2021-2022学年天津市高考物理必刷试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、绝缘光滑水平面上有4 8 0 三点，以。点为坐标原点，向右方向为正方向建立直线坐标轴x 轴，4 点坐标为一2m,6 点坐标为2 m,如图甲所示。A、8 两点间的电势变化如图乙，左侧图线为四分之一圆弧，右侧图线为一条倾

2、斜线段。现把一质量为“，电荷量为g 的负点电荷，由A 点静止释放，则关于负点电荷的下列说法中正确的是（忽略负点电荷形成的电场）（）A.负点电荷在AO段的加速度大于在。5 段的加速度B.负点电荷在A O段的运动时间小于在O B段的运动时间C.负点电荷由A 点运动到。点过程中，随着电势的升高电势能变化越来越快D.当负点电荷分别处于一血m 和 血 m 时，电场力的功率相等2、如图，物 体 C 放在水平面上，物 体 B 放 在 C 上，小球A 和 B 之间通过跨过定滑轮的细线相连，若与物体B 连接的悬线竖直、两滑轮间的线水平，且不计滑轮与细线的质量、滑轮轴上的摩擦、滑轮与线间的摩擦，把 A 拉到某位置

3、（低于滑轮）由静止释放使A 在竖直平面内摆动，在 A 摆动的过程中B、C 始终不动，下列说法中正确的是（）A.物 体 C 对 B 的摩擦力方向有时有可能沿斜面向下B.物 体 C 对 B 的摩擦力有时可能为零C.地面对C 的摩擦力有时不为零D.物 体 C 对地面的压力有时可以等于B、C 重力之和3、如图所示，空间有一正三棱锥P-ABC,D 点是BC边上的中点，。点是底面ABC的中心，现在顶点P 点固定一正的点电荷，则下列说法正确的是（）pA.A B C 三点的电场强度相同B.底 面 A B C 为等势面C.将一正的试探电荷从B 点沿直线B C 经过D 点移到C 点，静电力对该试探电荷先做负功后做

4、正功D.若 B、C、D 三点的电势为9B、9C、%，则有SB 一 夕D=9D-0C4、下列说法正确的是（）A.光子没有质量，所以光子虽然具有能量，但没有动量B.玻尔认为，原子中电子的轨道是量子化的，能量也是量子化的C.将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会缩短放射性元素的半衰期D.原子核的质量大于组成它的核子的质量之和，这个现象称为质量亏损5、如图所示，竖直放置的两端开口的U 形管，一段空气柱被水银柱a 和水银柱 封闭在右管内，水银柱6 的两个水银面的高度差为从现将U 形管放入热水槽中，则系统再度达到平衡的过程中（水银没有溢出，外界大气压保持不变）（）a三hA.空气柱的压强变大B.空气柱的

5、长度不变C.水银柱左边液面要上升D.水银柱6 的两个水银面的高度差不变6、如图所示，质量为?的木块在质量为M的长木板上滑行，木块与长木板间动摩擦因数为2,长木板与地面间动摩擦因数为 若长木板处于静止状态，则长木板受地面摩擦力大小为（）VA./z,m+M g B.42（根+M）g C.42mg D.%mg+%Mg二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、小球甲从斜面顶端以初速度v 沿水平方向抛出，最终落在该斜面上.已知小球甲在空中运动的时间为t,落在斜面上时的位移为

6、s,落在斜面上时的动能为E k,离斜面最远时的动量为p.现将与小球甲质量相同的小球乙从斜面顶端V以初速度一（n l）沿水平方向抛出，忽略空气阻力，则下列说法正确的是（）nA.小球乙落在斜面上时的位移为士nB.小球乙在空中运动的时间为人nC.小球乙落在斜面上时的动能为导nD.小球乙离斜面最远时的动量为与n8、在双缝干涉实验中，用绿色激光照射在双缝上，在缝后的屏幕上显示出干涉图样.若要增大干涉图样中两相邻亮条纹的间距，可选用的方法是（）A.改用红色激光B.改用蓝色激光C.减小双缝间距D.将屏幕向远离双缝的位置移动E.将光源向远离双缝的位置移动9、如图所示，倾角为a=37。的足够长的粗糙斜面A B固

7、定在水平面上，一小物块从距B 点 10m的 A 点由静止释放后,下滑到B 点与弹性挡板碰撞后无能量损失反弹，恰能冲上斜面的。点（图中未画出）。设物块和斜面间的动摩擦因数为 0.5,以 B 点为零势能面（sln37=0.6,cos37=0.8）,则下列说法正确的是（）A.Q 点到B 点距离为2mB.物块沿斜面下滑时机械能减少，沿斜面上滑时机械能增加C.物块下滑时，动能与势能相等的位置在A B 中点上方D.物块从开始释放到最终静止经过的总路程为15m10、如图，一个由绝缘材料做成的半径为R 的圆环水平放置，。为圆心，一带电小珠P 穿在圆环上，可沿圆环无摩擦的滑动。在圆环所在的水平面内有两个点电荷Q

8、A、OB分别位于A、B 两点，A 点位于圆环内、8 点位于圆环外，已知0B=30A=6R,0、4、8 三点位于同一直线上。现给小珠尸一初速度，发现尸恰好沿圆环做匀速圆周运动。则以下判断正确的是A.如与如一定为异种电荷B.QB=V J?AC.由。A、QB激发的电场，在圆环上各处电势相等D.小珠尸运动过程中对圆环的弹力大小处处相等三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）小宇同学利用图示器材探究电路规律：（1）断开开关S,旋转选择开关，使其尖端对准欧姆档，此时读数为2 0 Q,此时测得的是 的阻值；（2）将旋转开关指向直流电流档，闭

9、合开关S,将滑片从最左端缓慢移动到最右端，发现该过程中读数最大为320mA,则移动过程中读数变化情况是（_）A.逐渐增大B.逐渐减小C.先减小后增大D.先增大后减小（3）将旋转开关指向直流电压档，闭合开关S 后移动滑动头，发现该过程中电表读数最大为L 2 V,结合前两间条件可知，该电源电动势为 V.（结果保留两位小数）12.（12分）在利用电磁打点计时器（所用电源频率为50Hz）“验证机械能守恒定律”的实验中：某同学用如甲图所示装置进行实验，得到如乙图所示的纸带，把第一个点（初速度为零）记 作。点，在中间适当位置选5 个点A、8、C、。、E,测出点0、A 间的距离为68.97cm,点 A、C

10、间的距离为15.24cm,点 C、E 间的距离 为 16.76cm,已知当地重力加速度为9.80m/s2,重锤的质量为,n=1.0kg,则打点计时器在打O 点到C 点的这段时间内，重锤动能的增加量为 J,重力势能的减少量为 J J 导致动能的增加量小于重力势能减少量的原因是.（结果精确到小数点后两位）HAniw 脚甲 乙2 2 用 V表示各计数点的速度，&表示各计数点到点。的距离，以二为纵轴，以人为横轴，根据实验数据绘出二一/12 2的图线，该图线的斜率表示某个物理量的数值时，说明重物下落过程中的机械能守恒，该物理量是。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要

11、求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示是在工厂的流水线上安装的水平传送带，用水平传送带传送工件.可大大提高工作效率.水平传送带以恒定的速度vo=l m/s运送质量为/n=0.5 k g的工件，工件都是以v=l m/s的初速从A位置滑上传送带.工件与传送带之间的动摩擦因数=0.1.每当前一个工件在传送带上停止相对滑动时.后一个工件立即滑上传送带.取g=10m/s1,求：工件经多长时间停止相对滑动；(1)在正常运行状态下传送带上相邻工件间的距离；(3)摩擦力对每个工件做的功；(4)每个工件与传送带之间的摩擦产生的内能.14.(16分)一粗细均匀的U 形管，左侧封闭，右侧开

12、口，同时左侧用水银柱封闭-定质量的气体，开始时左右两侧的水银柱等高，现将左管密闭气体的温度缓慢降低到280K,稳定时两管水银面有一定的高度差，如图所示，图中Li=19cm,A/?=6cm。已知大气压强为尸o=76 cmHg。(i)求左管密闭的气体在原温度基础上降低了多少摄氏度？(i i)现要两管水银面恢复到等高，求需要向右管注入水银柱的长度。A15.(1 2 分)如图甲所示，单匝正方形线框abed的电阻R=0.5Q,边长L=20cm,匀强磁场垂直于线框平面，磁感应强度B 随时间t 的变化规律如图乙所示，求：甲 乙(1)02 s内通过ab边横截面的电荷量q；(2)3 s时 ab边所受安培力的大小

13、F；(3)04 s内线框中产生的焦耳热Q.参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】A.在电势随两点间距离的变化图线中，图线的斜率的绝对值表示电场强度的大小，设 C 点的坐标值为一夜m,则 C点圆弧切线斜率大小等于直线斜率的绝对值，即此时电场强度大小相等，由牛顿第二定律可知，此时加速度大小相等，故 A 错误；B.由于沿场强方向电势降低，所以A 0 段场强沿0 A 方向，0 5 段场强沿0 B 方向，负点电荷在A 0 段做加速度减小的加速运动，在 0 8 段做匀减速运动，由于B 点电势等于4 点电势，所以负

14、点电荷在8 点速度为零，则 4 0 段的平均速度大于。8 段的平均速度，所以4。段的运动时间小于0 8 段的运动时间，故 B 正确；C.相等距离上电势能变化越快，说明该处电场力越大，即场强越大，由A 到。点场强逐渐减小，所以电势能变化应越来越慢，故 C 错误；D.当负点电荷分别处于一 0 m 和 0 m 时，电荷所受电场力相等，但一 0 m 处的速度大于0 m 处的速度，所以电场力的功率不相等，故 D 错误。故 选 B。2、B【解析】A B.小球A在最低点时，绳子的拉力和重力提供向心力，当绳子的拉力正好等于B的重力时,BC之间没有弹力，此时BC间摩擦力等于零，如果绳子拉力小于B的重力，则摩擦力

15、方向沿斜面向上，不可能沿斜面向下，故A错误,B正确；C.以B和C为研究对象分析可以知道，绳子拉力竖直向上，水平方向没有分力，所 以C受到的地面摩擦力始终为零，故C错误；D.A在竖直平面内摆动，做圆周运动，重力和绳子的拉力的合力提供向心力，所以绳子的拉力不可能等于零，所 以C对地面的压力不可能等于B、C重力之和，故D错误.故选B.点睛：A在竖直平面内摆动，做圆周运动，重力和绳子的拉力的合力提供向心力，而BC处于静止状态，受力平衡，选择适当的物体或系统进行受力分析即可求解.3、C【解析】AB.A、B、C三点到P点的距离相等，根据点电荷的场强公式E=分析可知，A、B、C三点的电场强度大小相r等，但方

16、向不同；A、B、C的三个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，但其它点到场源电荷的距离与A、B、C三点到场源电荷的距离不等，故底面ABC所在平面不是等势面，故A、B错误；C.将一正的试探电荷从B点沿直线BC经过D点移到C点，电势先升高后降低，电势能先增大后减小，则静电力对该试探电荷先做负功后做正功，故C正确；D.由于B、C的两个点到场源电荷的距离相等，在同一等势面，即8B=%，则有PB-少D=(PC-(PD，故D错误；4、B【解析】A.光子具有能量，也具有动量，A项错误；B.玻尔认为，原子中电子的轨道是量子化的，能量也是量子化的，B项正确；C.元素的半衰期不会因为高温而改变，C项错误；D.原子

17、核的质量小于组成它的核子的质量之和，D项错误。故选B。5、D【解析】A B.外界大气压不变，被封闭气体压强始终不变，气体做等压变化，温度升高，则气体体积增大，故AB错误；C D.被封闭气体压强始终不变，水银柱b两液面高度差无不变，则液面位置也不会发生变化，故C错误，D正确。故选D。6、C【解析】隔离分析长木块，如图甲，受 重 力 侬、支持力/、向左的滑动摩擦力F(=JJ2m g 隔离分析木板，如图乙,受重力M g、木块的压力m g、向右的滑动摩擦力Ff、地面的支持力地 与向左的静摩擦力耳 地。水平方向受力平衡耳 地=耳解式得耳 地=2 2 g竖直方向受力平衡入地=（加+”必达到最大静摩擦力时（

18、临界点），为耳 地 =从 国 地=4（机+M）g由题可知长木板静止不动，所以耳地 i（m+）g所 以C正确，ABD错误。故选C。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】1 ,设斜面倾角为0,贝 J a 28 t，解得/t a n e x =-vt2 v t a n(9vt _ 2 v2 t a n 0gc o s 0 g c o s 6Ek=，(/+4v2 tan2=-m v2(l+4tan2 6)；则将与小球甲质量相同的小球乙从斜面顶端以初速度v/n沿水平方

19、2 2向抛出时，小球乙在空中运动的时间为t/n；小球乙落在斜面上时的位移为s/M；小球乙落在斜面上时的动能为EJi?,V选项A错误，BC正确；小球离斜面最远时，速度方向平行斜面，大小为匕=-动量为耳=加匕=-则将cos 9 cos 0与小球甲质量相同的小球乙从斜面顶端以初速度v/n沿水平方向抛出时，小球乙离斜面最远时的动量为p/n,选项D错误；故选BC.8、ACD【解析】A.根 据 干 涉 图 样 中 两 相 邻 亮 条 纹 的 间 距 可 知，改用红色激光，波长变大，则条纹的间距变大，选项A正确;aB.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Ax=可知，改用蓝色激光，则波长变短，则条纹的间距变小，选

20、 项B错a误；C.根 据 干 涉 图 样 中 两 相 邻 亮 条 纹 的 间 距 可 知，减小双缝间距d,则条纹的间距变大，选 项C正确；aD.根 据 干 涉 图 样 中 两 相 邻 亮 条 纹 的 间 距 可 知，将屏幕向远离双缝的位置移动，即/变大，则条纹的间距变大,d选项D正确；E.根据干涉图样中两相邻亮条纹的间距Ax=乙可知，将光源向远离双缝的位置移动对条纹间距无影响，选 项E错a误.9、AD【解析】A.物块从A到。全过程由动能定理得mg(-s2)sin37-/nmg(+2)00837=0代入=0.5,5,=10m解得s2=2m选项A正确；B.全过程摩擦力一直做负功，物块的机械能不断减

21、少，选 项B错误；C.物块从A下滑到A 8中点时，由能量守恒定律可得HmgH-mg Ek+Q显然此处重力势能大于动能，继续下滑时重力势能将减小，动能增加，故动能与重力势能相等的位置在A 8中点下方,则选项c 错误；D.因为tan。，所以物块最终静止在挡板处，根据能量守恒得mgs】sin 37=/.imgs cos 37代入数据解得s=15m选 项 D 正确。故选A D10、A B C【解析】A.小珠P 沿圆环做匀速圆周运动，小珠尸在圆周上任一点受到的电场力大小相等，故两个点电荷在圆周上各点的场强大小相等，方向不同，故QA与QB 一定为异种电荷，故 A 正确;B.如图所示，当小珠运动到图示位置时

22、，由几何知识可得：6R A/3cosa=.=JR2+（百火）2 2演-K sinp=3 _ =卜+吟村 2由于小珠的合力指向圆心，则有：k、c Q j7 cosa=k-sinpR“R)R、/3解得：QB=CQA故 B 正确；c.沿圆环做匀速圆周运动，电场力不做功，所以在圆环上电势处处相等，故 C 正确;D.因做匀速圆周运动，其合力始终指向圆心，即弹力与库仑力的合力指向圆心，而库仑力是变化的，则弹力也是变化的，故 D错误；故选A B C。三、实验题：本题共2小题，共 1 8 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。1 1、滑动变阻器 A 1.4 8【解析】(1)当断开电键S,旋转

23、选择开关，使其尖端对准欧姆档，由图可知，此时欧姆档测量滑动变阻器总电阻.(2)将旋转开关指向直流电流档，闭合电键S,将滑片从最左端缓慢移动到最右端的过程中，变阻器滑片两侧的电阻并联，总电阻先增大后减小，则总电流先减小后增 大.滑片从最右端移至中点的过程中，变阻器并联电阻增大，并联电压增大，而滑片右侧电阻减小，所以直流电流档的读数增 大.滑片从中点移至最右端的过程中，电路的总电流增大,通过变阻器左侧电阻的电流减小，所以直流电流档的读数增大，故 A正确.(3)将旋转开关指向直流电流档，闭合电键S时，读数最大时，由闭合电路欧姆定律得：E=Imax(/?i+r)=0.3 2 (/?i+r)将旋转开关指

24、向直流电压档，读数最大时，由闭合电路欧姆定律得：77 1 7E =(/?+/?1+r)=_ x(2 0+/?,+r)=0.0 6(2 0+/?,+r)联立以上可解得：E=1.4 8 V.R2 01 2、8.0 0 8.2 5 纸带与打点计时器的摩擦阻力及空气阻力的影响 当地重力加速度g【解析】(1)口 根据匀变速直线运动的规律，某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，。点的速度为%1 5.2 4 +1 6.7 62 x 0.0 4x l O 2m/s =4 m/s重锤动能的增加量为 Ek=1/?7 vc2=1 x l x 42J =8.(X)J 2 重力势能的减少量为E p =1 x 9.

25、8 x (6 8.9 7 +1 5.2 4)x 1 (广 2 J。8.2 5 J 3 导致动能的增加量小于重力势能减少量的原因是实验时存在空气阻力、纸带与打点计时器的限位孔有摩擦阻力等影响；1 .(2)4 利用一丫 2-。图线处理数据，物体自由下落过程中机械能守恒2mgh=；相 俨即j gh22所以以上为纵轴，以为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线；那么L-力图线的斜率就等于当地重力加速度g2 2四、计算题：本题共2小题，共 2 6 分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3、(l)0.5 s (l)l m (3)0.7 5.1 (4)0.1 5.1【

26、解析】对工件受力分析，由牛顿第二定律有：二二二=二 二解得：a=fig=lm/si0-n =0.5s(1)两个工件滑上传送带的时间间隔为r,正常运行时工件间的距离：二二=二,二=1 二摩擦力对每个工件做功：二 二 二 二 二：=0.Q J(4)每个工件与传送带之间的相对位移：二 旗 一：=二 4-三 千摩擦产生的内能二=二二二二当下=0.25.1 4、(i )7 2；(u )9 c m【解析】(i)设开始时气体温度为工，管的截面积为S,则有P|=7 6 c m H g,=(1 9 +3)5末态，鸟=(7 6 6)c m H g =7 0 c m H g,K=1 9 5,7；=2 8 0 K根据

27、理想气体状态方程有P 1 K _2 2 匕丁 F即7 6 x 2 2 5 7 0 x 1 9 5 2 8 0解得7；=3 5 2 K两状态的温度差为352K-280K=72K所以左管密闭的气体在原温度基础上降低了 72-C(ii)设向右管注入水银后，左管内水银面上升x,管内气体长度为4-x由玻意耳定律有P?匕=。3匕即70 xl9S=76x(19-x)S解得x=1 .5cm故需要向右管注入水银柱的长度为9cm。15、(1)=4.8X10-2C(2)F=1.44xlO-3N(3)e =1.152xlO-3J【解析】由法拉第电磁感应定律得电动势E=S ZE感应电流/电量q=解得 4=4.8X10-2C安培力F=BIL由图得3 s时的8=0.3T代入数值得F=1.44X10-3N由焦耳定律得Q=放代入数值得：Q=L152xlO-3j【点睛】考查法拉第电磁感应定律与闭合电路欧姆定律的内容，掌握安培力大小表达式，理解焦耳定律的应用，注意图象的正确运用.