2021-2022学年河南省新乡市高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf

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1、2021-2022学年高考物理模拟试卷考生请注意：1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，a、方两个物块用一根足够长的轻绳连接，跨放在光滑轻质定滑轮两侧，的质量大于a的质量，用手竖直向上托住力使系统处于静止状态。轻质弹簧下端固定，竖直立在方物块的正下方，

2、弹簧上端与占相隔一段距离，由静止释 放 心 在 向下运动直至弹簧被压缩到最短的过程中（弹簧始终在弹性限度内）。下列说法中正确的是（）IA.在b接触弹簧之前，b的机械能一直增加B.5接触弹簧后，a、万均做减速运动C.5接触弹簧后，绳子的张力为零D.和绳子组成的系统机械能先不变，后减少2、关于分子间相互作用力与分子间势能，下列说法正确的是（）A.在10对（门为分子间作用力为零的间距，其 值 为 距 离 范 围 内，分子间总存在着相互作用的引力B.分子间作用力为零时，分子间的势能一定是零C.当分子间作用力表现为引力时，分子间的距离越大，分子势能越小D.分子间距离越大，分子间的斥力越大3、超导电磁船是

3、一种不需要螺旋桨推进的低噪音新型船，如图是电磁船的简化原理图，A8和。是与电源相连的导体板，4 8与CO之间部分区域浸没在海水中并有垂直纸面向内的匀强磁场（磁场由固定在船上的超导线圈产生，其独立电路部分未画出），以下说法正确的是A.使船前进的力，是磁场对海水中电流的安培力B.要使船前进，海水中的电流方向从CO板指向A 8 板C.同时改变磁场的方向和电源正负极，推进力方向将与原方向相反D.若接入电路的海水电阻为R,其两端的电压为U,则船在海水中前进时，A 8 与。间海水中的电流强度小于，4、如图所示，空间有两个等量异种点电荷Qi和 色，Qi带正电、。2带负电，两点电荷间的距离为L。为连线的中点。

4、在 以 0、。2为圆心，5 为半径的两个圆上有A、8、C,D,M、N 六个点，4、B、C、O 为竖直直径的端点，M.N为水平直径的端点，下列说法中正确的是（）A.A,C 两点电场强度相同B.带正电的试探电荷在M、N 两点时受到的电场力方向相反C.把带正电的试探电荷从C 点沿圆弧移动到N 点的过程中电势能不变D.带负电的试探电荷在用点的电势能小于在A 点的电势能5、木星有很多卫星，已经确认的有79颗。其中木卫一绕木星运行的周期约为1.769天，其表面重力加速度约为1.8m/s2,木卫二绕木星运行的周期约为3.551天，其 表 面 重 力 加 速 度 约 为 它 们 绕 木 星 的 轨 道 近 似

5、 为 圆 形。则两颗卫星相 比（）A.木卫一距离木星表面远 B.木卫一的向心加速度大C.木卫一的角速度小 D.木卫一的线速度小6、如图所示，两个相同材料制成的水平摩擦轮A 和 8,两轮半径RA=2RS,A 为主动轮.当A 匀速转动时，在 A 轮边缘处放置的小木块恰能相对静止在A 轮的边缘上，若将小木块放在B 轮上让其静止，木块离B 轮轴的最大距离为（）A.R J 8 B.RB/2 C.RB D.R J 4二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7、如图所示，相 距

6、 、长为2 d 的两平行金属板a、h 正对放置，其间有正交的匀强电场（竖直向上）和匀强磁场（垂直纸面向外），一带正电的离子以初速度%从两金属板中间（到a极板的距离为,）沿垂直于电场和磁场的方向射入,恰好在极板间沿直线运动，已知匀强磁场的磁感应强度大小为6,离子的质量为能，所 带 电 荷 量 为 驾 不 计 离 子5dB重力，则下列说法正确的是（）bA.a、b两 极 板 的 电 势 差 为 孚2B.若撤去磁场，离子将打到8极板上，且到。极板左端的距离为也2C.若撤去电场，离子将打到。极板上，且到“极板左端的距离为dD.若撤去电场，离子恰好从。极板右端离开8、下列说法正确的是（）A.水龟可以停在水

7、面上是因为液体具有表面张力B.功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功C.当两分子间距离大于平衡位置的间离时，分子间的距离越大，分子势能越小D.液晶显示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点E.气体分子无论在什么温度下，其分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点9、假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，若倾斜的雪坡倾角为仇战士飞出时的水平速度大小为玲，且他飞出后在空中的姿势保持不变，又落回到倾斜的雪坡上，如图所示，不计空气阻力，重力加速度为g,则（）A.如 果 为不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向也不同B.如 果 为不同，该战士落到雪坡时的速度方向相同，在空中运动时间不同2 vn

8、 t a n 0C.该战士在空中经历的时间是 gvn tan 6D.该战士在空中经历的时间是七一2g10、图甲为一简谐横波在f=0.10s时的波形图，尸是平衡位置在x=0.5m 处的质点，。是平衡位置在x=2.0m 处的质点，图乙为质点。的振动图象。下列说法正确的是A.这列波沿x 轴正方向传播B.这列波的传播速度为20m/sC.f=0.15s时，质点。位于波谷位置D.在，=0.10s至 Jf=0.15s时间内，质点P 通过的路程为10cmE.r=0.15s时，质点P 的加速度沿）轴负方向三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）

9、某同学自己组装了一辆智能电动实验小车，为了研究该小车的运动情况，在小车后面系一通过电磁打点计时器的纸带。如图所示为实验中得到的一段纸带，已知电磁打点计时器使用20Hz交流电，相邻两计数点间还有三个点没有画出来，其中AB=2.50cm,8c=4.00cm,C=5.50cm,该电磁打点计时器每隔 秒打一次点，相邻两计数点间的时间间隔是 秒；小车的加速度大小为 m/s2o12.（12分）图甲，用伏安法测定电阻约5Q 的均匀电阻丝的电阻率，电源是两节干电池。每节电池的电动势约为L5V,实验室提供电表如下：A.电流表Ai（03 A,内阻0.0125C）B.电流表A2（00.6 A,内阻约为0.125。）

10、C.电压表V】（03 V,内阻4kO）D.电压表V2（01 5 V,内阻15kC）（1）为了使测量结果尽量准确，电流表应选，电压表应选（填写仪器前字母代号）。（2）用螺旋测微器测电阻丝的直径如图乙所示，电阻丝的直径为 mm。（3）根据原理图连接图丙的实物图_ _ _ _ _.（4）闭合开关后，滑动变阻器滑片调至一合适位置后不动，多次改变线夹尸的位置，得到几组电压、电流和对应的0P段的长度L计算出相应的电阻后作出R-L图线如图丁。取图线上适当的两点计算电阻率。这两点间的电阻之差为AR,对应的长度变化为A L,若电阻丝直径为d,则电阻率=。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定

11、的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图所示，用一块长Za=l.Om的木板在墙和桌面间架设斜面，桌面离地高”=0.8m,桌面长L2=L5m,斜面和水平桌面间的倾角，可以在060。之间调节后固定，将质量,=0.2kg的小物块从斜面顶端无初速释放，物块与斜面间的动摩擦因数川=0.05,物块和桌面间的动摩擦因数为2,忽略物块在斜面和桌面交接处的能量损失。（已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力）（1）当物块刚好能从斜面开始下滑时，求斜面的倾角优（用正切值表示）（2）当，角增大到37。时，物块下滑后恰能停在桌面边缘，求物块与桌面间的动摩擦因数2；（3）若 将（2）中求出的“2作

12、为已知条件，继续增大。角，求物块落地点与墙面的距离最大值S总，及此时斜面的倾14.（16分）如图所示，半径R=7.5m的四分之一光滑圆弧Q P竖直放置，与粗糙水平地面平滑连接于P点，整个空间存在场强大小E=2 x l（）3 v/m的匀强电场，竖 直 边 界 右 侧 电 场 方 向 水 平 向 右，左侧电场方向竖直向上；小物块A B （视为质点）大小形状相同，A电荷量为q=+5x10-3（2,3不带电，质量根,=3 k g,mK=1kg o从。点由静止释放A,与静止在地面上。点的6碰撞。已知4 B与地面间动摩擦因数均为=0.2,P、。间距离x=16.5m,g 取 10m/s-4 3 间碰撞为弹性

13、碰撞且碰撞时间极短。求:(1)物块A 运动到尸点时，受到圆弧轨道支持力的大小；(2)物块A 8 碰撞后瞬间，A 8 速度的大小和方向；(3)物块4 B 第一次碰撞后，过多长时间发生第二次碰撞。15.(12分)一轻质细绳一端系一质量为机=0.05kg的小球A,另一端挂在光滑水平轴。上，O 到小球的距离为L=0.1m,小球跟水平面接触，但无相互作用，在球的两侧等距离处分别固定一个光滑的斜面和一个挡板，如图所示，水平距离s=2m,动 摩 擦 因 数 为 现 有 一 滑 块 8,质量也为胆，从斜面上滑下，与小球发生弹性正碰，与挡板碰撞时不损失机械能.若不计空气阻力，并将滑块和小球都视为质点，g 取 1

14、0m/s2,试问：(1)若滑块B从斜面某一高度h处滑下与小球第一次碰撞后，使小球恰好在竖直平面内做圆周运动，求此高度儿(2)若滑块8 从人=5m处滑下，求滑块B 与小球第一次碰后瞬间绳子对小球的拉力(3)若滑块B 从人=5m处下滑与小球碰撞后，小球在竖直平面内做圆周运动，求小球做完整圆周运动的次数.参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】A.在 b 接触弹簧之前，b 除重力外有绳的拉力做负功，则 5 的机械能减小，故 A 错误；B.B接触弹簧后，开始阶段弹力较小，b 的合力向下，继续向下加速，8 的合力

15、减为零，再变为向上，b 才开始减速,同样5 加速时也会带动a 跟着加速，故 接触弹簧后，外均先做加速运动后做减速运动，故 B 错误；C.6 接触弹簧后，只要 在加速运动，就一定会带着a 加速，绳子的拉力一定不为零，只有在b 准备减速时，绳无法拉直，此时绳的张力为零，故 C 错误；D.对“、8 和绳子组成的系统而言，弹簧的弹力属于系统的其它力，则接触弹簧前弹力不做功，接触弹簧后弹力做负功，故系统的机械能先不变后减小，故 D 正确。故选D。2、A【解析】A.分子间同时存在引力和斥力，在平衡距离以内表现为斥力，在平衡距离以外表现为引力，在 10m距离范围内，分子间总存在着相互作用的引力，A 正确；B

16、 C.设分子平衡距离为r o,分子距离为r,当 rn),分子力表现为引力，分子距离越大，分子势能越大；当 rr。，分子力表现为斥力，分子距离越小，分子势能越大；故当r=r o,分子力为0,分子势能最小；由于分子势能是相对的，其值与零势能点的选择有关，所以分子距离为平衡距离时分子势能最小，但不一定为零，B、C 错误；D.分子间距离越大，分子间的斥力越小，D 错误。故选A.3、D【解析】A、B 项：当 CD接直流电源的负极时，海水中电流方向由AB指向C D,是海水受到的安培力向左，根据牛顿第三定律可知，船体受到向右的作用力，故使船体向前运动，故 A、B 错误；C 项：同时改变磁场的方向和电源正负极

17、，磁场方向反向，电流方向反向，所以推进力方向将与原方向相同，故 C 错误；D 项：因船在海水中前进时，AB与 CD间海水切割磁感线产生电流，使接入电路的海水两端电压小于U,所以电流强度小于与，故 D 正确.点晴：利用左手定则判断出海水受到的安培力，根据牛顿第三定律即可判断出船体的受力，即可判断运动方向，注意与右手定则的区别.4、D【解析】A.由等量异种点电荷的电场分布可知，A,C 两点电场强度大小相等，方向不同，故 A 错误;B.带 正 电 的 试 探 电 荷 在 N 两点时受到的电场力方向都水平向左，故 B 错误;C.由于C、N 两点离负点电荷距离相等，但 C 点离正点电荷更近，则 C、N

18、两点电势不同，则电势能不同，故 C 错误；D.由于M、A 两点离正点电荷距离相等，但 A 点离负点电荷更近，则 A 点电势更低，根据负电荷在电势低处电势能大，则带负电的试探电荷在 点的电势能小于在4 点的电势能，故 D 正确。故选D。5、B【解析】A.两卫星绕木星（M）运动，有G丝 =皿玛2 rr-T得T=2兀GM由题意知工，则r a2,cot 七，匕 v2故 B 正确，C D 错误。故选B。6、B【解析】摩擦传动不打滑时，两轮边缘上线速度大小相等，根据题意有：两轮边缘上有：RARA3A=RB（0 B,所以：3 8=黄 3 ,因为同一物体在两轮上受到的最大摩擦力相等，根据题意有，在 B 轮上的

19、转动半径最大为r,则根据最大静摩擦力等于厂 RA%RB RB向心力有：3A2=,加 0152,得：（此 0,）2 尺 2,故 ACD错误，B 正确；故选B.点睛：摩擦传动时，两轮边缘上线速度大小相等，抓住最大摩擦力相等是解决本题的关键.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A.因为离子恰好在极板间沿直线运动，所以离子在极板间受到的电场力与受到的洛伦兹力大小相等，贝！I：U4城=不，a解得：U=B v/,故 A 错误；B.若撤去磁场，离子在电场中做类平抛运动,

20、vot=x,y=-1 at 2=x-U-q-1 2 =d,2 2 dm 2解得：y/5dX-92故 B 正确；C D.若撤去电场，离子在磁场中做圆周运动,5dr 94由几何关系知：用、传目+高可得：x-d x故 C 正确，D 错误。贝 IJ:则半径为r=等，可得:qB故选BC,8、ADE【解析】A.水虽可以停在水面上是因为液体具有表面张力的缘故，故 A 符合题意；B.功可以全部转化为热；而热量也可以全部转化为功，但要引起其他方面的变化，故 B 不符合题意；C.当两分子间距离大于平衡位置的间距H)时，分子力表现为引力，分子间的距离增大，分子引力做负功，分子势能增加，故 C 不符合题意；D.液晶显

21、示器是利用了液晶对光具有各向异性的特点，故 D 符合题意；E.气体分子无论在什么温度下，根据统计规律知道气体的分子速率都呈现“中间多、两头少”的分布特点，故 E 符合题意。故选ADE,9、BC【解析】雪坡的倾角等于位移与水平方向的夹角，根据平抛运动的规律可知tan 8=2=x 2%解得平抛运动的时间为I _ 2v()tan 0g如 果 为不同，该战士在空中运动时间不同，根据平抛运动的规律，位移与水平方向夹角的正切值等于速度与水平方向夹角的正切值的一半，故落地雪坡的速度方向相同，战士的水平位移为2v tan 9x=-g知初速度不同，水平位移不同，落点位置不同，速度方向相同，故 BC正确，AD错误

22、。故选BC.10 BCE【解析】A.分析振动图像，由乙图读出，在 UO.lOs时。点的速度方向沿y 轴负方向，根据波动规律结合图甲可知，该波沿x轴负方向的传播，故 A 错误；B.由甲图读出波长为2=4 m,由乙图读出周期为T=0.2s,则波速为v=m/s=20m/sT 0.2故 B 正确；C.由乙图可知f=0.15s时，质点。位于波谷位置。故 C 正确；D.在 Z=0.10s时质点P 不在平衡位置和最大位移处，所以从Z=0.10s到 Z=0.15s,质点尸通过的路程/A=1 0 cm,故 D错误；TE.从 UO.lOs到 f=0.15s,质点尸振动了 一，根据波动规律可知，UO.l5s时，质点

23、P 位于平衡位置上方，则加速度方4向沿y 轴负方向，故 E 正确。故选BCE三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.05 0.20 0.375【解析】1北 2 电磁打点计时器周期为0.0 5 s,由于相邻计数点间还有三个点没有画出，则相邻计数点间的时间间隔为0.20s;网根据逐差法可知，车的加速度【解析】(1)口 由于电源电动势为3 V,电表读数要达到半偏，则电压表选C；E 2 由/=-可知电路中最大电流约为0.6 A,则电流表选B。R+r(2)3 螺旋测微器的固定刻度为0.5m m,可动刻度为20.0 x0.01 mm=0.200

24、m m,所以最终读数为0.5mm+0.200mm=0.700mm o(3)4 根据原理图连接实物图如图根据电阻定律解得7tRdP=-4AL四、计算题：本题共2小题，共2 6分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。1 3、(1)tanl?=0.05；(2)0.8；(3)1.9m,53.【解析】(1)当物块刚好能从斜面开始下滑时，有mgsnO=imgcosO解得:tan0=/z 1=0.05,斜面的倾角6=arctan0.05(2)物块从顶端无初速释放开始直至恰好停在桌面边缘，根据动能定理印育=纭得:，gZasin37-filing Licos370-fumg

25、(.Li-Licos37)=0代入数据，解得 2=0.8(3)物块从顶端无初速释放开始直至运动到桌面末端，根据动能定理得:1 2mgLisinO-,im g Licos0-2 mg(心-Licos0)=tnv代入数据得vsin0+0.75 cos，-1.2=20变形得,-V2v l+0.752(sin，cosa+sinacos，)-1.2=式中 tan=0.75,a=3 7,即5 v2-sin (0+37)-1.2=4 202则当，=53。时，上-有最大值，解 得 v 的最大值为vm=lm/s。20对于平抛运动，竖直方向有：I,H=gt代入数据，解得物块离开桌面平抛的时间U 0.4 s,平抛运

26、动的水平距离最大为x=Vm=0.4m物块落地点与墙面的距离最大值为S,e=L2+x=1.9m答：(1)当物块刚好能从斜面开始下滑时，斜面的倾角正切值为tan0=0.05；(2)当角增大到37。时，物块下滑后恰能停在桌面边缘，物块与桌面间的动摩擦因数2是 0.8；(3)物块落地点与墙面的距离最大值S 总是1.9m,此时斜面的倾角是53。14、(1)60N；(2)6 m/s,方向水平向右；18m/s,方向水平向右；(3)7.2s；【解析】物块4 从。到尸过程，由动能定理得：(心 g 西)火=3 相，代入数据解得：vp=10m/s,在尸点，由牛顿第二定律得：F+qE-mAg=mA-,K代入数据解得：

27、F=60N；物块A 从 P 到。过程，由动能定理得：qE-mAg)x0-mAvp代入数据解得:vi=12m/s,A、8发生弹性碰撞，碰撞过程系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得:mAV=niAVA+mBVB,由机械能守恒定律得:1 23%匕代入数据解得:VA=6m/s,方向水平向右vfi=18m/s,方向水平向右(3)4、5碰 撞 后，由牛顿第二定律得,对4：qE-finiAg=niAaA,对8：/imng=niBaB,代入数据解得:a.=m/s2,4 3aB=2m/s2,设 经 过 时 间，两物块再次发生碰撞，由运动学公式得:1 2 1 2VAt+-aAt=VBt-2C

28、lBt，代入数据解得：Z=7.2s；15、(1)0.5m(2)48N(3)10 次。【解 析】(1)小球刚能完成一次完整的圆周运动，它 到 最 高 点的速度为V 0,在最高点，仅有重力充当向心力，则有2mg-加十在小球从最低点运动到最高点的过程中，机械能守恒，并设小球在最低点速度为v,则又有g mv,2=mg-2 L +；mv1 解有vt-yf5 m/s滑块从h高处运动到将与小球碰撞时速度为口，对滑块由能的转化及守恒定律有,S 1 2mgh=/jmg +因弹性碰撞后速度交换V2-y5 m/s解上式有/i=0.5m(2)若滑块从h=5m处下滑到将要与小球碰撞时速度为“，同理有,/1 2 Smgh=mu+/umg 解得u-V95m/s滑块与小球碰后的瞬间，同理滑块静止，小 球 以 =JWm/s的速度开始作圆周运动，绳的拉力T和重力的合力充当向心力，则有_ /公7-mg-/解式得7=48N(3)滑块和小球最后一次碰撞时速度为v=V5m/s滑块最后停在水平面上，它通过的路程为s，同理有mgh!=；mv2+mgs小球做完整圆周运动的次数为 sS-2+1n=-+1解、得s=19mn=10 次