2020-2021学年浙江省杭州市之江高级中学高二（上）期中物理试卷（附答案详解）.pdf

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1、2020-2021学年浙江省杭州市之江高级中学高二（上）期中物理试卷一、单 选 题（本大题共13小题，共39.0分）1.下列物理量属于标量的是（）A.速度 B.加速度 C.电流 D.电场强度2.发现电流磁效应的物理学家是（）A.法拉第 B.奥斯特 C.库仑 D.安培3.用国际单位制的基本单位表示电场强度的单位，下列正确的是（）A.N/C B.V/m C.kg-m/（C-s2）D.kg-m/（A s3）4.如图是某一点电荷的电场线分布图，下列表述正确的是（）IA.A点的电势高于B点的电势B.该点电荷带负电 XC.A点和B点电场强度的方向相同D.A点的电场强度小于B点的电场强度5.小灯泡通电后，其

2、电流/随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为尸点的切线，PQ为。轴的垂线，为/轴的垂线，则下列说法不正确的是（）A.随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B.对 应P点，小灯泡的电阻为R=?2C.对 应P点，小灯泡的电阻为R=-TTD.对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积6.电动玩具汽车的直流电动机电阻一定，当加上0.3V电压时，通过的电流为0.3 4此时电动机没有转动.当加上3丫电压时，电流为M,这时候电动机正常工作.则（）A.电动机的电阻是3。B.电动机的正常工作时发热功率是3WC.电动机正常工作时消耗的电动率是4WD.电动机正常工作时机械效率是2W7.一带电粒

3、子以一定速度垂直射入匀强磁场中，则不受磁场影响的物理量是（）8.A.速度 B.加速度 C.洛伦兹力回旋加速器是加速带电粒子的装置.其核心部分是分别与高频交流电源两极相连接的两个。形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两。形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A.减小磁场的磁感应强度B.增大匀强电场间的加速电压C.增大。形金属盒的半径D.减小狭缝间的距离9.如图所示，一带负电的粒子以速度处沿速度选择器的中心线做匀速直线运动.如果只是磁场的磁感应强度突然减小（不计带电粒子所受的重力），则（）A.上

4、极板带负电D.动能 上极板X X X X X X-O：X X X X X X1 下极板B.将向下极板偏转C.洛伦兹力对粒子做负功D.电势能减小10.如图所示，边长为的L的 正 方 形 区 域 中 存 在 匀 强 磁 场，磁 r-v-5-r-I场方向垂直纸面向里.一带电粒子从ad边的中点M点以一定速:度垂直于ad边射入磁场，仅在洛伦兹力的作用下，正好从岫；5；I边中点N点射出磁场.忽略粒子受到的重力，下列说法中正确的 y-1-是（）A.该粒子带负电B.洛伦兹力对粒子做正功c.粒子在磁场中做圆周运动的半径为:D.如果仅使该粒子射入磁场的速度增大，粒子做圆周运动的半径也将变大第 2 页，共 18页1

5、1.如图所示，正 方 形 线 框 的 边 长 为 ，向右通过d p-,c宽为L的匀强磁场，且d L,则在线框通过磁场的过程中，线框中的感应电流（）c.l-LA.一直为顺时针方向”B.一直为逆时针方向C.先为逆时针方向，中间无感应电流，后为顺时针方向D.先为顺时针方向，中间无感应电流，后为逆时针方向12.如图所示，一条形磁铁N极朝下，向下靠近闭合线圈时（）A.磁铁与线圈相互排斥，通过R的感应电流方向从。到 B.磁铁与线圈相互吸引，通过R的感应电流方向从。到C.磁铁与线圈相互排斥，通过R的感应电流方向从。到aD.磁铁与线圈相互吸引，通过R的感应电流方向从万到a13.一矩形线圈在匀强磁场中匀速旋转，

6、所产生的交流电电动势瞬时值的表达式e=220s讥10兀t（y）,则下列说法正确的是（）A.该交流电的频率是IOTTHZB.该交流电动势的有效值是220VC.当1=去 时，线圈处于垂直中性面的位置20sD.当t=0时，穿过线圈的磁通量为零二、多 选 题（本大题共3小题，共12.0分）14.物理学的发展是许多物理学家奋斗的结果，下面关于一些物理学家的贡献说法正确的是（）A.奥斯特通过实验发现了通电导线对磁体有作用力，首次揭示了电与磁的联系B.洛伦兹认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现，并提出了著名的洛伦兹力公式C.库仑在前人工作基础上通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力遵循的

7、规律一一库仑定律D.法拉第不仅提出了电场的概念，而且采用了画电场线这个简洁的方法描述电场15.如图所示电路中，人和G是完全相同的灯泡，线圈的自感系 碱数刀很大，电阻可以忽略，下列说法中正确的是（）-一-0-aA.合上开关S后，刀和G始终一样亮B.合上开关S,G先亮，人后亮，最后一样亮C.断开开关S时，L和乙2都要过一会儿才熄灭D.断开开关S时，G立即熄灭，L过一会儿才熄灭16.如图所示，一导线弯成半径为。的半圆形闭合回路.虚线右侧有磁感应强度为3的匀强磁场，方向垂直于回路所在的平面.回路以速度u向右匀速进入磁场，直径 8 始终与MN垂直。从。点到达边界开始到C点进入磁场为止，下列结论正确的是（

8、）XXXxxXXXXXXXXXXXXA.感应电流方向不变B.C。段直导线始终不受安培力C.感应电动势最大值Em=Bav D.感应电动势平均值E=nBav三、实 验 题（本大题共2小题，共24.0分）17.在“探究加速度与力、质量的关系”和用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”实验中（1）都是通过分析纸带上的点来测量物理量，下 列 说 法 正 确 的 是（多选）4.都需要分析打点计时器打下的第一个点B.都不需要分析打点计时器打下的第一个点C一条纸带都只能获得一组数据D一条纸带都能获得多组数据（2）如图是两条纸带的一部分，A、B、C、G是纸带上标出的计数点，每两个相邻的计数点之间还有4个打出的点

9、未画出。其中图_ _ _ _ _（填“甲”或“乙”）所示的是用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”的实验纸带。“探究加速度与力、质量的关系”实验中，小车的加速度大小a=m/s2（保留2位有效数字）。（3）在用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”实验中，平衡阻力后，小车与橡 皮 筋 组 成 的 系 统 在 橡 皮 筋 恢 复 形 变 前 机 械 能（填“守恒”或“不守恒”）。第4页，共18页HDF.LSS I.684-I.67“1.68二 单位；cm图甲图乙3.00-单位：cm18.(1)小明同学用多用电表测量一未知电阻器的阻值。经过规范操作后，所选欧姆挡倍率及指针位置分别如图甲、乙所示，则

10、 此 电 阻 器 的 阻 值 为。(2)在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中：如图丙所示，已经连接了一部分电路，请在答题纸上对应位置将电路连接完整。合上开关后，测出9组 人U值，在坐标系中描出各对应点，如图丁所示。请在答题纸对应位置的图中画出此小灯泡的伏安特性曲线。与图丁中P点对应的状态，小 灯 泡 灯 丝 阻 值 最 接 近。A.16.708.12.4。四、计算题(本大题共2小题，共25.0分)1 9.有一个圆形线圈，其匝数n=1 0 0 0,线圈面积S=200cm 2,线圈处的磁场方向垂直线圈平面向里，如图甲所示。线圈的电阻r=1 0,线圈外接一个阻值R=4。的电阻，磁感应强度随时间的变化

11、规律如图乙所示。求:(1)前 4 s内的感应电动势的大小；(2)前 4 s内通过电阻R 的电流大小和方向：(3)线圈电阻，消耗的功率。乙V2 0.如 图 1所示，在绝缘光滑水平桌面上，以。为原点、水平向右为正方向建立x 轴，在0 W x W 1.06区域内存在方向竖直向上的匀强磁场。桌面上有一边长L=0.5m,电阻R=0.25。的正方形线框abed,当平行于磁场边界的c,边进入磁场时，在沿x方向的外力F 作用下以=1.0m/s的速度做匀速运动，直到时边进入磁场时撤去外力。若以cd边进入磁场时作为计时起点，在0 W t 1.0s内磁感应强度8 的大小与时间f 的关系如图2 所示，在0 W t W

12、 1.3s内线框始终做匀速运动。(1)求外力尸的大小；(2)在1.0s t 1.3s内存在连续变化的磁场，求磁感应强度B的大小与时间t的关系；(3)求在0 t 1.3s内流过导线横截面的电荷量q。第6页，共18页答案和解析1.【答案】C【解析】解：速度，加速度，电场强度都是即有大小也有方向，运用平行四边形定则计算的矢量，电流的计算不能用平行四边形定则，是标量，故 C 正确，48。错误。故选：Co物理量按有无方向分矢量和标量，矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。解决本题的关键要知道矢量与标量有两大区别：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四

13、边形定则，标量运算遵守代数加减法则2.【答案】B【解析】【分析】奥斯特发现了电流周围存在着磁场。本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。【解答】1820年，奥斯特发现了电流周围存在着磁场，即发现了电流的磁效应。故 8 正确，A C D错误故选：Bo3.【答案】D【解析】解：A、根据电场强度的E=；可知，电场力的单位为N,电量的单位为C,所以电场强度的单位是N/C；C 不是基本单位，故 A 错误；B、根据U=Ed可知，E=(故单位可以为U/m,V不是基本单位，故 8 错误；C D y而1N/C=kg?n/(Cs2)=1理笠工=1kg-m

14、ATs-3,C 不是基本单位,故C 错误D 正确。故选：Do物理公式不仅确定了各个物理量之间的关系，同时也确定了物理量的单位之间的关系，第8页，共18页根据物理公式来分析物理量的单位即可。本题考查力学单位制的计算，要注意物理公式在确定物理量间的关系的时候同时也确定了单位之间的关系，根据不同的公式来确定单位之间的关系。4.【答案】B【解析】解：AB、根据电场线向里吸收，可知该电荷是负电荷；越靠近负电荷电势越低，所以有A 点电势低于B 点电势，故 A错误、B 正确；C、电场强度是矢量，A 点和8 点的电场强度的方向分别从4、8 两点指向点电荷，方向是不同的，故 C 错误；。、电场线的疏密表示电场强

15、度的大小，A 点处的电场线较密，所以A 点处的电场强度较大，故。错误。故选：Bo电场线从正电荷出发，到负电荷终止，电场线的疏密表示电场的强弱，电场线越密，场强越大、顺着电场线电势降低进行分析即可。该题考查常见的几种电场的电场线分析及其特点，熟悉正、负点电荷，等量同种、等量异种电荷周围电场分布情况往往是解题关键。5.【答案】C【解析】解：4、由电阻/?=彳可知，灯泡的电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，电压增大,斜率减小，则电阻增大，故 4 正确；B、C、由图象可知，P 点对应的电压为，电流为白，则灯泡的电阻R=?，故 B 正确，12C 错误；D、因为P=U/,所以图象中矩形PQOM所围的面

16、积为对应P 点小灯泡的实际功率，故）正确。本题选错误的，故选：C该小灯泡是非线性元件，其电阻等于图线上的点与原点连线斜率的倒数，根据斜率的变化分析电阻的变化；找到尸点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻;由功率公式可对应图线的 面积”.对于线性元件，其电阻氏=号=半，非线性元件，R=吟 对于U /图与/U图要区分清楚，电阻等于斜率，还是等于斜率的倒数不能搞错.6.【答案】D【解析】解：A、当加上0.3U电压时电动机不转动，利用欧姆定律得r=?=筹=1亿U.J故 A错误：B、当加上3V电压时，消耗的电能一部分发热，一部分转化为了机械能。消耗的电功率为：P=/U=1 x 3=3 W,发

17、热功率P翔=I2R=l2x l =1 W,故BC错误；。、根据能量关系，产生的机械功率为：P疣 =P P*,=3 1=2 W,故。正确。故选：Do当加上0.3U电压时电动机不转动，电动机电路是纯电阻电路，由欧姆定律求解电动机的电阻.电动机正常工作时，由=求出电功率，由P我=产/?求出热功率，两者之差即为机械功率.电动机在不转动时，其电路是纯电阻电路，欧姆定律成立，而在正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立.7.【答案】D【解析】解：A、。、洛伦兹力方向总是与带电粒子的运动方向垂直，对带电粒子总不做功，根据动能定理，洛伦兹力不改变带电粒子速度的大小，只改变粒子速度的方向.故可以改变速度

18、，不改变速率和动能。故 A错误，。正确。8、C、带电粒子在磁场中所受的洛伦兹力大小不变，而方向时刻在改变，所以加速度的方向在变化。故 8 错误，C 错误。故选：根据洛伦兹力方向特点：洛伦兹力方向总是与粒子运动方向垂直，对带电粒子总不做功来分析判断.本题考查对洛伦兹力的理解能力，抓住洛伦兹力方向总是与速度方向垂直，只改变速度第 10页，共 18页的方向，不改变速度的大小进行分析.8.【答案】C2【解析】解：回旋加速器工作时，带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由q u B =m,得。=吗m带 电 粒 子 射 出 时 的 动 能=知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离践 2 2m无关，与磁感应强度大

19、小和。形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能，故C正确，A B O错误。故选：C o回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关.解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加速的电压无关，与磁感应强度大小和。形盒的半径有关.9.【答案】D【解析】解：A、根据左手定则可知带负电的粒子受到的洛伦兹力方向向下，根据平衡条件可知粒子受到的电场力方向向上，则下极板带负电，故4错误；B、开始过程粒子沿着中心线O i G做匀速直线运动，合力为零，故叱B =q E；当减小磁感

20、应强度B后，洛伦兹力/=q u B减小了，而电场力F =q E不变，故洛伦兹力小于电场力，合力向上，故会向上偏转，故B错误；C、由于洛伦兹力的方向始终与速度方向垂直，洛伦兹力一定不做功，故C错误；。、由于粒子向上偏转，电场力也向上，故电场力做正功，电势能减小，故。正确。故选：D o根据左手定则结合平衡条件分析极板的电性；当减小磁感应强度2后，洛伦兹力减小，由此分析粒子的偏转情况：洛伦兹力一定不做功；根据电场力的做功情况判断电势能的变化。本题考查粒子在电磁场中的运动问题，是速度选择器的模型，要明确其工作原理，结合左手定则和功能关系分析。10.【答案】D【解析】【分析】粒子垂直射入匀强磁场中，做匀

21、速圆周运动，洛伦兹力提供向心力；根据左手定则判断电性；根据牛顿第二定律求解半径表达式分析。本题关键是明确粒子的动力学规律和运动学规律，要根据牛顿第二定律推导出半径表达式分析。【解答】A.粒子垂直射入匀强磁场中，做匀速圆周运动，进入磁场时，速度向右，磁场向内，洛伦兹力向上，故粒子带正电，故 A 错误；B.根据左手定则，洛伦兹力与速度垂直，一定不做功，故 8 错误；C.洛伦兹力提供向心力，指向圆心；粒子从ad边的中点M 点以一定速度垂直于,以边射入磁场，圆心在射线Ma上；正好从必边中点N 点射出磁场，圆心在MN的连线的垂直平分线上，所以圆心在。点，故半径为，故 C错误；D 根据牛顿第二定律，有：解

22、得：R 嚼,速度越大，轨道半径越大，故。正确。故选D。11.【答案】C【解析】解：线框进磁场时，通过线框的磁通量在增大，有感应电流，根据楞次定律知，感应电流的方向为逆时针方向.全部进入磁场后，磁通量不变，无感应电流.出磁场时，通过线框的磁通量减小，有感应电流，根据楞次定律，感应电流的方向为顺时针方向.故C 正确，4、B、。错误.故选C.当穿过闭合回路磁通量发生变化时，回路中有感应电流，根据楞次定律或右手定则判断感应电流的方向.解决本题的关键掌握感应电流的产生条件，以及会通过楞次定律或右手定则判断感应电流的方向.第 12页，共 18页12.【答案】A【解析】解：由“来拒去留”可知，磁铁靠近线圈，

23、则磁铁与线圈相互排斥；由题目中图可知，当磁铁竖直向下运动时，穿过线圈的磁场强度向下增大，由楞次定律可知感应电流的磁场向上,则由右手螺旋定则可知电流方向从经过R到瓦故A 正确，BCD错误、故选：A。先判断通过线圈的磁场方向及磁通量的变化，由楞次定律可判断电路中电流的方向及磁极间的相互作用。在判断电磁感应中磁极间的相互作用时可以直接利用楞次定律的第二种表示：“来拒去留”直接判断，不必再由安培定则判断线圈中的磁场，再由磁极间的相互作用判断力的方向。13.【答案】C【解析】解：A、根据交流电电动势瞬时值的表达式e=220sMi0忒（匕）可知：3 =10TT,则7=/=答 s=0.2 s,则频率：/=；

24、=W z=5 H z,故 A 错误；B、由6=七 讥3 t和题给表达式可知，该交流电的峰值是Em=220V,有效值为：E=贵=箸 展 11企 匕 故 8 错误；C、当t=时，将其代入e=220sinl07rt可得：e=220s讥（IOT T X=-”=220K,此20s 20s时的电动势最大，线圈处于垂直中性面的位置，故 c 正确；Q、t=0时，根据e=220sinl07rt（y）可得e=0,此时线圈平面与磁感线方向垂直，穿过线圈的磁通量最大，故。错误。故选：C。根据交流电的表达式，可知其最大值，以及线圈转动的角速度等物理量，然后进一步求出其它物理量，如有效值、周期、频率等，根据电动势的瞬时值

25、大小确定线圈的位置，根据线圈的位置分析磁通量大小。对于交流电的产生和描述要正确理解，要会推导交流电的表达式，明确交流电表达式中各个物理量的含义。1 4.【答案】ABCD【解析】解：A、奥斯特通过实验发现了通电导线对磁体有作用力，首次揭示了电与磁的联系。故A正确；8、洛伦兹认为安培力是带电粒子所受磁场力的宏观表现，并提出了著名的洛伦兹力公式。故B正确；C、库仑在前人工作基础上通过实验研究确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用力遵循的规律一一库仑定律。故C正确；。、法拉第不仅提出了电场的概念，而且采用了画电场线这个简洁的方法描述电场。故。正确。故选：ABCD.本题是对物理学史的考查，奥斯特、洛伦

26、兹、库伦、法拉第等科学家的物理观点与相关事迹，需要多了解一些。本题考查物理学史里面的著名科学家的贡献和成就。属识记内容，是必不可少的部分。要求每第一位学生知道1 5.【答案】BC【解析】解：A B、当开关S闭合时，灯G立即发光。通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，产生自感电动势，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相反，阻碍电流的增大，所以电路的电流只能逐渐增大，人逐渐亮起来。所以打先亮，J后亮。由于线圈直流电阻忽略不计，当电流逐渐稳定时，线圈不产生感应电动势，两灯电流相等，亮度相同。最终两灯一样亮，故A错误，8正确；C D,稳定后当电键K断开后，线圈产生自感电动势，相当于电

27、源，与两灯构成闭合回路，根据楞次定律线圈产生的感应电动势与原来电流方向相同，那么通过灯泡G中的电流方向从c到4，由于回路中的电流只能慢慢减小，因此两灯都过一会儿熄灭，故C正确，。错误；故选：B C。当电键K闭合时，通过线圈L的电流增大，穿过线圈的磁通量增大，产生自感现象，根据楞次定律判断自感电动势的方向和作用，分析哪个灯先亮.断开瞬间也可以按照同样的思路分析.第 14页，共 18页对于自感现象，是特殊的电磁感应现象，应用楞次定律和法拉第电磁感应定律进行分析.1 6.【答案】A C D【解析】解：4线圈进入磁场过程中，穿过闭合电路的磁通量逐渐增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针方向不变，

28、故A正确；B、线圈进入磁场过程产生感应电流，由电流通过C D段，8 段在磁场中，C D段直线始终受安培力作用，故8错误;C、当线圈刚好进入一半时;切割的有效长度为L =a,此时切割的有效长度最长，感应电动势最大，Em=B a v,故C正确;D、感应电动势平均值式为：5 =塞=生|1 c=-nBav,4故。正确。故选：A CD.由楞次定律可判断电流方向；根据安培力公式判断C。段是否受安培力作用；由法拉第电磁感应定律可得出电动势的平均值。本题注意以下几点：（1）感应电动势公式E =与 只能来计算平均值；（2）利用感应电动势公式E =8。计算时，/应是等效长度，即垂直切割磁感线的长度。1 7.【答案

29、】B C甲0.4 0不守恒【解析】解：（1）4 8、“探究加速度与力、质量的关系”需要测量的是加速度，用%=aT2,用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”需要的是末速度，W =m v2,所以都不需要分析打下的第一个点，故A错误，B正确。8、根据项的分析知每条只带只能得到一组数据，故C正确，。错误。故选：BC（2）如图是两条纸带的一部分，A、B、C、G是纸带上标出的计数点，每两个相邻的计数点之间还有4个打出的点未画出。由于甲相等相邻的时间内的位移之差不是定值，为变速运动，所以甲所示的是用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”的实验纸带。“探究加速度与力、质量的关系”实验中，根据x =a T2知

30、小车的加速度大小为：a =卓=3。；60*iQ-2ms2 Q.4 0 z n/s2o（3）由于摩擦力做功，小车与橡皮筋组成的系统在橡皮筋恢复形变前机械能不守恒。故答案为：(1)B C；(2)甲，0.4 0；(3)不守恒。(1)“探究加速度与力、质量的关系”需要测量的是加速度，用x =a 7 2,用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”需要的是末速度，W =m v2,所以都不需要分析打下的第一个点，每条只带只能得到一组数据；(2)用橡皮筋“探究做功与物体速度变化的关系”物体受到变力作用，加速度时刻变化;“探究加速度与力、质量的关系”实验中物体做匀变速直线运动，加速度恒定，%=aT2.(3)由于摩

31、擦力做功的原因，小车与橡皮筋组成的系统在橡皮筋恢复形变前机械能不守恒。此题考查两个实验的对比，注意二者的差别是解决此题的关键，会利用x =a 7 2 判断是否做匀变速运动。1 8.【答案】1 7 0 0 1 2 C【解析】解：(1)指针读数为1 7,所选挡位为x 1 0 0,故欧姆表的读数：R=1 7 x1 0 0 P =1 7 0 0/2；(2)本实验应采用分压接法，同时电压表测量灯泡的电压，与灯泡并联，电流表采用外接法，连接实物图如图；根据描出的点可知对应的/一 U图象；由图象可知，点对应的电流/=0.2 3 4 电压。=1.4 V,故由欧姆定律可得，电阻R=7 =/26.W,故最接近的为

32、C。故答案为：(1)1 7 0 0；(2)如图丙所示；如图丁所示；C。(1)欧姆表的读数由表盘上读数乘以倍率；(2)电压表测量灯泡的电压，与灯泡并联，连实物图；根据描点法得出/-U图象；由图确定P点的电流和电压，由欧姆定律求解电阻大小。本题考查描述灯泡的伏安特性曲线以及多用电表的使用等，要明确欧姆表的读数规则，同时明确描述灯泡的伏安特性曲线一般采用电流表外接法和滑动变阻器分压接法。第 16页，共 18页1 9.【答案】解：(1)由图象可知前4 s 内磁感应强度8的变化率为：等=q&?7s=0.0 5 7 7 s根据法拉第电磁感应定律得4 s 内的平均感应电动势为：E=n S,其中S =2 0

33、0 c m 2 =At0.0 2 m2,解得：E=I V；(2)由闭合电路欧姆定律得前4 s 内通过电阻R的电流为：/=急=a 力=0.2 A根据楞次定律可得通过电阻R的电流方向向上；(3)由于电流是恒定的，线圈电阻r 消耗的功率为：Pr=I2r=0.22 x 1 W =0.0 4 W.答：(1)前 4 s 内的感应电动势的大小为1 匕(2)前 4 s 内通过电阻R的电流大小为0.2 4、方向向上；(3)线圈电阻r 消耗的功率为0.0 4 W。【解析】(1)根据法拉第电磁感应定律，结合图象可求得前4 s 内的感应电动势；(2)根据闭合电路的欧姆定律结合楞次定律进行解答；(3)根据电功率表达式，

34、即可求解。本题主要是考查电磁感应现象中的电路问题，掌握法拉第电磁感应定律、电功率的表达式以及闭合电路欧姆定律的应用，能够从B-t图象中获取有用的信息。2 0.【答案】解：根据图2 可得，在t =0 时B o=0.2 5 7回路电流/=华安培力用=BO1L根据平衡条件可得：F=FA,联立解得：F=0.0 6 2 5/V；(2)匀速出磁场，电流为0,磁通量不变，则有：叫=中t-1.0 s 时,B 0.5 T,磁通量/=当f 时刻，磁通量。=-Q)得 B=6-4 t(3)根据法拉第电磁感应定律，q=I-A t=-A t=等可得：0 t 0.5 s 电荷量：q i =酬=0.2 5 Cs R0.5 s

35、 t 1.0 s 电荷量q 2 =暗 产=0.2 5 C总电荷量：g =Q i +q2=0.5 Co答：(1)外力尸的大小为0.0 6 2 5 N；在 1.0 s t 1.3 s 内存在连续变化的磁场，磁感应强度8的大小与时间，的关系为B =16-4t；(3)在0 t 1.3 s 内流过导线横截面的电荷量为0.5 C。【解析】(1)根据图2 可得在t =0 时的磁感应强度大小，再根据平衡条件结合安培力的计算公式求解拉力；(2)匀速出磁场，电流为0,磁通量不变，则有：中 1 =中，由此得到磁感应强度与时间的关系；(3)根据法拉第电磁感应定律可得出q =等求出0 t 0.5 s 电荷量和0.5 s t 1.0 s 电荷量，再求出总电荷量。本题主要是考查电磁感应现象与图象问题、力学问题的综合，根据受力情况结合平衡条件求解力；如果涉及电荷量问题，常根据电荷量的经验公式或根据动量定理结合法拉第电磁感应定律、闭合电路的欧姆定律列方程进行解答。第18页，共18页