2021-2022学年天津市和平区高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf

《2021-2022学年天津市和平区高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2021-2022学年天津市和平区高考冲刺物理模拟试题含解析.pdf（18页珍藏版）》请在淘文阁 - 分享文档赚钱的网站上搜索。

1、2021-2022学年高考物理模拟试卷注意事项1.考生要认真填写考场号和座位序号。2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2 B 铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3.考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、横截面为直角三角形的两个相同斜面紧靠在一起，固定在水平面上，如图所示。它们的竖直边长都是底边长的一半。现有三个小球从左边斜面的顶点以不同的初速度向右平抛，最后落在斜面上，其落点分别是4、C o 下列判断正确的是B.

2、三小球比较，落在c 点的小球飞行时间最长C.三小球比较，落在点的小球飞行过程速度变化最快D.无论小球抛出时初速度多大，落到斜面上的瞬时速度都不可能与斜面垂直2、太阳系中各行星绕太阳运动的轨道在同一面内。在地球上观测金星与太阳的视角为。（金星、太阳与观察者连线的夹角），长时间观察该视角并分析记录数据知，该视角的最小值为0,最大值为盘。若地球和金星绕太阳的运动视为匀速圆周运动，则金星与地球公转周期的比值为（）A.M(cosQj23、我国计划在2020年发射首个火星探测器，实现火星环绕和着陆巡视探测。假设“火星探测器”贴近火星表面做匀速圆周运动，测得其周期为7。已知引力常量为G,由以上数据可以求得（

3、）A.火星的质量B.火星探测器的质量C.火星的第一宇宙速度D.火星的密度4、近年来，人类发射了多枚火星探测相，火星进行科学探究，为将来人类登上火星、开发和利用火星资源奠定了坚实的基础。假设火星探测器环绕火星做“近地”匀速圆周运动，若测得该探测器运动的周期为T,则可以算得火星的平均k密度。=广，式中人是一个常量，该常量的表达式为（已知引力常量为G）3447r2A.k=3兀 B.k=3TTG C.k=D.k=-G G5、一带电粒子从电场中的A 点运动到B 点，其运动轨迹如图中虚线所示，若不计粒子所受重力，下列说法中正确的是（）A.粒子带负电荷B.粒子的初速度不为零C.粒子在A 点的速度大于在B 点

4、的速度D.粒子的加速度大小先减小后增大6、如图所示，将一小木块和一小钢珠分别用手拿着并压缩两根一端分别竖直固定在地面上的弹簧上端。现同时释放小木块和小球，若小木块在整过运动过程中所受空气的阻力/与其速度y满足/=公（A为常数），而小钢珠的运动忽略空气阻力，且两物体同时离开弹簧，取向上为运动的正方向，则下图能正确反应两物体离开弹簧后的运动情况的大 f图像的是（）小木块小钢球A.00Dol 7二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得。分。7、下列说法正确的是 oA.共享单车是

5、“新四大发明”之一，手机和互联网、互联网和单车之间都是通过红外线传递信息的B.高速运动的物体，沿运动方向的长度会变长C.发生沙尘暴时能见度只有几十米，天空变黄发暗，这是因为发生沙尘暴时只有波长较长的一部分光才能到达地面D.根据多普勒效应可以算出宇宙中的星球靠近或远离地球的速度E.光纤通信、医用纤维式内窥镜都利用了光的全反射原理8、如图所示，是小型交流发电机的示意图，正对的异名磁极间的磁场可视为水平方向的匀强磁场，磁感应强度大小为B,A 为理想交流电流表。匝数为“、面积为S。阻值为r 的线圈绕垂直于磁场的水平轴。0,以角速度3匀速转动，定值电阻阻值为R,从图示位置开始计时。下列说法正确的是（）A

6、.线圈每转动一周，电流方向改变2 次B.图示位置时交流电流表的示数为/=破 阳R+rT TC.1=生时，线框中的磁通量最大，瞬时感应电动势最大2（0D.电阻R 消耗的热功率为p 遐 竺 9、如图所示，质量为，”的物体在水平传送带上由静止释放，传送带由电动机带动，始终保持以速度v匀速运动，物体与传送带间的动摩擦因数为，物体过一会儿能保持与传送带相对静止，对于物体从静止释放到相对静止这一过程,下列说法正确的是（）mA.物体在传送带上的划痕长/一2gB.传送带克服摩擦力做的功为一加一2C.电动机多做的功为3 川 22D.电动机增加的功率为10、一列简谐横波，在，=0.5s 时的波动图象如图甲所示，介

7、质中x =15m 处的质点4 的振动图象如图乙所示，下列说B.这列波的频率为1H zC.这列波沿x轴正方向传播D.0.5 0.75s 内，图甲中质点尸的平均速率大于质点。的平均速率三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11.（6 分）某同学用如图甲所示的实验装置某测量木块与木板间动摩擦因数：9.50 11.00 12.50 14.00(cm)（1）从打出的若干纸带中选出了如图所示的一条，纸带上A、8、C、。、E这些点的间距如图中标示，其中每相邻两点间还有4 个计时点未画出。打点计时器的电源频率是50H z,根据测量结果计算：则打C点时纸带的

8、速度大小为m/s；纸带运动的加速度大小为 m/s2.（结果保留3 位有效数字）通过（1）测得木块的加速度为“，还测得钩码和木块的质量分别为机和已知当地重力加速度为g,则动摩擦因数12.（12分）标称3.7V 的锂电池，充满电时电动势为4.2V,电动势低于3.4V 时不能放电。某只该型号电池标注如下:标准放电持续电流1 7 0 m A,最大放电电流8 5 0 m A,内阻在0.2。为测量其电动势和内阻，实验室提供下列器材：A.电压表V（量程3 V,内阻3k。）B.电流表（量程0.6A）C.电 流 表（量程03A）D.定值电阻Ki=2k。E.定 值 电 阻&=1。F.滑动变阻器（05。）G.滑动变

9、阻器（020Q）H.待测电池，多用电表，开关导线若干（1）设计测量电路如图甲所示，电流表A 应选择,滑动变阻器K 应选择 填写器材序号）;（2）按照设计电路完成实物电路的连接；（）（3）闭合开关S 前，应将滑动变阻器滑片尸移到一选填“左”或“右”）端；闭合开关后，发现电压表指针有偏转,而电流表指针不偏转，在不断开电路的情况下，应选择多用电表的一检查电路故障；A.电阻“x l”挡 B.直流电流250mA挡 C.直流电压2.5V挡 D.直流电压10V挡（4）正确进行实验操作，根据电压表读数计算出电压表和定值电阻K,两端的总电压17。读出对应的电流表示数，在坐标纸上描点作出U/图象如图丙所示。则电池

10、电动势E=_ V,内阻 Q。四、计算题：本题共2 小题，共 26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.（10分）如图甲所示，一对平行金属板C、O 相距为d,0、Oi为两板上正对的小孔，紧贴。板右侧。存在上下范围足够大、宽度为三的有界匀强磁场区，磁场方向垂直纸面向里，MN、G/Z是磁场的左、右边界。现有质量为山、电荷量为+4的粒子从O 孔进入C、O 板间，粒子初速度和重力均不计。（1）C、。板间加恒定电压U,C板为正极板，求板间匀强电场的场强大小E和粒子从0运动到。1的时间f；（2）C、。板间加如图乙所示的电压，U o为已知量，周 期T是未知量。U

11、0时刻带电粒子从。孔进入，为保证粒子到达Oy孔具有最大速度，求周期7应满足的条件和粒子到达O i孔的最大速度vm;7tm（3）磁场的磁感应强度3随时间/的变化关系如图丙所示，协为已知量，周 期7。=一 不。f=0时，粒子从O i孔沿qB。O O i延长线O 1O 2方向射入磁场，始终不能穿出右边界G H,求粒子进入磁场时的速度略 应满足的条件。14.（16分）如图所示，两条直线MN与PQ所夹区域内有两个不同的匀强磁场，磁场的直线边界00与MN和P Q均垂直。一质量为加、电荷量为夕的带电粒子以某一初速度垂直用N射入磁场用，受磁场力的作用，最终垂直于边界P Q且从。段射出。已知：两 磁 场 的 磁

12、 感 应 强 度 分 别 为 用=纳 曲、鸟=”飒（各物理量单位均为国际单q q位制中的主单位），粒子进入磁场的初速度为u =20m n/s。不计粒子重力，求：粒子在用、鸟磁场中运动的半径之比粒子在两磁场中运动的最短时间M B20.-.v OXXXBi15.（12分）如图所示，I、H I区 域（足够大）存在着垂直纸面向外的匀强磁场，虚 线M N、P 0分别为磁场区域边界,在I I区域内存在着垂直纸面向里的半径为R的圆形匀强磁场区域，磁场边界恰好与边界M N、P。相切，S、T为切点,A、C为虚线MN上的两点，且A S=C S=&K,有一带正电的粒子以速度v沿与边界成30。角的方向从C点垂直磁场进

13、 入I区域，随后从A点进入I I区域，一段时间后粒子能回到出发点，并最终做周期性运动，已知H区域内磁场的磁感应强度的为I区域内磁场的磁感应强度&的6倍，m区域与I区域磁场的磁感应强度相等，不计粒子的重力。求:（1）粒子第一次进入n区域后在I I 区域中转过的圆心角;（2）粒子从开始运动到第一次回到出发点所经历的总时间。参考答案一、单项选择题：本题共6 小题，每小题4 分，共 24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1,D【解析】A.根据平抛运动的推论可知，设“球落在斜面上的速度方向与水平方向夹角为仇对应处位置位移与水平方向偏转角为 a,即t a n =2t a n a ,根

14、据题意t a n a =4，所以。=45。，不可能与斜面平行，选项A错误。2B.根据平抛运动规律 =,a球竖直方向下落距离最大，所以a球飞行时间最长，选 项 B错误；C.三个球都做平抛运动，即速度变化快慢（加速度）均相同，选 项 C错误。D.通过A的分析可知，a球不可能与斜面垂直。对 于 氏 c 点而言，竖直方向分速度g t,水平速度为，假设能与斜面垂直，则%1=t a n a =gt 2对应的竖直方向的距离为1，）=理水平方向的距离为A、x =W=显然这是不可能满足的，因此选项D正确。2、C【解析】如图所示最 大 视 角/时，观察者与金星的连线应与金星的轨道相切。由几何关系得sin Om=如

15、万有引力提供向心力有Mm 47 2G=mrr2 T2解得*=g=加皿）故 C 正确，A B D 错误。3、D【解析】A C.根 据 6 架=机（R 和机g=?q可知，因缺少火星的半径，故无法求出火星的质量、火星的第一宇宙速度,选 项 A C 均错误；B.根据上式可知，火星探测器的质量，被约去，故无法求出其质量，B 错误；D.根据-Mm 4乃 26万=一R可得GT-又4,M=pV=P-TTR3代入上式可知，火星的密度3)故可求出火星的密度，D 正 确。故 选 D。4、C【解 析】由万有引力定律，知MmG下44 2得M4/，GT2又4M=p nRi3而火星探测器绕火星做“近地”圆周运动，有 r=/

16、?,解得3万PGT故题中的常量,3万K -G故 选 C。5、B【解 析】A.由粒子的运动轨迹弯曲方向可知，带电粒子受电场力的方向沿电场线向右，与电场强度方向相同，故粒子带正电,故 A 错误；B.依据运动轨迹，可 知，粒子的初速度不为零，否则运动轨迹与电场力共线，故 B 正 确；C.根据沿电场线方向电势降低可知，A 点 电 势 比 5 点电势高，带正电的粒子在4 点 的 电 势 能 大 于 3 点的电势能，由能量守恒可知，粒 子 在 A 点 的 动 能 比 5 点的小，即 粒 子 在 A 点的速 度 小 于 在 5 点的速度D.依据电场线密集，电场强度大，电场力大，加速度大，所以粒子的加速度先增

17、大后减小，故 D 错 误。故 选 B。6、D【解 析】对于小钢球没空气阻力时只受重力，是竖直上抛运动，修图像是直线，故图中直线为钢球的运动图像。对于小木块有空气阻力时，上升阶段由牛顿第二定律得F=ma=mg+f解得kva=g+m由于阻力随速度的减小而减小，故上升阶段加速度逐渐减小，最小值为g。同理，有空气阻力时，下降阶段由牛顿第二定律可得kva=g -m由于阻力随速度增大而增大，故下降过程中加速度逐渐减小，y-f图像的斜率表示加速度，故图线与，轴相交时刻的加速度为g,此时实线的切线与虚线平行。故 D 正确，ABC错误。故 选 D。二、多项选择题：本题共4 小题，每小题5 分，共 20分。在每小

18、题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5 分，选对但不全的得3 分，有选错的得0 分。7,CDE【解析】A.手机是通过电磁波传递信息的，故 A 错误；B.根据相对论可知，高速运动的物体，沿运动方向的长度会变短，故 B 错误；C.波长较短的光容易被障碍物挡住，不能到达地面，波长较长的光更容易发生衍射而透过沙尘间的缝隙到达地面，故 C 正确；D.由于波源与接受者的相对位移的改变而导致接受频率的变化，称为多普勒效应，故根据多普勒效应，可以判断遥远天体相对于地球的运动速度，故 D 正确；E.光纤通信、医用纤维式窥镜都利用了光的全反射原理，故 E 正确。故选：CDEo8、AD【解析

19、】A.线圈每转动一周，正弦交流电一个周期内，电流方向改变2 次。故 A 正确；B.交流电流表的示数为电流的有效值，为Em/V 2 _ nBSa)-R+J 向R+r)故 B 错误：兀 TC./=时，线框转到中性面位置，磁通量最大，瞬时感应电动势为零，故 C 错误;2co 4D.电阻R 消耗的热功率为=加=雪 应|22 R+r)故 D 正确。故选ADo9、A D【解析】A.物体在传送带上的划痕长等于物体在传送带上的相对位移，物块达到速度P所需的时间vt=4 g在这段时间内物块的位移2Hg传送带的位移2V x9=vt=4 g则物体相对位移V2x-x7-x.=-2Hg故 A 正确；B C.电动机多做的

20、功转化成了物体的动能和内能，物体在这个过程中获得动能就是2对位移等于由于滑动摩擦力做功，相x=y-2 g产生的热量Q=/-img xv2-=mv2 g 2,21传送带克服摩擦力做的功就为电动机多做的功为mv2,故 B C 错误;D.电动机增加的功率即为克服摩擦力做功的功率，大小为fv=fjmgv故 D 正确。故选AD10、BCD【解析】A.根据图甲可得，该波的波长2 =20m；由图乙可得，该波的周期T=l s,则波速v=20m/sTA 错误；B.波的传播周期和振源的振动周期相同，波源的振动频率/=-=lHzB 正确；C.由题图乙可知f=0.5s时，质点A 的振动方向向下，在题图甲中根据“上坡下

21、，下坡上”法可知，波沿x 轴正方向传播，C 正确；D.0.50.75s内，质点P 在上周期内通过的路程大于一个振幅，质 点。在 1 周期内通过的路程小于一个振幅，平均速4 4率等于路程比时间，所以质点尸的平均速率比质点。的平均速率大，D 正确。故选BCDo三、实验题：本题共2 小题，共 18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。me-(m+M)a11、1.18m/s L50m/s2 =-Mg【解析】(1)12.因纸带上两相邻计数点的时间间隔为 T=0.10s,设 si=9.50cm、S2=11.00cm、S3=12.5cm、S4=14.00cm,打 C点时纸带的速度大小为s2

22、+J3vc=2T代入数值得vc=1.18m/s加速度_ 4 +4 _ ($4+$3)-($+S 2)a 2 4 p代入数值得a=1.50m/s2(2)3.对木块、祛码盘和硅码组成的系统，由牛顿第二定律得mg fiMg=(M+m)a解得(1)1由题知，该锂电池的最大放电电流850m A,故电流表A 应选择B；由题知，回路中的最大电阻 4.2Rnmma x =Q3 24.7C0 17故滑动变阻器选择G；(2)3按照设计电路完成实物电路的连接，如图所示(3)4因滑动变阻器是限流式接法，为保护电路，故在闭合开关S 前，滑动变阻器的阻值要最大，故应将滑动变阻器滑片P 移到左端;闭合开关后，发现电压表指针

23、有偏转，而电流表指针不偏转，说明电流表所在支路存在某处断路，在不断开电路的情况下，应选择多用电表的直流电压档进行检查电路故障，又该电源的最大电动势为4.2V,故应选择直流电压10V档进行检查电路故障，故 D 正确，ABC错误。故选D。(4)6由题知，U1 图象的纵截距表示电源的电动势，则由图可得E=3.88V(3.87 3.90)由U/图象，可得图象的斜率,3.88 3.5.k-=1.150.33由电路图分析可知，斜率k-r +R2解得r=0.15C(0.12-0.17)四、计算题：本 题 共2小 题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步 骤。13、

24、(1)E =T【解 析】(1)板间匀强电场的场强L UE-d粒子在板间的加速度qUC l-md根据位移公式有.1,2d=cit2解得t-d-2mqU(2)粒子一直加速到达。孔速度最大，设 经 历 时 间 名,则由动能定理有n1 2qUn=-m vin解得V m（3）当磁感强度分别为B。、28。时，设粒子在磁场中圆周运动半径分别为小 与，周期分别为1、T2,根据洛伦兹力提供向心力有2yrqvB=m4解得mv4=-qB“且有7巫=24河同理可得mv r _ 2 兀 m _2=-2-q-B-0-=2 ,T?2=-2-q-B-0-=7G故0 9粒子以半径彳逆时针转过四分之一圆周，7；粒子以半径4逆时针

25、转过二分之一圆周，”半 粒 子 以半径4逆时针转过四分之一圆周，手2 7；粒子以半径与逆时针转过二分之一圆周，2 7；半 粒 子 以 半 径4逆时针转过四分之一圆周,手 粒子以半径弓逆时针转过二分之一圆周，3”子 粒 子 以 半 径。逆时针转过四分之一圆周后从左边界飞出磁场，如图所示XXXX-XXXXXXXx fx ：X:X：X：X:X；X:XX-；X X X xxxNH由几何关系有n+r2L解得3m1 4、(1)2；(2)0.0 1 5 s【解析】(1)粒子在磁场内做圆周运动，根据牛顿第二定律则有2VqvB=m一rv2qvB2=mr2则两半径之比支=2r2粒子在磁场内做圆周运动的轨迹如图，粒

26、子交替在用与打磁场内做圆周运动，图示情景为最短时间予2乃 加F-2 万2L=-qB由几何关系知，带电粒子在两磁场中运动时间分别为/1 2小2 2则总时间为t=t+t2 0.015s15、(1)12()。(2)T=64 岳&+竺9v v【解析】(1)粒子的运动轨迹如图所示，由几何关系得ZO,C5=60,半径&=r 2同cos 60粒子转过的圆心角为4=300粒子从A点进入II区域，先做匀速直线运动，且速度延长线刚好过n区域圆形磁场的圆心。，接着在磁场中做圆周运动，离开时速度方向的反向延长线仍然过圆心。qvB=m 得 也故&曳&即R R 3连接。2。，得tan NOQA=R得/。0=30故此粒子第

27、一次进入II区域后在II区域转过的圆心角为2=（90 NQOA）X2=120。粒子进入in区域时，速度方向仍与边界PQ成30。角，故此粒子的轨迹图左右对称，上下对称，粒子在一个周期内,在I、皿区域总共要经历两次圆周运动过程，每次转过的圆心角均为，=300所用总时间为c 2 兀 R 1 a 20 后 Rt.=2 x Lx=-v 360 3v在II区域要经历两次圆周运动过程，每次转过的圆心角均为%=1 2 0,所用时间为24 R2 02 4下 兀R=2 X-X-7=-V 360 9v在n区域要经过4次匀速直线运动过程，每次运动的距离为s=R=Rcos 30所用总时间/R 4RJ=4 x=v v故此粒子在一个周期内所经历的总时间为T =/+,2+364届 R 4R-十 一9v v