积为100cm2，质量和壁厚均忽略不计的圆柱形溢水杯放在水平地面上，内装960g液体（液体在图中未画出）把一个质量为135g、密度为0.9g/cm3的小球轻轻放入溢水杯中，小球静止后，测得从溢水杯中溢出50cm3液体，溢水杯内剩余液体和小球的总质量为1055g（g=10N/kg）求：（1）放入小球前，溢水杯对水平地面的压强；（2）小球在溢水杯的液体中静止时受到的浮力；（3）放入小球后，液体对溢水杯底部的压强【分析】（1）放入小球前，溢水杯对水平地面的压力和自身的重力相等，根据F=G=mg求出其大小，再根据p=求出溢水杯对水平地面的压强；（2）知道小球的质量和密度，根据=可求小球的体积，然后与溢

44、出液体的体积相比较确定放入小球前液体没有装满，小球的质量加上液体的总质量然后减去溢水杯内剩余液体和小球的总质量即为溢出液体的质量，又知道溢出液体的体积，根据=求出液体的密度，然后与小球的密度相比较确定静止时小球在液体中沉底，排开液体的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出小球受到的浮力；（3）知道液体的质量和密度可求液体的总体积，然后求出小球放入溢水杯后剩余液体和小球的总体积，根据V=Sh求出容器内液体的深度，根据p=gh求出液体对溢水杯底部的压强【解答】解：（1）放入小球前，溢水杯对水平地面的压力：F=G液=m液g=960103kg10N/kg=9.6N，溢水杯对水平地面的压强：p=96

45、0Pa；（2）由=可得，小球的体积：V球=150cm3，因V球=150cm3V溢=50cm3，所以，放入小球前，溢水杯中没有装满液体，则小球放入溢水杯后，排开液体的质量：m溢=m球+m液m总=960g+135g1055g=40g，液体的密度：液=0.8g/cm3，因液=0.8g/cm3球=0.9g/cm3，所以，小球静止时在液体中沉底，则V排=V球=150cm3，小球受到的浮力：F浮=液gV排=0.8103kg/m310N/kg150106m3=1.2N；（3）液体的总体积：V液=1200cm3，小球放入溢水杯后，剩余液体和小球的总体积：V总=V液+V球V溢=1200cm3+150cm350cm3=1300cm3，容器内液体的深度：h=13cm=0.13m，液体对溢水杯底部的压强：p=液gh=0.8103kg/m310N/kg0.13m=1040Pa答：（1）放入小球前，溢水杯对水平地面的压强为960Pa；（2）小球