2021-2022学年辽宁省抚顺市“六校协作体”高考仿真模拟物理试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处 o2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3,非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将

2、本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、已知火星的半径是地球的。倍，质量是地球的 倍，现分别在地球和火星的表面上以相同的速度竖直上抛小球，不计大气的阻力。则小球在地球上上升的最大高度与在火星上上升的最大高度之比为（）A.b/a B.b*a C.alb D.b/a22、如图所示，在水平面上放置着一个密闭绝热的容器，容器内一个有质量的活塞封闭着理想气体，活塞下部为真空两端固定的轻弹簧被压缩后用绳扎紧现在绳突然断开，当轻弹簧推动活塞上升的过程中，理想气体（）B.压强增大，温度降低C.压强减小，温度升高D.压强

3、减小，温度降低3、如图所示电路中，变压器为理想变压器，电压表和电流表均为理想电表，。、分接在电压有效值不变的交流电源两端，Ro为定值电阻，R为滑动变阻器.现将变阻器的滑片从一个位置滑动到另一位置，观察到电流表Ai的示数增大了0.2A,电流表A2的示数增大了 0.8A,则下列说法中正确的是（）A.该变压器起升压作用B.电压表V2示数增大C.电压表V3示数减小D.变阻器滑片是沿d-c的方向滑动4、由于太阳自身巨大的重力挤压，使其核心的压力和温度变得极高，形成了可以发生核聚变反应的环境。太阳内发生核聚变反应主要为：H+；H T :H e,已知部分物质比结合能与质量数关系如图所示，则该反应释放的核能约

4、为（）A.5 MeVC.24 MeVB.6 MeVD.32 MeV5、科学家计划在1015年将首批宇航员送往火星进行考察.一质量为机的物体，假设在火星两极宇航员用弹簧测力计测得的读数为尸1,在火星赤道上宇航员用同一把弹簧测力计测得的读数为八.通过天文观测测得火星的自转角速度为已知引力常量为G,将火星看成是质量分布均匀的球体，则火星的密度和半径分别为3月02 和 耳鸟4 7 marC.露 和山 D.生和4G（耳 一 mar 4 G m s6、如图所示，三条绳子的一端都系在细直杆顶端，另一端都固定在水平面上，将杆竖直紧压在地面上，若三条绳长度不同，下列说法正确的有（）A.三条绳中的张力都相等 B.

5、杆对地面的压力等于自身重力C.绳子对杆的拉力在水平方向的合力为零D.绳子拉力的合力与杆的重力是一对平衡力二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，物体A、3 通过细绳及轻质弹簧连接在轻滑轮两侧，物体4、3 的质量分别为2皿、如开始时细绳伸直,用手托着物体A 使弹簧处于原长且4 与地面的距离为心物体8 静止在地面上，放手后物体A 下落，与地面即将接触时速度大小为当此时物体8 对地面恰好无压力，不计一切摩擦及空气阻力，重力加速度大小为g,则下列说法中正确的

6、是（）A.物体A 下落过程中，物体A 和弹簧组成的系统机械能守恒B.弹 簧 的 劲 度 系 数 为 孚hC.物体A 着地时的加速度大小为名2D.物体A 着地时弹簧的弹性势能为，机F8、如图所示的直角三角形区域内存在垂直纸面向外的匀强磁场（图中未画出），其中Nc=90。、Za=60,。为斜边的中点，分别带有正、负电荷的粒子以相同的初速度从。点垂直乃边沿纸面进入匀强磁场区域，两粒子刚好不能从磁场的加、儿边界离开磁场，忽略粒子的重力以及两粒子之间的相互作用。则下列说法正确的是（）A.负电荷由。a 之间离开磁场B.正负电荷的轨道半径之比为 旧-91c.正负电荷的比荷之比为独士9D.正负电荷在磁场中运动

7、的时间之比为1：19、如图所示，将一个细导电硅胶弹性绳圈剪断，在绳圈中通入电流，并将其置于光滑水平面上，该空间存在竖直向下的匀强磁场。已知磁感应强度为与，硅胶绳的劲度系数为A,通入电流前绳圈周长为L,通入顺时针方向的电流/稳定后，绳 圈 周 长 变 为 则 下 列 说 法 正 确 的 是（）D 产A.通电稳定后绳圈中的磁通量大于g44B.A C 8 段绳圈所受安培力的合力大小为强42R C.图中4 B 两处的弹力大小均为，一2万L 2兀 k-B“ID.题中各量满足关系式7 =一-L1 2冗 k10、如图，光滑平行金属导轨间距为L,与水平面夹角为。，两导轨上端用阻值为R 的电阻相连，该装置处于磁

8、感应强度为B的匀强磁场中，磁场方向垂直于导轨平面。质量为m的金属杆a b以沿导轨平面向上的初速度为从导轨底端开始运动，然后又返回到出发位置。在运动过程中，功与导轨垂直且接触良好，不计好和导轨的电阻及空气阻力。则（）A.初始时刻金属杆的加速度为生匕及m RB.金属杆上滑时间小于下滑时间C.在金属杆上滑和下滑过程中电阻R 上产生的热量相同D.在金属杆上滑和下滑过程中通过电阻R 上的电荷量相同三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）某兴趣小组要精确测定额定电压为3 V 的白炽灯正常工作时的电阻，已知该灯正常工作时电阻约500Q,实验

9、室提供的器材有：A.电流表A（量程：0 3m A,内阻&=15。）B.定值电阻=1985。C.滑动变阻器R（0-10Q ）D.电压表V（量程：0 10V,内阻&=lk。）E.蓄电池E（电动势为12V,内阻r很小）F.开关S一个G.导线若干（1）要精确测定白炽灯正常工作时的电阻应采用下面电路图中的（2）选择正确电路进行实验，若电压表的示数用U表示，电流表的示数用/表示，写出测量白炽灯电阻的表达式R、=_（用题目中给的相应字母表示），当电流表中的电流强度/=mA时，记下电压表的读数。并代入表达式，其计算结果即为白炽灯正常工作时的电阻。12.（12分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验

10、中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰的纸带，纸带上:两相邻计数点间有四个点没画出来.已知打点计时器打点周期T=0.02s,其中前=8.33cm,/=8.95cm,完成以下问题：卜3hH二（1）打下A点时速度大小是m/s.（2）若某同学甲实验时只测量了纸带中X 3、*4的值，则 小 车 运 动 的 加 速 度 计 算 表 达 式 为（用*3、以 及 表示）.某同学乙根据学过的知识，算出了几个计数点的瞬时速度，建立坐标系，画出的目图像如图所示，请你根据图像得出小车运动的加速度为 m/s2,由图可知，从开始计时的0.3s内，小车通过的位移大小为 m.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答

11、案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(1 0分)同学设计出如图所示实验装置.将一质量为0.2kg的小球(可视为质点)放置于水平弹射器内，压缩弹簧并锁定，此时小球恰好在弹射口，弹射口与水平面A B相切于A点,A B为粗糙水平面，小球与水平面间动摩擦因数二=0.5,弹射器可沿水平方向左右移动,B C为一段光滑圆弧轨道.(CT为圆心，半径二=0.5二，二二与O B之间夹角为二=3-,以C为原点，在C的右侧空间建立竖直平面内的坐标xOy,在该平面内有一水平放置开口向左且直径稍大于小球的接收器D,sin370=0.6,cos37=0.8I%:P I D-.K(1)

12、某次实验中该同学使弹射口距离B处 二=1 6二 处固定，解开锁定释放小球，小球刚好到达C处,求弹射器释放的弹性势能；(2)把小球放回弹射器原处并锁定,将弹射器水平向右移动至离B处L2=0.8m处固定弹射器并解开锁定释放小球，小球将从C处射出，恰好水平进入接收器D,求D处坐标；(3)每次小球放回弹射器原处并锁定,水平移动弹射器固定于不同位置释放小球，要求小球从C处飞出恰好水平进入接收器D,求D位置坐标y与x的函数关系式.14.(1 6分)如图甲所示，两竖直同定的光滑导轨AC、A，C间距为L上端连接一阻值为R的电阻。矩形区域谛cd上方的矩形区域附4 A内有方向垂直导轨平面向外的均匀分布的磁场，其磁

13、感应强度以随时间，变化的规律如图乙所示(其 中8。、所均为已知量)，4、。两点间的高度差为2gf。(其中g为重力加速度)，矩形区域而cd下方有磁感应强度大小为灰、方向垂直导轨平面向里的匀强磁场。现将一长度为L阻值为K的金属棒从必处在U 0时刻由静止释放，金属棒在Ufo时刻到达cd处，此后的一段时间内做匀速直线运动，金属棒在U4to时刻到达CO处，且此时金属棒的速度大小为Agfo(A为常数)。金属棒始终与导轨垂直且接触良好，导轨电阻不计，空气阻力不计。求：(1)金属棒到达cd处时的速度大小v以及“、d两点间的高度差生(2)金属棒的质量in；(3)在04加时间内，回路中产生的焦耳热。以及d、C两点

14、的高度差”。R甲 乙15.(12分)两平行金属导轨水平放置，导轨间距d=0.8m。一质量机=0 2 版的金属棒出?垂直于导轨静止放在紧贴电阻R 处，电阻R=0.1 C,其他电阻不计。矩形区域M NQ P内存在有界匀强磁场，磁场的磁感应强度大小3=0.25T,MN=PQ=x=0.85m金属棒与两导轨间的动摩擦因数均为=0.4,电阻R 与 边 界 管 的 距 离,v=0.36m 某时刻金属棒。人在一水平外力作用下由静止开始向右匀加速穿过磁场，其加速度大小a=2m/s2,g 取lOm/s2 o(1)求金属棒ah穿过磁场的过程中平均电流的大小；(2)若自金属棒ah进入磁场开始计时，求金属棒。人在磁场中

15、运动的时间内，外 力/随 时 间 f 变化的关系。(3)求金属棒,力穿过磁场的过程中所受安培力的冲量的大小/安。参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据在星球表面重力与万有引力相等，有：G=m g,可得：g=g,故R2竖直上抛运动8火M火R地bg地 _ 知 地的最大高度/?=g,所 以 有 等=也=乌；故 A,B,C 错误；D 正确；故 选 D.2 g 力 火g地a2、A【解析】根据理想气体的状态方程分析气体的状态参量的变化；轻弹簧推动活塞上升的过程中对气体做功，结合热力学第一定律即可判定气体内能的

16、变化与温度的变化.【详解】活塞向上压缩气体的过程中对气体做正功，同时，由于是绝热的气缸，气体与外界之间没有热交换，根据热力学第一定律可知，气体的内能一定增大，所以气体的温度升高.根据理想气体的状态方程：?=C 可知，气体的温度升高,体积减小则气体的压强一定增大.故选A.【点睛】通过受力分析确定所受的各个力，以及物体的初末状态和物体运动过程，从而确定不同力的做功情况以及能量的转化是解决此类题目的解题思路.3、C【解析】A.由公式2 1 _=生12%得以=必=丝=4n,A Z；0.2则勺 n2该变压器起降压作用，故 A 错误；B.由于a、b 接在电压有效值不变的交流电源两端，则电压表M 示数不变，

17、由理相变压器原公式如=与U2 n2可知，电压表V2示数不变，故 B 错误；C.电压表V3的示数U 3 HR。由于5 不变，/2增大，则 S 减小，故 C 正确;D.由&+R且 3 不变，/2增大，K 应减小，则滑片应沿c-4 方向滑动，故 D 错误。故选C。4、C【解析】由图象可知；H 的比结合能约为l.lMeV,；H e 的比结合能约为7.1MeV,由比结合能的定义可知，该反应释放的核能约为A =(7.1X4-1.1X 4)MeV=24MeV故选C。5、A【解析】在两极：G 笔=E，在赤道：G F2=mco2R,联立解得：R =由G=耳，且万&.夕,解得:31疗4万G(百一居)故 A 正确.

18、6、C【解析】A C.由于三力长度不同，故说明三力与竖直方向的夹角不相同，由于杆保持静止，故在水平方向三力水平分力的合力应为零，故说明三力的大小可能不相等；故 A 错误；C 正确；B.由于三力在竖直方向有向下的拉力，杆在竖直方向合力为零，故杆对地面的压力大于重力；故 B 错误；D.绳子拉力的合力与杆的重力之和等于地面对杆的支持力，则绳子拉力的合力与杆的重力不是一对平衡力，选 项 D错误。故选C。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、A C【解析】A 项：由题

19、知道，物体4 下落过程中，8 一直静止不动.对于物体4 和弹簧组成的系统，只有重力和弹力做功，则物体A和弹簧组成的系统机械能守恒，故A正确；B项：物 体3对地面的压力恰好为零，故弹簧的拉力为T=m g,开始时弹簧处于原长，由胡克定律知：T=kh,得弹簧的 劲 度 系 数 为 =等，故B错误；hC项：物体A着地时，细绳对4的拉力也等于，g,对A,根据牛顿第二定律得2mg-mg=2ma,得a，D项：物体A与弹簧系统机械能守恒，有：2 m g/z =E p+g x 2机凡 所 以 弓=2%-利巴 故D错误.8、BC故 C 正确;【解析】A.由左手定则可知，负电荷由0。之间离开磁场区域，故 A 错误;

20、B.作出两粒子的运动轨迹如图所示：由几何关系，对负粒子：C I,3r2=ab则负粒子的轨道半径为：1 ,r =ab2 6对正粒子：乙 1 ,r,-ab1 c o s 3 00 2解得正粒子的轨道半径为:2 7 3-3 ,r.=-ab 2则正负粒子的轨道半径之比为：ry _6 7 3-9r2 1故 B 正确；D.正负粒子在磁场中运动的时间均为半个周期，由:T 7irt 2 v可知，正负粒子在磁场中运动的时间之比为：t fy 6A/3 9，2 2 1故 D 错误；C.粒子在磁场中做圆周运动，则由:可得：9=二m Br正负粒子的比荷之比与半径成反比，则正负粒子的比荷之比为2百+3,故 c 正确。9故

21、选BCo9、ACD【解析】A.通入顺时针方向电流/稳定后，绳圈周长为匕，由L1=2 肛可得=，面积2万T T25 =町2 =万(9)2 L271 4 万由安培定则可判断出环形电流在环内产生的磁场方向竖直向下，绳圈内磁感应强度大于线，由磁通量公式(P=BSD/2可知通电稳定后绳圈中的磁通量大于皿，故 A 正确;4 4B.ACB段的等效长度为，故 ACB段所受安培力F=B 2B七 =吟故 B 错误；C.设题图中4 B 两处的弹力大小均为K，对半圆弧ACB段，由平衡条件有2F 四7 1解 得 片=4 旦，故 C 正确；D.由胡克定律有6=依,一为解得LL=鸟叁,两侧均除以。，得2k7rL=BILt

22、2k 兀L 2k兀 一 B（、I即=-2k7T故 D 正确。故选ACDo10、BD【解析】A.必开始运动时，时棒所受的安培力FABIL-葭根据牛顿第二定律得，而棒的加速度。=侬 必=gsine+互%m mR选 项 A 错误；B.物体下滑时加速度满足am gsm 0-FA am根据s -a t2可知金属杆上滑时间小于下滑时间，选 项 B 正确;2C.克服安培力做功等于回路产生的热量，上滑过程中安培力较大，则克服安培力做功较大，产生的热量较大，选 项 C错误；D.根据 BLsq=-=-R R可知，在金属杆上滑和下滑过程中通过电阻R 上的电荷量相同，选项D 正确。故选BD三、实验题：本题共2 小题，

23、共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。/(+)11,(1)C(2)U,(3)1.5%【解析】(1)要精确测定额定电压为3V 的白炽灯正常工作时的电阻，需测量白炽灯灯两端的电压和通过白炽灯灯的电流，由于电压表的量程较大，测量误差较大，不能用已知的电压表测量白炽灯两端的电压，可以将电流表A 与定值电阻串联改装为电压表测量电压；白炽灯正常工作时的电流约为I-Q.=6mAR 500左右，电流表的量程较小，电流表不能精确测量电流，可以用电压表测量总电流，约：Uy凡10loooC=10m A.9因为滑动变阻器阻值远小于白炽灯的电阻，所以滑动变阻器采用分压式接法。所以电路图选取C.

24、(2)2根据欧姆定律知，灯泡两端的电压U=/(RI+RA),通过灯泡的电流为：,灯U所以白炽灯正常工作时的电阻为:U _/(a+)1 -/灯%3改装后的电压表内阻为：Rv=1985+1512=2000。，则当/=1.5mA时，白炽灯两端的电压为3 V,达到额定电压，测出来的电阻为正常工作时的电阻。12、0.864 r-1 1.025T之0.12【解析】(1)1.相邻两计数点间还有4 个打点未画出，所以相邻的计数点之间的时间间隔为UO.ls；根据平均速度等于中时刻的瞬时速度，则有：V,=-七3 +%-4=-8-.-3-3-+-8-.-9-5 X 1 0 2 2 =0.8 6 4 m/s.*2t

25、0.2(2).根据运动学公式得：A x=at2解得:a=x4 x3 _ x4 W22 5 T 2 (3)3J 4 图象中图象的斜率表示加速度，故 VCI 4 t0.5 5-0.2 50.31.0m/s24.图象与时间轴围成的面积表示位移，则可知位移大小x =0.2 5 +0.5 52x O.3 =0.1 2 m四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)1.8J(2)(二 二 之 二)(3)y=：x【解析】(1)从 A 到 C 的过程中，由定能定理得：W-pmgLi-mgR(Leos。)=0,解得：W 弹=1.8

26、J.根据能量守恒定律得：EP=W=1.8J；(2)小球从C 处飞出后，由动能定理得：W w-fimgLz-mgR(l-cos0)=Tmvc2-0,解得：vc=2：m/s,方向与水平方向成37。角，由于小球刚好被D 接收，其在空中的运动可看成从D 点平抛运动的逆过程,vcx=vccos37=干 m/s，vcy=vcsin37o=r m/s,则 D 点的坐标：二=二-二三，二=三，解得：x=r：m,y=Em,-_ ；口 12:122即 D 处坐标为：(三冲，三).(3)由于小球每次从C 处射出vc方向一定与水平方向成37。角，贝！|：三=二二二6”=：,根据平抛运动规律可知：抛出点D 与落地点C

27、的连线与x 方向夹角a 的正切值：二二二二=二二二二=：,J C故 D 的位置坐标y 与 x 的函数关系式为：y=1x.点睛：本题考查了动能定理的应用，小球的运动过程较复杂，分析清楚小球的运动过程是解题的前提与关键，分析清楚小球的运动过程后，应用动能定理、平抛运动规律可以解题.14、的，(2)0.；(9 2枭(7 一2R I 2 J K【解析】(1)在 0力时间内，金属棒不受安培力，从 M 处运动到cd处的过程做自由落体运动，则有v=gt0(2)在 O2fo时间内，回路中由于ah上方的磁场变化产生的感应电动势E i=*L.2 g氐 =g B J t。在力 2勿时间内，回路中由于金属棒切割磁感线

28、产生的感应电动势E=BLv-gB0Lt0经分析可知，在 to2fo时间内，金属棒做匀速直线运动，回路中有逆时针方向的感应电流，总的感应电动势为E=E+E,根据闭合电路的欧姆定律有E2R对金属棒，由受力平衡条件有B（）IL=mg解得8 2fm=-R 在 O“o时间内，回路中产生的焦耳热：2ZK在 m2%时间内，金属棒匀速下落的高度：4=%在 fo2fo时间内，回路中产生的焦耳热E2设在2根 4fo时间内，金属棒下落的高度为2,回路中通过的感应电流的平均值为/,有I x2z02RBLhn2R根据动量定理有mg x 2/0-BnIL x 2t0=kmgt0-mv解得h=(6-2 k)g q经分析可知

29、H 二九十乩解得根据能量守恒定律可知，在 2处4%时间内，回路中产生的焦耳热=mgh2+g mv2-；in(kgtof经分析可知。=。1+0+。3解得Q =m,g/z2+-m v21 5、(D 3.4 A；尸=1.6 8 +0.8/(N)其中f W 七二乜=0.5 s；(3)0.3 4 N-s a【解析】(1)设金属棒，力到达磁场左、右边界MP、NQ时的速度分别为匕、匕则有v,2=2asv22=2 a(s +x)解得V j =1.2 m/sv2=2.2 m/s由电磁感应规律，金属棒出?的平均感应电动势金属棒ab穿过磁场的过程中平均电流的大小7吟联立以上各式，解得7 =3.4 A。(2)金属棒，活在磁场中运动时产生感应电动势，金属棒中有感应电流，则金属棒速度为丫时受到的安培力E&=Bld=女R由牛顿第二定律得F-jumg-F长=ma又因为U=匕 +所 以 在 金 属 棒 进 入 磁 场 后，拉力522(V,+W)F=ma+jLimg+-R代入数据得尸=L 6 8 +（）.8，（N）其中fW 七 乜a=0.5 s o(3)由(2)可知，金属棒在通过磁场的过程中所受安培力的大小B2 d 2R（匕+）画出安培力随时间变化的图象如图乙所示乙图中=Q48N1 R包上=0 88NR金属棒穿过磁场的过程中，其受到的安培力的冲量即为图线与横轴所围图形的面积，即心=+，f=0.34N-s2