2021-2022学年广东省深圳市盐田高级中学高一（下）期中物理试卷（附答案详解）.pdf

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1、2021-2022学年广东省深圳市盐田高级中学高一（下）期中物理试卷一、单 选 题（本大题共7 小题，共 28.0分）1.关于下列四幅图叙述正确的是（）A.如图中，公路上对各类汽车都有限速，是因为汽车速度越大惯性越大B.如图中，神舟十三飞船返回地球时打开降落伞减速下降，伞绳对证力是维持物体运动原因的实验装置2.小娟、小明两人共提一桶水，如图所示，已知两人手臂上的拉力大小相等且为F,两人手臂间的夹角为。，水和水桶的总重力为G,则下列说法中正确的是（）A.当。为 120。时，F=GB.不管。为何值，F=|C.当。=0。时，F=GD.8越大时F越小A.3.2022年4月16日神舟13号胜利返回地面，

2、查资料知道返回前神舟13号飞船会在离地高为无 轨道上绕地做圆周运动再择机返回地面，飞船在轨道上做圆周运动的周期为T,已知地球半径R,万有引力常量G,则地球的质量为（）47r2八3 c 47r2（R+”）3 p 4n2R2（R+h.）GT2*GT2*GT24.在今年东京奥运会女子单人10米跳台决赛中，14岁中国小女孩全红婵完美夺冠，全程教科书级别发挥几乎没有扣分点，第一次参加奥运会就开启全红婵的跳水时代。如图所示是全红婵比赛时其竖直分速度随时间变化的关系，以其离开跳台为计时起点。贝 1 1（）4/?3GT2A.12时刻进入水面B.t?时刻运动员到达最高点C.12 3时间内运动员速度方向竖直向上D

3、.全红婵对跳板施加压力之后跳板才对全红婵施加支持力5.一质量为M、带有挂钩的球形物体套在倾角为。的细杆上，并能沿杆匀速下滑，若在挂钩上再吊一质量为m 的物体，让它们沿细杆下滑，如图所示，则球形物体（）A.仍匀速下滑 B.沿细杆加速下滑C.受到细杆的摩擦力不变 D.受到细杆的弹力不变6.一名中学生正在进行网球截击训练，网球从墙面上离地2.20巾高处以lOm/s的速度水平弹回，该同学接到球时网球离地高度近1m（不计空气阻力，g l O m/s2）,则此时球拍到墙的水平距离约为（）第 2 页，共 17页A.4mB.5mC.6mD.7m7.甲图为深圳“湾区之光”大转轮全景图，已 知“湾区之光”摩天轮是

4、一种轿厢自转式摩天轮，轿厢厢体通过轿厢圆环固定在大转轮外侧，如图乙所示，在大转轮绕转轴。转动时，轿厢厢体也在轿厢圆环内自转，使得游客始终处于轿厢的最低处，与站在地面上的感觉一样。如果大转轮绕转轴。顺时针匀速旋转，则轿厢厢体（）A.轿厢厢体自转方向为顺时针方向B.轿厢厢体边沿各点的线速度与大转轮边沿各点的线速度相等C.轿厢厢体自转的周期与大转轮的周期一样D.内图中4、B两轿厢中的观光者受到的向心力均相同二、多 选 题（本大题共4小题，共24.0分）8.两物体力、B置于粗糙水平面上，中间用细线相连，现用一力F作用在物体上，已知mA=2kg,mB=2kg,F=12/V,iA=0.1,而=0.2,g=

5、lOm/s2,求物体的共同加速度及中间细线上的张力多大（）/777777777777777777777777777777777777A.3m/s2 B.1.5m/s2 C.6N D.7N9.某悬臂吊车在运送货物，货物在水平方向的-t图像和竖直方向运动的马-t图象如图所示甲、乙所示,以下判断正确的是（）A.在0 2s内，物体做直线运动B.在0 2s内，物体受到的合外力沿y轴方向C.在第1s末，物体的瞬时速度为0.7m/sD.在第2s末物体离出发点的距离为1.0m10.如图所示，滑梯斜面长为1 5 m,与水平面的夹角为30。，水平部分长为2 m,不计斜面与水平面处的能量损失。一质量为30询的小朋友

6、双手抱于胸前从斜面顶端从静止开始下滑，小朋友与滑梯表面的动摩擦因数为0.4,重力加速度g取lO zn/sZ,不计空气阻力，贝 U（）A.小朋友在斜面上运动的加速度大小为5m/s2B.整个过程小朋友重力做功为4.5 x 103;C.整个过程滑梯对小朋友的弹力的功率为零D.若小朋友抱着一玩具由静止滑下，则小朋友克服摩擦力做功更多（与不抱玩具相比）11.如图所示，甲乙两图4、8 两球质量相等，图甲中4、8 两球用轻质杆相连，图乙中A、B两球用轻质弹簧相连，均用细绳悬挂在天花板下处于静止状态，则在两细绳烧断的瞬间（）A.图甲中轻杆的作用力为零B.图甲中两球的加速度一定相等甲 乙C.图乙中两球的加速度一

7、定相等D.图甲中4 球的加速度是图乙中4 球加速度的一半三、实 验 题（本大题共2 小题，共 14.0分）第 4 页，共 17页1 2.在“验证力的平行四边形定则”的实验中，某同学进行实验的主要步骤如下:a.如图甲所示，将橡皮筋的一端固定在木板上的4 点，另一端拴上两绳套，每个绳套上均连着一个弹簧测力计。b.沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，将此位置标记为。点，读取此时弹簧测力计的示数，分别记录两个拉力F i、尸 2 的大小。用笔在两绳的方向上分别标记a、b 两点，并分别将其与。点连接，表示两拉力的方向。c.换用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端仍拉至。点，记录拉力F 的大小

8、并用上述方(1)对于上述实验过程，下 列 说 法 中 正 确 的 是。4.只需要记录弹簧测力计的示数8.0 a 和0 b 绳拉力的方向应与木板平面平行C图甲中b 点离。点太近，为了减小误差，应在离。点较远处确定b 的位置上D用一只弹簧秤拉橡皮筋时，橡皮筋的长度只需与用两只弹簧秤拉时一样长即可(2)该实验中某同学在坐标纸上画出了如图丙所示的两个已知力居和 尸 2，图中小正方形的边长表示1 N,两力的合力用尸表示，&、尸 2 与F 的夹角分别为%和。2，下列说 法 正 确 的 是。A.&=4/VB.F=6/VC.91=3 0 D 仇 出(3)图乙是在白纸上根据实验数据作出的力的图示，其 中(选 填

9、 尸 或 F)是弓和尸 2 合力的真实值。1 3.某同学在用频闪照相“探究物体的平抛运动规律”时，让小球多次从斜槽上滚下,并被水平抛出，在坐标纸上依次记下小球的频闪照相位置如图所示(点。为小球的抛出点)。(1)在图中描出小球的运动轨迹。(2)根据这张图片，判断小 球 在 竖 直 方 向 的 分 运 动 分 别 有 什 么 特 点,请简述判断理由。(3)频闪照相周期为0.1s,根据这张图片，小球做平抛运动的初速度是 m/s,当地重力加速度是 m/s2(计算结果保留三位有效数字)。四、简答题(本大题共2 小题，共 25.0分)14.如图所示，质量为1kg、大小不计的小球P用两根长度相等、不可伸长的

10、细绳系于竖直杆上，随杆在水平面内做匀速圆周运动。AB的距离等于绳长为1m。(重力加速度g=lOzn/s?)求：(1)细绳4P刚被拉直时，小球做圆周运动的角速度；(2)当小球做圆周运动的的角速度M=5rad/s时，细绳AP和BP的拉力；(3)小球做圆周运动的角速度从零逐渐增大，试分析小球的重力势能随角速度的增大而怎样变化。(取A点所在平面为零势面)15.2022年冬奥会将于2月4号在北京举行，冰壶运动是冬奥运比赛的项目，它考验参与者的体能与脑力，展现动静之美，取舍之智慧.现对运动员推动冰壶滑行过程建立如图所示模型：冰壶质量m=19.7kg,运动员施加的推力5 N,方向与水平方向夹角为37。，冰壶

11、在推力尸作用下做匀速直线运动，g取10m/s2,求：第 6 页，共 17页(1)冰壶与冰面的动摩擦因数出(2)运动员以4.0m/s的水平速度将冰壶投出，求冰壶能在冰面上滑行的过程中克服摩擦力做的功；(3)若运动员仍以4.0m/s的水平速度将冰壶投出，滑行一段距离后，其队友在冰壶前方摩擦冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数变为原来的8 0%,再滑过被毛刷摩擦过的冰面长度为67n停止运动，与不摩擦冰面相比，冰壶多滑行的距离。五、计算题(本大题共1 小题，共 9.0分)图甲所示的救生缓降器由挂钩(或吊环)、吊带、绳索及速度控制装置等组成，是一种可使人沿(随)绳(带)缓慢下降的安全营救装置。如图乙所示，高

12、层建筑工人在一次险情中，将安全带系于腰部，从离地面某高度处通过钢丝绳先匀加速运动后匀减速运动安全着陆,图丙是工人运动全过程的v-t 图像。已知工人的质量m=70kg,g=10m/s2,求:(1)图乙中的建筑工人发生险情处离地多高；(2)加速下滑和减速下滑两过程中钢丝绳对工人的拉力之差。答案和解析1.【答案】c【解析】解：力、质量是惯性大小的唯一量度，惯性大小与速度无关，故 A 错误；8、神舟十三飞船返回地球时打开降落伞减速下降，伞绳对返回舱的作用力和返回舱对伞绳的作用力是一对作用力和反作用力，大小相等，故 B 错误；C、伽利略的所带时间的测量没有现在精确，伽利略通过“斜面实验”来研究落体运动规

13、律，是为了“冲淡”重力，便于测量运动时间，故 C 正确；。、伽利略利用理想斜面实验，结 合“实验+逻辑推理”的思想，来验证力不是维持物体运动原因的实验装置，故。错误。故选：Co惯性大小与速度无关；相互作用力大小相等，方向相反。根据伽利略的斜面实验的原理与结论判断。本题考查牛顿运动定律，熟练掌握牛顿第一二三定律是解题关键，同时需熟悉伽利略的实验。2.【答案】A【解析】解：小娟、小明的手臂对水桶的拉力大小为F,设小娟、小明的手臂夹角成。角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，则根据平衡条件得：2Fcost=GA B、当。为 120。时，cos=cos60=|,可得：F=G,故 4 正确，B

14、错误;C、当0=0。，cosO0=1,则F=?；故 C 错误；。、根 据 尸=熹 可 知，当。越大时，F越大，故。错误。故选：4。分析水桶的受力情况，分析平衡条件，求解小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系。由于两人手臂均与竖直方向成。角，根据对称性可知，两人对水桶的拉力大小相等，从而根据列式，即可求解。本题要根据对称性得出两人对水桶的拉力大小相等，再由竖直方向力平衡即可求出小娟、小明的手臂受到的拉力大小与重力的关系，是解题的关键。第8页，共17页3.【答案】C【解析】解：卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，有:/黑=m(R+衅解得：”=把 艇 驾GT2故 C 正确，ABO错

15、误；故选：Co卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力求出地球质量.向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用.该类的题目中，运用万有引力提供向心力列出等式.然后应用要结合的圆周运动的知识解决问题.4.【答案】A【解析】解：AB.全红婵起跳时的速度方向向上，可知，G时刻速度为零，说明全红婵达到最高点，然后从最高点开始向下做加速运动，当接触水面后开始做减速运动，在t2时刻进入水面，故 A 正确，B 错误；C、根据速度的正负表示速度方向，知00 时间内，速度方向竖直向上，则打 t2时间段速度方向竖直向下，t2-t3 时间内运动员速度方向竖直向下，故 C错误；。、红婵

16、对跳板施加压力与跳板才对全红婵施加支持力是作用力与反作用力，同时产生,故。错误；故选：A o在u-t 图象中，速度的正负代表运动的方向，根据。-t 图象可以分析人的运动情况，明确作用力与反作用力大小相等方向相反，同时产生变化。本题考查对速度一时间图象的理解，要知道在速度-时间图象中，直线的斜率代表的是加速度，速度的符号表示速度的方向。5.【答案】A【解析】解：AB,不挂重物时，球形物体受重力、支持力和摩擦力而匀速下滑，根据平衡条件，在平行斜面方向，有：MgsinG-f=0,在垂直斜面方向，有：N-Mgcos9 =0,其中：f=nN,联立解得：/z=tand；当挂钩挂重物后，对球形物体和所挂重物

17、整体,在平行斜面方向：尸合=(M+m)gsin9 -UN,垂直斜面方向：N =(M +m)gcos6,联立解得：尸 合=0,故整体依然做匀速直线运动；故A正确B 错误；C D、由上面的分析知：不挂重物时，f=nMgcosO,N=Mgcosd,当挂钩挂重物后，f =+m)gcos6,N=(M+m)gcos。,所以摩擦力变大，弹力变大，故 C。错误；故选：A o对球形物体和所挂重物整体分析，受重力、支持力和摩擦力，根据平衡条件列式分析即可。本题关键是建立斜面模型，知道物体在粗糙的斜面上匀速下滑时满足 =t a n。，与物体的质量无关，基础题目。6 .【答案】B【解析】解：网球从墙面上水平弹回做平抛

18、运动，在竖直方向上做自由落体运动，则有h=：gt 2 可得网球从墙面到球拍历时t =后=J *：%,o.5 s,球拍到墙的水平距离5 =1 0 x 0.5 m =5m,故 4 C 错误，B 正确。故选：B。网球从墙面上水平弹回做平抛运动，可以分解为水平方向上的匀速直线运动和竖直方向上的自由落体运动，根据分位移公式求解此时球拍到墙的水平距离。本题的关键要知道平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，在懂得运动分解的基础上运用运动学公式解答。7 .【答案】C【解析】解：4 B.根据题意可知为了保证轿厢厢体中乘客始终处于轿厢的最低处，大转轮顺时针旋转时，轿厢厢体自转方向必须为逆

19、时针方向，且轿厢厢体边沿各点到。点的距离不等，故轿厢厢体边沿各点的线速度与大转轮边沿各点的线速度不相等，故 A B 错误；C.根据题意可知，当大转轮旋转一周时，轿厢厢体也自转一周，故二者周期一样，故 C正确；D.A,8 两个轿厢的角速度相同，但是两个乘客到。点的距离不同，而且每位乘客还要绕各自的轿厢圆环转动，两乘客的位置不同，质量也不一定相同，故向心力方向一定不同，第 10页，共 17页大小可能不同，故。错误。故选：C o乘客参与两个运动，一个绕轿厢圆环匀速转动，另一个随轿厢一起绕大转轮。点匀速转动，由于乘客相对轿厢始终处于最低处，故轿厢的转动方向与大转轮方向相反，乘客从坐上轿厢开始，当大转轮

20、运动一周时轿厢也运动一周，故二者周期相同，但是由于乘客所处位置不同，质量不一定相等，到。点距离不同，故向心力方向一定不同，大小可能不同。本题考查匀速圆周运动的叠加，乘客同时参与两个圆周运动，根据已知和圆周运动的规律判断合运动的特点、受力特点。8.【答案】BD【解析】解：把4、B看成一个整体，有F -%1m 4 g-曲7n=（啊+加8）。对B分析，有除一曲巾3 9 =巾8。，联立解得：a =1.5 m/s 2,TB=7N,故AC错误，8。正确；故选：B D。对组成的整体根据牛顿第二定律求得加速度，然后隔离B,根据牛顿第二定律求得细线拉力。熟练应用整体法和隔离体法解答连接体问题，隔离体法要隔离受力

21、个数少的物体，减少运算量。9.【答案】BD【解析】解：力、由图可知物体沿x轴做匀速直线运动，沿y轴做初速度为零的匀加速直线运动，所以其运动的轨迹为曲线，故A错误；B、物体沿x轴做匀速直线运动，沿y轴做初速度为零的匀加速直线运动，可知物体沿x方向不受力，物体受到的合外力沿y轴方向，故8正确；C、物体沿x方向的速度：以=华=Ym/S=0-4 m/s；物体沿y方向的加速度a =崇=-m/s2=0.3 m/s2,故 1 s末，沿y轴的速度为%=a t =1 x 0.3 m/s =0.3 m/s,合速度为v=+药=V0.32+0.42m/s =0.5 m/s,故 C错误；D、2 s内质点沿x轴方向的位移

22、大小为0.8 m,沿y轴的位移为y =|a t2=1 x 0.3 x 22m =0.6 m,故合位移为s =y/x2+y2=V0.82+0.62m=1.0 m）故2 s末质点离坐标原点的距离为l.Qm,故。正确。故选：BDo由图看出，物体在工 方向做匀速直线运动，y方向做匀加速直线运动，根据运动的合成分析物体的运动情况；根据运动学公式分别求出1 s末的速度以及2 s内质点位移.本题采用程序法分析物体的运动情况，根据运动的合成法求解物体的位移和速度，并掌握x t图 像 和 力 图 像 的 应 用，及两者的区分。1 0.【答案】CD【解析】解：力、对下朋友受力分析，根据牛顿第二定律有：mgsind

23、-nmgcosd=ma,代入数据解得：a =(5 2 g)m/s 2,故4错误；B、根据重力做功公式有：叫=加。儿 代入数据解得：%=2 2 5 0/,故B错误；C、整个过程滑梯对小朋友的弹力不做功，所以弹力的功率为零，故C正确；。、根据功能关系，小朋友重力势能转化为摩擦力做功，所以当质量增加时，重力势能增大，则摩擦力做功越多，故。正确；故选：C D。根据牛顿第二定律解得加速度；根据重力做功公式解得；根据功能关系分析。本题涉及力在空间的效果，要优先考虑功能关系,运用功能关系，要注意选择研究过程，分析能量转化的情况。1 1.【答案】A BD【解析】解：两细绳烧断前，对4球的作用力大小为2 m g

24、,因突然两细绳烧断的瞬间弹簧弹力不能突变，而杆的弹力会突变，所以两细绳烧断瞬间，图乙中B球所受合力仍为零，加速度为零，4球所受合力为2 m g,加速度为2 g；图甲中，两细绳烧断瞬间，4、B的加速度相同，设为限 以整体为研究对象，根据牛顿第二定律得：2 m g =2 m a,得a =g.设图甲中轻杆的作用力为T.再以B为研究对象，由牛顿第二定律得：m g-T =m a,解得7 =0,即图甲中轻杆的作用力一定为零，故图乙中4球的加速度是图甲中B球加速度的2倍；故正确，C错误；故选：A BD.根据两细绳烧断的瞬间弹簧弹力不能突变，杆的弹力会突变，分析两细绳烧断的瞬间，图甲和图乙中4 B所受合外力，

25、即可得到各自的加速度.本题考查牛顿第二定律的应用，要注意明确弹簧的弹力不能突变，而杆的弹力瞬间发生变化；同时注意明确整体法与隔离法的正确应用.第 12页，共 17页1 2.【答案】BC BD F【解析】解：(1)4、实验采用的是作图法求合力，故需要记录两个弹簧测力计的示数和拉力方向，故 AC错误；B、为了记录的数据更加真实准确，减小实验误，。8 和0 C 绳拉力的方向应与木板平面平行，故 8正确；C、图甲中b 点离。点太近，为了减小误差，应在离。点较远处确定b 的位置，故 C正确；。、为了保证力的作用效果相同，用一只弹簧秤拉橡皮筋与用两只弹簧秤拉时，将橡皮筋拉到同一位置，故。错误；故选：BC.

26、(2)根据力的图示方法，用平行四边形理论作出两分力的合力，由图可知，合力F =6N,%=4 5。，&=2&N。2，故 AC错误，BD 正确;图2(3)如图乙所示，F 是通过平行四边形定则作图所得，为实验的理论值，由于实验误差可知F 是居和F?合力的真实值。故答案为：(1)BC(2)BD(3)F(1)实验采用的是作图法求合力，故需要记录两个弹簧测力计的示数和拉力方向；为了记录的数据更加真实准确，减小实验误，0 B 和。C 绳拉力的方向应与木板平面平行；(2)根据力的图示方法，用平行四边形理论作出两分力的合力，由图可知力的情况；(3)根据白纸上的结果可知，根据两分力做出来的是理论值，因此F 是两合

27、力的真实值。本题考查验证力的平行四边形定则，解题关键掌握实验原理与实验操作，注意合力真实值与理论值的分析。1 3.【答案】初速度为零的匀加速直线运动见解析1.5 0 1 0.0【解析】解：(1)用平滑曲线将轨迹点连接起来，画出的小球运动轨迹如下:(2)由图可以看出，小球在第二个位置时，纵坐标约为0.0 5 7 7 1,小球在第三个位置时，纵坐标约为0.20TH,小球在第四个位置时，纵坐标约为0.4 5 m,小球在第五个位置时，纵坐标约为0.8 0 m,纵坐标的比值为1：4：9：1 6,符合初速度为零的匀加速直线运动的位移与时间的关系，所以竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动：(3)由图可知，在

28、0.1 s 内，小球在水平方向的位移约为0.1 5 m,则小球的初速度为：x 0.15,l c ,v0=-=-y-m/s=1.5 0 m/s由九1=l 5 t2可得：g =答=m/s 2=1 0.0 m/s2故答案为：(1)如上图所示；(2)初速度为零的匀加速直线运动；见解析；(3)1.5 0；1 0.0(1)用平滑的曲线将轨迹连接起来即可；(2)根据竖直方向上的位移之比得出竖直方向的运动特点；(3)根据水平方向的运动特点计算出初速度，结合竖直方向的运动公式得出重力加速度。本题主要考查了平抛运动的相关应用，理解平抛运动在不同方向的运动特点，结合运动学公式即可完成分析。1 4.【答案】解：(1)

29、设4 P 刚伸直时小球做圆周运动的角速度为3 ,此时B P与竖直方向夹角为6 0。，A P拉力为0,球受力如图甲所示，FT1sin60=ma)QLsin60FT 1cos60=m g联立解得：O)Q=2y/5rad/s(2)当3 2 =5 r Qd/s 3 o时，A P.8 P上都有拉力，设分别为F/、FT 4,受力分析如图丙，尸 7 4 c os 3 0 +FT3COS30=ma)2Lsin600FT4sin3 00=FT 3sin3 00+m g第14页，共17页联立解得尸7 3 =2.5 NFT4=2 2.5 N(3)由(1)(2)可知，在a p绳没被拉直前，小球随着运动的角速度增大而不

30、断升高，故小球的重力势能增大，当绳A P被拉直后，小球的位置不变，故小球的重力势能不随角速度增大而改变。答：(1)细绳4 P刚被拉直时，小球做圆周运动的角速度为2岔r a d/s;(2)当小球做圆周运动的的角速度他=5r a d/s时，细绳4P和8 P的拉力分别为2.5N和22.5N；(3)小球做圆周运动的角速度从零逐渐增大，故小球的重力势能增大,当绳4 P被拉直后，小球的位置不变，故小球的重力势能不随角速度增大而改变。【解析】(1)对小球进行受力分析，由牛顿第二定律即可求出角速度；(2)根据小球的受力分析求出绳子的拉力；(3)根据受力变化分析势能的变化规律。本题考查了牛顿第二定律、平衡条件的

31、应用，小球水平方向合力充当向心力，竖直方向合力为零。1 5.【答案】解：(1)由受力分析知，F的水平分力为Fx=Fcos3 7 =5 x 0.8 W =4N根据平衡条件f=Fcos3 7 0FN=F sin3 7 +m gf=林 FN解得：n=0.02(2)冰壶受重力、支持力和滑动摩擦力，根据牛顿第二定律有limg=m a解得加速度大小为a=fig=0.02 x 1 0m/s2=0.2m/s2根据运动学公式有v2=2as解得：s =40m克服摩擦力做功W=nmgs解得：w=1 57.6/(3)通过摩擦过的冰面的摩擦系数是原来的8 0%,设此时加速度大小为，则有80%nmg=ma解得：a=0.1

32、 6m/s2设冰壶刚上摩擦过的冰面时的速度为 火,在没摩擦过的冰面上运动的位移为S i由运动学公式可知：v2 v2=2as1在摩擦过的冰面上滑动位移是S 2=6m则有 1/2=2 as 2则与没摩擦过相比多滑的距离4s =S i +S 2-S解得：/s =1.2m答：(1)冰壶与冰面的动摩擦因数为0.02；(2)冰壶能在冰面上滑行的过程中克服摩擦力做的功为1 57.6/；(3)与不摩擦冰面相比，冰壶多滑行的距离为1.2m。【解析】(1)根据对冰壶的受力分析结合平衡条件列式计算出动摩擦因数；(2)根据牛顿第二定律和运动学公式计算出冰壶的位移，结合功的计算公式完成分析；(3)根据牛顿第二定律结合运

33、动学公式分析出冰壶的位移，结合位置关系完成分析。本题主要考查了动能定理的相关应用，根据牛顿第二定律和运动学公式分析出冰壶的运动，再结合动能定理即可完成分析。1 6.【答案】解：(1)根据速度图像与时间轴的面积表示位移，则发生险情处离地面的高度为h=|x 5 x 1 8T T I=45m(2).根据速度图像的斜率表示加速度，则加速下滑阶段有a =梨=y m/s2=6mls2根据牛顿第二定律有m g -F=m a解得尸=28 0/V同理减速下滑阶段加速度为a=竽=-m/s2=-9m/s2，53第 16页，共 17页根据牛顿第二定律有7n g -F=ma解得尸=1 330/V故 4F =F-F =1 330/V -280N=1 050N答：(1)图乙中的建筑工人发生险情处离地4 5 m；(2)加速下滑和减速下滑两过程中钢丝绳对工人的拉力之差为1 050N。【解析】(1)根据u-t 图像与时间轴所围的面积表示位移，来求解发生险情处离地面的高度；(2)根据u-t 图像的斜率求出工人加速下滑时加速度，结合牛顿第二定律求解钢丝绳对工人的拉力大小；根据u-t 图像的斜率求出工人减速下滑时加速度，结合牛顿第二定律求解钢丝绳对工人的拉力大小，即可求得。解答本题时，要知道v-t 图像与时间轴所围的面积表示位移，t 图像的斜率表示加速度，结合牛顿第二定律即可求得。