2021-2022学年重庆市忠县三汇高考仿真模拟物理试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷考生请注意：1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列说法正确的是（）A.肥皂泡膜在阳光的照射下呈现彩色是光的色散现象B.机械波和电磁波本质上相同，都能发生反射、折射、干涉和衍射现象C.拍摄玻璃橱窗内的物体时，为了

2、提高成像质量，往往在镜头前贴上增透膜D.在光的单缝衍射实验中，缝越宽，衍射现象越不明显2、如图，S 是波源，振动频率为100Hz,产生的简谐横波向右传播，波速为40m/s。波在传播过程中经过尸、。两点,已知尸、Q 的平衡位置之间相距0.6m。下列判断正确的是（）sP QA.。点比尸点晚半个周期开始振动B.当。点的位移最大时，P 点的位移最小C.Q 点的运动方向与尸点的运动方向可能相同D.当。点通过平衡位置时，P 点也通过平衡位置3、如图所示，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落在斜面中点；第二次小球落在斜面底端；第三次落在水平面上，落点与斜面底端的距离为斜面底边长为2/,则（忽略空气阻

3、力）（）A.小球运动时间之比4 2：匕=1：0：6B.小球运动时间之比4 1 2：%=1:2:3C.小球抛出时初速度大小之比%：h：%=1 ：3 ：6D.小球抛出时初速度大小之比为:气：%3=血：2:34、如图所示，粗细均匀的正方形金属线框abed用轻质导线悬吊，线框一半处在匀强磁场中，线框平面与磁场垂直，给导线通以如图的恒定电流，静止时每根导线的拉力为凡保持电流不变，将金属线框向下平移刚好完全进入磁场中,静止时每根导线的拉力为2几 ab边始终保持水平，导线始终竖直，则金属框的重力为（）甘羽lh xX X X X XX X X X XX X X X X1 2 4A.一/B.-F C.F D.-

4、F2 3 35、如图所示，其中电流表A 的量程为0.6A,表盘均匀划分为30个小格，每一小格表示0.02A；拈的阻值等于电流表内 阻 的 4 的阻值等于电流表内阻的4 倍。若用电流表A 的表盘刻度表示流过接线柱1 的电流值，则下列分析正确2的 是（）A.将接线柱1、2 接入电路时，每一小格表示0.04 AB.将接线柱1、2 接入电路时，每一小格表示0.02 AC.将接线柱1、3 接入电路时，每一小格表示0.06 AD.将接线柱1、3 接入电路时，每一小格表示0.01 A6、如图所示，一根弹簧一端固定在左侧竖直墙上，另一端连着A 小球，同时水平细线一端连着A 球，另一端固定在右侧竖直墙上，弹簧与

5、竖直方向的夹角是60。，A、B 两小球分别连在另一根竖直弹簧两端。开始时A、B 两球都静止不动，A、B 两小球的质量相等，重力加速度为g,若不计弹簧质量，在水平细线被剪断瞬间，A、B 两球的加速度分别 为（）B.%=2 g,%=0C.aA-+g，=D.%=26g，aB=0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共2 0分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如 图（a）所示，在匀强磁场中，一电阻均匀的正方形单匝导线框a机4绕与磁感线垂直的转轴c由匀速转动，线圈产生的交变电动势随时间变化的规律如图（b）所示，若线框总电

6、阻为5。，则（）A.边两端电压的有效值为1 6.5 VB.当线框平面与中性面的夹角为4 5时，线框产生的电动势的大小为2 2 VC.从，=0到/=0.（）l s时间内，通过线框某一截面的电荷量为4.4 X 1 0-2 CD.线框转动一周产生的焦耳热为3.8 7 J8、如图所示，一艘轮船正在以4 m/s的速度沿垂直于河岸方向匀速渡河，河中各处水流速度都相同，其大小为v.=3 m/s,行驶中，轮船发动机的牵引力与船头朝向的方向相同。某时刻发动机突然熄火，轮船牵引力随之消失，但轮船受到水大小不变的阻力作用而使轮船相对于水的速度逐渐减小，但船头方向始终未发生变化。下列判断正确的是（）A.发动机未熄火时

7、，轮船相对于静水行驶的速度大小5 m/sB.发动机从熄火到相对于静水静止的过程中，轮船相对于地面做匀变速直线运动C.发动机从熄火到相对于静水静止的过程中，轮船相对于静水做匀变速直线运动D.发动机熄火后，轮船相对于河岸速度的最小值3 m/s9、如图所示，小球A、B、C通过钱链与两根长为L的轻杆相连，A B C位于竖直面内且成正三角形，其中A、C置于水平面上。现将球B由静止释放，球A、C在杆的作用下向两侧滑动，三小球的运动始终在同一竖直平面内。已知吗=3%=冢=m，不计摩擦，重力加速度为g。则球B由静止释放至落地的过程中，下列说法正确的是（）BA.球 B 的机械能先减小后增大B.球 B 落 地 的

8、 速 度 大 小 为 历 立C.球 A 对地面的压力一直大于wigD.球 B 落地地点位于初始位置正下方10、如图甲所示，一块质量为mA=lkg的木板A 静止在水平地面上，一个质量为mB=lkg的滑块B 静止在木板的左端,对 B 施加一向右的水平恒力F,一段时间后B 从 A 右端滑出，A 继续在地面上运动一段距离后停止，此过程中A 的速度随时间变化的图像如图乙所示.设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度取g=10m/sL则下列说法正确的是A.滑块与木板之间的动摩擦因数为0.6B.木板与地面之间的动摩擦因数为0.1C.F 的大小可能为9ND.F 的大小与板长L 有关三、实验题：本题共2 小题，

9、共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）在测金属丝的电阻率的实验中，用两节干电池作为电源，正确的电路连接如图所示。请在图的框中画出相应的电路图_ _ _ _ _ _ _.闭合开关，发现电压表的示数为0,须检查电路故障。针对以下检查过程中的相关步骤，回答问题.保持原电路结构且闭合开关，用已调试好的多用电表的直流电压10V挡进行检测，将（选填“红”或“黑”）表笔接触尸点的接线柱，再将（选填“红”或“黑”）表笔接触电路中N 点的接线柱。表盘示数如图所示，其读数为 V保持尸点表笔接触位置不变，再将另一表笔分别接触电路中M、0 点的接线柱，电压值几乎不变。由此初步

10、判定电路故障可能是 o12.（12分）用如图1 所示的电路图测量一节干电池的电动势和内阻。（1）在下表中选出适当的实验器材进行实验。器 材（代号）规格电压表（V,）0-3 V,内阻约3 g电压表（V2）0-1 5 V,内阻约 15kfl电流表（A）0-0.6A,内阻约 0.125。电 流 表（A,）0-3 A,内阻约 0.025Q滑动变阻器（K）总阻值约20a滑动变阻器（&）总阻值约1000Q待测干电池电动势约为1.5V开 关（S）导线若干E r S图1实 验 中 电 流 表 应 选 用;电 压 表 应 选 用;滑动变阻器应选用（填器材代号）。完成图2 中 实 物 间 的 连 线。甲同学在实验

11、中记录了6组数据如下表所示，其中5组数据的对应点已经标在坐标纸上，请标出余下一组数据对应的坐标点，并画出U-/图线.序号123456电压。(V)1.451.401.301.251.201.10电流/(A)0.060.120.240.260.360.48根堀的而因续 HT俎电工中油66本/执V。(4)甲同学认为若不考虑电压表和电流表内阻对实验的影响，则电压表的读数。与对应的电流表的读数/的比值系就等于干电池的内阻；乙同学认为电压表的读数变化量b U与相对应的电流表的读数变化量A/的比值的绝对值|3曰才等于电源的内阻。请判断哪位同学的观点是正确的，并 说 明 你 的 判 断 依 据.四、计算题：本

12、题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(1 0分)滑雪是人们喜爱的运动之一。如图甲所示，固定于安全坐垫上的小孩抱一玩具熊，从如图乙所示雪道的A点沿倾角为60的雪道A B 下滑，雪 道 面 水 平，滑到C 点时把玩具熊平抛后小孩和玩具熊分别落在。、E 两点.已知雪道上A、C 两点的高度差为，B,C 长 度 为 且/?,安全坐垫与雪道间的动摩擦因数为且,3 4CD=2DE。不计空气阻力和小孩经过8 点时的能量损失。重力加速度为g。求:(1)小孩滑至C 点时的速度大小；(2)抛出玩具熊后，小孩的水平速度与玩具熊的水平速度之比。图甲 图乙

13、14.(1 6 分)如图所示，在光滑水平面上距离竖直线MN左侧较远处用弹簧锁定不带电绝缘小球A,弹性势能为0.45J,A 球质量M=0.1kg,解除锁定后与静止在M 点处的小球B 发生弹性正碰，B 球质量”?=0.2kg、带电量g=+10C。MN左侧存在水平向右的匀强电场及，MN右侧空间区域范围内存在竖直向上、场强大小Ei=0.2N/C的匀强电场和方向垂直纸面向里磁感应强度为8=0.2T的匀强磁场。(g=l()m/s2,不计一切阻力)求：解除锁定后A 球获得的速度盯；碰后瞬间B 球速度V 25 E2大小满足什么条件时，B 球能经电场E2通 过 所 在 的 直 线；(不考虑B 球与地面碰撞再次弹

14、起的情况)(4)在满足问情景下B 球在电场外 中与M N的最大距离。15.(12分)如图所示，在直角坐标系xOy的第一象限内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xOy面向里，第四象限内存在沿y 轴正方向的匀强电场，电场强度大小为E,磁场与电场图中均未画出。一质量为机、带电荷量为”的粒子自y轴 的 P 点沿x 轴正方向射入第四象限，经 x 轴上的Q 点进入第一象限。已知P 点坐标为(0,-/),Q 点坐标为(2/,0),不计粒子重力。求粒子经过Q 点时速度的大小和方向若粒子在第一象限的磁场中运动一段时间后以垂直y 轴的方向进入第二象限，求磁感应强度B的大小。y参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题

15、4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1,D【解析】A.肥皂泡膜在阳光的照射下呈现彩色是光的干涉现象，故 A 错误；B.电磁波的传播不需要介质，在真空中也能传播，而机械波的传播需要介质，真空中不传播，机械波和电磁波本质上不相同，故 B 错误；C.拍摄玻璃橱窗内的物体时，为减少反射光的干扰，通过偏振片来阻碍反射光进入镜头，故 C 错误；D.光的单缝衍射实验中，缝越宽，和光波长差距越大，衍射现象越不明显，故 D 正确。故选D。2、D【解析】A.根据1，=，/可知，波长.v 40 八“，=m=0.4 mf 100又PQ=0.6m=1.5/1故。点比尸点晚1.5个周期开始

16、振动，A 错误；BC.P、。两点的平衡位置距离是半个波长的奇数倍，故两者振动情况完全相反，即两点的运动方向始终相反，当。点的位移最大时，P 点的位移也最大，但两者方向相反，B C 错误；D、两点平衡位置距离是半个波长的奇数倍，所以当。通过平衡位置时，尸点也通过平衡位置，但两者运动方向相反,D正确。故选D。3,D【解析】A B.根据.1 2h =28 t得小球三次下落的高度之比为1:2:2,则小球三次运动的时间之比为1:0：、5，A B错误；C D.小球三次水平位移之比为1:2:3,时间之比为1：拒：应，根据X%=7知初速度之比为%：%2：%3=夜：2：3C错误，D正确。故选D。4、D【解析】线

17、框有一半在磁场中时，对整体根据平衡条件得到：2F=G+F交当线框全部在磁场中时，根据并联电路特点可知成边和c d边电流之比为1:3,则根据平衡条件可知:4 i+4七求得：4尸G=-F34A.由以上分析可知线框的重力为 F,故选项A错误；4B.由以上分析可知线框的重力为1/，故选项B错误；4C由以上分析可知线框的重力为尸，故选项C错误；4D.由以上分析可知线框的重力为一产，故选项D 正确。35、C【解析】A B.由于电流表A 的每个最小格表示0.02A,当将接线柱1、2 接入电路时，电流表A 与电阻拈并联，当电流表中通过0.02A的电流时，根据欧姆定律可知，流过Ri的电路为0.04A,故干路电流

18、为0.06A,即此时每一小格表示0.06 A,故 AB均错误；C D.将 接 线 柱 1、3 接入电路时，电流表与电阻Ri并联后再与电阻及串联，当电流表中通过0.02A的电流时，Ri中的电流仍是0.04A,故干路电流就是0.06A,所以通过接线柱1 的电流值就是0.06A,所以它表示每一小格表示0.06A,选 项 C 正确，D 错误。故选C。6、D【解析】对水平细线被剪断前的整体和小球B 受力分析，求出两段弹簧中的弹力。水平细线被剪断瞬间，绳中力变为零，弹簧弹力不会突变，对 A 和 B 分别受力分析，由牛顿第二定律求出AB各自的加速度。【详解】设两球的质量均为m,倾斜弹簧的弹力为(，竖直弹簧的

19、弹力为丁2。对水平细线被剪断前的整体受力分析，由平衡条件可得：不。$6 0=2 叫，解得：7；=4m g。对水平细线被剪断前的小球B 受力分析，由平衡条件可得：T2=m g B水平细线被剪断瞬间，绳中力变为零，弹簧弹力不会突变。对水平细线被剪断瞬间的A 球受力分析知，A 球所受合力与原来细线拉力方向相反，水平向左，由牛顿第二定律可得：75m60=m aA,解得：%=2 石 8。对水平细线被剪断瞬间的B 球受力分析知，B 球的受力情况不变，加速度仍为()。故 D 项正确，ABC三项错误。【点睛】未剪断的绳，绳中张力可发生突变；未剪断的弹簧，弹簧弹力不可以突变。二、多项选择题：本题共4 小题，每小

20、题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、AB【解析】A.根据电动势随时间的变化曲线可得，交流电的电动势的瞬时值为e=22 应 sin 0(V)=2272 sin 100(V)则交流电的电动势的有效值为E=22Vm 边两端电压的有效值为3&尸产16.5V所 以 A 正确；B.当线框平面与中性面的夹角为4 5时，即71C D t=4则此时的电动势为e=22V所 以 B 正确；C.由图象可得交流电的周期为T=0.02s从r=0到t=0.01s时间内，即半个周期内，通过线框某一截面的电荷量为 2BSq-

21、.=-R R由电动势的瞬时值表达式可知=BSco=生 丝=22 立Vm1、A C 1 1 7 1 2BS=-T m50则2BS 11宿。q=-=-C 3.9x10 CR 125所 以 C 错误；D.此交流电的电流有效值为E/=4.4AR根据焦耳定律可得，线框转动一周产生的焦耳热为Q=/2HT=1.936J所 以 D 错误。故选A B。8、A C【解析】A.发动机未熄火时，轮船实际运动速度-与水流速度匕方向垂直，如图所示:故此时船相对于静水的速度匕的大小为V2=J.2+匕2 _ 5n l/s设 y与匕的夹角为。，则cos6(=0.8眩A 正确；B.发动机从熄火到相对于静水静止的过程中，相对于地面

22、初速度为图中的队 而因受阻力作用，其加速度沿图中2 的反方向，所以轮船相对于地面做类斜上抛运动，即做匀变速曲线运动，B 错误；C.发动机从熄火到相对于静水静止的过程中，相对于静水初速度为图中的匕，而因受阻力作用，其加速度沿图中打的反方向，所以轮船相对于静水做匀变速直线运动，C 正确；D.熄火前，船的牵引力沿的方向，水的阻力与匕的方向相反，熄火后，牵引力消失，在阻力作用下，均逐渐减小，但其方向不变，当 I 与巧的矢量和与f垂直时轮船的合速度最小，如图所示，则vmin=匕 cos 0=2.4m/sD 错误。故选A C9、AB【解析】A.B 下落时，A、C 开始运动，当 B 落地后，A、C 停止运动

23、，因 A、B、C 三球组成系统机械能守恒，故球B 的机械能先减小后增大，故 A 正确；B.对整个系统分析，有：61 2m g-L =-mv解得vB=yp3gL故B正确；C.在B落地前的一段时间，A、C做减速运动，轻杆对球有向上力作用，故 球A对地面的压力可能小于m g,故C错误；D.因 为A、C两球质量不相同，故 球B落地点不可能位于初始位置正下方，故D错误。故 选AB。10、BD【解析】根据木板A的v t图像求解滑块在木板上滑动时和离开木板时木板的加速度，根据牛顿第二定律列式求解两个动摩擦因数；若木块在木板上滑动时，木块的加速度应该大于木板的加速度，由此求解F的范围；根据木块和木板的位移关系

24、 求 解F与L的关系.【详解】滑块在木板上滑动时木板的加速度为Av 2 c、4 =丝=-7/*=2/S2,对木板根据牛顿第二定律：A/1-+mB)g=mAax；滑块从木板上滑出时木板的加速度为a=-m/52=/，对木板根据牛顿AZ 2第二定律：P2mAg=mAa2；联立解得：阳=0.7,阳=0.1,选 项A错误，B正确；对 木 块B：F -mBg=mBaB,其中 的aAlm/s】，贝！|F 9 N,则F的大小不可能为9 N,选 项C错误；根 据 乙=。/一式中=人，联立解得：F=lL+9,即F的大小与板长L有关，选 项D正确；故 选BD.【点睛】此题时牛顿第二定律的综合应用问题，首先要搞清两物

25、体的运动情况，通 过v-t图像获取运动信息，结合牛顿第二定律求解.三、实验题：本 题 共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。0-11、上 黑 红 2.5 号导线断路或号导线断路1|【解析】口 电路图如图所示。(2)23使用多用电表时，电流要从红表笔流入、黑表笔流出。电路中的尸点为电源负极，此处应连接多用电表的黑表笔，则另一端连接红表笔。4多用电表为直流电压10V挡，其最小有效刻度为0.2 V,经估读后电压值为2.5V。黑表笔接触尸点，红表笔分别探测电路中N、M、。点，电压值几乎不变且始终小于电源电动势，初步判定导线正常。电路故障可能是号导线断路或号导线断路。(

26、其他合理说法均对)1.601.501.401.301.201.101.00；：=：!aIlB M 3 C E 3 9：H iE H!I 0 0.j a s e i!MHaa1.49 乙正确 、（4、BW.-!i r *b?CKD：a:i:s:ss:iiSiEiaK-1，.0 0.20 0.30 0.40 0.50 0.60匣 一!蠹ill S K U I【解析】干电池的电动势约为1.5 V,所以电压表选用03 V量程的，故 选Vi；干电池所在电路电流非常小，所以选用的电流表应为00.6A量程的，故选Ai；3滑动变阻器阻值过大，会造成电路中电流变化不明显，不利于数据的采集，所以选用滑动变阻器与。

27、(2)4滑动变阻器采用的限流接法，电流表采用内接法，故实物图连接如图所示。H-(3)U-/图像如图所示:图线与坐标轴的纵截距表示电源电动势，故 E=L 4 9 V。(4)7 乙同学说法正确。根 据 闭 合 电 路 欧 姆 定 律 在 电 路 变 化 过 程 中，U与/的变化趋势是相反的(即一个变大，另一个就变小)，因此U与/的比值亍是不断变化的，不可能等于内阻。而在电路变化过程中，电动势E不变，任意取两个状态，UE-hr,Ui=E-hr,U =UxUi,M=h h,可以得出U由于两个状态是任意取的，因此乙同学说法正确。四、计算题：本题共2小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要

28、求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3、(1)麻；(2)【解析】(1)由动能定理得1 2mgh-W(=mv又_ /八。h 1 .=/Limg cos 6 0-r+卬ng/c=-mghsin 60 2解得v=ygh(2)由C)=2O E 可知，抛出玩具熊后小孩的水平位移与玩具熊的水平位移之比为%=2:3由VO=tan 45x可得竖直位移之比为y：%=2：3由平抛运动规律有%=也，/=V2t21 2 1 2联立解得片四丁 国14、(l)3m/s,方向水平向右；(2)2m/s,方向水平向右；(3)E仑0.283V/m；(4)0.I42m【解析】球和弹簧系统机械能守恒EP=MV2得【懵=3m/

29、s即解除锁定后获得的速度大小为3 m/s,方向水平向右(2)A、B 在 MN处理碰撞动量守恒，系统机械能守恒Mv=Mv+mv2Mv-Mvy+；tnv；2M c,v,=-v,=2m/s-M+m 1方向水平向右(3)B球进入MN右侧后，电场力qE=mg=2N即重力电场力平衡，因此小球在洛伦兹力作用下做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得2qvB=mv-2R在电磁场区域运动半个圆周后速度方向垂直MN水平向左射出，出射点距M 点距离y=2/?=0.4m在 MN左侧的运动竖直方向为自由落体运动，水平方向类似于竖直上抛运动，若 B 球返回M N,必须满足(向右为正方向):得小智当 V/m=0.283V/m(4)

30、由以上可知当心=乎丫/01(0.283V/m)时，B 球恰好能回到 点，在此过程中水平方向速度为零时距离最远、二墓令皿42mm15、(1)v=,速度方向与水平方向的夹角为45。；(2)B【解析】(1)设粒子在电场中运动的时间为前加速度的大小为a,粒子的初速度为v o,过。点时速度的大小为外沿)，轴方向分速度的大小为打，由牛顿第二定律得qE ma由运动学公式得1 2XOP.aXO Q=V()A)竖直方向速度为=0合速度为v=M+解得因为水平和竖直方向速度相等，所以速度方向与水平方向的夹角为45。(2)粒子在第一象限内做匀速圆周运动，设粒子做圆周运动的半径为K,R=2&由牛顿第二定律得v2qvB=mR由几何关系可得解得B