2021-2022学年南宁市高考物理必刷试卷含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两个接触面平滑的铅柱压紧后悬挂起来，下面的铅柱不脱落。丰善原因是（）一:铅 柱钩码口 口,A.铅分子做无规则热运动B.铅柱间存在磁力的作用C.铅柱间存在万有引

2、力的作用D.铅柱间存在分子引力的作用2、如图所示，图中虚线为某静电场中的等差等势线，实线为某带电粒子在该静电场中运动的轨迹，“、方、c为粒子的运动轨迹与等势线的交点，粒子只受电场力作用，则下列说法正确的是（）A.粒子在a点的加速度比在b点的加速度大B.粒子在a点的动能比在b点的动能大C.粒子在a点和在c点时速度相同D.粒子在8点的电势能比在c点时的电势能大3、如图所示，A、B两球质量相等，A球用不能伸长的轻绳系于。点，B球用轻弹簧系于0,点，。与0,点在同一水平面上，分别将A、B球拉到与悬点等高处，使轻绳拉直，弹簧处于自然长度。将两球分别由静止开始释放，达到各自悬点的正下方时，两球仍处在同一水

3、平面上，则下列说法正确的是（）A.两球到达各自悬点的正下方时，动能相等B.两球到达各自悬点的正下方时，B 球动能较大C.两球到达各自悬点的正下方时，A 球动能较大D.两球到达各自悬点的正下方时，A 球受到向上的拉力较小4、真空中的某装置如图所示，现有质子、抗核和a 粒子都从。点由静止释放，经过相同加速电场和偏转电场，射出后都打在同一个与。0 垂直的荧光屏上，使荧光屏上出现亮点。粒子重力不计。下列说法中正确的是（）9U1A.在荧光屏上只出现1 个亮点B.三种粒子出偏转电场时的速度相同C.三种粒子在偏转电场中运动时间之比为2：1：1D.偏转电场的电场力对三种粒子做功之比为1：2：25,汽车在平直公

4、路上以108km/h的速度匀速行驶，司机看到前面有突发情况，紧急利车，从看到突发情况到刹车的反应时间内汽车做匀速运动，刹车后汽车做匀减速直线运动，从看到突发情况到汽车停下，汽车行驶的距离为90m,所花时间为5.5 s,则汽车匀减速过程中所受阻力约为汽车所受重力的（）A.0.3 倍 B.（）.5 倍 C.（）.6 倍 D.0.8 倍6、在物理学发展的历程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程，以下对几位物理学家所做科学贡献的叙述正确的是（）A.牛顿运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因”B.安培总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律C.爱因斯坦创立相对论，提出了一种崭新的时空观

5、D.法拉第在对理论和实验资料进行严格分析后，总结出了法拉第电磁感应定律二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、2022年第24届冬季奥林匹克运动会将在北京举行，跳台滑雪是冬奥会的比赛项目之一.如图所示为一简化后的跳台滑雪的雪道示意图，运动员从。点由静止开始，在不借助其他外力的情况下，自由滑过一段圆心角为60。的光滑圆弧轨道后从A 点水平飞出，然后落到斜坡上的8 点.已 知 A 点是斜坡的起点，光滑圆弧轨道半径为40 m,斜坡与水平面的夹角0=30。，运动员的质量

6、m=50 k g,重力加速度g=10m/s2,忽略空气阻力.下列说法正确的是（）B.运动员到达4 点时的速度为20 m/sC.运动员到达8 点时的动能为10 kJD.运动员从A 点飞出到落到B 点所用的时间为石s8、如图所示，把能在绝缘光滑水平面上做简谐运动的弹簧振子放在水平向右的匀强电场中，小球在。点时，弹簧处于原长，A、B为关于。对称的两个位置，现在使小球带上负电并让小球从B点静止释放，则下列说法不正确的是（）A.小球仍然能在4、8 间做简谐运动，。点是其平衡位置B.小球从B运动到A的过程中动能一定先增大后减小C.小球仍然能做简谐运动，但其平衡位置不在。点D.小球不可能再做简谐运动9、如图

7、所示，两个中心重合的正三角形线框内分别存在着垂直于纸面向里和垂直于纸面向外的匀强磁场，已知内部三角形线框A3C边长为2 a,内部磁感应强度大小为加，且每条边的中点开有一个小孔。有一带电荷量为+g、质量为机的粒子从A 8 边中点。垂直A 8 进入内部磁场。如果要使粒子恰好不与边界碰撞，在磁场中运动一段时间后又能从。点射入内部磁场，下列说法正确的是（）A.三角形A B C与 夕。之间的磁感应强度大小也为B.三角形4,十。的边长可以为2百 ac.粒子的速度大小为4 丝m7乃 2D.粒子再次回到。点所需的时间为:3Bq10、如图，质量相同的两球A、5 分别用不同长度的细线悬挂，LALR,当拉至同一高度

8、使细线水平时释放，两球到最低点时，相同的物理量是（）A.细线的拉力 B.小球的加速度C.小球的速度 D.小球具有的动能三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）某实验小组在用双缝干涉测光的波长的实验中，将双缝干涉实验仪器按要求安装在光具座上，如图甲所示。双缝间距d=0.20m m,测得屏与双缝间的距离L=500mm。然后，接通电源使光源正常工作：某同学在测量时，转动手轮，在测量头目镜中先看到分划板中心刻线对准亮条纹A 的中心，如图乙所示，则游标卡尺的读数为 cm；然后他继续转动手轮，使分划板中心刻线对准亮条纹B的中心，若游标卡尺

9、的读数为1.67cm,此时主尺上的 cm 刻度与游标尺上某条刻度线对齐；入射光的波长Q m；（2）若实验中发现条纹太密，可采取的改善办法有（至少写一条）。12.（12分）如图所示，用做平抛运动实验的装置验证机能守恒定律。小球从桌面左端以某一初速度开始向右滑动，在桌面右端上方固定一个速度传感，记录小球离开桌面时的速度（记 作 V）。小球落在地面上，记下落点，小球从桌面右边缘飞出点在地面上的投影点为O,用刻度尺测量落点到O 点的距离X。通过改变小球的初速度，重复上述过程，记录对应的速度y和距离X。已知当地的重力加速度为g。若想验证小球在平抛运动过程中机械能守恒，只需验证平抛运动过程的加速度等于重力

10、加速度即可。一：.速度传感器未画出(1)某同学按如图所示测量高度G和水平距离X,其 中 存 在 测 量 错 误 的 是 (填“肥或“X”)，正确的测量方法应是 O(2)若小球在下落过程中的加速度为a,则 x 与 u 的关系式为x=。(3)该同学在坐标纸上画出了纵、横坐标，以V 为纵坐标，画出的图象为一条过原点的直线，图 线 的 斜 率 为 那 么该同学选择 为横坐标，根据平抛运动得到的加速度为 o 然后与g。比较，若两者在误差允许范围内相等，就验证了小球在平抛运动过程中机械能守恒。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。

11、13.(10分)如图所示为柱状玻璃的横截面，圆 弧 的 圆 心 为。点，半径为R ,。仞 与 ON的夹角为90。P 为 M N中点，与 O P平行的宽束平行光均匀射向OM侧面，并进入玻璃，其中射到P 点的折射光线恰在P 点发生全反射。分析圆弧M PN上不能射出光的范围；(ii)求该玻璃的折射率。14.(16分)如图所示，竖直放置的均匀细U 型试管，左侧管长30cm,右管足够长且管口开口，底管长度AB=20cm,初始时左右两管水银面等高，且水银柱高为10cm,左管内被水银封闭的空气柱气体温度为2 7 C,已知大气压强为 o=75cmHg.现对左侧封闭气体加热，直至两侧水银面形成5cm长的高度差.

12、则此时气体的温度为多少摄氏度？若封闭的空气柱气体温度为27不变，使 U 型管竖直面内沿水平方向做匀加速直线运动，则当左管的水银恰好全部进入AB管内时，加速度为多少？A R15.(12分)如图所示，水平虚线岫和cd在同一竖直平面内，间距为L中间存在着方向向右与虚线平行的匀强电场，虚线cd的下侧存在一圆形磁场区域，磁场方向垂直纸面向外，圆形磁场与虚线cd相切于M 点。一质量为机、带电量为+g的粒子由电场上边界的S 点以速度%垂直电场方向进人电场，经过一段时间粒子从M 点离开电场进人磁场，粒子在磁场中的速度大小为2%,经偏转后，粒子由虚线cd上的N 点垂直于虚线返回匀强电场且刚好再次回到S 点。粒子

13、重力忽略不计，求：(1)SM两点间的距离；(2)圆形磁场的半径r 以及磁感应强度B 的大小；(3)带电粒子在整个运动过程中的总时间。b S ao -A.-参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】分子间的引力的斥力是同时存在的，但它们的大小与分子间的距离有关。分子间距离稍大时表现为引力，距离很近时则表现为斥力，两铅块紧密结合，是分子间引力发挥了主要作用，D 正确，ABC错误。故 选 D。2、A【解析】由等势面的疏密可知电场强度的大小，由尸=%可知电场力的大小关系；根据曲线的弯曲方向可知粒子的受力方向，进而

14、判断出电场力做功的特点。根据能量守恒定律分析粒子在。点动能与粒子在万点动能之间的关系。由动能定理可知 B C 两点的间的电势能的变化。本题中解题的关键在于曲线的弯曲方向的判断，应掌握根据弯曲方向判断受力方向的方法。【详解】A.因 a 点处的等势面密集，故 a 点的电场强度大，故电荷在a 点受到的电场力大于力点受到的电场力，结合牛顿第二定律可知，粒子在。点的加速度比在点的加速度大，故 A 正确；B.由粒子运动的轨迹弯曲的方向可知，粒子受到的电场力指向右侧，则从a 到力电场力做正功，粒子动能增大，故 B错误；C.速度是矢量，沿轨迹的切线方向，由图可知，粒子在a 点和在c 点时速度方向不相同，故 C

15、 错误；D.粒子受到的电场力指向右侧，则从b 到 c 电场力做负功，粒子的电势能增大，所以粒子在点的电势能比在c 点时的电势能小，故 D 错误；故选Ao【点睛】本题中告诉的是等势面，很多同学由于思维定势当成了电场线从而出现错解。3、C【解析】A B C.两个球都是从同一个水平面下降的，到达最低点时还是在同一个水平面上，根据重力做功的特点可知在整个过程中，A B 两球重力做的功相同，两球重力势能减少量相等。B 球在下落的过程中弹簧要对球做负功，弹簧的弹性势能增加，所以B 球在最低点的速度要比A 的速度小，动能也要比A 的小，故 A B 错误，C 正确；D.由于在最低点时B 的速度小，且两球质量相

16、同，根据向心力的公式2T-mg=m r可知，B 球需要的向心力小，所以绳对B 的拉力也要比A 的小，故 D 错误。故选C。4、A【解析】A B C.根据动能定理得qu、=g机片则进入偏转电场的速度%乒V mlL因为质子、气核和a 粒子的比荷之比为2：1：1,则初速度之比为五：1：1，在偏转电场中运动时间/=一，则知时间vo之比为1:血：、汇，在竖直方向上的分速度匕，=atqEL则出电场时的速度V。（/qE212mUx因为粒子的比荷不同，则速度的大小不同，偏转位移1 2 1M gy=-a f2 2 md Vo因为qU=1/nvj则有U,Cy=4U】d与粒子的电量和质量无关，则粒子的偏转位移相等，

17、荧光屏将只出现一个亮点，故 A 正确，B C 错误;D.偏转电场的电场力对粒子做功W=qEy因为E 和 y 相同，电量之比为L 1：2,则电场力做功为1：1：2,故 D 错误。故选A。5、C【解析】设反应时间为。匀减速时间为，行驶距离为“初 速 度 为%则V2,u/+=s，v=at，/+/=/总2a解得：a=6m/s2，t=0.5 s，t-5s根据牛顿第二定律得：f -ma故上=0.6mg故 C 正确ABD错误。故选C。6、C【解析】A、伽利略运用理想实验法得出“力不是维持物体运动的原因，故 A 错误；B、库仑总结出了真空中两个静止点电荷之间的作用规律，故 B 错误；C、爱因斯坦创立相对论，提

18、出了一种崭新的时空观，所 以 C 选项是正确的；D、法拉第发现了电磁感应现象，揭示了磁现象和电现象之间的联系;是韦德与库柏在对理论和实验资料进行严格分析后,总结出了法拉第电磁感应定律，故 D 错误；综上所述本题答案是：C二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、AB【解析】运动员在光滑的圆轨道上的运动和随后的平抛运动的过程中只受有重力做功，机械能守 恒.故 A 正确；运动员在光滑的圆轨道上的运动的过程中机械能守恒，所以：；/nvA2=mgh=mgR(1-cos6

19、0)所以：vA-y2gR(l-cos60)ygR=yJ10 x 40=20m/s,故 B 正确；设运动员做平抛运动的时间为t,贝！J：x=vAt；y=；gF由几何关系：=/a30o=，联立得：/=勺 回 5,y=x 1 0 x(-)2m=mx 3 3-2 3 3运动员从A 到 B 的过程中机械能守恒，所以在B 点的动能：EkB=mgy+；mvA2,代入数据得：Eklt=|x lO5J.故 CD错 误.故 选 AB.点睛：本题是常规题，关键要抓住斜面的倾角反映位移的方向，知道平抛运动水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，难度适中.8、ABD【解析】A.当弹簧弹力等于电场力时为平衡位置，

20、此时弹簧被压缩，平衡位置不再是O 点，选项A 错误；CD.由于电场力是恒力，不随弹簧的长度发生变化。而弹簧的弹力随弹簧的形变量发生变化，由受力特点可知，小球在电场力和弹力作用下依然做简谐运动，选 项 C 正确，D 错误；B.由于8 点的弹簧弹力大小与电场力大小关系未知，所以无法判断B 点两力关系，所以小球从5 运动到A 的过程中，动能不一定先增大后减小，选 项 B 错误。本题选不正确的，故选ABD。9、ACD【解析】A.要想使粒子不与边界碰撞，在磁场中运动一段时间后又能从。点射入内部磁场，则带电粒子在内、外磁场中做圆周运动的轨迹都应为半径为a 的圆弧，粒子运动轨迹如图所示，所以三角形ABC与

21、4 夕。之间的磁感应强度大小也应该为B o,故 A 正确；B.由几何知识可知，三角形A/7 7 的最短边长为2a+2 石 a,B 错误；C.带电粒子做圆周运动的轨迹半径为mv速度为丫 =酗mC 正确；D.分析知粒子再次回到。点时，其运动轨迹对应的圆心角。=2乂 60。+300。=420。，故L 420 1 _ 7 兀m360 3qB（）D 正确C42A故选ACD。10、AB【解析】A C.根据动能定理得r 1 2m g L =mv解得V=y12gL因为所以以2再根据v2T -m g =m 得v2T=m g +m =3mgL所以绳子拉力相等，故 A 选项正确，C 选项错误；2B.根据a=L可得L

22、a=2g所以两球加速度相等，故 B 选项正确；D.根据动能定理得r 1 2m g L =mv因为“乙，所以在最低点，两球的动能不等。故 D 选项错误；故选AB.三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.11 2.3 3.2x10-7 减小双缝间距d 或者增大双缝到干涉屏的距离L【解析】(1)12.游标卡尺的读数为l.lcm+0.1mmxl=l.llcm；若游标卡尺的读数为1.67cm,此时主尺上的2.3cm刻度与游标尺上某条刻度线对齐；3.条纹间距1.6 7 1.1 1 八 八。A v =-cm=0.0 8 cm7则根据Ar=可得a,

23、x d 0.0 8 x 1 0-2 x 0.2 x l O-3 A=-=-m =3.2 x 1 0 mL 0.5(2)4.若实验中发现条纹太密，即条纹间距太小，根 据=可采取的改善办法有：减小双缝间距d 或者增大双缝d到干涉屏的距离L.1 2.h 从桌面到地面的距离 v栏 v2 y【解析】(1)12.其中人的测量有问题，应该是从桌面到地面的距离；(2)3.小球下落过程中，竖直方向,1,2h 一 at2水平方向：x-v t解得：回X=VK(3)45.根据x=u 也 可 得 尤 2=竺丫2,则以r 为纵坐标，画出的图象为一条过原点的直线，图线的斜率为我,V a a2/j2h那么该同学选择评为横坐标

24、；由左=一得到的加速度为a=丁。然后与g 比较，若两者在误差允许范围内相等，就a k验证了小球在平抛运动过程中机械能守恒。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、分析过程见解析；(ii)=【解析】光路图如图ein r从O M入射的各光线的入射角相等，由=一 知各处的折射角相等。各折射光线射至圆弧面M P N时的入射角不同,sinz其中M 点最大。尸点恰能全反射，则 P M 段均能全反射，无光线射出。(ii)P 点全反射有.1sm a =n相应的。点折射有sin 45n=-sin 0由几何关系知45=a +/?解各式

25、得n=514、87；0.8g【解析】/、(1)p2=po+pgh=8O cmHg L2=Li+=32.5cm从状态1 到状态2 由理想气体状态方 程 马 =$/12代入数据75x2080 x22.5300得 T2=360K 即 t2=87(2)当水银全部进入AB管内时，气体的压强polo 75x20 ,n P3=土产=c m H g =SQcmHg此时对AB部分水银，根据牛顿定律：pas-p3s=m a =lABspa解得a=0.8g1 5、(z1,)x 不 Lr；(八2)、-5 L,-8-v-3-/-n-vn2-；(/3r)、7269 +2 4 5qL【解析】(1)根据题意作出粒子的运动轨迹

26、如图所示L在电场中，粒子带正电，从S到M过程中做类平抛运动，在竖直方向做匀速直线运动，则有4=一在M点，沿水平方向的速度%=7(2VO)2-VO=瓜。所以粒子的侧位移2 1 2则SM两点间的距离S M =(2)在M处，由速度关系知解得6 =3 0。粒子在电场中从N返回S过程中的时间为，2=丁2Vo根据位移时间公式有且a-,厨C l-解得PN=L85A/3MN=MP+PN=-!L8由几何关系知，在AMNT中-MN 5 rMT=-=Lcos 300 4M K=-M T=-L2 8在AMQK中，带电粒子的轨道半径为口 MK 5 百1cos30 12粒子在磁场中，根据洛伦兹力提供向心力有 2%解得8=晅9由图知，AMOT为等边三角形，所以圆形磁场区域的半径r=MO=MT=、L4-2兀m(3)带电粒子在磁场中运动的周期T=n，由几何知识可知，带电粒子在磁场中运动轨迹对应的圆心角为240，则带电粒子在磁场中运动的时间为,2 T 5岛33 3 18%粒子从T 点飞出磁场到达N 点过程中77V=MT.sin3O=-L则TN _ 5L2%16v0所以粒子从S 点出发到再次返回到S 点的时间为