2021-2022学年湖南省常德二中高一（上）期中物理试卷（附答案详解）.pdf

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1、绝密启用前2021-2022学年湖南省常德二中高一（上）期中物理试卷考试范围：X X X；考试时间：100分钟；命题人：xxx注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。1.李 白 在 俚 天 门 山 中写到：“两岸青山相对出，孤帆一片日边来.”这两句诗中描写青山与孤帆运动选择的参照系分别是（）A.帆船 河岸 B.河岸 帆船 C.青山 太阳 D.青山 划船的人2

2、.如图所示，我 国“天舟一号”货运飞船发射飞往太空，与“天宫二号”空间实验室成功对接，开展推进剂在轨补加、空间科学和技术等试验验证。下列有关说法中正确的是（）A.对接过程中，“天舟一号”和“天宫二号”都可视为质点B.对接成功后，研究它们的运行周期时，可以视为质点C.对接成功后，“天舟一号”和“天宫二号”就静止在太空中D.对接成功后，以“天舟一号”为参考系，“天宫二号”在做匀速运动3.为了降低对环境的污染，很多北京市民开始选择购买新能源电动汽车。在某次测试过程中,一种新能源电动汽车由静止加速到30m/s所用的时间只有6s。若此过程中汽车的运动可视为匀加速直线运动，则其加速度的大小为（）A.5m/

3、s2 B.0.2m/s2 C.36m/s2 D.180m/s24.一个物体静止在光滑水平面上，现同时给它施加两个水平拉力后、?2,且Fi=5N,F2=3 N,如图所示，此后物体将（）A.向左运动 B.向右运动 C.保持静止 D.无法判断5.一辆汽车在水平公路上转弯，沿曲线由M点向N点行驶，速度逐渐减小。图中分别画出了汽车转弯时所受合力F和速度的方向，其中正确的是（）6.玩“套圈圈”游戏时，身材高大的哥哥和身高较矮的弟弟站在同一位置，两人同时向正前方水平地面上的玩具小熊水平抛出圆环，圆环恰好都套中玩具小熊。若圆环离手后的运动可视为平抛运动，它们的初速度分别为巧与外，重力加速度为。，下列说法正确的

4、是（）A.哥哥先套住玩具熊 B.两人同时套住玩具熊C.v1 B两点的电场强度（）_ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ _ tAA.大小不等，方向相同 与 B.大小不等，方向不同C.大小相等，方向相同D.大小相等，方向不同28.如图所示，旋转雨伞时，水珠会从伞的边缘沿切线方向飞出，这属于,上（）A.扩散现象B.超重现象C.离心现象D.蒸发现象A.电容器所带的电荷越多，电容就越大B.电容器两极板间电压越高，电容就越小C.不给电容器充电，则电容器的电容是零D.电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，与是否带电无关31.图示是体育摄影中“追拍法”的成功之作，摄影师眼中清晰的

5、滑板运动员是静止的，而模糊的背景是运动的，摄影师用自己的方式表达了运动的美.请问摄影师选择的参考系是（）A.大地 B.摄影师 C.运动员 D.背景32.如图所示，某物体沿两个半径为R的圆弧由A经B到C,下列结论正确的是（）C.物体的路程等于4 R,方向向东 D.物体的路程等于2兀/?33.已知两个分力大小分别为Fi=5N,F2=8 N,则这两个分力的合力的大小可能是（）A.2N B.3N C.ION D.15/V34.在下面的物理量和单位中密度牛米/秒加速度长度质量千克时间（）A.属于国际单位制中的基本量是 B.属于国际单位制中的基本量是C.属于国际单位的是 D.属于国际单位的是35.以下说法

6、中正确的是（）A.力是产生加速度的原因B.力是改变物体运动状态的原因C.速度越大的物体越难让它停止运动，故速度越大，惯性越大D.物体在地球上的惯性比在月球上的大36.如图所示。盛满水的竖直玻璃管底端的红蜡块R,在随玻璃管向右以速度。匀速运动的同时，沿管向上运动，蜡块R到达管顶端所用时间为t。若使玻璃管向运动的速度变为2%则蜡块R从玻璃管底端到达管顶的时间为（）A.tB.2tC-2D.与玻璃管向右运动的速度大小无关37.关于物体的重心，下列说法正确的是（）A.物体的重心一定在物体上B.物体越重其重心位置越低8/NAC.一块质量分布均匀的砖平放、侧放或立放时，其重心在砖内的位置不变D.重心与物体的

7、形状和物体内质量分布有关38.某小组利用如图甲所示装置做“验证机械能守恒定律”的实验，得到了如图乙所示的一条纸带。图乙中。点是打出的第一个点，E、F是依次打出的点，0E间的距离为与，DF的距离为不，已知相邻两点间的时间间隔为7,重力加速度为g。下列说法正确的是（）A.打点计时器打下E点时，重物的速度大小为券B.打点计时器打E点时，重物的速度大小为也青C.在误差允许范围内，若gx】=焉,则重物下落过程中机械能守恒v2D.在误差允许范围内，若 则 重 物 下 落 过 程 中 机 械 能 守 恒39.如图所示，一个小球从楼梯的某一级台阶边缘正上方的。点水平抛出，当抛出时的速度为巧时，小球经过时间to

8、正好落在a点，当抛出时的速度为功时.小球经过时间功正好落在匕 点.则（）A.v2 2%D.ta tb40.如图所示为向心力演示器，探究向心力大小与物体的质量、角速度和轨道半径的关系，可得到的结论为（）A.在轨道半径和角速度一定的情况下，向心力大小与物体质量成正比B.在物体质量和轨道半径一定的情况下，向心力大小与角速度成反比C.在物体质量和轨道半径一定的情况下，向心力大小与角速度的平方成正比D.在物体质量和角速度一定的情况下，向心力大小与轨道半径成反比41.下列器材中，实 验“探究小车速度随时间的变化规律”、“探加速度与力、质量的关系”、“用自由落体运动验证机械能守恒定”都需要用到的实验器材是一

9、（填选项前的字母）。（）A.B.42.如图所示，有三个质量相等，分别带正电，负电和不带电的小球，,从上、下带电平行金属板间的P点.以相同速率垂直电场方向射入电场，它们分别落到4、B、C三点，则（）,C B AA.4带正电、B不带电、C带负电B.三小球在电场中运动时间相等C.在电场中加速度的关系是%aB aAD.到达正极板时动能关系J EBEC43.某同学为感受向心力的大小与哪些因素有关，做了如图所示的小实验：绳的一端拴一小球,手牵着绳的另一端在空中甩动，使小球在水平面内做圆周运动。则下列说法正确的是（）A.保持绳长不变，增大角速度，绳对手的拉力将不变B.保持绳长不变，增大角速度，绳对手的拉力将

10、增大C.保持角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力将不变D.保持角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力将增大44.关于弹力的说法，正确的是（）A.挂在电线下的电灯受到向上的拉力，是因为电线发生微小形变产生的B.绳对物体的拉力方向总是沿绳方向的，但可以不指向绳收缩的方向C.木块放到桌面上受向上的弹力，是由于木块发生微小形变产生的D.弹簧的弹力方向总是沿弹簧方向，但可以沿弹簧向外45.如图所示，一台式弹簧秤放在运动的电梯中，其示数大于物体重力，则电梯的运动状态可能是（）A.电梯加速上升B.电梯减速上升C.电梯减速下降D.电梯加速下降46.如图所示为电流表与螺线管组成的闭合电路，下列说法正确的是（）A.将磁

11、铁向下插入螺线管的过程中，电流表的指针发生偏转B.将磁铁从螺线管中拔出的过程中，电流表的指针不发生偏转C.磁铁放在螺线管中不动，电流表的指针发生偏转D.磁铁放在螺线管中不动，电流表的指针不发生偏转47.如图所示，闭合开关，人、人均正常发光，当滑动变阻器的滑片P自C向。滑动时（）A.%变亮 B.%变暗C.G变亮 D.G变暗48.开普勒有关行星的三个定律被称为“中世纪科学与近代科学的分水岭”。如图所示，下面说法正确的是（）火星./.地球 太阳jA.火星绕太阳运行过程中，速率不变B.地球靠近太阳的过程中，运行速率增大C.在相等时间内，火星和太阳的连线扫过的面积与地球和太阳的连线扫过的面积相等D.火星

12、绕太阳运行一周的时间比地球的长49.如图所示，小球质量为m,悬线的长为3小球在位置4时/,悬线水平，放手后，小球运动到位置B,悬线竖直。设在小 Q4球运动过程中空气阻力/的大小不变，重力加速度为g,关于该过程，下列说法正确的是（）A.重力做的功为m g LB,悬线的拉力做的功不为0C.空气阻力/做的功为一m g LD.空气阻力 故的功为一与5 0.科学家在研究原子、原子核以及基本粒子时，为了方便，常常把元电荷作为电荷量的单位，关于元电荷，下列论述正确的是（）A.把质子或电子叫做元电荷B,把1.6 x I C T 1 9 c的电荷叫元电荷C.电子带有最小的负电荷，其电荷量的绝对值叫元电荷D.元电

13、荷就是点电荷一个倾角为。=3 7。的光滑斜面固定在水平面上，一个质量为z n =1.0 k g的小物块（可视为质点）以卬=4.0 m/s的初速度由底端沿斜面上滑，小物块与斜面的动摩擦因数 =0.2 5.若斜面足够长，已知s讥3 7。=0.6,cos370=0.8,g取l O m/s?。请完成5 1 -5 3题。5 1.小物块沿斜面上滑时的加速度大小为（）A.5m/s2 B.4 m/s2 C.8 m/s2D.1 0 m/s25 2.小物块上滑的最大距离为（）A.1.0 m B.2.2 m C.0.8 m5 3.小物块返回斜面底端时的速度大小为（）A.2m/s B.22m/s C.1 m/sD.0

14、.4 mD.3 m/s某研究性学习小组用如图所示的电路，测定一节干电池的电动势和内阻。电池的内阻较小，为了防止在调节滑动变阻器时造成短路，电路中用一个定值电阻起保护作用。按正确的器材连接好实验电路后，接通开关，改变滑动变阻器的阻值R，读出对应的电流表的示数/和电压表的示数U,并作记录。某同学记录的实验数据，根据这些数据在图中画出了 U-/图线。请完成5 4 -5 6 题。5 4 .根据图线得到被测电池的电动势后为（）A.1.4 5 V B.1.5 V C.2 V D.2.5 V5 5 .内电阻 为（）A.1.4 5 0 B.1.3 7。C.in D.2 05 6 .引起该实验误差的主要原因是（

15、）A.由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流大B,由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比电源实际输出的电压大C.由于电压表的分流作用造成电流表读数总是比电源实际输出的电流小D.由于电流表的分压作用造成电压表读数总是比电源实际输出的电压小如图所示，某段滑雪雪道倾角为3 0。，总质量m =5 0 kg的滑雪运动员从距底端高为h=1 0 m处的雪道上由静止开始匀加速下滑，所受阻力为/=1 5 0 N,gLlOm/s2,运动员从上向下滑到底端的过程中，请回答5 7-6 0 题。5 7.重力所做的功为（）A.4 5 0 0/B.5 5 0 0 C.5 0 0 0JD.6 0 0 0

16、 5 8.阻力所做的功为（）A.4 5 0 0/B.3 5 0 0JC.4 0 0 0 D.3 0 0 0 5 9.下滑过程各力对运动员做的总功为（)A.1 5 0 0;B.3 3 0 0JC.2 0 0 0JD.2 5 0 0 60.若运动员滑到底端后在动摩擦因数为0.2的地面上继续滑行，他还能前进多少距离？（不考虑空气阻力）（）A.20 m B.30 m C.50 m D.60 m答案和解析1.【答案】A【解析】解：分析诗句中的含义可知，“青山”和“孤帆”都是运动的。4、以“帆船”为参照物，“青山”和“帆船”之间的位置发生了变化，故“青山”是运动的；以“河岸”为参照物，“孤帆”与“河岸”之

17、间的位置发生了变化，说 明“孤帆”是运动的，符合题意，啊、A 正确；以 以“河岸”为参照物，“青山”与“河岸”之间的位置没有发生变化，故“青山”是静止的;同样以“帆船”为参照物，“孤帆”与“帆船”之间的位置也没发生变化，“孤帆”也是静止的。与题意不符，8 错误；C和。选项中，在判断“青山”运动情况时，都是以“青山”本身为参照物，则“青山”是静止的。都不符合题意，C、。错误。故选：Ao(1)研究物体运动时，要选择一个物体作为标准，这个标准就是参考系，参考系是假定为不动的物体；(2)判断物体运动还是静止，就是看研究的物体和参照物之间位置是否发生了变化.本题考查了运动与静止的相对性，还有参考系的选择

18、，假定为不动的物体就是参考系.2.【答案】B【解析】解：4、对接过程中需要调整相对速度、方位等，“天舟一号 和 天宫二号 形状和大小不能忽略，故不能视为质点，故 A 错误；8、当对接后研究整体的运行周期时.，形状和大小可以忽略，可以视为质点，故 B 正确；C、当没有特别指明所选参考系时，一般就以地面为参照物，不是静止在太空中，故 C 错误；。、对接成功后，以“天舟一号”为参考系，“天宫二号”是静止的，故。错误；故选：B。明确物体看作质点的条件，知道当物体的形状和大小在所研究的问题中能忽略，物体可以看成质点.根据选定的参考系，判断物体的运动规律。解决本题的关键知道物体能看成质点的条件，以及知道选

19、择不同的参考系，物体的运动规律往往会不同。3.【答案】A【解析】解：根据速度时间公式可知：a=5m/s2,故A正确，8 8错误。故选：Ao汽车做初速度为零的匀加速直线运动，根据速度时间公式求得加速度。本题考查匀加速直线运动速度公式，注意明确汽车初速度为零，故直接根据u=at求解即可。4.【答案】A【解析】解：由于用尸2,则物体的合力方向向左，由于物体原来是静止的，所以此后物体将向左运动，故A正确，8 c o错误。故选：A o物体原来静止，分析受力情况，确定合力方向，即可判断其运动方向.根据物体的受力情况判断其运动情况是基本能力，关键是要确定合力方向，结合初始条件分析.5.【答案】D【解析】解：

20、4、由于汽车速度逐渐减小，故所受合力应与速度的夹角大于90。，故A错误；B、由于汽车沿曲线由M向N行驶，故方向应向上，故B错误；CD、又汽车做曲线运动，所受合力应沿曲线的凹侧，故C错误，。正确；故选：D。汽车在水平的公路上转弯，所做的运动为曲线运动，故在半径方向上合力不为零且是指向圆心的；又是做减速运动，故在切线上合力不为零且与瞬时速度的方向相反，分析这两个力的合力，即可看出那个图象时对的。解决此题关键是要沿半径方向上和切线方向分析汽车的受力情况，在水平面上，减速的汽车受到水平的力的合力在半径方向的分力使汽车转弯，在切线方向的分力使汽车减速，知道了这两个分力的方向，也就可以判断合力的方向了。6

21、.【答案】C【解析】解：AB、设抛出的圆环做平抛运动的初速度为外高度为儿 则下落的时间为1=J 宁，平抛运动的圆环飞行时间由高度决定，所以身高较矮的弟弟先套住玩具熊，故 AB错误；C D、水平方向位移x=a=楞,%相同，可知哥哥抛环的初速度小，即药 外，故 C正确，D错误。故选：Co圆环做平抛运动，把平抛运动可以分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动来分析，两个方向上运动的时间相同。平抛运动的物体飞行时间由高度决定，结合水平位移和时间分析初速度关系。本题对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解。7.【答案】A【解析】

22、解：4开普勒在第谷的行星观测数据基础上，总结发现了行星的运动规律，故 4 正确；8、开普勒总结出了行星运动的规律，但没有找出了行星按照这些规律运动的原因，故 8 错误；C、牛顿发现了万有引力定律，卡文迪什测出引力常量G,故 C错误；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪什测出引力常量G,故。错误；故 选:Ao本题是物理学史问题，根据著名物理学家，如开普勒、牛顿、卡文迪什的主要贡献即可答题.本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.8.【答案】B【解析】解：根据万有引力定律公式尸=G*得，将这两个质点的质量都加倍，距离也加倍,则万有引力的大小变为

23、:pi _。2叫242 _ G(2r)2 叫 巾2=F故 B 正确，4、C、O 错误.故选：B.根据万有引力定律公式F=G 曙 进 行 判 断.该题考查万有引力定律的应用，解决本题的关键掌握万有引力定律的公式F=G*,并能灵活运用.9.【答案】C【解析】解：4、任何地球表面上的物体均会受到重力的作用，不论静止还是运动；故A错误；8、拉力是弹力，和重力性质不同，故不有说重力就是绳子的拉力；故B错误；C、同一点重力加速度相同，故质量大的物体重力就大；故C正确；。、重力是由于地球的吸引而产生的，故重力的施力物体是地球；故。错误；故选：C重力是地球对物体吸引力的一个分力.重力的方向总是竖直向下，不是垂

24、直向下.重力的大小G=m g-,重力和拉力是不同性质的力.本题考查对重力的理解.关于重力与引力的关系，可以利用向心力知识理解；重力和拉力的问题要注意根据两力的性质进行分析.10.【答案】A【解析】解：4、速度是矢量，故A正确。B、C、。时间、动能和功都是只有大小、没有方向的标量。故BCD错误。故选：A。解答本题关键抓住：矢量是既有大小，又有方向的物理量，标量是只有大小，没有方向的物理量.对于物理量的矢标性，也是学习物理量的重要内容之一，要结合矢量方向的特点进行记忆.11.【答案】B【解析】解：4、因为我们是比较mgh、2 m/的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平，故A错误；B、当物体做自由

25、落体运动时，第一 、二两点大约距离x=ggt?=g x 10 x 0.022?n=2nw n,所以应选用点迹清晰且第一、二两点间的距离约为2nmi的纸带进行测量，故8正确；C、开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，如果先放开纸带让重物下落，再接通打点计时时器的电源，由于重物运动较快，不利于数据的采集和处理，会对实验产生较大的误差，故C错误；D、电磁打点计时器需要的电源为4 6V的交流电源，故。错误.故 选:B.解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，清楚该实验的误差来源.正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验

26、原理出发进行分析所需实验器材、所测数据、误差分析等，会起到事半功倍的效果.12.【答案】D【解析】解：由于a比b提前1s释放，故a在1s内下落的位移为：/=：g4 =2 x lO x l2m=5i,因为a在b上方5m处，故a到B处时候b才开始释放，故a、匕 两小球相遇点恰好在B处。由于在B点相遇时a有初速度，b没有，故a先落地，b后落地。故A8C错误，。正确。故选：Doab都做自由落体运动，由自由落体运动规律可判定各个选项.本题是自由落体运动规律的简单应用，抓住自由落体运动的特征是初速度为零，加速度为g就可以.13.【答案】C【解析】解：根据宇宙速度的意义可知，在地面上发射一颗卫星，要进入椭圆

27、轨道口运行，其发射速度大于7.9/an/s,小于11.2km/s。故A3。错误，C正确。故选：C。本题需掌握：卫星发射的速度大于7.9km/s,而小于11.2km/s,人造卫星的运行轨道是椭圆，由此分析解答.解决本题的关键要理解并掌握三种宇宙速度的意义，知道卫星发射的速度大于7.9/an/s,而小于11.2/cm/s,人造卫星绕地球做椭圆运动.14.【答案】B【解析】【分析】发电机原理是电磁感应现象，即闭合电路中一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，即发电机的原理图中没电源，有电源的实验装置图不是发电机原理图。本题涉及的内容有电流的磁效应，电动机的原理和发电机的原理。注意电磁感应和通电导体在磁场

28、中受力运动的装置的不同，前者外部有没有电源，后者外部有电源。【解答】A.该选项是奥斯特实验，该实验证明了通电导线周围存在着磁场，利用电生磁现象制成了电磁铁，故不符合题意，故4错误；及磁铁在进入线圈的过程，由于磁通量的变化，产生感应电流，这是用来探究电磁感应现象的，故B正确；C.闭合开关，线圈中有电流通过时，它就会运动起来，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即是电动机的制作原理，故不符合题意，故C错误：。.闭合开关，导线中有电流通过时，它就会运动起来，即说明通电导线在磁场中受力的作用，即是电动机的制作原理，故不符合题意，故。错误。故选Bo15.【答案】A【解析】解：A B.当U=4V时，由图知电

29、流为/=0.4 4则导体的电阻R=?=言0=100.故A正确，8错误，C、由图知，随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率增大，此斜率等于电阻的倒数，则知随着电压的增大导体的电阻不断减小，当导体两端的电压是8V时，导体的电阻小于1 0 0,故C错误；随着电压的增大，图象上的点与原点连线的斜率增大，此斜率等于电阻的倒数，则知随着电压的减小导体的电阻不断增大，当通过导体的电流是0.24时，导体的电阻值大于1 0 0,所以导体两端的电压大于2 V,故O错误；故 选:A/-U图象反映导体中的电流随电压的变化情况；由各点的坐标得到电压和电流，由/?=彳求得导体的电阻；由图象的斜率的变化可判断其电阻的变

30、化。本题关键抓住图象上的点与原点连线的斜率等于电阻的倒数，分析电阻的变化，求解电阻的值。16.【答案】A【解析】【分析】石子水平抛出后，不计空气阻力，做平抛运动，根据平抛运动规律求解石子落地时的速度大小.【解答】设石子初速度大小为孙，落地时的速度大小为V,高度为瓦则根据平抛运动规律，石子竖直方向做自由落体运动，有力=J 2gh=lOVn/s,所以落地时速度u=Ivg+=V102+2 x 100m/s=10V3m/s.故选：A17.【答案】B【解析】【分析】向心力是根据效果命名的力，只能由其它力的合力或者分力来充当，不是真实存在的力，不能说物体受到向心力。本题学生很容易错误的认为物体受到向心力作

31、用，要明确向心力的特点，同时受力分析时注意分析力先后顺序，即受力分析步骤。【解答】物块4随圆盘一起做匀速圆周运动，受重力、支持力和指向圆心的静摩擦力，重力和支持力平衡，靠静摩擦力提供向心力，故8正确，A 8错误。故选B。18.【答案】C【解析】解：安培是电流的单位，故C正 确 错 误。故选：Co明确各电学物理量对应的单位，知道电流的单位为安培。本题考查对电学中基本物理量单位的认识，明确电阻的单位为欧姆、电压单位为伏特、电流单位为安培、电荷量的单位为库仑。19.【答案】D【解析】解：A B,正电子带正电，所受的电场力与场强方向相同，即竖直向上，且电场力与初速度垂直，所以正电子做类平抛运动，是一种

32、匀变速曲线运动，故AB错误。C D.正电子所受的电场力向上，所以正电子做向上偏转的曲线运动，故C错误，。正确。故选：Do分析正电子的受力情况来判断其运动情况，正电子带正电，所受的电场力与场强方向相同.解决本题的关键是分析清楚电场力和速度的方向之间的关系，从而正电子的运动情况.20.【答案】A【解析】解：重力方向竖直向下，墙面也是竖直的，所以物体与墙之间并没有相互挤压，所以当物体沿着墙壁竖直下落时，只受到地球的吸引力即重力，物体与墙壁间没有相互挤压，故没有滑动摩擦力和墙壁支持力.故 选:A.重力方向竖直向下；摩擦力产生的条件：接触面粗糙；相互接触挤压；有相对运动或相对运动趋势.解决本题的关键掌握

33、重力及摩擦力产生的条件：相互挤压，有相对运动或相对运动趋势.21.【答案】A【解析】解：A B,为使传感器的读数为小车所受合力，实验前要平衡摩擦力，在未挂钩码时，将木板的右端垫高以平衡摩擦力，故A正确，B错误；CD、小车受到的拉力可以用力传感器测出，实验不需要控制钩码质量远小于小车质量，故错误。故选：4。为使传感器的读数为小车所受合力，实验前应平衡摩擦力，根据实验注意事项分析答题。此题考查了探究加速度与质量、力的关系的实验，考查了实验注意事项，明确实验原理是解题的关键。22.【答案】C【解析】解：4熔喷无纺布在常温下表现绝缘，没有导电能力，故A错误；8.熔喷无纺布经静电处理后带同种电荷，互相排

34、斥，其纤维疏松，故8错误；C.熔喷无纺布经静电处理后带电荷能吸附轻小物体，所以能吸附带有病毒的粉尘，故C正确；。.潮湿的环境会使熔喷无纺布所带电荷减少，失去静电，会减小口罩对病毒的隔离性能，故。错误。故选：Co根据带电体有吸附轻小物体的特性、同种电荷互相排斥等特点进行判断。本题考查静电现象，要求知道静电现象在实际生活中的应用。23.【答案】C【解析】解：AB.对人和梯子整体，进行分析，有m g=FN根据牛顿第三定律，可知梯子对水平地面的作用力与水平地面对梯子的支持力等大，与。角无关。故A8错误;C对一侧的梯子，受力分析有人给的沿梯子向下的压力，地面给竖直向上的支持力，绳子给的水平方向的拉力，如

35、图T=FN tan,可知。角越大，绳子的拉力越大。故C正确；。.对人做受力分析，梯子对人的支持力大小等于人的重力，梯子对人的支持力与人对梯子的压力是相互作用力，大小与。无关，故。错误。故选：Co先进行整体分析得mg=心，再对一侧的梯子受力分析，列等式可判断。本题考查整体法与隔离法，要注意合理选取研究对象解决问题。24.【答案】C【解析】解：接触前两个点电荷之间的库仑力大小为尸=k窄，两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分，所以两球分开后各自带点为+Q,距离仍不变，则库仑力为r=k零，所以两球间库仑力的大小为故选：c清楚两小球相互接触后，其所带电量先中和后均分.再根据库仑

36、定律的内容，根据变化量和不变量求出问题.本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题，注意接触后，间距没有变化是解题的关键.25.【答案】A【解析】解：4 D 间的高度差为 h =h -；h=九，则重力做功为W=m g h=故 A正确，错误；故选：Ao重力做功与路经无关，高度差无 有关w =mgh.考查重力做功的特点，明确与路经无关，只与始末位置的高度差有关。26.【答案】B【解析】解：最小的电荷量是1.6 x l 0-i 9 c,我们把这个最小的电荷量叫做元电荷，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍，由于2.4 x 1 0-1 9 c 不是1 6 x 1 0-1 9 c 的整数倍，故B是不

37、可能的。故 8不可能，4 C。可能。故选：B。元电荷是指最小的电荷量，任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍。本题就是对元电荷概念的考查，知道任何物体的带电量都是元电荷或是元电荷的整数倍即可解决本题。27.【答案】C【解析】解：A、B 是匀强电场中的两点，电场强度大小相同，方向均水平向右，故 C正确，ABD错误。故选：C o图中所示场强为匀强电场，场强的方向沿切线方向，据此作答。本题只需要根据匀强电场的特点作答即可，较基础。28.【答案】C【解析】解：当旋转雨伞时，由向心力可知，所需要的向心力增加，由于提供向心力不足以所需要的向心力，从而远离圆心运动，故C正确，ABO错误；故选：C。当物

38、体受到的合力的大小不足以提供物体所需要的向心力的大小时，物体就要远离圆心，此时物体做的就是离心运动。合力大于需要的向心力时，物体要做向心运动，合力小于所需要的向心力时，物体就要远离圆心，做的就是离心运动。29.【答案】C【解析】解：直流电流档的刻度线是均匀的，欧姆档的刻度不均匀，越向左密度越大，0刻度在右边。最左端为8,则正确的表盘为C,故C正确，AB。错误。故选；Co多用表的直流电流档和电压档的刻度线的分布是均匀的，欧姆档的刻度不均匀，越向左密度越大，0刻度在右边。最左端为8。多用电表的面板刻度的特点：欧姆档不均匀，越向左密度越大，0刻度在右边，与电流档相反。30.【答案】D【解析】解：电容

39、是表征电容器容纳电荷的本领的物理量，电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关，故ABC错误，。正确。故选：0。明确电容的性质，知道电容是表征电容器容纳电荷本领的物理量，电容的大小与电容器两端的电压及电容器所带的电量无关。解决本题的关键掌握电容的决定式，要知道电容与两极板的距离、正对面积有关；与所带的电量及两端的电势差无关。31.【答案】BC【解析 1解：“追拍法”是跟踪运动的物体，将运动的物体看作是静止的，该图片是运动的滑板运动员被摄影师当作静止的，而用镜头跟踪，故参考系是滑板运动员或者摄影师，故BC正确，错误。故 选:BC.“追拍法”是跟踪运动的物体，将运动的物体看作是静止的，由此

40、其背景就是运动的了。只要明白了参考系的含义就能顺利解决此类问题，故一定要加强对概念的理解，同时要提高应用所学知识解决实际问题的能力。32.【答案】AD【解析】解：A、B、物体沿两个半径为R的圆弧由4 经B到C,初位置是4 点，末位置是C点，则位移大小等于4 R,方向向东。故 A 正确，B 错误。C、。、物体的路程等于物体运动路线的长度，由图看出路程等于2兀 凡 没有方向。故 C 错误，D正确故 选:AD.位移大小等于初位置到末位置有向线段的长度，方向从初位置指向末位置.路程是物体运动路线的长度.本题考查对位移和路程的理解和界别的能力.要注意理解路程是标量，而位移是矢量.33.【答案】BC【解析

41、】解：两 个 分 力 F2大小分别为5N和8N,它们的合力范围为3N EB E 4，故。错误.故选：AC从图象中可以看到上极板带负电，平行板间有竖直向上的电场，正电荷在电场中受到向上的电场力，负电荷受到向下的电场力；不带电的小球做平抛运动，带负电的小球做类平抛运动，加速度比重力加速度大，带正电的小球做加速度比重力加速度小的类平抛运动.由此根据平抛和类平抛运动规律求解.确认不带电小球做平抛运动，带电小球做类平抛运动，分水平和竖直方向分析小球的运动，水平方向匀速直线运动，竖直方向初速度为0的匀加速直线运动，由运动的合成与分解进行分析.43.【答案】BD【解析】解：A B,根据向心力公式尸的=爪32

42、r与牛顿第二定律可知，T&=ma)2r,当保持绳长不变，增大角速度，根据公式可知，手对绳子的拉力增大，则由牛顿第三定律可知，绳对手的拉力将增大，故 A 错误，B 正确；C D、根据向心力公式尸向=巾 32r与牛顿第二定律可知，T&=mco2r,当保持角速度不变，增大绳长时，根据公式可知，手对绳子的拉力增大，则由牛顿第三定律可知，绳对手的拉力将增大，故 C错误，。正确。故选：B D。根据向心力公式F=m32r采用控制变量法，结合牛顿第二定律求解拉力的变化。本题关键选择向心力公式的恰当形式结合题意讨论，并掌握牛顿第二定律的应用及控制变量法的思想。44.【答案】4D【解析】解：弹力是由于“施力物体”

43、发生形变后想要恢复原状而对和它接触的物体产生的力。4、挂在电线下面的电灯受到向上的拉力，电线是施力物体，所以是由于电线发生微小形变而产生的，故A 正确；3、绳子对物体的拉力方向总是沿绳子收缩的方向。故 8 错误。C、木块放在桌面上受到向上的支持力，木块是受力物体，桌面是施力物体，所以这是桌面发生微小形变而产生的。故 C错误；。、弹簧可以变长也可以变短；故其弹力可以向里也可以向外；但弹簧的弹力方向总是沿弹簧方向的；故。正确；故选：AD.解答本题应掌握：弹力是由于施力物体发生形变后想要恢复原状而对和它接触的物体产生的力；要明确弹力的方向与形变方向之间的关系.本题考查弹力产生的原因，知道是由于发生形

44、变的物体想要恢复原状而对与它接触的物体产生弹力.一定要区分施力物体和受力物体.45.【答案】AC【解析】解：当电梯运动时，看到弹簧秤的度数为6 N,根据牛顿第二定律，有：F G=ma由于弹簧秤的示数大于物体重力，所以物体的加速度的方向竖直向上；故电梯加速上升或者减速下降；故选：AC.对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度，再确定物体的运动情况.本题关键对物体受力分析后根据牛顿第二定律确定加速度，然后得到运动情况，基础题.46.【答案】AD【解析】解：由感应电流的产生条件，即闭合回路磁通量发生变化可知，当磁铁向下插入或者向外拔出时，磁通量都会发生变化，从而产生感应电流，电流变指针发生偏转

45、；而磁铁放在螺线管不动不会产生感应电流，指针不偏转，故A。正确，8 c错误；故 选:AD根据感应电流产生的条件可知，只要线圈中的磁通量不发生变化，则回路中便无感应电流产生，指针便不会偏转。本题考查了感应电流产生的条件，对于这些基本规律要正确理解加强应用。47.【答案】BD【解析】解：电路连接情况是：滑动变阻器与灯泡5并联后再与R串联，然后与G并联。当滑动变阻器的滑片P自C向。滑动时，滑动变阻器接入电路的总电阻减小，电路总电流增大、内电压增大、路端电压减小，则灯泡L两端电压减小，灯泡L变暗；由于路端电压减小、总电流增大、则R两端电压增大、灯泡乙2两端电压减小，灯泡功变暗，故A C错误、正确。故选

46、：B D。分析电路连接情况，当滑动变阻器的滑片P自C向。滑动时，滑动变阻器接入电路的总电阻减小，由此分析电路总电流的变化、内电压的变化、路端电压的变化，则灯泡两端电压的变化，由此分析灯泡亮度的变化。电路的动态分析的分析的顺序：外电路部分电路变化T R总变化7由/总=式判断/总的变化T由总U=E-/总r判断路端电压U的变化由部分电路欧姆定律分析固定电阻的电流、电压的变化用串、并联规律分析变化电阻的电流、电压和电功率。4 8.【答案】BD【解析】解：A B C,根据开普勒第二定律：对每一个行星而言，行星与太阳的连线在相同时间内扫过的面积相等。行星在此椭圆轨道上运动的速度大小不断变化，离太阳越近速率

47、越大，所以地球靠近太阳的过程中，运行速率将增大，同理火星靠近太阳的过程中，运行速率也将增大，故A C错误，B正确；D.根据开普勒第三定律：所有行星的轨道的半长轴的三次方跟公转周期的二次方的比值都相等。由于火星的半长轴比较大，所以火星绕太阳运行一周的时间比地球的长，故。正确。故选：B D。火星和地球都在围绕着太阳旋转，遵循开普勒行星运动定律，由开普勒三大定律分析选项。本题以地球和火星为例子考查开普勒定律，正确理解开普勒行星运动三定律是解答本题的关键，注意开普勒第二定律是对同一行星的规律。4 9.【答案】AD【解析】解：人 重力在整个运动过程中始终不变，小球在重力方向上的位移为A、B两点连线在竖直

48、方向上的投影，即为L,所以重力做的功收=加9 4，故A正确；B、如图所示，因为在运动过程中悬线的拉力r始终与运动方向垂直，故不做功，即 恤=o,故B错误；C D、空气阻力所做的总功等于每个小弧段上/所做功的代数和，即：Wf=-(fAX1+fAx2+.)=_ JL,故C错误，。正确。故选：AD.根据W =High计算重力做的功。悬线的拉力不做功。空气阻力是变力，可根据动能定理求空气阻力/做的功，也可以空气阻力的大小与路程乘积的负值求根据空气阻力做的功。本题考查功的计算，要注意明确各力做功的特点，如重力做功初末位置的高度差有关；空气阻力做功与路程有关。50.【答案】BC【解析】解：4、质子或电子是

49、带电粒子，所带的电荷量叫元电荷，故A错误；8、物体带电是因为得失电子，所带电荷量均为电子的电荷量的整数倍，故把电子所带电荷量的多少叫元电荷，为1.60X10T9C,故 正 确；。、点电荷是理想化模型，而元电荷是带电量的最小单元，二者不是一回事。故。错误。故选：B C。由元电荷的定义可知，我们将电子或质子所带电量的绝对值称为元电荷，点电荷是理想化模型，由此可以判定各个选项。掌握好元电荷的含义，它指的是电子或质子所带的电荷量，而不是指电子或质子本身。5153.【答案】C、A、8【解析】1.【分析】小物块沿斜面上滑时，分析其受力，根据牛顿第二定律求出小物块上滑的加速度大小。本题考查牛顿第二定律的运用

50、，要正确分析受力，根据牛顿第二定律求加速度。【解答】解：小物块沿斜面上滑时受力情况如下图所示，其重力的分力分别为：弋 /Fi=mgsinOB 弋/尸2=mgcosd根据牛顿第二定律有：4-叱 牙-wFN=F?F+Ff=ma.又 因 为=再由式得：a=gsinO+ngcosd=10 x 0.6m/s2+0.25 x 10 x 0.8m/s2=8.0m/s2,故 C正确，A8错误。故选：C2.【分析】根据牛顿第二定律求解加速度大小，根据速度一位移关系求解最大位移。对于牛顿第二定律的综合应用问题，关键是弄清楚物体的运动过程和受力情况，利用牛顿第二定律或运动学的计算公式求解加速度，再根据题目要求进行解