2019年吉林长春中考物理真题及答案.docx

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1、2019年吉林长春中考物理真题及答案一、单项选择题（每题2分，共20分）1水结冰的过程发生的物态变化是（）A熔化 B凝固 C.液化 D凝华2女高音的“高”是指声音的（）A速度快 B音色好 C音调高 D响度大3世界上第一个发现电流围存在磁场的物理学家是（）A奥斯特 B焦耳 C安培 D欧姆4下列现象由于光的折射形成的是（）A日食 B黑板“反光” C桥在水中的倒影 D池水看起来变浅5下列实例属于做功改变物体内能的是（）A晒太阳 B搓手取暖 C热水袋取暖 D冰袋降温6下列做法符合安全用电原则的是（）A在电线上晾衣服 B检修电路前切断电源C使用绝缘皮破损的导线 D将开关接在零线和电灯之间7甲、乙两个轻质

2、小球靠近时互相排斥，若甲球带正电，则乙球（）A一定带正电 B一定不带电 C一定带负电 D可能带负电82019年6月5日，我国航天完成首次海上发射，用长征十一号运载火箭将七颗卫星送入太空。火箭加速升空过程中，这七颗卫星的动能（）A变小 B不变 C变大 D无法判断9如图所示，电源两端的电压恒定。闭合开关S1，小灯泡发光，再闭合开关S2，则（） A小灯泡变亮 B电流表示数变小 C电压表示数不变 D电路的总电阻变大10如图所示，用甲、乙滑轮组在相同时间内分别将A、B物体匀速提升相同高度，已知物体受到的重力GAGB，滑轮组的机械效率”甲乙（忽略绳重和摩擦）。下列判断正确的是（） A两滑轮组绳端移动的距离

3、相等 B甲滑轮组的有用功比乙的少C甲滑轮组的总功率比乙的小 D甲滑轮组的动滑轮比乙的重二、填空题（每空1分，共12分）11手机充电时，将 能转化为化学能；接打电话时，手机靠 传递信息。12小明在操场上跑步，以他为参照物，旁边的树是 （选填“运动”或“静止”）的。小明快速奔跑时不容易立即停下来，因为他具有 。13煤是 （选填“可”或“不可”）再生能源。相等质量的煤和木柴完全燃烧，煤放出的热量比木柴的多，说明煤的热值比木柴的热值 。14如图所示，烛焰发出的光通过凸透镜在光屏上呈现清晰的像，该像是倒立、 的实像，利用这一成像规律工作的设备有 （写出一种即可）15如图所示，闭合开关S，小磁针静止时N极

4、指向 （选填“左”或“右”）。向左移动滑动变阻器的滑片，螺线管的磁性 （选填“增强”或“减弱”）。16如图所示，小明用吸管喝水，水在 的作用下进入口中。如果每次吸入水的质量相同，杯底所受水的压强减小量为p，则喝水过程中p逐渐 。三、计算题（第17题4分，第18题6分，共10分）17（4分）如图所示，电阻R1的阻值为10闭合开关S，电阻R1两端的电压为10V，电阻R2两端的电压为5V求：（1）电源两端的电压。（2）通过电阻R1的电流。18（6分）水平桌面放置一个质量为0.8kg的保温杯，杯底对桌面的压强为2103Pa，g取10N/kg。求：（1）保温杯对桌面压力的大小。（2）桌面的受力面积。四、

5、综合题（共28分）19（3分）如图所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。（1）实验时，按照 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序安装器材更合理。（2）水沸腾过程中，温度计示数如图所示，可知水的沸点为 ；若水停止吸热，水 （选填“能”或“不能”）继续沸腾。20（5分）如图甲所示是“探究平而镜成像的特点”的实验装置。 （1）取两支完全相同的蜡烛，是为了探究像与物的 关系。（2）将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，移动玻璃板后的蜡烛B直至与蜡烛A的像完全重合，记录蜡烛A、蜡烛B的位置。改变蜡烛A的位置，重复上述实验，实验记录如图乙所示。蜡烛A位于2位置时的像在 点，蜡烛A由2位置移到3位置，像

6、的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。（3）人看到蜡烛的像是由于反射光进入人眼。请在图内中画出与反射光线对应的入射光线。21（4分）实验小组在測量小石块的密度的实验中：（1）用调节好的天平测量小石块的质量，天平平衡时砝码的质量及游码的位置如图甲所示，小石块的质量m= g。（2）将小石块浸没在装有20ml水的量筒中，水面位置如图乙所示，则小石块的体积V= cm3。（3）计算出小石块的密度= g/cm3。（4）如图先测量小石块的体积，然后从量筒中取出小石块直接测量质量，所测的密度值与真实值相比 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。22（4分）在研究电流产生的热景与哪些因素有关的实验中：（

7、1）如图所示，两个密闭的透明容器中装有相等质量的空气，两个容器中的电阻丝R1、R2（R1R2）串联接到电源两端。电阻丝R1和R2串联的原因是保证 相同，U型管中液而高度的变化反映 。（2）通电10s，观察到图中两侧U型管中液面高度的变化不同，这说明：电流产生的热量与 有关。（3）在研究电流产生的热量与电流的关系时，将一个电阻与电阻丝R2并联，通电10s，左侧U型管中液面高度的变化比（2）中左侧U型管中液面高度变化 （选填“大”或“小”）。23（4分）小明和同学到福利院义务劳动时，发现有压杆的桌子脚下装有如图甲所示的轮子。 （1）他将压杆按下，压板就会紧压在轮子上，使轮子无法滚动，桌子不容易被推

8、动，说明用滑动代替滚动可以 摩擦力；杆做得较宽大可以起到 压强的作用。（均选填“增大”或“减小”）（2）小明发现压杆是省力杠杆，O为支点。请在图乙中画出压力F的力臂l。24（4分）学习浮力知识后，小明利用可以测量压力大小的数显测力计和刻度尺进行如下实验：（1）将果汁装入轻质小瓶（小瓶和瓶盖的质量、厚度均不计），拧紧瓶盖后测出重力G。（2）如图甲所示，将小瓶放入盛有适量水的容器中，小瓶静止时竖直漂浮。小瓶受到的浮力为F浮，则F浮 G（选填“”“=”或“”）。（3）用数显测力计将小瓶缓慢压入水中，数显测力计的示数逐渐变大，说明浮力的大小与 有关。（4）如图乙所示，将小瓶放入另一种液体中，小瓶静止时

9、竖直漂浮。比较甲、乙两图可知液 水（选填“”“=”或“”）。测出此时小瓶内、外液面的高度差为h1。（5）将小瓶倒放在图乙的液体中，小瓶静止时竖直漂浮，测出此时小瓶内、外液面的高度差为h2比较可知h1 h2（选填“”、“=”或“）。25（4分）科技小组要测量额定电压为5V的小灯泡的电功率，可用的器材有：一个电压表和一个电流表（只有00.6A量程可用）。电源两端的电压恒定。（1）按如图毕所示电路图忙确连接电路。闭合廾关前，将滑动变阻器滑片移到 端（选填左”或“右”）（2）闭合开关，记录电压表、电流表示数：调节滑动变阻器并记录多组数据。当电流表示数为0.6A时，电压表示数低于5V根据数据绘制出小灯泡

10、的电流I与电压U的关系图象如图乙所示，由图象可知，灯丝电阻随温度的升高而 。（3）为测量小灯泡的额定功率，小组同学拆除电流表后再接通电路，调节滑动变阻器直到电压表示数为5V：保持滑动变阻器的滑片位置不变，断开开关，将电压表替换AB间导线接入电路，闭合开关，电压表小数为5.4V，则此时小灯泡亮度比正常发光时 ；将滑动变阻器的滑片移到最左端，电压表示数变为7.2V则小灯泡的额定功率为 W。参考答案与解析一、单项选择题（每题2分，共20分）1水结冰的过程发生的物态变化是（）A熔化 B凝固 C.液化 D凝华【知识考点】熔化与熔化吸热的特点【思路分析】物质由液态变成固态的现象叫做凝固。【解题过程】解：水

11、结冰的过程是水由液态变成固态的凝固过程。故选：B。【总结归纳】本题考查了生活中的凝固现象，属于基础知识的考查，相对比较简单。2女高音的“高”是指声音的（）A速度快 B音色好 C音调高 D响度大【知识考点】音调【思路分析】声音的特性有三个：音调、响度和音色。音调是指声音的高低，响度是指声音的大小，音色是指声音的感觉特性。【解题过程】解：我们平时所说的“女高音”，“男低音”，这里说的“高”和“低”是指声音的音调。故选：C。【总结归纳】解决此类问题要结合声音特征中的音调、音色和响度定义去分析解答。3世界上第一个发现电流围存在磁场的物理学家是（）A奥斯特 B焦耳 C安培 D欧姆【知识考点】物理常识【思

12、路分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。【解题过程】解：1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流的磁效应，发现电流周围存在磁场。故选：A。【总结归纳】本题考查了物理学史，记清每位物理学家的贡献是解题的关键，多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意。4下列现象由于光的折射形成的是（）A日食 B黑板“反光” C桥在水中的倒影 D池水看起来变浅【知识考点】光的折射现象及其应用【思路分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的

13、反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。【解题过程】解：A、当月球转到太阳和地球中间并且三者在一条直线上时，月球挡住了太阳照射在地球上的光线，地球处在月球的影子里，这就形成了日食。日食的形成说明光是沿直线传播的，故A不符合题意；B、黑板“反光”，属于镜面反射，是由于光的反射形成的，故B不符合题意；C、桥在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C不符合题意；D、池水看起来变浅是从

14、池底反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是池底的虚像，比实际位置偏高，故D符合题意。故选：D。【总结归纳】此题通过不同的现象考查了学生对光的反射、光的直线传播及光的折射的理解，在学习中要注意区分，并要学会用所学知识解释有关的物理现象。5下列实例属于做功改变物体内能的是（）A晒太阳 B搓手取暖 C热水袋取暖 D冰袋降温【知识考点】做功改变物体内能【思路分析】做功与热传递是改变物体内能的两种方式，做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。【解题过程】解：A、晒太阳属于热传递是改变物体内能。故A错误；B、搓手取暖，属于做功改变物体内能。

15、故B正确；C、热水袋取暖属于热传递是改变物体内能。故C错误；D、冰袋降温属于热传递是改变物体内能。故D错误。故选：B。【总结归纳】本题考查了改变物体内能方式的判断，知道内能改变过程中发生的是能量的转化还是能量的转移是正确解题的关键。6下列做法符合安全用电原则的是（）A在电线上晾衣服 B检修电路前切断电源C使用绝缘皮破损的导线 D将开关接在零线和电灯之间【知识考点】安全用电原则【思路分析】直接接触火线或间接接触火线都会造成触电事故，根据这个特点进行分析。【解题过程】解：A、在电线上晾衣服，衣服是湿的，如果电线漏电会间接接触火线，会发生触电事故，故A不符合安全用电原则。B、检修电路前切断电源就是切

16、断了火线，能防止触电事故的发生，故B符合安全用电原则。C、使用绝缘皮破损的导线，如果导线漏电会间接接触火线，会发生触电事故，故C不符合安全用电原则。D、将开关接在零线和电灯之间，断开开关时，不能切断火线，在更换灯泡时，容易接触火线，容易发生触电事故，故D不符合安全用电原则。故选：B。【总结归纳】家庭电路中安全用电原则是不能直接或间接接触火线。7甲、乙两个轻质小球靠近时互相排斥，若甲球带正电，则乙球（）A一定带正电 B一定不带电 C一定带负电 D可能带负电【知识考点】物体带电情况的判断【思路分析】根据已知条件，由同种电荷相互排斥分析。【解题过程】解：甲、乙两个轻质小球靠近时互相排斥，若甲球带正电

17、，根据同种电荷相互排斥可知，乙球一定带正电，只有A正确。故选：A。【总结归纳】本题电荷间的作用规律，为基础题。82019年6月5日，我国航天完成首次海上发射，用长征十一号运载火箭将七颗卫星送入太空。火箭加速升空过程中，这七颗卫星的动能（）A变小 B不变 C变大 D无法判断【知识考点】动能大小的比较【思路分析】从动能大小的影响因素进行分析，动能大小跟质量、速度有关。质量一定时，速度越大、动能越大；速度一定时，质量越大、动能越大。【解题过程】解：火箭加速升空过程中，这七颗卫星的质量不变，速度增大，其动能增大。故选：C。【总结归纳】掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用控制变量法能判断动能、重

18、力势能、弹性势能、机械能的变化。9如图所示，电源两端的电压恒定。闭合开关S1，小灯泡发光，再闭合开关S2，则（） A小灯泡变亮 B电流表示数变小 C电压表示数不变 D电路的总电阻变大【知识考点】电路的动态分析【思路分析】闭合开关S1，为灯的简单电路，小灯泡发光，电流表测灯的电流，再闭合开关S2，两灯并联，电流表测干路电流：A、根据并联电路支路互不影响分析；B、根据并联电路电流的规律回答；C、电压表始终测电源电压；D、并联电阻小于其中任一电阻。【解题过程】解：闭合开关S1，为灯的简单电路，小灯泡发光，电流表测灯的电流，再闭合开关S2，两灯并联，电流表测干路电流：A、因并联电路支路互不影响，故灯的

19、亮度不变，A错误；B、根据并联电路电流的规律，电流表示数变大，B错误；C、电压表始终测电源电压，示数不变；C正确；D、根据并联电阻小于其中任一电阻，故并联后的电阻变小，D错误。故选：C。【总结归纳】本题考查并联电路的规律及欧姆定律的运用和并联电路工作的特点。10如图所示，用甲、乙滑轮组在相同时间内分别将A、B物体匀速提升相同高度，已知物体受到的重力GAGB，滑轮组的机械效率”甲乙（忽略绳重和摩擦）。下列判断正确的是（） A两滑轮组绳端移动的距离相等 B甲滑轮组的有用功比乙的少C甲滑轮组的总功率比乙的小 D甲滑轮组的动滑轮比乙的重【知识考点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮（组）的机械效率【思路分析】

20、（1）由图可知滑轮组绳子的有效股数n甲=3，n乙=2，（2）根据W=Gh比较有用功的大小；（3）滑轮组的机械效率甲乙（忽略绳重和摩擦），由此可知总功大小，然后利用分析其功率大小关系。不计绳重和摩擦时，根据分析动滑轮的大小关系。【解题过程】解：A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n甲=3，n乙=2，则s甲=3h，s乙=2h，则两滑轮组绳端移动的距离不相等，故A错误；B、已知物体受到的重力GAGB、上升的高度相同，根据W有=Gh可知，甲滑轮组的有用功比乙的多，故B错误。C、由B可知，W有甲W有乙，已知滑轮组的机械效率甲乙，由=可得，甲滑轮组的总功比乙的大，已知时间相同，由可知，甲滑轮组的总功率比乙的

21、大，故C错误；D、忽略绳重和摩擦，由可得，因为GAGB，甲乙，所以甲滑轮组的动滑轮比乙的重，故D正确。故选：D。【总结归纳】本题考查了功和机械效率的计算，关键是的灵活运用。二、填空题（每空1分，共12分）11手机充电时，将 能转化为化学能；接打电话时，手机靠 传递信息。【知识考点】电磁波的传播与应用；电功的实质【思路分析】（1）判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。（2）电磁波能够传递信息。【解题过程】解：手机充电时，消耗电能，转化成手机电池的化学能；接打电话时，手机是靠电磁波传递信息。故答案为：电；电磁波。【总结归纳】本题主要考查学生对能量的转化、电磁波的了解和掌握，

22、难度不大，属于基础题目。12小明在操场上跑步，以他为参照物，旁边的树是 （选填“运动”或“静止”）的。小明快速奔跑时不容易立即停下来，因为他具有 。【知识考点】参照物及其选择；惯性【思路分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。（2）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。【解题过程】解：小明在操场上跑步，以他为参照物，旁边的树与小明之间发生了位置变化，所以是运动的；小明快速奔跑时不容易立即停下来，因为他具有惯性，仍要保持原来的运动状态。故答案为：运动；惯性。【总结归纳】此题考查运动和静止的相对性、惯性，在判断物体运动和

23、静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。13煤是 （选填“可”或“不可”）再生能源。相等质量的煤和木柴完全燃烧，煤放出的热量比木柴的多，说明煤的热值比木柴的热值 。【知识考点】燃料的热值及其计算；能源的分类【思路分析】能从自然界源源不断获得的能源是可再生能源，不能从自然界源源不断获得的能源是不可再生能源；1kg某种燃料完全燃烧放出的热量，叫这种燃料的热值，热值是燃料的一种特性。【解题过程】解：煤在地球上的储量是一定的，不能无限制的获得，所以煤属于不可再生能源；热值是描述燃料完全燃烧放出热量多少的物理量；相等质量的煤和木柴完全燃烧，煤放出的热量比木柴的多，说明煤的热值比木柴的热值大。

24、故答案为：不可；大。【总结归纳】此题考查了能源的分类和热值的物理意义，属于基本概念的考查，比较简单，容易解答。14如图所示，烛焰发出的光通过凸透镜在光屏上呈现清晰的像，该像是倒立、 的实像，利用这一成像规律工作的设备有 （写出一种即可）【知识考点】凸透镜成像规律及其探究实验【思路分析】凸透镜成像的三种情况和应用：u2f，成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机。2fuf，成倒立、放大的实像，应用于幻灯机和投影仪。uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。【解题过程】解：如图可知，物距小于像距，由凸透镜成像规律可知，此此时光屏上成倒立放大的实像，应用于投影仪或幻灯机；故答案为：放大；投影仪

25、。【总结归纳】此题是探究凸透镜成像的实验，同时还考查了凸透镜成像的规律及应用，难度不大。15如图所示，闭合开关S，小磁针静止时N极指向 （选填“左”或“右”）。向左移动滑动变阻器的滑片，螺线管的磁性 （选填“增强”或“减弱”）。【知识考点】影响电磁铁磁性强弱的因素【思路分析】根据线圈的绕法和电流的方向，可以确定螺线管的NS极；据磁体间的相互作用分析小磁针的运动方向；电磁铁磁性强弱的影响因素：电流大小、线圈匝数多少、有无铁芯。电流越大，匝数越多，有铁芯时电磁铁的磁性越强。【解题过程】解：由安培定则可知，右手握住螺线管，四指指向电流的方向，大拇指指向左端，则通电螺线管的左端为N极；通电螺线管的左端

26、是N极，根据同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引可知，小磁针的S极应靠近螺线管的左端，则小磁计的N极向左转动；滑动变阻器的滑片P向左移动时，连入电路的电阻减小，电流增大，电磁铁的磁性增强。故答案为：左；增强。【总结归纳】安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个，其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起。16如图所示，小明用吸管喝水，水在 的作用下进入口中。如果每次吸入水的质量相同，杯底所受水的压强减小量为p，则喝水过程中p逐渐 。【知识考点】液体的压强的特点；大气压的综合应用【思路分析】（1）吸管水

27、时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，水就被压进吸管里。（2）杯子的形状是上宽下窄，如果每次吸入水的质量相同，则杯内水的深度减小量增加，由p=gh分析。【解题过程】解：（1）用吸管吸水时，吸管内气压减小，小于外界大气压，水在大气压的作用下被压入吸管，从而进入口中；（2）杯子的形状是上宽下窄，如果每次吸入水的质量相同，则杯内水的深度减小量一次比一次多，则由p=gh可知，杯底所受水的压强减小量p逐渐变大。故答案为：大气压；变大。【总结归纳】本题考查利用大气压知识解释生活中的现象，重点考查了学生用物理知识解决实际问题的能力，难度不大。三、计算题（第17题4分，第18题

28、6分，共10分）17（4分）如图所示，电阻R1的阻值为10闭合开关S，电阻R1两端的电压为10V，电阻R2两端的电压为5V求：（1）电源两端的电压。（2）通过电阻R1的电流。【知识考点】欧姆定律的应用【思路分析】（1）知道R1的电压和R2的电压，根据串联电路电压特点计算电源电压。（2）知道R1的电压和电阻，根据欧姆定律求出电流。【解题过程】解：（1）由图知，R1和R2是串联的，根据串联电路电压特点可得电源电压为：U=U1+U2=10V+5V=15V；（2）R1的电流为：。答：（1）电源两端的电压是15V。（2）通过电阻R1的电流是1A。【总结归纳】本题考查串联电路的电压特点和欧姆定律的计算，是

29、比较基础的内容。18（6分）水平桌面放置一个质量为0.8kg的保温杯，杯底对桌面的压强为2103Pa，g取10N/kg。求：（1）保温杯对桌面压力的大小。（2）桌面的受力面积。【知识考点】压强的大小及其计算【思路分析】知道保温杯的质量求重力，保温杯放在水平地桌面上，求出对水平桌面的压力，又知道压强求出受力面积。【解题过程】解：（1）保温杯放在水平桌面上，保温杯对水平桌面的压力：F=G=mg=0.8kg10N/kg=8N；（2）由得，桌面的受力面积：。答：（1）保温杯对桌面压力是8N。（2）桌面的受力面积是410-3m2。【总结归纳】此题属于固体压强的计算问题，压力、受力面积和压强，知道其中的两

30、者可以计算第三者，并且注意放在水平地面上物体，物体对水平面的压力等于物体的重力。四、综合题（共28分）19（3分）如图所示是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置。（1）实验时，按照 （选填“自上而下”或“自下而上”）的顺序安装器材更合理。（2）水沸腾过程中，温度计示数如图所示，可知水的沸点为 ；若水停止吸热，水 （选填“能”或“不能”）继续沸腾。【知识考点】探究水的沸腾实验【思路分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置；（2）明确温度计的最小分度值，读出示数；沸腾的条件是一是达到沸点，二是继续吸热。【解题过程】解：（1）从固定装

31、置的方便考虑，应该先根据酒精灯的位置，固定好最下面的铁圈，然后根据温度计的位置，固定上面的铁夹子，按照自下而上的顺序安装器材更合理；（2）温度计的分度值是1，温度计的示数是99；撤去酒精灯水不能继续沸腾，水沸腾的条件是一是达到沸点，二是继续吸热。故答案为：（1）自下而上；（2）99；不能。【总结归纳】本题考查水的沸腾实验，这类题目要求掌握实验注意事项，充分利用所给的信息，结合所学过的知识分析实验现象。20（5分）如图甲所示是“探究平而镜成像的特点”的实验装置。 （1）取两支完全相同的蜡烛，是为了探究像与物的 关系。（2）将点燃的蜡烛A放在玻璃板前，移动玻璃板后的蜡烛B直至与蜡烛A的像完全重合，

32、记录蜡烛A、蜡烛B的位置。改变蜡烛A的位置，重复上述实验，实验记录如图乙所示。蜡烛A位于2位置时的像在 点，蜡烛A由2位置移到3位置，像的大小 （选填“变大”、“变小”或“不变”）。（3）人看到蜡烛的像是由于反射光进入人眼。请在图内中画出与反射光线对应的入射光线。【知识考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；平面镜成像的相关作图【思路分析】（1）实验中选择两根完全一样的蜡烛是为了比较物体与像的大小关系。（2）根据平面镜成像特点：像与物关于镜面对称和像与物等大的特点分析解答；（3）根据光的反射定律作图。【解题过程】解：（1）两只蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明

33、了像与物大小相同，所以两只蜡烛等长是为了比较像与物大小关系用的。（2）根据平面镜成像特点可知，像与物关于镜面对称、像与物等大。所以蜡烛A位于2位置时的像在c点，蜡烛A由2位置移到3位置，像的大小不变。（3）过反射点垂直于镜面作出法线，然后根据反射角等于入射角，在法线下侧画出入射光线即可，如下图所示；故答案为：（1）大小； （2）c；不变；（3）见解答图。【总结归纳】探究平面镜成像特点的实验过程，在近年中考题中较为热点。只要牢记平面镜成像的特点，解答此类题目就不难。21（4分）实验小组在測量小石块的密度的实验中：（1）用调节好的天平测量小石块的质量，天平平衡时砝码的质量及游码的位置如图甲所示，小

34、石块的质量m= g。（2）将小石块浸没在装有20ml水的量筒中，水面位置如图乙所示，则小石块的体积V= cm3。（3）计算出小石块的密度= g/cm3。（4）如图先测量小石块的体积，然后从量筒中取出小石块直接测量质量，所测的密度值与真实值相比 （选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【知识考点】固体的密度测量实验【思路分析】（1）物体的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度的总和。（2）石块浸没在水中，水面对应的刻度值等于水的体积和石块体积之和。（3）知道石块的质量和体积，根据密度公式求出石块的密度。（4）先测量小石块的体积，小石块上会有水导致质量偏大，然后分析。【解题过程】解：（1）小石块的质量：

35、m=20g+20g+5g+3g=48g。（2）小石块的体积：V=40ml-20ml=20ml=20cm3。（3）小石块的密度：。（4）若先测量小石块的体积，再测量质量，小石块上会沾有一些水，导致水的质量偏大，体积不变，根据密度公式可以判断密度偏大。故答案为：（1）48；（2）20；（3）2.4；（4）偏大。【总结归纳】本题是一般测量固体密度的方法，采用天平测质量，量筒测量体积，还分析了测量值偏大偏小的问题。22（4分）在研究电流产生的热景与哪些因素有关的实验中：（1）如图所示，两个密闭的透明容器中装有相等质量的空气，两个容器中的电阻丝R1、R2（R1R2）串联接到电源两端。电阻丝R1和R2串联

36、的原因是保证 相同，U型管中液而高度的变化反映 。（2）通电10s，观察到图中两侧U型管中液面高度的变化不同，这说明：电流产生的热量与 有关。（3）在研究电流产生的热量与电流的关系时，将一个电阻与电阻丝R2并联，通电10s，左侧U型管中液面高度的变化比（2）中左侧U型管中液面高度变化 （选填“大”或“小”）。【知识考点】焦耳定律【思路分析】（1）（2）电流产生的热量跟电流大小、电阻大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电阻关系时，控制通电时间和电流不变；电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但气体温度的变化可以通过液面高度差的变化来反映，体现的是转换思想；（3）电流产生的热量跟电流大小、电阻

37、大小、通电时间有关，探究电流产生热量跟电流关系时，控制电阻和通电时间不变；【解题过程】解：（1）如图所示，两个密闭的透明容器中装有相等质量的空气，两个容器中的电阻丝R1、R2（R1R2）串联接到电源两端。电阻丝R1和R2串联的原因是保证电流相同，U型管中液而高度的变化反映电阻丝产生的热量的多少；（2）由题可知，两阻值不同的电阻丝串联，通过电阻丝的电流与通电时间相等而电阻的阻值不同，观察到图中两侧U型管中液面高度的变化不同，说明产生热量的多少不同，所以此装置可以探究：电流产生的热量与电阻的关系；（3）将一个电阻与电阻丝R2并联，总电阻减小，由欧姆定律可知干路的总电流增大了，则通过R1的电流也增大

38、了，相同时间内电流通过R1产生的热量变多，所以左侧U型管中液面高度变化变大。故答案为：（1）电流；电阻丝产生的热量的多少；（2）电阻；（3）大。【总结归纳】本题考查了学生对焦耳定律的认识，注重了探究实验的考查，同时在该实验中利用了控制变量法和转换法，是中考物理常见题型。23（4分）小明和同学到福利院义务劳动时，发现有压杆的桌子脚下装有如图甲所示的轮子。 （1）他将压杆按下，压板就会紧压在轮子上，使轮子无法滚动，桌子不容易被推动，说明用滑动代替滚动可以 摩擦力；杆做得较宽大可以起到 压强的作用。（均选填“增大”或“减小”）（2）小明发现压杆是省力杠杆，O为支点。请在图乙中画出压力F的力臂l。【知

39、识考点】增大或减小摩擦的方法；杠杆的平衡条件；减小压强的方法及其应用【思路分析】（1）增大摩擦力的方法：在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；在接触面粗糙程度一定时，增大压力来增大摩擦力；减小摩擦力的方法：减小压力，减小接触面的粗糙程度，使接触面脱离，用滚动代替滑动；在压力一定时，增大受力面积，可以减小压强；（2）根据力臂的概念，做出从支点到力的作用线的距离。【解题过程】 解：（1）轮子不动时，推桌子属于滑动摩擦，轮子能动时，推桌子属于滚动摩擦；他将压杆按下，压板就会紧压在轮子上，使轮子无法滚动，桌子不容易被推动，说明用滑动代替滚动，可以增大摩擦；杆做得较宽大，在压力一定时，增大了受

40、力面积，可以减小压强； （2）由支点O向F的作用线作垂线，则垂线段的长度即为其力臂l，如图所示：故答案为：（1）增大；减小；如上图。【总结归纳】本题主要考查摩擦力、压强以及力臂的画法，是一道综合题。24（4分）学习浮力知识后，小明利用可以测量压力大小的数显测力计和刻度尺进行如下实验：（1）将果汁装入轻质小瓶（小瓶和瓶盖的质量、厚度均不计），拧紧瓶盖后测出重力G。（2）如图甲所示，将小瓶放入盛有适量水的容器中，小瓶静止时竖直漂浮。小瓶受到的浮力为F浮，则F浮 G（选填“”“=”或“”）。（3）用数显测力计将小瓶缓慢压入水中，数显测力计的示数逐渐变大，说明浮力的大小与 有关。（4）如图乙所示，将小

41、瓶放入另一种液体中，小瓶静止时竖直漂浮。比较甲、乙两图可知液 水（选填“”“=”或“”）。测出此时小瓶内、外液面的高度差为h1。（5）将小瓶倒放在图乙的液体中，小瓶静止时竖直漂浮，测出此时小瓶内、外液面的高度差为h2比较可知h1 h2（选填“”、“=”或“）。【知识考点】阿基米德原理的应用；物体的浮沉条件及其应用【思路分析】（2）根据漂浮的特点回答；（3）压入水中的过程中，分析不变的量和变化的量，得出浮力的大小与变化量的关系；（4）根据漂浮的特点，结合阿基米德原理F浮=液gV排分析；（5）根据漂浮的特点，F浮=G和阿基米德原理分析得出瓶内的液体和外部的液体体积都不变，据此分析。【解题过程】解：

42、（2）根据漂浮的特点，F浮=G；（3）压入水中的过程中，液体的密度和小瓶的重力不变，变化量只有排开液体的体积，根据数显测力计的示数逐渐变大，说明浮力的大小与排开液体的体积有关；（4）根据漂浮条件可知，两次受到的浮力等于小瓶的重力，小瓶的重力不变，故两次受到的浮力相等，因图乙中排开液体的体积较小，根据F浮=液gV排可知，液水；（5）根据漂浮条件可知，F浮=G；因小瓶的重力不变，所以无论倒放还是正放，小瓶受到的浮力不变，则根据F浮=液gV排可知排开液体的体积不变，又因瓶内的液体和外部的液体体积都不变，故两次内外液面的高度差不会发生变化，即h1=h2。故答案为：（2）=；（3）物体排开液体的体积；（

43、4）；（5）=。【总结归纳】本题考查控制变量法及漂浮的特点和阿基米德原理的运用。25（4分）科技小组要测量额定电压为5V的小灯泡的电功率，可用的器材有：一个电压表和一个电流表（只有00.6A量程可用）。电源两端的电压恒定。（1）按如图毕所示电路图忙确连接电路。闭合廾关前，将滑动变阻器滑片移到 端（选填左”或“右”）（2）闭合开关，记录电压表、电流表示数：调节滑动变阻器并记录多组数据。当电流表示数为0.6A时，电压表示数低于5V根据数据绘制出小灯泡的电流I与电压U的关系图象如图乙所示，由图象可知，灯丝电阻随温度的升高而 。（3）为测量小灯泡的额定功率，小组同学拆除电流表后再接通电路，调节滑动变阻

44、器直到电压表示数为5V：保持滑动变阻器的滑片位置不变，断开开关，将电压表替换AB间导线接入电路，闭合开关，电压表小数为5.4V，则此时小灯泡亮度比正常发光时 ；将滑动变阻器的滑片移到最左端，电压表示数变为7.2V则小灯泡的额定功率为 W。【知识考点】电功率的测量实验【思路分析】（1）根据滑动变阻器连接要求解答，连接时接线柱“一上一下”，阻值最大；（2）灯丝电阻随着温度的升高而升高；（3）灯泡的亮暗取决于灯泡的实际功率，主要看灯泡实际电压与额定电压的关系。【解题过程】解：（1）开始实验前，为保护电路，滑动变阻器的阻值应为最大值，如图中电路，当滑动变阻器移动到最右端时，电阻最大；（2）在图象中，图象的斜率表示的数值，即电阻的倒数，由图象可知，斜率在逐渐减小，所以电阻的倒数在减小，则电阻在增大；（3）当电压表示数为5V时，滑动变阻器一部分接入电路，当电压表代替导线接入电路时，由于电压表相当于断路，所以此时滑动变阻器全部阻值接入电路，接入电路的总电阻变大，根据串联分压原则，滑动变阻器两边的电压变大，所以小灯泡两端的电压减小，小于5V，小于正常发光时的电压，所以亮度